文档内容
2023年广东省广州市中考物理试卷
一、选择题：本题共9小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项最符合题目要求。
1．（3分）“掬手为升”是我国古代的计量方法之一，掬即为双手捧。如图，人双手捧起
的米质量约为（ ）
A．3g B．300g C．30kg D．300kg
2．（3分）手与硅胶管M均不带电，用手摩擦M后，M与带负电的塑料管互相排斥，则
（ ）
A．M带正电
B．M不带电
C．手摩擦M时，正电荷从手转移到M
D．手摩擦M时，电子从手转移到M
3．（3分）某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上
蓄电池对路灯供电，对如图方框中能量形式判断正确的是（ ）
A．甲是“电能” B．乙是“太阳能”
C．丙是“电能” D．丁是“机械能”
4．（3分）各色光在真空中的波长如图所示，植物中叶绿素 a会吸收波长在430nm～
662nm之间的光。真空中，波长650nm的光（ ）
A．是紫光
B．不是电磁波C．波长比蓝光的长
D．比波长500nm的光传播速度大
5．（3分）如图，音叉M、N完全相同，M发出440Hz的声音，原来静止的N随之振动，
N也发出440Hz的声音，则（ ）
A．M发声时每分钟振动440次
B．M和N发出的声音的频率相同
C．M和N发声时的振幅一定相同
D．M发出的声音无需介质就能传播
6．（3分）用滑轮组进行“一瓶水提升一个人”活动，如图，水瓶匀速直线下降10m，使
人匀速升高0.5m，水瓶对绳a的拉力为F ＝30N，绳b对人的拉力为F ＝480N。此过程
1 2
（ ）
A．有用功为300J
B．F 做的功等于F 做的功
1 2
C．F 做的功小于F 做的功
1 2
D．滑轮组的机械效率为80%
用电动机竖直提升重物，完成第7～8题。
7．图1中重物上升过程经过M、N、O、P点，其速度在MN段不断增大，在NO段不变，
在OP段不断减小，忽略空气阻力，则重物在（ ）A．MN段动能不变 B．MN段机械能不变
C．NO段机械能增大 D．OP段重力势能减小
8．图1中ab边所受磁场的作用力为F。把电源的正负极对调再接入电路，闭合开关，线圈
abcd转至图2所示位置，则（ ）
A．图1中流过ab边的电流方向是从b到a
B．图1中cd边受到磁场作用力的方向与F的相同
C．图2中ab边受到磁场作用力的方向与F的相反
D．图2中cd边受到磁场作用力的方向与F的相反
9．（3分）小明将凝固点为 47℃的某液态合金放在室温为 25℃的实验室中，该合金从
70℃降至47℃并保持47℃一段时间再降至35℃，合金在此过程（ ）
A．对外放热，内能一直减少B．存在液化现象，内能一直增加
C．温度保持47℃时，不吸热也不放热
D．存在凝固现象，内能先减少后不变再减少
10．（3分）以下过程不发生物态变化。初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲
的末温比乙的低；那么，初温相同的甲、乙放出相同热量，（ ）
A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大
二、非选择题：本题共9小题，共60分。按题目要求作答。第17、18题结合题目要求，
涉及计算的，应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分
有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位。
11．（2分）如图，S为光源，画出：
①光线a的反射光线；
②S在平面镜中的像。
12．（4分）如图2，凸透镜的光心在0cm处，物体MN上M发出的光线b经过光心，M
发出的光线c经过凸透镜后的光线平行于主光轴。
①画出b经过光心后的光线；
②该凸透镜的焦距为 cm；MN 经凸透镜成的像相对于 MN 是
（选填“放大”“缩小”“等大”）、 （选填“正立”“倒立”）的像。
13．（4分）图1中工人用工具搬运石头，该工具可简化成图2中杠杆AB，移动支架，可使支点O在AB间移动。杆水平静止，忽略杆重。
（1）人对杆的压力为F ，绳对杆的拉力为F ，F 、F 竖直向下。
1 2 1 2
①在图2中画出F 的力臂l ；
1 1
②F 的力臂l ＝ （用F 、F 、l 表示）。
2 2 1 2 1
（2）同一石头仍悬挂在杆B端，人对杆A端的压力方向不变，只通过移动支点O使该
压力变小，杆仍保持水平静止，支点O应向 （选填“A”、“B”）端移动。
14．（7分）物体A重5N，如图1，A在水平拉力F 作用下，在水平面从M匀速直线运动
1
到N用时3s；如图2，在A上放置一个钩码，A在水平拉力F 作用下，在另一水平面从
2
P匀速直线运动到Q用时2s。
（1）在MN、PQ段，A的速度分别为v 、v ，A所受摩擦力分别为f 、f ，则v
1 2 1 2 1
v ，f f 。（均选填“＞”、“＝”、“＜”）
2 1 2
（2）A从M运动到N，F 做的功为 J、功率为 W，A所受重力
1
做的功为 J。
15．（5分）（1）如图1，用力把重力G＝3N的测力计压在水平桌面上，测力计对桌面的
压力F＝50N，与桌面的接触面积S ＝1×10﹣4m2，桌面的面积S ＝0.5m2，用题中物理量
1 2
符号写出测力计对桌面的压强表达式为 ，该压强是
Pa。（2）如图2，塑料管两端开口，抽气时，A点的空气流速小于B点的，A点的气压
B点的气压（选填“大于”、“等于”、“小于”）；用气压计测出 A点的气压是
9.9×104Pa，该气压值等于 m高的静止水柱所产生的压强（水的密度为
1×103kg/m3，g取10N/kg）。
16．（4分）小明按图示电路图正确连接电路，电阻 R标有“5 ”，灯L标有“3.8V，
0.3A”。闭合开关S，L发光，电流表A和A 正常工作，示数Ω均为0.24A。小明认为出
1
现上述现象的原因是R被短路。该说法是否正确？ ；若正确，写出理由；若不
正确，分析出现该实验现象的原因并写出分析过程。 。
17．（11分）把一个某种类型的电阻R接在电压恒为12V的电源两端，通电后，同时记录
R的温度﹣时间图线、流过R的电流﹣时间图线如图所示。
（1）根据图线，R的温度为50℃时，流过R的电流为 A；
（2）求在30s时R的阻值和电功率；
（3）30s～40s，R产生的热量为Q ，90s～100s，R产生的热量为Q 。Q Q
1 2 1 2
（选填“＞”、“＝”“＜”），写出判断依据： 。
18．（18分）小明自制的“温度计”中有密度随温度升高而变小的液体。如图 1，当该液
体温度为19℃时，质量为4×10⁻3kg的小球b悬浮，b标记“19℃”；另外两个小球分别标记“15℃”“23℃”，当小球悬浮时，它标记的温度与液体温度相等。图1、图2、
图3中小球a、b、c均静止，忽略小球体积变化，g取10N/kg。
（1）图1中b悬浮，
①在图4方框中画出b的受力示意图（用“•”表示b）；
②求此时b受到的浮力；
③此时液体密度为0.8×103kg/m3，求b排开液体的体积。
（2）图2中b漂浮，
①此时b所受浮力 图1中b所受浮力（选填“大于”、“等于”、“小
于”）；
②此时液体温度 19℃（选填“高于”、“等于”、“低于”）；
③小球c对应标记 （选填“15℃”、“23℃”）。
（3）图3中液体温度的范围可能是 。
A.14℃以下
B.16℃～18℃
C.20℃～22℃
D.24℃以上
（4）液体温度在15℃～23℃范围内，b在液体中静止时所受浮力与液体温度关系的图
象可能正确的是（b不接触其他小球） 。
19．（5分）小明计划制作一个简易弹簧测力计，要求：
①测量范围为0～30N；②分度值为1N；
③用木板M做刻度板；
④相邻两刻度线之间的距离相等且适当大一些。
为了满足上述要求，小明对已有的四根弹簧做了如下测试：如图1，把弹簧挂在竖直木
板M上，测出弹簧原长l ，如图2，把30N的重物挂在弹簧下端，测出弹簧总长l。测
0
试结果如表。请你帮小明选择一根最合适的弹簧，并说明不选其他三根的理由。
。
弹簧代号 甲 乙 丙 丁
l /cm 2.00 4.00 4.00 8.00
0
l/cm 20.00 22.00 6.10 35.00
取走重物后弹簧能否恢复原状 不能 能 能 能2023年广东省广州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共9小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项最符合题目要求。
1．（3分）“掬手为升”是我国古代的计量方法之一，掬即为双手捧。如图，人双手捧起
的米质量约为（ ）
A．3g B．300g C．30kg D．300kg
【分析】人双手捧起的米质量约为300g。
【解答】解：人双手捧起的米质量约为300g，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查学生对质量的估测，属于基础题。
2．（3分）手与硅胶管M均不带电，用手摩擦M后，M与带负电的塑料管互相排斥，则
（ ）
A．M带正电
B．M不带电
C．手摩擦M时，正电荷从手转移到M
D．手摩擦M时，电子从手转移到M
【分析】（1）电荷间的相互作用规律是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；
（2）用摩擦的方法使得物体带电，该现象称为摩擦起电现象，其实质是电子的转移，
得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
【解答】解：据题知M与带负电的塑料管互相排斥，说明M带负电，而M带电是由于
与手摩擦造成的，根据摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电
子的物体带正电，由此可知在摩擦过程中M得到电子，手失去电子，即电子从手转移
到M，故ABC错误，D正确。故选：D。
【点评】本题考查了电荷间的相互作用规律和摩擦起电的实质，属于基础题，难度不大。
3．（3分）某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上
蓄电池对路灯供电，对如图方框中能量形式判断正确的是（ ）
A．甲是“电能” B．乙是“太阳能”
C．丙是“电能” D．丁是“机械能”
【分析】（1）太阳能电池工作时将太阳能转化为电能。
（2）太阳能给蓄电池充电时将电能转化为化学能。
（3）蓄电池放电时将电能转化为其它形式的能量。
（4）路灯工作时将电能转化为光能和内能。
【解答】解：太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯
供电，其能量转化过程如下：太阳能→电能→化学能→电能→光能。故 C正确，ABD
错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查了太阳能的利用；关键是会分析各个阶段的能量转化过程。
4．（3分）各色光在真空中的波长如图所示，植物中叶绿素 a会吸收波长在430nm～
662nm之间的光。真空中，波长650nm的光（ ）
A．是紫光
B．不是电磁波
C．波长比蓝光的长
D．比波长500nm的光传播速度大
【分析】波长、波速和频率的关系如下：c＝ f。
【解答】解：A、根据题图可知：紫光的波长λ比650nm的波长更短，故A不符合题意；
B、所有的可见光都属于电磁波，故B不符合题意；
C、从题图可知：波长650nm的光波的波长比蓝光的波长长，故C符合题意；
D、不同波长的光在真空中的传播速度相同，故D不符合题意。
故选：C。【点评】本题主要考查的是电磁波的波长、频率和波速的关系；关键是知道电磁波的特
点；在真空中所有电磁波的速度都相同。
5．（3分）如图，音叉M、N完全相同，M发出440Hz的声音，原来静止的N随之振动，
N也发出440Hz的声音，则（ ）
A．M发声时每分钟振动440次
B．M和N发出的声音的频率相同
C．M和N发声时的振幅一定相同
D．M发出的声音无需介质就能传播
【分析】（1）物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与声源振动频率有关，声
源振动的频率越大，音调就越高。而频率为物体1s内振动的次数，声源每秒振动1次，
则它的频率就是1Hz；
（2）发声体振动的幅度叫振幅，振幅越大，发出的声音响度越大；
（3）声音的传播需要介质。
【解答】解：
A、M发出440Hz的声音，说明M发声时每秒振动440次，故A错误；
B、M和N发出的声音频率均为440Hz，频率相同，故B正确；
C、音调相同的两个音叉发声时振动的振幅可能相同，也可能不同，因此M和N发声时
的振幅不一定相同，故C错误；
D、声音的传播需要介质，因此M发出的声音需要介质才能传播，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了声音的传播和声音特征的判断，难度一般。
6．（3分）用滑轮组进行“一瓶水提升一个人”活动，如图，水瓶匀速直线下降10m，使
人匀速升高0.5m，水瓶对绳a的拉力为F ＝30N，绳b对人的拉力为F ＝480N。此过程
1 2
（ ）A．有用功为300J
B．F 做的功等于F 做的功
1 2
C．F 做的功小于F 做的功
1 2
D．滑轮组的机械效率为80%
【分析】（1）根据有用功的概念和题目的条件计算有用功。
（2）根据功的公式进行计算。
（3）根据机械效率的公式计算机械效率。
【解答】解：A、克服人的重力所做的功为有用功，绳 b对人的拉力为F ＝480N，所以
2
人的重力G＝F
2
＝480N，W有 ＝Gh＝480N×0.5m＝240J，故A错误；
B、F
1
做的功为总功，即：W
总
＝F
1
s＝30N×10m＝300J，F
2
做的功为 W'＝F
2
h＝
480J×0.5m＝240J，故B错误；
C、根据以上计算可知，F 做的功大于F 做的功，故C错误；
1 2
D、滑轮组的机械效率为 ，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查的是滑轮组的机械效率，关键是会根据题目的条件进行简单的计
算。
用电动机竖直提升重物，完成第7～8题。
7．图1中重物上升过程经过M、N、O、P点，其速度在MN段不断增大，在NO段不变，
在OP段不断减小，忽略空气阻力，则重物在（ ）A．MN段动能不变 B．MN段机械能不变
C．NO段机械能增大 D．OP段重力势能减小
【分析】动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能
的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
【解答】解：
AB、MN段，物体运动速度变大，质量不变，动能变大，高度变大，重力势能变大，机
械能变大，故AB错误；
C、NO段物体运动速度不变，质量不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，机械
能增大，故C正确；
D、OP段物体质量不变，高度变大，重力势能变大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，属于基础题。
8．图1中ab边所受磁场的作用力为F。把电源的正负极对调再接入电路，闭合开关，线圈
abcd转至图2所示位置，则（ ）A．图1中流过ab边的电流方向是从b到a
B．图1中cd边受到磁场作用力的方向与F的相同
C．图2中ab边受到磁场作用力的方向与F的相反
D．图2中cd边受到磁场作用力的方向与F的相反
【分析】通电导体在磁场中受力的方向与磁场的方向、电流的方向有关，据此分析。
【解答】解：
A、电流从电源的正极流出，经过线圈后回到电源的负极，根据图 1可知，流过ab边的
电流方向是从a到b，故A错误；
B、图1中cd边与ab边的磁场方向相同，电流方向相反，所以受到磁场作用力的方向与
F相反，故B错误；
C、图2中ab与图1中ab边的磁场方向相同，电流方向相同，所以图2中ab边受到磁
场作用力的方向与F的相同，故C错误；
D、图2中cd边与图1中ab边磁场方向相同，电流方向相反，受到磁场作用力的方向与
F的相反，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电流的方向、导体运动的方向的影响因素，属于基础题。
9．（3分）小明将凝固点为 47℃的某液态合金放在室温为 25℃的实验室中，该合金从
70℃降至47℃并保持47℃一段时间再降至35℃，合金在此过程（ ）
A．对外放热，内能一直减少
B．存在液化现象，内能一直增加
C．温度保持47℃时，不吸热也不放热D．存在凝固现象，内能先减少后不变再减少
【分析】该液态合金从70℃降至47℃的过程处于液态，保持47℃一段时间内是凝固过
程，处于固液共存态；从47℃再降至25℃，处于固态；在整个过程中该合金一直放热，
内能一直减少。
【解答】解：A、在整个过程中该合金对外放热，内能一直减少，故A正确；
B、液化是指物质由气态变为液态的过程，该合金不存在液化现象，故B错误；
C、凝固过程放热，温度不变，故C错误；
D、整个过程存在凝固过程，内能一直减少，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了晶体的凝固过程的特点，难度不大，属于基础性题目。
10．（3分）以下过程不发生物态变化。初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲
的末温比乙的低；那么，初温相同的甲、乙放出相同热量，（ ）
A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大
【分析】根据题意分析末温的高低；根据c＝ 分析比热容的大小。
【解答】解：根据题意可知，甲、乙的初温相同，吸收相同热量后，甲的末温比乙的低，
这说明甲的温度变化较小，则初温相同的甲、乙，放出相同的热量后，甲的温度变化小，
所以甲的末温高；
由于不知道甲、乙的质量大小关系，根据c＝ 可知，无法判定甲、乙比热容的大
小，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了比热容计算公式的应用，难度不大。
二、非选择题：本题共9小题，共60分。按题目要求作答。第17、18题结合题目要求，
涉及计算的，应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分
有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位。
11．（2分）如图，S为光源，画出：
①光线a的反射光线；
②S在平面镜中的像。【分析】①反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光
线分居法线两侧，反射角等于入射角作出反射光线；
②根据平面镜成像的特点，作发光点S关于平面镜的对称点S′。
【解答】解：①先过入射点垂直镜面作出法线，再在法线右侧根据反射角等于入射角
作出反射光线，如图所示；
②根据平面镜成像的特点作发光点S关于平面镜的对称点S′，即点S′是S在平面镜
中的像，如图所示。
【点评】本题考查了反射定律、平面镜成像的特点，属于基础性题目。
12．（4分）如图2，凸透镜的光心在0cm处，物体MN上M发出的光线b经过光心，M
发出的光线c经过凸透镜后的光线平行于主光轴。
①画出b经过光心后的光线；
②该凸透镜的焦距为 10 cm；MN经凸透镜成的像相对于MN是 缩小 （选填
“放大”“缩小”“等大”）、 倒立 （选填“正立”“倒立”）的像。
【分析】①光线b经凸透镜的光心后传播方向不改变；②凸透镜有一个重要的光学性质，就是能使平行于主光轴的光线会聚于一点，这个点
称之为焦点，它到光心的距离叫做焦距，物体到凸透镜的距离为物距；凸透镜成像规律
之一：2f＞u＞f时，凸透镜成倒立、放大的实像。
【解答】解：①经过光心的光线的传播方向不变，如图所示：
；
②由图可知，光线c经过凸透镜后折射光线平行于主光轴，则入射光线过焦点，所以焦
距为10cm；
此时的MN在凸透镜的二倍焦距之外，经凸透镜成的像相对于MN是倒立、缩小的实像。
故答案为：①见解析；②10；缩小；倒立。
【点评】认识凸透镜、学习凸透镜的光学性质，必须从认识它的基本概念入手，包括焦
点、焦距、光心、主光轴等。
13．（4分）图1中工人用工具搬运石头，该工具可简化成图2中杠杆AB，移动支架，可
使支点O在AB间移动。杆水平静止，忽略杆重。
（1）人对杆的压力为F ，绳对杆的拉力为F ，F 、F 竖直向下。
1 2 1 2
①在图2中画出F 的力臂l ；
1 1
②F 的力臂l ＝ ； （用F 、F 、l 表示）。
2 2 1 2 1
（2）同一石头仍悬挂在杆B端，人对杆A端的压力方向不变，只通过移动支点O使该
压力变小，杆仍保持水平静止，支点O应向 B （选填“A”、“B”）端移动。
【分析】（1）找出支点，过支点做这个力作用线的垂线，画出垂足，标上双箭头表示
这段距离）作出F 的力臂l ；
1 1
（2）根据杠杆的平衡条件分析解答；
（3）当阻力一定时，减小阻力臂同时增大动力臂，可以减小动力。
【解答】解：（1）图中支点是O，过支点作力F 作用线的垂线，标上垂足，用双箭头
1表示出这段距离，记为l ；如图所示：
1
（2）根据杠杆的平衡条件：F L ＝F L ，F 的力臂l ＝ ；
1 1 2 2 2 2
（3）同一石头仍悬挂在杆B端，人对杆A端的压力方向不变，只通过移动支点O使该
压力变小，杆仍保持水平静止，支点O应向B点移动，使得阻力臂减小，同时动力臂变
大。
故答案为：（1）①见解答；② ；（2）B。
【点评】本题考查力臂的画图、杠杆的平衡条件，属于中档题。
14．（7分）物体A重5N，如图1，A在水平拉力F 作用下，在水平面从M匀速直线运动
1
到N用时3s；如图2，在A上放置一个钩码，A在水平拉力F 作用下，在另一水平面从
2
P匀速直线运动到Q用时2s。
（1）在MN、PQ段，A的速度分别为v 、v ，A所受摩擦力分别为f 、f ，则v ＜
1 2 1 2 1
v ，f ＞ f 。（均选填“＞”、“＝”、“＜”）
2 1 2
（2）A从M运动到N，F 做的功为 0.3 J、功率为 0.1 W，A所受重力做的功
1
为 0 J。
【分析】（1）根据图1和图2读出A在MN段、PQ段匀速运动的路程以及水平拉力，
根据v＝ 求出对应的速度，然后比较两者的大小关系；A在MN、PQ段均做匀速直线
运动，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，二力大小相等，据此求出摩擦力的大小并比
较大小关系；（2）A从M运动到N，根据W＝Fs求出F 做的功，再根据P＝ 求出其功率；做功的
1
两个要素：有力作用在物体上且在力的方向上移动了距离。
【解答】解：（1）由图1可知，在MN段，A匀速运动的路程s ＝0.3m，水平拉力F
1 1
＝1N，其速度：v ＝ ＝ ＝0.1m/s，
1
在PQ段，A匀速运动的路程s ＝0.4m，水平拉力F ＝0.6N，其速度：v ＝ ＝
2 2 2
＝0.2m/s，则v ＜v ；
1 2
因A在MN、PQ段均做匀速直线运动，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，
所以，A所受摩擦力：f ＝F ＝1N，f ＝F ＝0.6N，则f ＞f 。
1 1 2 2 1 2
（2）A从M运动到N，F 做的功：W ＝F s ＝1N×0.3m＝0.3J，功率P ＝ ＝ ＝
1 1 1 1 1
0.1W，
A所受重力在竖直方向上，A在竖直方向上没有移动距离，重力没有做功，即A所受重
力做的功为0J。
故答案为：（1）＜；＞；（2）0.3；0.1；0。
【点评】本题考查了速度公式和二力平衡条件、做功公式、功率公式的应用，从图中获
取有用的信息是关键。
15．（5分）（1）如图1，用力把重力G＝3N的测力计压在水平桌面上，测力计对桌面的
压力F＝50N，与桌面的接触面积S ＝1×10﹣4m2，桌面的面积S ＝0.5m2，用题中物理量
1 2
符号写出测力计对桌面的压强表达式为 p ＝ ，该压强是 5×1 0 5 Pa。（2）如图2，塑料管两端开口，抽气时，A点的空气流速小于B点的，A点的气压
大于 B点的气压（选填“大于”、“等于”、“小于”）；用气压计测出A点的气压
是 9.9×104Pa，该气压值等于 9.9 m 高的静止水柱所产生的压强（水的密度为
1×103kg/m3，g取10N/kg）。
【分析】（1）测力计对桌面的压力大小为 F，受力面积为测力计与桌面的接触面积
S ，根据p＝ 得到压强表达式，代入相关数据得出压强大小；
1
（2）流体在流速小的位置压强大；根据p＝ gh得出水柱的高度。
【解答】解：（1）用力把测力计压在水平桌ρ面上，测力计对桌面的压力为F＝50N，
测力计对桌面的压强为：p＝ ＝ ＝5×105Pa；
（2）流体流速小的位置压强大，抽气时，A点的空气流速小于B点的，A点的气压大
于B点的气压；
用气压计测出A点的气压是9.9×104Pa，根据p＝ gh可得，水柱的高度： ＝
ρ
＝9.9m。
故答案为：（1）p＝ ；5×105；（2）大于；9.9。
【点评】本题考查了固体压强公式、液体压强公式及流体压强与流速关系的运用，要注
意分清题干中的有用条件和干扰条件。
16．（4分）小明按图示电路图正确连接电路，电阻 R标有“5 ”，灯L标有“3.8V，
Ω0.3A”。闭合开关S，L发光，电流表A和A 正常工作，示数均为0.24A。小明认为出
1
现上述现象的原因是R被短路。该说法是否正确？ 否 ；若正确，写出理由；若不正
确，分析出现该实验现象的原因并写出分析过程。 L 发光，电流表 A 和 A 正常工作 ，
1
示数均为 0.24A ，这说明干路中的电流与通过灯泡的电流是相同的，根据并联电路的电
流规律可知，通过 R 的电流为 0 ，所以故障是 R 断路 。
【分析】用电器的两端被导线相连，则用电器被短路，通过用电器的电流为0；用电器
断路时，通过用电器无电流，据此分析。
【解答】解：根据题意可知，闭合开关S，该电路为并联电路，电流表A测量干路中的
电流，电流表A 测量通过灯泡的电流；L发光，电流表A和A 正常工作，示数均为
1 1
0.24A，这说明干路中的电流与通过灯泡的电流是相同的，根据并联电路的电流规律可
知，通过R的电流为0，所以改原因不可能是R短路，若R短路，则电源会被短路，所
以故障是R断路。
故答案为：否；L发光，电流表A和A 正常工作，示数均为0.24A，这说明干路中的电
1
流与通过灯泡的电流是相同的，根据并联电路的电流规律可知，通过 R的电流为0，所
以故障是R断路。
【点评】本题考查了并联电路故障的判定，明确短路和断路的特点是解题的关键。
17．（11分）把一个某种类型的电阻R接在电压恒为12V的电源两端，通电后，同时记录
R的温度﹣时间图线、流过R的电流﹣时间图线如图所示。（1）根据图线，R的温度为50℃时，流过R的电流为 0.0 8 A；
（2）求在30s时R的阻值和电功率；
（3）30s～40s，R产生的热量为Q ，90s～100s，R产生的热量为Q 。Q ＞ Q （选
1 2 1 2
填“＞”、“＝”“＜”），写出判断依据： 30 s ～ 40 s 比 90 s ～ 100 s 通过 R 的电流大 ，
电压和通电时间相同，根据 Q ＝ W ＝ UI t 可知， Q ＞ Q 。
1 2
【分析】（1）由R的温度﹣时间图线读出50℃的通电时间，由流过R的电流﹣时间图
线读出流过R的电流；
（2）由流过R的电流﹣时间图线读出30s时流过R的电流，根据I＝ 计算此时R的阻
值，根据P＝UI计算R的电功率；
（3）由流过R的电流﹣时间图线比较30s～40s和90s～100s通过R的电流大小，根据
Q＝W＝UIt判断Q 和Q 的大小关系。
1 2
【解答】解：（1）由R的温度﹣时间图线可得，R的温度为50℃的通电时间为40s，由
流过R的电流﹣时间图线可知，流过R的电流为0.08A；（2）由流过R的电流﹣时间图线知，30s时流过R的电流I＝0.08A，
此时R的阻值R＝ ＝ ＝150 ；
R的电功率P＝UI＝12V×0.08A＝0.9Ω6W；
（3）由流过R的电流﹣时间图线知，30s～40s比90s～100s通过R的电流大，
电源电压一定，通电相间相同，根据Q＝W＝UIt可知，Q ＞Q 。
1 2
故答案为：（1）0.08；
（2）在30s时R的阻值为150 ，电功率为0.96W；
（3）＞；30s～40s比90s～10Ω0s通过R的电流大，电压和通电时间相同，根据Q＝W＝
UIt可知，Q ＞Q 。
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【点评】本题考查了欧姆定律和电热计算公式的灵活应用，关键是能从图象中获取有用
信息。
18．（18分）小明自制的“温度计”中有密度随温度升高而变小的液体。如图 1，当该液
体温度为19℃时，质量为4×10⁻3kg的小球b悬浮，b标记“19℃”；另外两个小球分别
标记“15℃”“23℃”，当小球悬浮时，它标记的温度与液体温度相等。图1、图2、
图3中小球a、b、c均静止，忽略小球体积变化，g取10N/kg。（1）图1中b悬浮，
①在图4方框中画出b的受力示意图（用“•”表示b）；
②求此时b受到的浮力；
③此时液体密度为0.8×103kg/m3，求b排开液体的体积。
（2）图2中b漂浮，
①此时b所受浮力 等于 图1中b所受浮力（选填“大于”、“等于”、“小
于”）；
②此时液体温度 低于 19℃（选填“高于”、“等于”、“低于”）；
③小球c对应标记 2 3 ℃ （选填“15℃”、“23℃”）。
（3）图3中液体温度的范围可能是 D 。
A.14℃以下
B.16℃～18℃
C.20℃～22℃
D.24℃以上
（4）液体温度在15℃～23℃范围内，b在液体中静止时所受浮力与液体温度关系的图
象可能正确的是（b不接触其他小球） C 。
【分析】（1）①图1中b悬浮，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，且两个力大
小相等，据此画出示意图；
②根据F浮 ＝G＝mg算出b受到的浮力；
③由F浮 ＝ 液gV排 算出b排开液体的体积；
（2）①根据ρ 漂浮和悬浮时浮力等于重力判断出两图知b受到的浮力的关系；
②③当外界气温降低时，液体的密度变大，由F浮 ＝ 液gV可知，小球所受浮力会变大，
悬浮小球会上浮，最终会漂浮在水面上，据此判断出此ρ时液体温度；
环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，悬浮的小球会下沉，据此判断出小球 c
对应的的温度；
（3）由图3知，三个小球都下沉，由“环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，悬浮的小球会下沉”可知液体的温度；
（4）由于气温降低时，小球所受浮力会变大，悬浮小球会上浮，环境温度越高时，浮
力会变小，悬浮的小球会下沉，且漂浮和悬浮时浮力都等于重力据此判断图像。
【解答】解：（1）①图1中b悬浮，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，且两个
力大小相等，如下图所示：
；
②b受到的浮力为：
F浮 ＝G＝mg＝4×10⁻3kg×10N/kg＝0.04N；
③由F浮 ＝ 液gV排 得b排开液体的体积为：
ρ
V排 ＝ ＝ ＝5×10﹣6m3；
（2）①图2中b漂浮，受到的浮力也等于其自身的重力，所以此时b所受浮力等于图1
中b所受浮力；
②③当外界气温降低时，液体的密度变大，由F浮 ＝ 液gV可知，小球所受浮力会变大，
悬浮小球会上浮，最终会漂浮在水面上，所以此时液体ρ温度小于19℃；
环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，悬浮的小球会下沉，所以小球c对应标
记23℃，小球a对应标记15℃；
（3）由图3知，三个小球都下沉，由“环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，
悬浮的小球会下沉”可知液体的温度比23℃还高，故D符合题意；
故选：D。
（4）由于气温降低时，小球所受浮力会变大，悬浮小球会上浮，环境温度越高时，浮
力会变小，悬浮的小球会下沉，且漂浮和悬浮时浮力都等于重力，所以15℃～19℃时浮
力保持不变，温度再升高，浮力会继续变小，浮力小于重力，小球会下沉，所以19℃～
23℃时浮力减小，故C图符合题意。
故选：C。
故答案为：（1）①见解答图；②此时b受到的浮力为0.04N；③b排开液体的体积为
5×10﹣6m3；（2）①等于；②低于；③23℃；（3）D；（4）C。【点评】本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，认真审题，灵活利用好物体
浮沉与密度的关系是关键。
19．（5分）小明计划制作一个简易弹簧测力计，要求：
①测量范围为0～30N；
②分度值为1N；
③用木板M做刻度板；
④相邻两刻度线之间的距离相等且适当大一些。
为了满足上述要求，小明对已有的四根弹簧做了如下测试：如图1，把弹簧挂在竖直木
板M上，测出弹簧原长l ，如图2，把30N的重物挂在弹簧下端，测出弹簧总长l。测
0
试结果如表。请你帮小明选择一根最合适的弹簧，并说明不选其他三根的理由。 乙
最合适，因为把 30N 的重物挂在弹簧下端，弹簧甲发生了塑性形变，不能恢复原状；弹
簧丙会使刻度间距太小，不便读数；弹簧丁超过了最大测量范围。 。
弹簧代号 甲 乙 丙 丁
l /cm 2.00 4.00 4.00 8.00
0
l/cm 20.00 22.00 6.10 35.00
取走重物后弹簧能否恢复原状 不能 能 能 能
【分析】弹簧测力计的原理是：在弹性限度内，弹簧的伸长量和所受的拉力成正比；
根据表中数据，把30N的重物挂在弹簧下端后的情况与弹簧测力计制作要求对照分析。
【解答】解：弹簧测力计的原理是：在弹性限度内，弹簧的伸长量和所受的拉力成正比；
把30N的重物挂在弹簧甲下端，取走重物后弹簧不能恢复原状，甲发生了塑性形变，故
甲不合适；
把30N的重物挂在弹簧丙下端，弹簧总长l＝6.10cm，弹簧总长太小且会使单位刻度代
表的数值不便计算，不符合相邻两刻度线之间的距离相等且适当大一些的要求，故丙不合适；
把30N的重物挂在弹簧丁下端，弹簧总长l＝35.00cm，超过了刻度板M的长度，不符
合测量范围0～30N的要求，故丁不合适；
把30N的重物挂在弹簧乙下端，弹簧总长l＝22.00cm，符合需要制作的测力计4点要求，
故乙合适。
故答案为：乙最合适，因为把30N的重物挂在弹簧下端，弹簧甲发生了塑性形变，不能
恢复原状；弹簧丙会使刻度间距太小，不便读数；弹簧丁超过了最大测量范围。
【点评】本题考查弹簧测力计的选取。
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