文档内容
专题验收评价
专题 05 金属及其重要化合物
内容概览
A·常考题不丢分
【考点一 金属及其重要化合物性质、用途】
【考点二 金属及其重要化合物与理论、实验的结合】
【微专题 无机化工流程题的解题策略】
B·综合素养拿高分/拓展培优拿高分
C·挑战真题争满分
【考点一 金属及其重要化合物性质、用途】
1．（2023·山东济宁·统考三模）下列有关物质性质的应用错误的是
A．苯甲酸钠可用作增味剂 B．碘酸钾可用作营养强化剂
C．NaH可用作野外生氢剂 D．NaOH和铝粉的混合物可用作管道疏通剂
【答案】A
【解析】A．苯甲酸钠具有较高的抗菌性能，抑制霉菌的生长繁殖，可作食品防腐剂，故A错误；B．营
养强化剂指的是根据营养需要向食品中添加一种或多种营养素或者某些天然食品，提高食品营养价值的过
程；碘酸钾能补充碘的摄入，属于营养强化剂；故B正确；C．NaH能与水反应生成NaOH和氢气，可用
作野外生氢剂，故C正确；D．铝能与NaOH溶液反应生成偏铝酸钠和氢气，可用作管道疏通剂，故D正
确；故选A。
2．（2023·浙江·校联考三模）物质的性质决定用途，下列说法不正确的是A．碳化硅硬度大，可用作砂纸和砂轮的磨料
B．胆矾与水结合生成蓝色晶体，可用于定性检测酒精中是否含少量水
C．铝合金密度小、强度高，可用于制造飞机和宇宙飞船
D．锂盐焰色为紫红色，可用作烟花的成分
【答案】B
【解析】A．碳化硅属于共价晶体，原子之间以共价键结合，由于共价键是一种强烈的相互作用，断裂需
消耗很高能量因此其硬度大，可用作砂纸和砂轮的磨料，A正确；B．无水CuSO 与水结合形成胆矾
4
CuSO ·5H O，物质的颜色由白色变为蓝色，因此可以使用无水硫酸铜定性检测酒精中是否含少量水，B错
4 2
误；C．铝合金密度小、强度高，抗腐蚀性能强，因此可用于制造飞机和宇宙飞船，C正确；D．锂盐中含
有锂元素，其焰色实验为紫红色，因此可用作烟花的成分，D正确；故合理选项是B。
3．（2023·山东济南·山东师范大学附中校考模拟预测）下列性质或用途错误的是
A．钠钾合金—原子反应堆的导热剂 B．氯乙烷—可做冷胨麻醉剂
C．冠醚—有机反应的催化剂 D．氧化亚铁—激光打印机的墨粉
【答案】D
【解析】A．钠钾合金在室温下为液态，可以对流导热，内部有大量的自由电子，又可以传导导热，因此
导热能力特别强，可用作原子反应堆的导热剂，A正确；B．氯乙烷沸点低，蒸发时需吸收大量的热，可
使受伤部位的温度迅速降低，从而达到局部冷冻麻醉的目的，B正确；C．冠醚的空穴结构对离子有选择
作用，在有机反应中可作催化剂，C正确；D．氧化亚铁不稳定，在空气中易被氧化，不宜用作激光打印
机的墨粉，D错误；故选D。
4．（2023·河北秦皇岛·统考三模）如图为铁元素的价类二维图，其中的箭头表示部分物质间的转化关系。
下列说法正确的是
A．a与水蒸气反应可转化为c
B．b是一种黑色粉末，不稳定，在空气中受热，迅速反应转化为c
C．e可以通过化合反应制得d
D．向g中加强碱溶液可制得胶体【答案】C
【分析】由图可知，a为铁、b为氧化亚铁、c为氧化铁、d为氢氧化铁、e为氢氧化亚铁、f为亚铁盐、g
为铁盐。
【解析】A．铁高温下与水蒸气反应生成四氧化三铁和氢气，故A错误；B．氧化亚铁具有还原性，在空
气中加热能被氧化生成四氧化三铁，故B错误；C．氢氧化亚铁还原性强，在溶液中易与氧气和水发生化
合反应生成氢氧化铁，故C正确；D．铁盐中加入强碱溶液生成氢氧化铁沉淀，不能生成氢氧化铁胶体，
故D错误；故选C。
5．（2023·上海松江·统考二模）下列各组物质的转化关系不能全部通过一步反应完成的是
A．Na→NaOH→Na CO→NaCl B．Fe→FeCl →Fe(OH) →Fe O
2 3 3 3 2 3
C．Al→Al O→Al(OH) →AlCl D．Mg→MgCl →Mg(OH) →MgSO
2 3 3 3 2 2 4
【答案】C
【解析】A．Na与水反应生成NaOH，NaOH与CO 反应生成NaCO，NaCO 与盐酸反应生成NaCl，以
2 2 3 2 3
上转化关系均能通过一步反应完成，A正确；B．Fe与Cl 反应生成FeCl ，FeCl 与NaOH反应生成
2 3 3
Fe(OH) ，Fe(OH) 加热分解生成Fe O，以上转化关系均能通过一步反应完成，B正确；C．Al与氧气反应
3 3 2 3
生成Al O，Al O 无法通过一步反应生成Al(OH) ，C错误；D．Mg与Cl 反应生成MgCl ，MgCl 与
2 3 2 3 3 2 2 2
NaOH反应生成Mg(OH) ，Mg(OH) 与HSO 反应生成MgSO ，以上转化关系均能通过一步反应完成，D
2 2 2 4 4
正确；故答案选C。
【考点二 金属及其重要化合物与理论、实验的结合】
1．（2023·吉林长春·统考一模）我国科学家研发出一种新型的锌碘单液流电池，其原理如图所示。设
为阿伏加德罗常数的值，下列说法错误的是
A．放电时，B电极反应式：B．放电时，电解质储罐中离子总浓度增大
C．M为阳离子交换膜，N为阴离子交换膜
D．充电时，A极增重32.5g时，C区增加的离子数为
【答案】C
【分析】由装置图可知，放电时，Zn是负极，负极反应式为Zn-2e-═Zn2+，石墨是正极，反应式为I+2e-
2
=2I-，外电路中电流由正极经过导线流向负极，充电时，阳极反应式为2I--2e-=I 、阴极反应式为Zn2++2e-
2
=Zn,据此分析解答。
【解析】A．放电时，B电极为正极，I 得到电子生成I-，电极反应式为I+2e-=2I-，故A正确；B．放电时，
2 2
左侧即负极，电极反应式为Zn-2e-═Zn2+，所以储罐中的离子总浓度增大，故B正确；C．离子交换膜是防
止正负极I、Zn接触发生自发电，负极区生成Zn2+、正电荷增加，正极区生成I-、负电荷增加，所以Cl-通
2
过M膜进入负极，K+通过N膜进入正极，所以M为阴离子交换膜，N为阳离子交换膜，故C错误；D．充
电时，A极反应式Zn2++2e-=Zn，A极增重32.5g转移1mol电子，所以C区增加1molK+、1molCl-，离子总
数为2N ，故D正确。答案选C。
A
2．（2023·四川南充·统考模拟预测）研究小组将混合均匀的铁粉和碳粉置于锥形瓶底部，塞上瓶塞(如图
1)。从胶头滴管中滴入一定浓度醋酸溶液，进行铁的电化学腐蚀实验，容器中的压强随时间的变化曲线如
图2。下列说法正确的是
A．0-t 时压强增大的原因可能是铁腐蚀放出热量
1
B．铁被氧化的电极反应式为：
C．碳粉上发生了氧化反应
D．铁腐蚀过程中化学能全部转化为电能
【答案】A
【解析】A. 根据 ，0-t 时压强增大的原因可能是铁腐蚀放出热量使压强增大，故A正确；B. 铁
1被氧化的电极反应式为： ，故B错误；C. 铁发生氧化反应，碳粉上发生还原反应，故C错
误；D. 铁腐蚀过程中化学能部分转化为电能，还有转化成热能的部分，故D错误；故答案选A。
3．（2023·江西·校联考模拟预测）利用下列装置和试剂进行实验，能达到实验目的的是
A．用装置①进行钠的燃烧反应 B．用装置②制备溴苯并验证有HBr产生
C．用装置③制备无水MgCl D．用装置④在铁片上镀铜
2
【答案】C
【解析】A．钠的燃烧反应在坩埚中进行，A错误；B．用装置②制备溴苯，但验证有HBr产生过程中挥发
的溴是干扰，B错误；C．氯化镁晶体在蒸干过程中镁离子易水解生成挥发性酸需在氯化氢氛围下进行，
故可以用装置③制备无水MgCl ，C正确；D．铁片上镀铜，铁应连接电源的负极作阴极受保护，D错误；
2
故选C。
4．（2023·江苏扬州·统考三模）用表面有油污的铁屑等原料可以制备 ，实验中的部分装置和
操作如下图所示，其中不能达到实验目的的是
A．用装置甲去除铁屑表面的油污
B．用装置乙溶解铁屑制备
C．用装置丙吸收铁屑溶解过程中产生的
D．用装置丁蒸干溶液，获得
【答案】D【解析】A．热的纯碱溶液碱性较强可使油脂水解生成溶水物质，从而去除油污，故A正确；B．常温下
铁屑与硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，可用此方法制取 ，故B正确；C．高锰酸钾具有强氧化性，
可用其吸收铁屑溶解过程产生的还原性气体 ，故C正确；D． 应通过蒸发浓缩、冷却结
晶的方法获得，故D错误；故选：D。
5．（2023·河南·校联考模拟预测）氯化铁是实验室中经常使用的物质，根据下列实验目的设计的实验方案
正确的是
选项 实验目的 实验方案
称量一定质量的氯化铁固体先溶于较浓的盐酸中，
A 实验室配制FeCl 溶液
3 再加入蒸馏水稀释至所需浓度
检验配制的FeCl 溶液中是 向酸性高锰酸钾溶液中滴入少量氯化铁溶液，观察
B 3
否含有Fe2+ 溶液颜色的变化
制备氢氧化铁胶体并鉴别氯 煮沸少许饱和氯化铁溶液一段时间后，采用丁达尔
C
化铁溶液与氢氧化铁胶体 现象鉴别所得物质和氯化铁溶液
向FeCl 溶液中先滴加一定量的NaF溶液，再滴加几
D 验证铁离子的氧化性 3
滴KSCN溶液，未出现红色
【答案】A
【解析】A．配制FeCl 溶液时加入HCl抑制水解，A正确；B．酸性高锰酸钾溶液也可以氧化Cl-，B错误；
3
C．制备氢氧化铁胶体，向沸腾的蒸馏水中逐滴加入1~2mL饱和氯化铁溶液,继续煮沸至液体呈红褐色，停
止加热，C错误；D．F－与Fe3+反生成更为稳的无色 ，滴入SCN-后，Fe3+无法与SCN-结合，与氧化
性无关，D错误；故答案为：A。
【微专题 无机化工流程题的解题策略】
1．（2023·云南大理·统考模拟预测）皓矾( )主要用作制取颜料和其他含锌材料，在防腐、电
镀、医学、畜牧业和农业上也有诸多应用。皓矾可由菱锌矿(主要成分为 ，还含有少量 以及
Ca、Mg、Fe、Cu等的化合物)制备，制备流程图如图所示：已知：常温下，金属离子开始沉淀和完全沉淀( )时的pH如下表所示：
金属离子
开始沉淀时pH 1.9 6.4 4.7 7.0 9.1
沉淀完全时pH 3.4 8.4 6.7 9.0 11.1
回答下列问题：
(1)滤渣①的主要成分为 ；“浸取”工序中，能加快浸取效率的措施有 (任写一种
作答)。
(2)“氧化”时该步骤离子方程式为 。
(3)若“调pH过滤”工序中，调节溶液pH=4.4，所得“滤渣②”的主要成分为 ，则此时“滤
液②”中 为 mol/L。
(4)“转化过滤”中加入锌粉的目的是 。
(5)“滤渣④”中含有的 和 可与热的浓硫酸反应制备氢氟酸，写出 与热的浓硫酸反应的化学
方程式： 。
(6)从滤液④获得皓矾晶体的具体操作为 、 、过滤、洗涤、干燥。
【答案】(1) (写 也得分) 粉碎、加热、用浓度较高的硫酸(合理即可)
(2)
(3)
(4)置换 变为Cu，从而除去
(5)
(6)蒸发浓缩 冷却结晶【分析】菱锌矿焙烧碳酸锌分解，加硫酸浸取，滤渣①中有 和 ，滤液加 目的是把二价铁
离子氧化为三价铁离子，加入 调节pH值除去 离子，再加入Zn粉置换出Cu，加入HF除去
和 ，最后得到七水硫酸锌。
【解析】（1）菱锌矿焙烧碳酸锌分解，加硫酸浸取，滤渣①中有 和 ，将菱锌矿粉碎、搅拌、
适当加热、适当增加硫酸浓度都可以加快浸取的速率，提高浸取效率；
（2）由分析知，氧化时离子方程式为 (合理即可)；
（3）pH调节至4.4，根据表格主要沉淀为 ；根据表格中 沉淀完全时的pH值为3.4，可以计算
出氢氧化铁的溶度积常数， ，pH=4.4时，
，带入计算公式： ；
（4）加入锌粉将 置换为Cu以除去；
（5） 与浓硫酸反应生成HF，利用强酸制取弱酸，也利用了浓硫酸的难挥发性，方程式为
（6）从滤液中获得带结晶水的晶体都是用蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥等一系列操作。
2．（2023·河北保定·定州一中校考模拟预测）软锰矿的主要成分是MnO ，还含有Fe、Ca、Mg等金属氧
2
化物，利用软锰矿浆液实现工业尾气(含SO )脱硫并生产MnSO 的流程如图所示。
2 4已知：K (MnF )=1.6×10-3；K (CaF )=7.0×10-11；K (MgF )=4.0×10-9。
sp 2 sp 2 sp 2
回答下列问题：
(1)软锰矿石研细制成浆液的目的是 ；反应塔中尾气中的SO 与MnO 反应的化学方程式为 。
2 2
(2)①反应塔下层溶液中阳离子除了Mn2+外还含有Fe3+、Ca2+、Mg2+等杂质离子，也可能含有Fe2+，它们的
存在直接影响产品的质量，检验溶液中是否含有Fe2+的操作是 。
②调整溶液的pH=5除去Fe3+，调整溶液的pH可以选用下列试剂中的 (填标号)。
A．Mn(OH) B．氨水 C．烧碱 D．MnCO
2 3
③定量计算说明用MnF 可以除去Ca2+、Mg2+的原因： 。(当平衡常数大于105时，可认为反应完全)。
2
(3)如图实验测定pH和温度对Ca2+、Mg2+沉淀率的影响结果，根据图像实际生产时选择的最佳条件是 。
(4)生产中要用过硫酸钠(Na SO)溶液检测反应塔下层除杂后溶液中的MnSO 的浓度，检测过程中溶液变成
2 2 8 4
紫色，写出检测过程反应的离子方程式 ；检测时取10mL反应塔下层除杂后的溶液，用0.100mol·L-1
过硫酸钠溶液滴定三次，平均消耗过硫酸钠溶液18.60mL，则反应塔下层除杂后的溶液中MnSO 的浓度为
4
。
【答案】(1)增加反应物接触面积，提高反应速率 MnO +SO=MnSO
2 2 4
(2)取少许液体于试管中，加入少量K[Fe(CN) ]观察有无蓝色沉淀生成(或取少许液体于试管中，加入少量
3 6
酸性高锰酸钾溶液观察是否褪色)AD MnF (s)+Ca2+(aq) CaF (s)+Mn2+(aq)，
2 2
K=c(Mn2+)/c(Ca2+)=K (MnF )/K (CaF )≈2.3×107>1×105，MnF⇌(s)+Mg2+(aq) MgF (s)+Mn2+(aq)，K=c(Mn2+)/
sp 2 sp 2 2 2
c(Mg2+)=K (MnF )/K (MgF )=4.0×105>1×105，因此用MnF 可以完全除去⇌Ca2+、Mg2+
sp 2 sp 2 2
(3)pH=5，温度为90℃(pH范围为4～6均可)
(4)2Mn2++5S O +8H O=2MnO +10SO +16H+ 0.0744mol·L-1
2 2
【解析】（1）固体与液体或气体反应，可以通过增大接触面积来增大化学反应速率；反应塔中反应物与
生成物已知，则化学方程式为MnO +SO=MnSO ；
2 2 4（2）①根据除铁需要调整pH=5，若溶液中有Fe2+，需要先氧化为Fe3+，再调整pH除去，所以需要先检验
Fe2+是否存在，由于溶液中含有Fe3+，所以可以选用K[Fe(CN) ]或酸性KMnO 溶液检验Fe2+，取少许液体
3 6 4
于试管中，加入少量K[Fe(CN) ]观察有无蓝色沉淀生成(或取少许液体于试管中，加入少量酸性高锰酸钾
3 6
溶液观察是否褪色)；
②调整溶液的pH应消耗氢离子同时避免引人杂质离子，故选AD；
③MnF (s)+Ca2+(aq) CaF (s)+Mn2+(aq)，K=c(Mn2+)/c(Ca2+)=K (MnF )/K (CaF )≈2.3×107>1×105，MnF (s)
2 2 sp 2 sp 2 2
+Mg2+(aq) MgF (s)+⇌Mn2+(aq)，K=c(Mn2+)/c(Mg2+)=K (MnF )/K (MgF )=4.0×105>1×105，因此用MnF 可以完
2 sp 2 sp 2 2
全除去Ca⇌2+、Mg2+；
（3）根据图象要使Ca2+、Mg2+的沉淀率尽可能大，最佳条件为pH=5，温度为90℃；
（4）溶液变成紫色，则Mn2+的氧化产物为 ，过硫酸钠的还原产物为NaSO ,根据得失电子守恒和原
2 4
子守恒可写出离子方程式：2Mn2++ +8H O= + +16H+；根据离子方程式有5n(Mn2+)=2n(
2
)， 。
3．（2023上·山东·高三校联考开学考试）稀土元素是国家战略资源，广泛应用于显示器、航天、激光、导
弹等尖端领域，目前我国稀土提炼技术处于世界领先地位。某化学课题组以废液晶显示屏为原料回收稀土
元素铈，实现资源再利用，设计实验流程如下：
已知：①显示屏玻璃中含较多的 、 、FeO、 及少量其他可溶于酸的物质；② 不溶于稀
硫酸，也不溶于NaOH溶液。回答下列问题：
(1)设计实验证明滤液1中有(2)已知 溶液可以和难溶于水的FeO(OH)反应生成 ，书写该反应的离子反应方程式 。
(3)工序1中加入 的作用是 ；工序4中加入稀硫酸和 的作用是 ；滤渣2的主要成
分是 。
(4)工序3是蒸发浓缩、 、过滤、洗涤、常温晾干。
(5)工序5中发生反应的离子方程式 。
(6)硫酸铁铵可用作净水剂，但在除酸性废水中悬浮物时效果较差，原因是 。
【答案】(1)取少许滤液1，滴加铁氰化钾溶液，有蓝色沉淀生成，则证明滤液1中有
(2)
(3)将 氧化为 溶解 ，将Ce元素还原为
(4)冷却结晶
(5)
(6)酸性会抑制 水解，使其难以生成有吸附作用的 胶体
【分析】显示屏玻璃中含较多的SiO、CeO、FeO、Fe O 及少量其他可溶于酸的物质，CeO 不溶于稀硫
2 2 2 3 2
酸，也不溶于NaOH溶液，玻璃粉碎后加入稀硫酸酸溶，其中SiO、CeO 不溶，FeO、Fe O 等溶于酸，过
2 2 2 3
滤得到滤渣1为SiO、CeO，滤液中主要含亚铁离子和铁离子，滤液中加入稀硫酸和过氧化氢，氧化亚铁
2 2
离子生成铁离子，加入硫酸铵通过工序2和工序3，得到硫酸铁铵晶体，滤渣1中加入稀硫酸和过氧化氢，
发生氧化还原反应，过氧化氢在酸溶液中做还原剂被氧化生成氧气，CeO 被还原生成Ce3+，过滤得到滤渣
2
2为SiO，滤液中通入氧气，加入氢氧化钠溶液反应得到Ce(OH) ，加热分解生成CeO，加入还原剂还原
2 4 2
生成Ce；
【解析】（1）铁氰化钾溶液能与Fe2+反应，生成蓝色沉淀，可由此设计实验：取少许滤液1，滴加铁氰化
钾溶液，有蓝色沉淀生成，则证明滤液1中有 ；
（2） 溶液可以和难溶于水的FeO(OH)反应生成 ，离子方程式为：
；（3）过氧化氢可将 氧化为 ；工序4中加入稀硫酸和 是为了溶解 ，将Ce元素还原为
；滤渣2的主要成分是 ；
（4）工序3是为了得到硫酸铁铵晶体，可通过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、常温晾干得到；
（5）工序5是在含有Ce3+的滤液中通入氧气，加入氢氧化钠溶液反应得到Ce(OH) ，对应的离子方程式为：
4
；
（6）硫酸铁铵可用作净水剂，若是在酸性废水中，酸性会抑制 水解，使其难以生成有吸附作用的
胶体，导致效果较差。
4．（2023上·山东·高三校联考开学考试）钴是重要的战略金属之一，钴粉主要以高温氢还原草酸钴制得。
一种利用水钴矿[主要成分为 ，还含有少量 等]制备钻的
工艺流程如下。
已知：① ；
②当溶液中离子浓度 时，认为该离子已除尽；
③部分阳离子以氢氧化物形式沉淀时溶液的 见下表。
金属离子
开始沉淀的 2.7 7.6 7.6 4.0 7.7 4.7
完全沉淀的 3.7 9.6 9.2 5.2 9.8 6.7
请根据以上信息，回答下列问题：
(1)为加快“酸浸”的速率和效率，可以采取的措施有 (答出1条即可)，滤渣1的主要成分为(填化学式)。
(2)在“酸浸”步骤中发生的最主要的氧化还原反应的化学方程式为 。
(3)“转化”步骤中加入 的目的是 (用离子方程式表示)，该步骤反应温度不宜高于 的
原因可能是 。
(4)在“调 ”步骤中加入 调节溶液的 ，其合理范围为 ；“萃取”步骤中萃取的
主要离子是 (填离子符号)。
(5)在“沉钴”步骤中为使溶液中的钻沉淀完全，混合溶液中 的最小浓度为
。
【答案】(1)将水钴矿石粉碎、搅拌、适当增大硫酸浓度等(答出1条，合理即得分)
(2)
(3) 不稳定，温度高于 时快速分解损失，反应速率减小
(4)
(5)
【分析】水钴矿加入葡萄糖、硫酸，在95℃条件下酸浸产生二氧化碳，对所得溶液进行过滤除去滤渣1为
，滤液加入双氧水转化，再加入碳酸钠调节pH，得到滤渣2为氢氧化铜、氢氧化铁等，加入
萃取剂萃取得到有机相和水相，水相加入草酸铵沉钴得到滤液和草酸钴，高温与氢气反应得到钴；
【解析】（1）为加快“酸浸”的速率和效率，可以采取的措施有：将水钴矿石粉碎、摚拌、适当增大硫
酸浓度等，题干流程图已指定酸浸温度为 ，所以可采取的措施不能为升高温度或加热； 在硫酸中
不溶解，硫酸与氧化钙反应生成微溶的 ，所以滤渣1的主要成分为 。
（2）在“酸浸”步骤中发生的最主要的氧化还原反应的化学方程式为；
（3）“转化”步骤中加入 的目的是将 氧化为 ，在调节 时除去，所以用离子方程式表示
为 ；该步骤反应温度不宜高于 的原因可能是： 不稳定，温度
高于 时快速分解损失，反应速率减小；
（4）在“调 ”步骤中加入 调节溶液的 是为了将阳离子 以氢氧化物形式沉
淀除去( 形成沉淀的 范围与 重合，所以此步骤无法除去 )，结合已知信息可知 的合理
范围为： ；在“萃取”步骤中萃取的主要离子是 ；
（5）在“沉钴”步骤中 沉淀完全时，其浓度 ，由 可计算出混
合溶液中 的浓度最小为 。
1．（2023·浙江宁波·镇海中学校考模拟预测）物质的性质决定用途，下列两者对应关系不正确的是
A． 具有强氧化性，可用作消毒剂
B． 固体具有氧化性，可作为黑火药的原料之一
C．SiC中存在共价键，硬度大，可做砂纸和砂轮等磨料
D． 溶液呈蓝色，胆矾可以与石灰乳混合制备波尔多液
【答案】D
【解析】A．NaFeO 中的Fe为+6价，则该物质具有强氧化性，因而可用于消毒杀菌，A正确；B．KNO
2 4 3
具有氧化性，因而可作为氧化剂用于黑火药中，B正确；C．SiC是由原子直接构成且只含共价键的共价晶
体，其硬度很大，因而可用作砂轮、砂纸的磨料，C正确；D．CuSO 溶液呈蓝色这一性质，与胆矾可以与
4
石灰乳混合制备波尔多液无对应关系，D错误；故选D。2．（2023·浙江·校联考三模）下列关于物质性质与用途的说法不正确的是
A．镁在空气中可燃烧，生成氧化镁和氮化镁
B．铝与浓硝酸不反应，可用铝槽运输浓硝酸
C．铁粉具有还原性，可作食品盒中的除氧剂
D．二氧化硅导光能力强，可用来制备光导纤维
【答案】B
【解析】A．镁的还原性强，在空气中可燃烧少言寡语，能与空气中的氧气、二氧化碳反应生成氧化镁，
也能与氮气反应生成氮化镁，故A正确；B．铝在具有强氧化性的浓硝酸中发生钝化，钝化形成的致密氧
化薄膜阻碍反应的继续进行，所以常用铝槽运输浓硝酸，故B错误；C．铁粉具有还原性，能与空气中的
氧气反应，所以铁粉可作食品盒中的除氧剂，故C正确；D．制备光导纤维的原料是具有强导光能力的二
氧化硅，故D正确；故选B。
3．（2023·上海金山·统考二模）明代《徐光启手迹》中记载了硝酸的制备方法，其主要物质转化流程如图
所示。下列说法正确的是
A．X为SO
2
B．现代工业用稀硫酸吸收SO
3
C．上述转化流程涉及分解、化合和置换反应
D．制取HNO 是利用了强酸制弱酸的反应原理
3
【答案】A
【解析】A．硫酸亚铁煅烧生成三氧化硫和氧化铁，根据化合价变化分析，有1mol氧化铁生成，铁元素失
去2mol电子，化合物中的硫原子有2mol，若都生成三氧化硫，则转移4mol电子，不遵循电子守恒，若生
成1mol三氧化硫，则转移2mol电子，遵循电子守恒，故另一产物中含有+4价硫，即X为二氧化硫，A正
确；B．工业上用浓硫酸吸收三氧化硫，防止形成酸雾，影响吸收效率，B错误；C．硫酸亚铁煅烧为分解
反应，三氧化硫和水反应为化合反应，硝酸钾和硫酸反应为复分解反应，该过程中没有置换反应，C错误；
D．硝酸和硫酸都为强酸，用硫酸制取硝酸是利用难挥发性酸制取挥发性酸，D错误；故选A。
4．（2023·江苏镇江·江苏省镇江第一中学校考一模）氯及其化合物应用广泛。氯的单质Cl 可由MnO 与浓
2 2
盐酸共热得到，Cl 能氧化Br-，可从海水中提取Br ；氯的氧化物ClO 可用于自来水消毒，ClO 是一种黄
2 2 2 2绿色气体，易溶于水，与碱反应会生成ClO 与ClO ，在稀硫酸和NaClO 的混合溶液中通入SO 气体可制
3 2
得ClO ；漂白液和漂白粉的有效成分是次氯酸盐，可作棉、麻的漂白剂。下列含氯物质的转化正确的是
2
A．漂白粉 HClO(aq) Cl(g)
2
B．MgCl (aq) 无水MgCl Mg
2 2
C．NaCl(aq) Cl(g) FeC1
2 3
D．NaCl(aq) NaHCO (aq) NaCO(s)
3 2 3
【答案】C
【解析】A．HCO 酸性强于HClO，CO 通入漂白粉中可制备HClO。但HClO见光分解为HCl和O，A
2 3 2 2
项错误；B．MgCl 加热易水解产生Mg(OH) ，获得无水MgCl 需要在HCl氛围中加热。MgCl 熔融电解得
2 2 2 2
到Mg，B项错误；C．NaCl溶液电解阳极Cl-放电得到Cl，铁在Cl 中燃烧生成FeCl ，C项正确；D．氯
2 2 3
化钠溶液不能和二氧化碳反应，且NaHCO 固体受热分解可得到NaCO，而不是溶液分解，D项错误；故
3 2 3
选C。
5．（2023·吉林长春·东北师大附中校考三模）实验小组研究金属电化学腐蚀，实验如下：
实验 装置 5min时现象 25min时现象
铁钉表面及周边未 铁钉周边出现少量红色和蓝色区
I
见明显变化。 域，有少量红棕色铁锈生成。
铁钉周边出现红色
铁钉周边红色加深，区域变大，未
区域，未见蓝色出
Ⅱ 见蓝色出现，锌片周边未见明显变
现，锌片周边未见
化。
明显变化。
下列说法不正确的是A．实验Ⅱ中 时出现红色区域，说明铁钉腐蚀速率比Ⅰ快
B．实验Ⅱ中正极的电极反应式：
C．实验I如果使用纯铁材质铁钉能减慢其腐蚀速率
D．若将Zn片换成Cu片，推测Cu片周边会出现红色，铁钉周边会出现蓝色
【答案】A
【分析】实验Ⅰ铁钉周边零星、随机出现极少量红色和蓝色区域，正极发生的是氧气得电子的还原反应，
即2HO+O+4e-=4OH-，使酚酞溶液变红，负极是金属铁失电子的氧化反应，即Fe-2e-=Fe2+，与K[Fe(CN) ]
2 2 3 6
出现蓝色区域，Fe2++2OH-=Fe(OH) ，合并得到：2Fe+2H O+O=2Fe(OH) ↓，
2 2 2 2
4Fe(OH) +2H O+O=4Fe(OH) ，有少量红棕色铁锈生成，实验Ⅱ5min铁钉周边出现红色区域，未见蓝色出
2 2 2 3
现锌片周边未见明显变化，25min铁钉周边红色加深，区域变大，未见蓝色出现锌片周边未见明显变化，
说明Zn保护了Fe，使铁的腐蚀速率比实验I慢，据此分析答题。
【解析】A．实验Ⅱ5min铁钉周边出现红色区域，未见蓝色出现锌片周边未见明显变化，25min铁钉周边
红色加深，区域变大，未见蓝色出现锌片周边未见明显变化，说明Zn保护了Fe，使铁的腐蚀速率比实验I
慢，A错误；B．实验Ⅱ中金属铜是正极，氧气发生得电子的还原反应：O+2H O+4e-═4OH-，B正确；
2 2
C．实验I如果使用纯铁材质铁钉只能进行化学腐蚀，而不纯的铁质材料则能够形成电化学腐蚀，电化学腐
蚀速率比化学腐蚀快，故能减慢其腐蚀速率，C正确；D．将Zn片换成Cu片，铁做负极加快腐蚀，推测
Cu片周边会出现红色，铁钉周边会出现蓝色，D正确；故答案为：A。
6．（2023·江西鹰潭·统考二模）下列有关实验操作、现象与结论都正确的是
选项 实验操作和现象 结论
用坩埚钳夹住一小块用砂纸仔细打磨过的铝箔在酒精灯
A 金属铝的熔点较低
加热，熔化后的液态铝滴落下来
向10mL0.1mol•L-1NaS溶液中滴入2mL0.1mol•L-1ZnSO
2 4
B 溶液，再加入2mL0.1mol•L-1CuSO 溶液，先生成白色沉 K (CuS)＜K (ZnS)
4 sp sp
淀，后生成黑色沉淀
充分加热铁粉和硫粉的混合物，冷却后取少量固体于试
无法充分说明铁被硫氧化至二
C 管中，加入足量稀硫酸，再滴入K[Fe(CN) ]溶液，产生
3 6 价铁Fe(Ⅱ)
蓝色沉淀
某钾盐晶体中滴入浓盐酸，产生的气体通入品红溶液
D 产生的气体一定是SO
中，品红溶液褪色 2
【答案】C
【解析】A．生成氧化铝的熔点高，包裹在Al的外面，则熔化后的液态铝不会滴落下来，A不合题意；B．NaS溶液过量，均为沉淀的生成，不一定存在沉淀的转化，则不能比较Ksp(CuS)、Ksp(ZnS)的大小，
2
B不合题意；C．滴入K[Fe(CN) ]溶液，产生蓝色沉淀，可知反应后溶液含亚铁离子，且可能Fe过量，与
3 6
硫酸反应后溶液中含亚铁离子，不能证明铁被硫氧化至Fe(Ⅱ)，C符合题意；D．如果盐为KClO、高锰酸
钾等，加入盐酸后将生成氯气，氯气可也使品红溶液褪色，D不合题意；故答案为：C。
7．（2023·浙江温州·乐清市知临中学校考二模）下列有关铁及其化合物的实验方案，对应的现象和结论都
正确的是
选项 实验方案 现象 结论
将红热的铁与水蒸气在高温条件下
反应结束后有黑色固体生成， 铁与水蒸气在高温下反
A 反应，反应结束后，将磁铁靠近产
且该固体被磁铁吸引 应，生成
物
为了验证 的还原性，取 溶
B 液于试管中，加入酸性高锰酸钾溶 酸性高锰酸钾溶液紫色褪去 具有还原性
液
取 溶液与试管中，逐滴加 加入稀盐酸前，溶液由黄色变 和 既发生氧化
C 入 溶液至过量。再加入过量 为红棕色。加入稀盐酸和 还原反应，也发生双水
溶液后产生白色沉淀 解
稀盐酸和 溶液
向少量蒸馏水的试管里滴加2滴
与 的配位能力
D 溶液，然后再滴加2滴 溶液变血红色
小于
硫氰化钾溶液
【答案】C
【解析】A．将红热的铁与水蒸气在高温条件下反应，反应结束后，将磁铁靠近产物，该固体被磁铁吸引，
该固体可以是Fe也可以是 ，并不能确定一定生成 ，A错误；B．Cl-也具有还原性，可以使酸
性高锰酸钾溶液褪色，并不能确定是 使高锰酸钾褪色，B错误；C．取 溶液与试管中，逐滴
加入 溶液至过量。再加入过量稀盐酸和 溶液，加入稀盐酸前，溶液由黄色变为红棕色，说明
发生水解反应产生了 。加入稀盐酸和 溶液后产生不溶于盐酸的白色沉淀 ，说明Fe3+将
氧化为 ，C正确；D．向少量蒸馏水的试管里滴加2滴 溶液，然后再滴加2滴硫氰
化钾溶液，无明显现象，现象错误，D错误。 故选C。8．（2023·陕西渭南·统考模拟预测）T℃下，三种硫酸盐 (M表示 或 或 )的沉淀溶解平
衡曲线如图所示。已知 ， 。下列说法正确的是
A． 在任何条件下都不可能转化为
B．X点和Z点分别是 和 的饱和溶液，对应的溶液中
C．T℃下，反应 的平衡常数为
D．T℃时，用 溶液滴定 浓度均为 和 的混合溶液，
先沉淀
【答案】D
【分析】已知 ， ，结合C、B、A点数据，则K (BaSO)=
sp 4
c(Ba2+)c(SO )=10-10，K (PbSO )= c(Pb2+)·c(SO )=10-7.6，K (SrSO )= c(Sr2+)·c(SO )=10-6.4。
sp 4 sp 4
【解析】A．因SrSO 、PbSO 、BaSO 为同类型沉淀，再结合题图可知，
4 4 4
K (BaSO) ,完全沉淀Fe3+，c(OH-)> ，
需调节 的范围是 。“净化”时，加入 的作用为生成CuS沉淀除去Cu2+。
（3）“酸化、还原”中， 、硫酸铁被二氧化硫还原为硫酸锰、硫酸亚铁，发生的氧化还原反应的离
子方程式为 、 。
（4）根据溶解度曲线，硫酸铵的溶解度随温度升高而增大；温度大于30℃，硫酸锰的溶解度随温度升高
而减小。操作“I”应为蒸发浓缩、趁热过滤、洗涤、干燥得硫酸锰晶体。
（5）工业上可用电解酸性 溶液的方法制备 ，硫酸锰发生氧化反应生成二氧化锰，电解时阳
极发生氧化反应，所以阳极反应式为 。
（6） 样品的物质的量为0.15mol，其中结晶水的质量为2.7g，可知样品为22.65g时，
化学式为MnSO ；剩余固体为13.05g时，固体为锰的氧化物，Mn元素的物质的量为0.15mol，则氧元素的
4
物质的量为 ，所以固体的化学式为MnO ；剩余固体为11.45g时，固体
2
为锰的氧化物，Mn元素的物质的量为0.15mol，则氧元素的物质的量为 ，
所以固体的化学式为MnO；则剩余固体质量由 降至 时，发生反应的化学方程式为
3 4。
1．（2023·广东·统考高考真题）部分含 或含 物质的分类与相应化合价关系如图所示。下列推断不合
理的是
A．可存在c→d→e的转化 B．能与 反应生成c的物质只有b
C．新制的d可用于检验葡萄糖中的醛基 D．若b能与 反应生成 ，则b中含共价键
【答案】B
【分析】由图可知a、b、c对应物质分别为：钠、氧化钠（过氧化钠）、氢氧化钠或a、b、e 、d对应物
质分别为：铜、氧化亚铜、氧化铜、氢氧化铜。
【解析】A．由分析可知氢氧化钠和硫酸铜反应生成氢氧化铜，氢氧化铜受热分解生成氧化铜所以存在
c→d→e的转化，A合理；B．钠和氧化钠（过氧化钠）都能与 反应都能生成氢氧化钠，B不合理；
C．新制氢氧化铜可用于检验葡萄糖中的醛基，C合理；D．若b能与 反应生成 ，则b为过氧化钠，
结构中含共价键和离子键，D合理；
故选B。
2．（2023·浙江·高考真题）物质的性质决定用途，下列两者对应关系不正确的是
A． 能使某些色素褪色，可用作漂白剂 B．金属钠导热性好，可用作传热介质
C． 溶液呈碱性，可用作消毒剂 D． 呈红色，可用作颜料
【答案】C【解析】A．SO 具有漂白性，能使某些色素褪色，选项A正确；B．钠导热性好，液态钠可用作核反应堆
2
的传热介质，选项B正确；C．NaClO溶液可用于杀菌消毒，并不是由于其具有碱性，而是因为其具有强
氧化性，选项C不正确；D．Fe O 的颜色是红色,可用作红色颜料，选项D正确；答案选C。
2 3
3．（2022·浙江·统考高考真题）下列说法不正确的是
A．镁合金密度较小、强度较大，可用于制造飞机部件
B．还原铁粉可用作食品干燥剂
C．氯气、臭氧、二氧化氯都可用于饮用水的消毒
D．油脂是热值最高的营养物质
【答案】B
【解析】A．金属镁的密度较小，镁合金的强度高、机械性能好，是制造汽车、飞机、火箭的重要材料，
故A正确；B．还原铁粉能吸收氧气，可用作食品脱氧剂，故B错误；C．氯气、臭氧、二氧化氯都具有
强氧化性，能杀菌消毒，都可用于饮用水的消毒，故C正确；D．油脂在代谢中可以提供的能量比糖类和
蛋白质约高一倍，油脂是热值最高的营养物质，故D正确 ；选B。
4．（2021·河北·统考高考真题）“灌钢法”是我国古代劳动人民对钢铁冶炼技术的重大贡献，陶弘景在其
《本草经集注》中提到“钢铁是杂炼生鍒作刀镰者”。“灌钢法”主要是将生铁和熟铁(含碳量约0.1%)混
合加热，生铁熔化灌入熟铁，再锻打成钢。下列说法错误的是
A．钢是以铁为主的含碳合金
B．钢的含碳量越高，硬度和脆性越大
C．生铁由于含碳量高，熔点比熟铁高
D．冶炼铁的原料之一赤铁矿的主要成分为Fe O
2 3
【答案】C
【解析】A．钢是含碳量低的铁合金，故A正确；B．钢的硬度和脆性与含碳量有关，随着含碳量的增大
而增大，故正确；C．由题意可知，生铁熔化灌入熟铁，再锻打成钢，说明生铁的熔点低于熟铁，故C错
误；D．赤铁矿的主要成分是Fe O，可用于冶炼铁，故D正确；故选C。
2 3
5．（2021·浙江·高考真题）下列说法不正确的是
A．硅酸钠是一种难溶于水的硅酸盐 B．镁在空气中燃烧可生成氧化镁和氮化镁
C．钠与水反应生成氢氧化钠和氢气 D．常温下，铝遇浓硝酸或浓硫酸时会发生钝化
【答案】A
【解析】A．硅酸钠是溶于水的硅酸盐，故A错误；B．镁在空气中燃烧时，与氧气和二氧化碳反应生成
氧化镁，与氮气反应生成氮化镁，故B正确；C．钠具有强还原性，能与冷水反应生成氢氧化钠和氢气，故C正确；D．浓硫酸和浓硝酸具有强氧化性，铝在浓硫酸和浓硫酸中会发生钝化，阻碍反应的继续进行，
故D正确；故选A。
6．（2023·重庆·统考高考真题）下列实验操作和现象，得出的相应结论正确的是
选项 实验操作 现象 结论
向盛有 和 的试 盛 的试管中产生 氧化性：
A
管中分别滴加浓盐酸 黄绿色气体
B 向 溶液中通入 气体 出现黑色沉淀(CuS) 酸性：
乙醇和浓硫酸共热至 ，将产
C 溴水褪色 乙烯发生了加成反应
生的气体通入溴水中
向 溶液中滴加 溶
D 出现黄色沉淀 发生了水解反应
液
【答案】A
【解析】A．氧化剂氧化性大于氧化产物，盛 的试管中产生黄绿色气体，说明 将氯离
子氧化为氯气，而氢氧化铁不行，故氧化性： ，A正确；B．出现黑色沉淀(CuS)，是
因为硫化铜的溶解度较小，不能说明酸性 ，B错误；C．浓硫酸被乙醇还原生成SO ，SO 能
2 2
与溴单质反应使得溴水褪色，不能说明乙烯发生了加成反应，C错误；D．出现黄色沉淀 ，说明
电离出了磷酸根离子，D错误；故选A。
7．（2022·湖南·高考真题）为探究 的性质，进行了如下实验( 和 溶液浓度均为
)。
实验 操作与现象
① 在 水中滴加2滴 溶液，呈棕黄色；煮沸，溶液变红褐色。
② 在 溶液中滴加2滴 溶液，变红褐色；再滴加 溶液，产生蓝色沉淀。
在 溶液中滴加2滴 溶液，变红褐色；将上述混合液分成两
③ 份，一份滴加 溶液，无蓝色沉淀生成；
另一份煮沸，产生红褐色沉淀。
依据上述实验现象，结论不合理的是
A．实验①说明加热促进 水解反应
B．实验②说明 既发生了水解反应，又发生了还原反应
C．实验③说明 发生了水解反应，但没有发生还原反应
D．整个实验说明 对 的水解反应无影响，但对还原反应有影响
【答案】D
【分析】铁离子水解显酸性，亚硫酸根离子水解显碱性，两者之间存在相互促进的水解反应，同时铁离子
具有氧化性，亚硫酸根离子具有还原性，两者还会发生氧化还原反应，在同一反应体系中，铁离子的水解
反应与还原反应共存并相互竞争，结合实验分析如下：实验①为对照实验，说明铁离子在水溶液中显棕黄
色，存在水解反应Fe3++3H O Fe(OH) +3H+，煮沸，促进水解平衡正向移动，得到红褐色的氢氧化铁胶
2 3
体；实验②说明少量亚硫酸根离子加入铁离子后，两者发生水解反应得到红褐色的氢氧化铁胶体；根据铁
氰化钾检测结果可知，同时发生氧化还原反应，使铁离子被还原为亚铁离子，而出现特征蓝色沉淀；实验
③通过反滴操作，根据现象描述可知，溶液仍存在铁离子的水解反应，但由于铁离子少量，没检测出亚铁
离子的存在，说明铁离子的水解反应速率快，铁离子的还原反应未来得及发生。
【解析】A．铁离子的水解反应为吸热反应，加热煮沸可促进水解平衡正向移动，使水解程度加深，生成
较多的氢氧化铁，从而使溶液显红褐色，故A正确；B．在5mLFeCl 溶液中滴加2滴同浓度的NaSO 溶
3 2 3
液，根据现象和分析可知，Fe3+既发生了水解反应，生成红褐色的氢氧化铁，又被亚硫酸根离子还原，得
到亚铁离子，加入铁氰化钾溶液后，出现特征蓝色沉淀，故B正确；C．实验③中在5mL Na SO 溶液中滴
2 3
加2滴同浓度少量FeCl 溶液，根据现象和分析可知，仍发生铁离子的水解反应，但未来得及发生铁离子
3
的还原反应，即水解反应比氧化还原反应速率快，故C正确；D．结合三组实验，说明铁离子与亚硫酸根
离子混合时，铁离子的水解反应占主导作用，比氧化还原反应的速率快，因证据不足，不能说明亚硫酸离
子对铁离子的水解作用无影响，事实上，亚硫酸根离子水解显碱性，可促进铁离子的水解反应，故D错误。综上所述，答案为D。
8．（2023·山东·统考高考真题）盐湖卤水(主要含 、 和硼酸根等)是锂盐的重要
来源。一种以高镁卤水为原料经两段除镁制备 的工艺流程如下：
已知：常温下， 。相关化合物的溶解度与温度的关系如图所示。
回答下列问题：
(1)含硼固体中的 在水中存在平衡： (常温下， )；
与 溶液反应可制备硼砂 。常温下，在 硼砂溶液中，
水解生成等物质的量浓度的 和 ，该水解反应的离子方程式为 ，该溶
液 。
(2)滤渣Ⅰ的主要成分是 (填化学式)；精制Ⅰ后溶液中 的浓度为 ，则常温下精制Ⅱ过程中
浓度应控制在 以下。若脱硼后直接进行精制Ⅰ，除无法回收 外，还将增加 的
用量(填化学式)。
(3)精制Ⅱ的目的是 ；进行操作 时应选择的试剂是 ，若不进行该操作而直接浓缩，将导致
。【答案】(1)
(2) 、Mg(OH) CaO
2
(3)加入纯碱将精制Ⅰ所得滤液中的 转化为 （或除去精制Ⅰ所得滤液中的 ），提高
纯度 盐酸 浓缩液中因 浓度过大使得 过早沉淀，即浓缩结晶得到的 中会混有
，最终所得 的产率减小
【分析】由流程可知，卤水中加入盐酸脱硼后过滤，所得滤液经浓缩结晶后得到晶体，该晶体中含有
Na+、Li+、Cl-、 等，焙烧后生成HCl气体；烧渣水浸后过滤，滤液中加生石灰后产生沉淀，滤渣Ⅰ的
主要成分为Mg(OH) 、 ；精制Ⅰ所得滤液中再加纯碱又生成沉淀，则滤渣Ⅱ为 、Mg(OH) ；
2 2
精制Ⅱ所得滤液经操作X后，所得溶液经浓缩结晶、过滤得到氯化钠，浓缩后的滤液中加入饱和碳酸钠溶
液沉锂，得到 。
【解析】（1）含硼固体中的 在水中存在平衡： (常温下，
)； 与 溶液反应可制备硼砂 。常温下.在 硼砂溶液
中， 水解生成等物质的量浓度的 和 ，该水解反应的离子方程式为
，由B元素守恒可知， 和 的浓度均为
， ，则该溶液 。
（2）由分析可知，滤渣I的主要成分是 、Mg(OH) ；精制I后溶液中 的浓度为2.0 ，由
2可知，则常温下精制Ⅱ过程中 浓度应控制在
以下。若脱硼后直接进行精制Ⅰ，若不回收HCl，整个溶液将呈强酸性，因此为达到除Mg2+离子所
需的碱性pH首先需要额外多消耗CaO，同时多引入的Ca2+离子需要更多的纯碱除去，因此，还将增加生
石灰（CaO）和纯碱（ ）的用量。
（3）精制Ⅰ中，烧渣水浸后的滤液中加生石灰后产生的滤渣Ⅰ的主要成分为 ；由于 微溶于
水，精制Ⅰ所得滤液中还含有一定浓度的 ，还需要除去 ，因此，精制Ⅱ的目的是：加入纯碱将精
制Ⅰ所得滤液中的 转化为 （或除去精制Ⅰ所得滤液中的 ），提高 纯度。操作X是
为了除去剩余的碳酸根离子，为了防止引入杂质离子，应选择的试剂是盐酸；加入盐酸的目的是除去剩余
的碳酸根离子，若不进行该操作而直接浓缩，将导致浓缩液中因 浓度过大使得 过早沉淀，即浓缩
结晶得到的 中会混有 ，最终所得 的产率减小。
9．（2023·浙江·高考真题）某研究小组制备纳米 ，再与金属有机框架 )材料复合制备荧光材料
，流程如下：
已知：①含
锌组分间的转化关系：
② 是 的一种晶型， 以下稳定。
请回答：
(1)步骤Ⅰ，初始滴入 溶液时，体系中主要含锌组分的化学式是 。
(2)下列有关说法不正确的是___________。
A．步骤Ⅰ，搅拌的作用是避免反应物浓度局部过高，使反应充分B．步骤Ⅰ，若将过量 溶液滴入 溶液制备 ，可提高 的利用率
C．步骤Ⅱ，为了更好地除去杂质，可用 的热水洗涤
D．步骤Ⅲ，控温煅烧的目的是为了控制 的颗粒大小
(3)步骤Ⅲ，盛放样品的容器名称是 。
(4)用 和过量 反应，得到的沉淀可直接控温煅烧得纳米 ，沉淀无需洗涤的原
因是 。
(5)为测定纳米 产品的纯度，可用已知浓度的 标准溶液滴定 。从下列选项中选择合理的仪
器和操作，补全如下步骤[“___________”上填写一件最关键仪器，“(___________)”内填写一种操作，均用
字母表示]。
用___________(称量 样品 )→用烧杯(___________)→用___________(___________)→用移液管
(___________)→用滴定管(盛装 标准溶液，滴定 )
仪器：a、烧杯；b、托盘天平；c、容量瓶；d、分析天平；e、试剂瓶
操作：f、配制一定体积的Zn2+溶液；g、酸溶样品；h、量取一定体积的 溶液；i、装瓶贴标签
(6)制备的 荧光材料可测 浓度。已知 的荧光强度比值与 在一定浓度范围
内的关系如图。
某研究小组取 人血浆铜蓝蛋白(相对分子质量 )，经预处理，将其中 元素全部转化为
并定容至 。取样测得荧光强度比值为10.2，则1个血浆铜蓝蛋白分子中含 个铜原子。【答案】(1)
(2)BC
(3)坩埚
(4)杂质中含有 ，在控温煅烧过程中分解或被氧化为气体而除去。
(5)
(6)8
【分析】本题为一道无机物制备类的工业流程题，首先向氢氧化钠溶液中滴加硫酸锌溶液并搅拌，此时生
成 ，分离出 后再控温煅烧生成纳米氧化锌，进一步处理后得到最终产品，以此解
题。
【解析】（1）初始滴入 溶液时，氢氧化钠过量，根据信息①可知，体系中主要含锌组分的化学式
是 ；
（2）A．步骤Ⅰ，搅拌可以使反应物充分接触，加快反应速率，避免反应物浓度局部过高，A正确；B．
根据信息①可知，氢氧化钠过量时，锌的主要存在形式是 ，不能生成 ，B错误；
C．由信息②可知， 以下稳定，故在用 的热水洗涤时会导致， 分解为其他
物质，C错误；D．由流程可知，控温煅烧时 会转化为纳米氧化锌，故控温煅烧的目的是为了
控制 的颗粒大小，D正确；故选BC；
（3）给固体药品加热时，应该用坩埚，故步骤Ⅲ，盛放样品的容器名称是坩埚；
（4）两者反应时，除了生成固体ZnO外，还会生成二氧化碳，氨气和水蒸气，即杂志都是气体，故沉淀
不需要洗涤的原因是：杂质中含有 ，在控温煅烧过程中分解或被氧化为气体而除去；
（5）为了使测定结果尽可能准确，故可以用分析天平称量ZnO的质量，选择d，随后可以用酸来溶解氧化
锌，故选g，溶解后可以用容量瓶配制一定浓度的溶液，故选c(f)，再用移液管量取一定体积的配好的溶液进行实验，故选h，故答案为： ；
（6）人血浆铜蓝蛋白的物质的量n(人血浆铜蓝蛋白)= ，由于实验测得荧光强
度比值为10.2，则铜离子浓度n(Cu2+)= ，则则1个血浆铜蓝蛋白分子中含
8个铜原子。
10．（2021·全国·高考真题）碘(紫黑色固体，微溶于水)及其化合物广泛用于医药、染料等方面。回答下列
问题：
(1) 的一种制备方法如下图所示：
①加入 粉进行转化反应的离子方程式为 ，生成的沉淀与硝酸反应，生成 后可循环使用。
②通入 的过程中，若氧化产物只有一种，反应的化学方程式为 ；若反应物用量比
时，氧化产物为 ；当 ，单质碘的收率会降低，原因是
。
(2)以 为原料制备 的方法是：先向 溶液中加入过量的 ，生成碘化物；再向混合溶液
中加入 溶液，反应得到 ，上述制备 的总反应的离子方程式为 。
(3) 溶液和 溶液混合可生成 沉淀和 ，若生成 ，消耗的 至少为 。 在
溶液中可发生反应 。实验室中使用过量的 与 溶液反应后，过滤，滤液经水蒸气蒸馏
可制得高纯碘。反应中加入过量 的原因是 。
【答案】(1) ①2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I- AgNO ②FeI+Cl= I+FeCl I 、FeCl I 被过量
3 2 2 2 2 2 3 2的 进一步氧化
(2)
(3) 4 防止单质碘析出
【解析】(1) ①由流程图可知悬浊液中含AgI ，AgI可与Fe反应生成FeI 和Ag，FeI 易溶于水，在离子方
2 2
程式中能拆，故加入 粉进行转化反应的离子方程式为2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I-，生成的银能与硝酸反应生
成硝酸银参与循环中，故答案为：2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I-；AgNO；
3
②通入 的过程中，因I-还原性强于Fe2+， 先氧化还原性强的I-，若氧化产物只有一种，则该氧化产物
只能是I，故反应的化学方程式为FeI+Cl= I+FeCl ，若反应物用量比 时即 过量，
2 2 2 2 2
先氧化完全部I-再氧化Fe2+，恰好将全部I-和Fe2+氧化，故氧化产物为I、FeCl ，当 即
2 3
过量特别多，多余的氯气会与生成的单质碘以及水继续发生氧化还原反应，单质碘的收率会降低，故
答案为：FeI+Cl= I+FeCl ；I、FeCl ；I 被过量的 进一步氧化；
2 2 2 2 2 3 2
(2)先向 溶液中加入计量的 ，生成碘化物即含I-的物质；再向混合溶液中（含I-）加入
溶液，反应得到 ，上述制备 的两个反应中I-为中间产物，总反应为 与 发生氧化还原反应，生
成 和 ，根据得失电子守恒、电荷守恒]及元素守恒配平离子方程式即可得：
，故答案为： ；
(3) 溶液和 溶液混合可生成 沉淀和 ，化学方程式为4KI+2CuSO =2CuI +I +2K SO ，若生
4 2 2 4
成 ，则消耗的 至少为4mol；反应中加入过量 ，I-浓度增大，可逆反应 平衡右移，增大 溶解度，防止 升华，有利于蒸馏时防止单质碘析出，故答案为：4；防止单质碘析出。
11．（2022·全国·统考高考真题）废旧铅蓄电池的铅膏中主要含有 、 、 和Pb。还有少量
Ba、Fe、Al的盐或氧化物等。为了保护环境、充分利用铅资源，通过下图流程实现铅的回收。
一些难溶电解质的溶度积常数如下表：
难溶电解质
一定条件下，一些金属氢氧化物沉淀时的 如下表：
金属氢氧化物
开始沉淀的pH 2.3 6.8 3.5 7.2
完全沉淀的pH 3.2 8.3 4.6 9.1
回答下列问题：
(1)在“脱硫”中 转化反应的离子方程式为 ，用沉淀溶解平衡原理解释选择 的原因
。
(2)在“脱硫”中，加入 不能使铅膏中 完全转化，原因是 。
(3)在“酸浸”中，除加入醋酸( )，还要加入 。
(ⅰ)能被 氧化的离子是 ；
(ⅱ) 促进了金属Pb在醋酸中转化为 ，其化学方程式为 ；
(ⅲ) 也能使 转化为 ， 的作用是 。
(4)“酸浸”后溶液的pH约为4.9，滤渣的主要成分是 。(5)“沉铅”的滤液中，金属离子有 。
【答案】(1)PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq)反应PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq)的平衡常数
4 3 4 3
K= =3.4 105>105，PbSO 可以比较彻底的转化为PbCO
4 3
(2)反应BaSO(s)+CO (aq)= BaCO (s)+SO (aq)的平衡常数K= =0.04<<105，反应正向进行的程度有
4 3
限
(3)Fe2+ Pb+H O+2HAc=Pb(Ac) +2H O 作还原剂
2 2 2 2
(4)Fe(OH) 、Al(OH)
3 3
(5)Ba2+、Na+
【分析】铅膏中主要含有PbSO 、PbO 、PbO和Pb，还有少量Ba、Fe、Al的盐或氧化物等，向铅膏中加
4 2
入碳酸钠溶液进行脱硫，硫酸铅转化为碳酸铅，过滤，向所得固体中加入醋酸、过氧化氢进行酸浸，过氧
化氢可将溶液中的亚铁离子氧化为铁离子，酸浸后溶液的pH约为4.9，依据金属氢氧化物沉淀时的pH可
知，滤渣主要成分为氢氧化铝、氢氧化铁，过滤后，向滤液中加入氢氧化钠溶液进行沉铅，得到氢氧化铅
沉淀，滤液中的金属阳离子主要为钠离子和钡离子，氢氧化铅再进行处理得到PbO。
【解析】（1）“脱硫”中，碳酸钠溶液与硫酸铅反应生成碳酸铅和硫酸钠，反应的离子方程式为：
PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq)，由一些难溶电解质的溶度积常数的数据可知，K (PbCO )=7.4 10-
4 3 sp 3
14，K (PbSO )=2.5 10-8，反应PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq)的平衡常数K= =
sp 4 4 3
= = ≈3.4 105>105，说明可以转化的比较彻底，且转化后生成的碳酸
铅可由酸浸进入溶液中，减少铅的损失。
（2）反应BaSO(s)+CO (aq)= BaCO (s)+SO (aq)的平衡常数K= = = =
4 3≈0.04<<105，说明该反应正向进行的程度有限，因此加入碳酸钠不能使铅膏中的BaSO 完全转化。
4
（3）（i）过氧化氢有氧化性，亚铁离子有还原性，会被过氧化氢氧化为铁离子。
（ii）过氧化氢促进金属Pb在醋酸溶液中转化为Pb(Ac) ，过氧化氢与Pb、HAc发生氧还原反应生成
2
Pb(Ac) 和HO，依据得失电子守恒和原子守恒可知，反应的化学方程式为：
2 2
Pb+HO+2HAc=Pb(Ac) +2H O。
2 2 2 2
（iii）过氧化氢也能使PbO 转化为Pb(Ac) ，铅元素化合价由+4价降低到了+2价，PbO 是氧化剂，则过氧
2 2 2
化氢是还原剂。
（4）酸浸后溶液的pH约为4.9，依据金属氢氧化物沉淀时的pH可知，滤渣主要成分为氢氧化铝、氢氧化
铁。
（5）依据分析可知，加入碳酸钠不能使铅膏中的BaSO 完全转化，铁离子、铝离子转化为了氢氧化铁、
4
氢氧化铝沉淀，铅转化为了氢氧化铅、最终变为了氧化铅，因此沉铅的滤液中，金属离子有Ba2+和加入碳
酸钠、氢氧化钠时引入的Na+。
12．（2021·湖南·统考高考真题） 可用于催化剂载体及功能材料的制备。天然独居石中，铈(Ce)
主要以 形式存在，还含有 、 、 、 等物质。以独居石为原料制备
的工艺流程如下：
回答下列问题：
(1)铈的某种核素含有58个质子和80个中子，该核素的符号为 ；
(2)为提高“水浸”效率，可采取的措施有 (至少写两条)；
(3)滤渣Ⅲ的主要成分是 (填化学式)；
(4)加入絮凝剂的目的是 ；
(5)“沉铈”过程中，生成 的离子方程式为 ，常温下加入的 溶液呈(填“酸性”“碱性”或“中性”)(已知： 的 ， 的 ，
)；
(6)滤渣Ⅱ的主要成分为 ，在高温条件下， 、葡萄糖( )和 可制备电极材料
，同时生成 和 ，该反应的化学方程式为
【答案】(1)
(2)适当升高温度，将独居石粉碎等
(3)Al(OH) 和Fe(OH)
3 3
(4)促使铝离子沉淀
(5) ↑ 碱性
(6)3 + +6 =6 +9CO↑+6H O
2
【分析】焙烧浓硫酸和独居石的混合物、水浸， 转化为Ce (SO ) 和HPO ， 与硫酸不反应，
2 4 3 3 4
转化为Al (SO )， 转化为Fe (SO )， 转化为CaSO 和HF，酸性废气含HF；后过滤，滤渣
2 4 3 2 4 3 4
Ⅰ为 和磷酸钙、FePO ，滤液主要含HPO ，Ce (SO )，Al (SO )，Fe (SO )，加氯化铁溶液除磷，滤
4 3 4 2 4 3 2 4 3 2 4 3
渣Ⅱ为FePO ；聚沉将铁离子、铝离子转化为沉淀，过滤除去，滤渣Ⅲ主要为氢氧化铝，还含氢氧化铁；
4
加碳酸氢铵沉铈得Ce (CO)·nH O。
2 3 3 2
【解析】(1)铈的某种核素含有58个质子和80个中子，则质量数为58+80=138，该核素的符号为 ；
(2)为提高“水浸”效率，可采取的措施有适当升高温度，将独居石粉碎等；
(3)结合流程可知，滤渣Ⅲ的主要成分是Al(OH) 和Fe(OH) ；
3 3
(4)加入絮凝剂的目的是促使铝离子沉淀；
(5)用碳酸氢铵“沉铈”，则结合原子守恒、电荷守恒可知生成 的离子方程式为↑；铵根离子的水解常数K( )= ≈5.7×10-
h
10，碳酸氢根的水解常数K( )== ≈2.3×10-8，则K( )
