文档内容
2023年广东省中考物理试卷
一、选择题：本大题共7个小题，每题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项是符合题目要求的。
【从生活走向物理】根据小明生活中的相应情景，完成1～3题。
1．荔枝是一种岭南佳果。小明拿起一个荔枝，如图所示，它的尺寸l大小约为（ ）
A．0.1cm B．3cm C．0.3m D．1m
2．端午节期间，小明在家里煮粽子，粽香四溢说明（ ）
A．分子在不停地做无规则运动
B．分子间存在引力
C．分子间存在斥力
D．分子可以再分
3．小明买了一个方便移动的储物箱，如图所示。储物箱安装轮子的目的是（ ）
A．增大摩擦 B．减小摩擦 C．增大压强 D．减小压强
4．（3分）如图所示，在阳光照射下，广东省南澳岛北回归线标志塔在地面上形成影子。
影子形成的原因是（ ）A．光沿直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
5．（3分）如图是四冲程内燃机的某一冲程示意图，该冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
6．（3分）如图所示，小明用线圈、条形磁铁和灵敏电流计来验证电磁感应现象，下列不
能使灵敏电流计指针发生偏转的操作是（ ）
A．线圈不动，磁铁快速向上
B．线圈不动，磁铁快速向下
C．磁铁不动，线圈快速向上
D．线圈和磁铁同时同速向上
7．（3分）如图所示，公交车上的乘客都拉好了扶手，当车的运动状态突然发生改变时，
乘客都向东倾，产生此现象的原因可能是（ ）
A．车由静止突然向东起动 B．车匀速前行时突然加速
C．车匀速前行时突然减速 D．匀速倒车时突然减速
二、填空题：本大题共7个小题，每空1分，共21分。8．（3分）如图是氦的原子模型示意图，原子核是 ，核外电子是 ，其中
带负电的是 。（均选填“A”或“B”）
9．（3分）用古琴弹奏名曲《高山流水》时，琴声是由琴弦的 产生，经
传播到聆听者耳中。演奏者不断拨动同一根琴弦，使其振幅越来越大，琴弦发出声音的
响度变 。
10．（3分）如图所示，用两个吸盘模拟马德堡半球实验。将两个吸盘对接，用力挤压出
空气后难以将其分开，说明吸盘内部气体压强 （选填“大于”“等于”或
“小于”）大气压强。若在吸盘上戳一个小孔，吸盘内部气体压强会变 。若在
海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越
。
【航天主题】2023年5月30日，神舟十六号载人飞船与空间站成功对接。请运用有关的物
理知识，完成11～12题。
11．火箭搭载飞船升空过程中：火箭向下喷出气体而向上运动，说明力的作用是
的；火箭外壳与空气摩擦会发热，这是通过 的方式改变外壳内能；宇航员座
椅的质量 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
12．如图是飞船与空间站完成对接时的情景，以空间站为参照物，飞船是 的。
空间站利用太阳能电池板获得能量，太阳能来自于太阳内部的核 变。空间站的
图象信号是通过 波传回地面的。13．（3分）如图所示，桌面上有一枚转动灵活的小磁针，静止时，小磁针 极指
南。当导线与电池触接时，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在 ；断开
电路，小磁针 （选填“会”或“不会”）回到原来位置。
14．（3分）如图所示，标有“2.5V 0.3A”的灯泡L 和标有“6V 0.15A”的灯泡L 连接
1 2
成 联电路，电源电压可调节。闭合开关 S，使电源电压从0V逐渐增加，先正
常发光的灯泡是 ，此时通过另一灯泡的电流是 A。
三、作图题：共7分。
15．（2分）如图所示，书静止放在水平桌面上，请在O点画出书受到的重力G和支持力
F的示意图。
16．（2分）如图所示，点光源S发出的一束光射向平面镜O点，请画出反射光线（保留
作图痕迹）。
17．（3分）如图所示，请用笔画线代替导线，将电灯和开关接入家庭电路中。四、实验题：本大题共3小题，第18小题7分，第19小题6分，第20小题7分，共20分。
18．（7分）（1）如1图所示，橡皮擦的长度为 cm。
（2）如2图甲所示，电压表的读数为 V。滑动变阻器以图乙所示方式接入
电路，当滑片向左滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻 （选填“变大”、
“变小”或“不变”）。
（3）杠杆在如3图所示位置静止，此时杠杆 （选填“是”或“不是”）处于
平衡状态。调节杠杆两端的螺母，使杠杆保持水平并静止，此操作可方便测量力臂，原
因是此时 。
（4）如4图所示，小明在某次观察晶体升华现象时，用酒精灯加热装有某晶体颗粒的
锥形瓶，发现锥形瓶内出现有色气体，瓶内底部还出现少量液体。气体形成的过程需要
（选填“吸热”或“放热”）；该晶体熔化的原因是 。
19．（6分）小明在学习了凸透镜成像的规律后，继续深入探究。选用表中某一规格的凸
透镜做实验，调整好器材后如1图甲所示，此时烛焰在光屏上成放大的像。凸透镜编号 焦距/cm 直径/cm
① 5 3.5
② 5 4.5
③ 10 4.5
④ 15 4.5
（1）光屏上的像是实像还是虚像？ 。
（2）一段时间后，小明发现烛焰的像如1图乙所示，此时将蜡烛向 调节可以
使烛焰的像移到光屏中央。
（3）小明选的凸透镜焦距为 cm。
（4）小明将蜡烛换成F字光源，调整了光源和光屏的位置，在光屏上仍可观察到清晰
的像，如2图所示，则小明看到的像应是 （选填字母）。
（5）小明认为凸透镜成像的规律还可能与凸透镜的直径有关。若要验证其猜想，则可
在表中选取编号为 两个凸透镜进行实验验证。
20．（7分）在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中：
（1）观察弹簧测力计的零刻度线、 和分度值。调零时，弹簧测力计应在
（选填“竖直”或“水平”）方向上调零。（2）如图甲所示，在弹簧测力计下悬挂一个高为6cm的长方体物块（可塑），测出重
力。将它缓慢浸入水中，记录悬停在A、B、C、D、E这五个位置弹簧测力计的示数和
深度h。请根据实验数据，在图乙中画出物块所受浮力F浮 随h变化的图象。
（3）分析图象可知：浸没前，h增加，F浮 ；浸没后，h增加，F浮 。
（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
（4）若把此物块捏成高为6cm的圆锥体，重复上述实验。两次实验所得的F浮 随h变化
的图象 （选填“相同”或“不同”）。
（5）若继续探究浮力的大小与液体密度的关系，还需添加一种材料： 。
五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。
21．（7分）C919是我国自主研发的一种大型客机，已完成商业首航。假设某架飞机总质
量为8×104kg，静止在水平跑道上时，其轮胎与地面接触的总面积约为1m2，g取10N/
kg。求该飞机：
（1）受到的重力；
（2）静止时对水平跑道的压强；
（3）以800km/h匀速直线飞行18min所通过的距离。
22．（6分）如图甲是用某款3D打印笔进行立体绘画时的场景。打印笔通电后，笔内电阻
丝发热使笔内绘画材料熔化。加热电路简化后如图乙所示，电源电压恒为6V，R 和R
1 2
为发热电阻丝。只闭合S 时低温挡工作，S 、S 都闭合时高温挡工作，高温挡和低温挡
1 1 2
的功率比为4：3，R ＝4 ，忽略电阻丝阻值随温度变化。求：
1
（1）通过R 1 的电流； Ω
（2）低温挡的功率；
（3）R 的电阻值。
2
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
23．（6分）明代宋应星在《天工开物》中记载的农业生产汲水装置——辘轳，沿用至今。如图甲是一种辘轳，由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。提水时，用力使大轮转动，
小轮随之转动并缠绕井绳，提起水桶。
（1）如图甲所示辘轳可视为不等臂杠杆，为方便提水，它是按照 （选填
“省力”或“费力”）杠杆来设计的。用辘轳提水的某时刻示意图如图乙所示，它的支
点是“A”“B”或“C”中的 点。
（2）设大轮与小轮的半径比为3：1，水桶受到的总重力为90N。使周长为3m的大轮
转动一圈，水桶匀速上升，井绳对水桶做功 J；若要使辘轳静止在图乙所示
位置，作用在C点最小的力应为 N。（不计井绳的粗细和自重）
（3）图丙所示水龙头开关的设计也应用了同样的原理，为了更省力，开关应选用
（选填“①”或“②”）。
24．（6分）小明了解到有种说法“在室内穿两件薄衣服比只穿一件厚衣服更保暖”。他
采用如图的装置进行实验：在甲、乙两个相同的瓶子中装入等体积的热水，用两层灰色
薄棉布包
裹着甲瓶（内层紧贴，外层相对宽松），用一层灰色厚棉布紧贴包裹着乙瓶，用数显温
度计测量瓶中热水的温度，测得有关数据如表所示。
室温：25.0℃
时间/min 0 20 40 60 80
甲瓶水温/℃ 61.0 56.6 62.5 50.9 48.5
乙瓶水温/℃ 61.0 55.6 52.3 49.0 45.7
（1）表中有一个温度值记录错误，该错误的温度值是 ℃。水温会先降到
41.0℃的是 瓶。已知瓶中水的体积是350mL，该瓶中水的温度降至41.0℃时，
其放出的热量是 J。[c水 ＝4.2×103J/（kg•℃），
水
＝1.0×103kg/m3]
（2）如果把瓶中的热水换成冰块， 瓶中的冰块熔化较ρ慢。分析实验结果，可猜
想“在室内穿两件薄衣服比只穿一件厚衣服更保暖”的原因可能是两件薄衣服中间有。
（3）请写出一个生活中与你的猜想相符合的例子： 。
25．（6分）阅读材料，回答问题。
风力发电
风能是一种清洁的可再生能源，利用风力发电将助力我国实现碳中和目标。风力发电机
组主要由叶片、齿轮箱、发电机等组成，其简化结构如图甲所示。叶片横截面的设计原
理如图乙所示，一面较平，另一面较弯曲。叶片在风的作用下旋转，经过齿轮箱增速后，
发电机转子高速旋转发电。
某风力发电机组利用齿轮箱可实现叶片转1圈，发电机转子转20圈。风力发电机组输
出功率P与风速v的关系如图丙所示。在5m/s≤v≤10m/s的范围内，P与v的三次方成
正比。风力发电机组所在风场某段时间内的风速 v与时间t的关系如图丁所示。（为方
便计算，图丙和图丁数据已作简化处理。）（1）完成图戊风力发电的主要能量转化流程图；
① ；
② 。
（2）当风正面垂直吹向静止叶片时，如图乙所示，从正面看，叶片 A 会
（选填“顺时针”或“逆时针”）转动。
（3）当风速为12m/s时，风力发电机组工作1h输出的电能相当于 kg的煤完
全燃烧放出的热量。（q煤 ＝3.0×107J/kg）
（4）当风速为13m/s时，发电机转子1min转400圈。若发电机输出电能1kW•h，叶片
需要转动 圈。
（5）若14：00—15：00和15：00—16：00两段时间内输出电能之比为1：3，则14：
00—20：00的时间段内风力发电机组的输出电能为 kW•h。2023年广东省中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共7个小题，每题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项是符合题目要求的。
【从生活走向物理】根据小明生活中的相应情景，完成1～3题。
1．荔枝是一种岭南佳果。小明拿起一个荔枝，如图所示，它的尺寸l大小约为（ ）
A．0.1cm B．3cm C．0.3m D．1m
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要
进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：根据图中的照片，荔枝直径与大拇指的长度差不多，根据生活经验，大拇
指的长度大约为3cm，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查常见物理量的估算，熟知一些常见物理量的值是解题的关键。
2．端午节期间，小明在家里煮粽子，粽香四溢说明（ ）
A．分子在不停地做无规则运动
B．分子间存在引力
C．分子间存在斥力
D．分子可以再分
【分析】扩散现象说明组成物质的分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：端午节期间，小明在家里煮粽子，粽香四溢是扩散现象，说明组成物质的
分子在不停地做无规则运动，故A正确，BCD错误；
故选：A。
【点评】本题考查分子动理论内容，属于基础题。
3．小明买了一个方便移动的储物箱，如图所示。储物箱安装轮子的目的是（ ）A．增大摩擦 B．减小摩擦 C．增大压强 D．减小压强
【分析】减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面粗糙程度，用滚动代替滑动，使接
触面脱离。
【解答】解：小明买了一个方便移动的储物箱，储物箱安装轮子的目的是用滚动代替滑
动减小储物箱和地面之间的摩擦力，便于移动。故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查减小摩擦的方法，属于基础题。
4．（3分）如图所示，在阳光照射下，广东省南澳岛北回归线标志塔在地面上形成影子。
影子形成的原因是（ ）
A．光沿直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
【分析】沿直线传播的光被不透明的物体挡住，物体后面光照不到的黑暗区域，就是影
子。
【解答】解：光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，沿直线传播的光被不透明的物体
挡住，物体后面光照不到的黑暗区域，就形成了影子，故A正确。
故选：A。
【点评】此题考查光的直线传播，属于基础题目，难度不大。
5．（3分）如图是四冲程内燃机的某一冲程示意图，该冲程是（ ）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【分析】根据气门的关闭情况，再根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，就可以确
定是哪一个冲程。
【解答】解：由图可知，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，同时火花塞发出电
火花，所以是做功冲程。
故选：C。
【点评】此题考查了内燃机的四个冲程的判断，要重点注意做功冲程与压缩冲程的区分。
6．（3分）如图所示，小明用线圈、条形磁铁和灵敏电流计来验证电磁感应现象，下列不
能使灵敏电流计指针发生偏转的操作是（ ）
A．线圈不动，磁铁快速向上
B．线圈不动，磁铁快速向下
C．磁铁不动，线圈快速向上
D．线圈和磁铁同时同速向上
【分析】闭合电路一部分导体缓慢切割磁感线运动时，产生感应电流的现象叫做电磁感
应。
【解答】解：图中线圈和电流计组成了闭合回路，
A．线圈不动，磁铁快速向上运动时，线圈切割了磁感线，产生感应电流，故A不符合
题意；
B．线圈不动，磁铁快速向下运动时，线圈切割了磁感线，产生感应电流，故B不符合
题意；
C．磁铁不动，线圈快速向上运动，根据运动的相对性，相当于线圈向下切割了磁感线，产生感应电流，故C不符合题意；
D．线圈和磁铁同时同速向上运动，由于相对静止，线圈没有切割磁感线，因而不会
产生感应电流，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查电磁感应产生电流的条件，属于基础题。
7．（3分）如图所示，公交车上的乘客都拉好了扶手，当车的运动状态突然发生改变时，
乘客都向东倾，产生此现象的原因可能是（ ）
A．车由静止突然向东起动 B．车匀速前行时突然加速
C．车匀速前行时突然减速 D．匀速倒车时突然减速
【分析】物体由于惯性要保持原来的运动状态；分析车运动状态变化后，人由于惯性保
持原来运动方向引起的现象。
【解答】解：由图知，当车的运动状态突然发生改变时，乘客都向东倾，
如果原来是静止，车由静止突然向东起动，乘客由于惯性则向西倾倒；
如果车是向东运动的，说明车子突然减速，而乘客的上身由于惯性继续向东运动，出现
向东倾；
如果车是向西倒车的，说明车子突然加速，而乘客由于惯性保持原来较小的速度，会向
东倾；故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查惯性现象的分析，属于中档题，有一定的难度。
二、填空题：本大题共7个小题，每空1分，共21分。
8．（3分）如图是氦的原子模型示意图，原子核是 B ，核外电子是 A ，其中带
负电的是 A 。（均选填“A”或“B”）【分析】原子是原子核及核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子带正电，核外
电子带负电。
【解答】解：原子的核式结构模型：原子是由位于原子中心的原子核、核外电子组成，
核外电子由于受到原子核的吸引做圆周运动，原子核由质子和中子组成，质子带正电，
电子带等量负电。由图可知，原子核是是B，核外电子是A，其中带负电的是A。
故答案为：B；A；A。
【点评】本题考查了原子的核式结构，在原子中，质子带正电，电子带负电。
9．（3分）用古琴弹奏名曲《高山流水》时，琴声是由琴弦的 振动 产生，经 空气
传播到聆听者耳中。演奏者不断拨动同一根琴弦，使其振幅越来越大，琴弦发出声音的
响度变 大 。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）声音的传播需要介质；
（3）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关。
【解答】解：琴声是由琴弦的振动产生的；琴声是通过空气传播到聆听者耳中的；振幅
越大响度越大，演奏者不断拨动同一根琴弦，使其振幅越来越大，琴弦发出声音的响度
变大。
故答案为：振动；空气；大。
【点评】本题考查声音产生的条件、声音的传播需要介质、声音的特性。
10．（3分）如图所示，用两个吸盘模拟马德堡半球实验。将两个吸盘对接，用力挤压出
空气后难以将其分开，说明吸盘内部气体压强 小于 （选填“大于”“等于”或
“小于”）大气压强。若在吸盘上戳一个小孔，吸盘内部气体压强会变 大 。若在
海拔更高的地方做同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越
小 。【分析】（1）排出空气可以减小内部压强；放入空气压强增大；（2）大气压随海拔越
高，压强越小。
【解答】解：用两个吸盘模拟马德堡半球实验。将两个吸盘对接，用力挤压出空气后难
以将其分开，说明吸盘内部气体压强小于大气压强，在内外压力差的作用下，很难拉开。
若在吸盘上戳一个小孔，气体进入，吸盘内部气体压强会变大。若在海拔更高的地方做
同样的实验，将其分开所需的力更小，说明海拔越高，大气压强越小。故答案为：小于；
大；小。
【点评】本题考查大气压的应用和变化，属于基础题。
【航天主题】2023年5月30日，神舟十六号载人飞船与空间站成功对接。请运用有关的物
理知识，完成11～12题。
11．火箭搭载飞船升空过程中：火箭向下喷出气体而向上运动，说明力的作用是 相互
的；火箭外壳与空气摩擦会发热，这是通过 做功 的方式改变外壳内能；宇航员座
椅的质量 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）力的作用是相互的；
（2）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（3）质量是指物体所含物质的多少，质量是物体本身的基本属性，不随物体的空间位
置、形状、状态和温度的改变而改变。
【解答】解：火箭向下喷出气体，气体给火箭一个向上的力使火箭向上运动，说明力的
作用是相互的；
火箭外壳与空气相互摩擦，把机械能转化为内能，使火箭外壳内能增加，温度升高而发
热，这是通过做功的发生改变外壳的内能；
火箭升空过程中，宇航员座椅的位置发生变化，但所含物质的多少没有变化，所以宇航
员座椅的质量不变。
故答案为：相互；做功；不变。
【点评】本题考查力的相互作用、改变物体的内能的发生以及对质量概念的理解，是一
道基础题。
12．如图是飞船与空间站完成对接时的情景，以空间站为参照物，飞船是 静止 的。空
间站利用太阳能电池板获得能量，太阳能来自于太阳内部的核 聚 变。空间站的图
象信号是通过 电磁 波传回地面的。【分析】（1）物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；物体相对于参
照物的位置没有发生变化，则物体是静止的；
（2）太阳能来自于太阳内部的氢核聚变；
（3）电磁波可以传递能量和信息。
【解答】解：飞船与空间站完成对接后，飞船和空间站之间没有位置的变化，所以以空
间站为参照物，飞船是静止的；
空间站利用太阳能电池板获得能量，太阳能来自于太阳内部的氢核聚变；
空间站的图象信号是通过电磁波传回地面的。
故答案为：静止；聚；电磁。
【点评】本题考查物体运动与静止的相对性、核聚变以及电磁波的应用，是一道基础题。
13．（3分）如图所示，桌面上有一枚转动灵活的小磁针，静止时，小磁针 S 极指南。
当导线与电池触接时，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在 磁场 ；断开电路，
小磁针 会 （选填“会”或“不会”）回到原来位置。
【分析】（1）地磁场的方向是从地理的南极（地磁的北极）出发回到地理的北极（地
磁的南极），磁极间的作用规律：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引；
（2）1820年丹麦物理学家奥斯特通过实验证实了电流周围存在磁场，即电流的磁效应；
（3）断开电路，电路中无电流，小磁针仍指示南北。
【解答】解：地理的南方是地磁的北极，根据异名磁极互相吸引的规律，静止时，小磁
针的S极指南；
在实验中，当直导线接触电池通电时，可以看到小磁针发生偏转，即小磁针受到磁场力
的作用，说明通电导线周围存在磁场；
断开电路，电路中无电流，小磁针在地磁场作用下回到原来的位置，且磁针静止时，其S极将指向地理南极附近。
故答案为：S；磁场；会。
【点评】本题考查地磁场的方向及磁极间作用规律、奥斯特实验的过程与结论的了解。
14．（3分）如图所示，标有“2.5V 0.3A”的灯泡L 和标有“6V 0.15A”的灯泡L 连接
1 2
成 串 联电路，电源电压可调节。闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，先正常
发光的灯泡是 L ，此时通过另一灯泡的电流是 0.1 5 A。
2
【分析】串联电路中只有一条电路，串联电路中电流处处相等；根据额定电流的大小判
断谁先正常发光。
【解答】解：闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，电路中电阻一定，由I＝ 可知
电路中的电流变大，由于灯L 的额定电流0.15A小于L 的额定电流0.3A，两个灯串联
2 1
在电路中，电路中的电流先达到L 的额定电流，灯泡L 先正常发光，此时另一灯泡的
2 2
电流也是0.15A。
故答案为：串；L ；0.15。
2
【点评】本题考查了欧姆定律的运用和串联电路的特点，属于基础题。
三、作图题：共7分。
15．（2分）如图所示，书静止放在水平桌面上，请在O点画出书受到的重力G和支持力
F的示意图。
【分析】用一条带箭头的线段表示力的三要素的方法叫力的示意图；重力方向始终竖直
向下，静止的物体受力平衡。
【解答】解：过重心作竖直向下的重力，在箭头的末端用G表示。书静止受力平衡，则支持力与重力大小相等、方向相反，作用在同一条直线上，都画在重心上，如图所示：
【点评】本题考查了重力和支持力的示意图的画法，关键知道二力时平衡的。
16．（2分）如图所示，点光源S发出的一束光射向平面镜O点，请画出反射光线（保留
作图痕迹）。
【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和
入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，
两角相等”。其中入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：首先过O点作出法线，法线与镜面是垂直；根据反射角等于入射角做出反
射光线，如图所示：
【点评】考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射
角与反射角的概念。
17．（3分）如图所示，请用笔画线代替导线，将电灯和开关接入家庭电路中。【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的
螺旋套。
【解答】解：首先辨别上面火线、零线，灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的
金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生
触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
如图所示：
【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，要考虑安全用电。
四、实验题：本大题共3小题，第18小题7分，第19小题6分，第20小题7分，共20分。
18．（7分）（1）如1图所示，橡皮擦的长度为 3.4 7 cm。
（2）如2图甲所示，电压表的读数为 2. 3 V。滑动变阻器以图乙所示方式接入电路，
当滑片向左滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻 变小 （选填“变大”、“变小”
或“不变”）。
（3）杠杆在如3图所示位置静止，此时杠杆 是 （选填“是”或“不是”）处于平
衡状态。调节杠杆两端的螺母，使杠杆保持水平并静止，此操作可方便测量力臂，原因是此时 力臂在杠杆上，便于直接从杠杆上读出 。
（4）如4图所示，小明在某次观察晶体升华现象时，用酒精灯加热装有某晶体颗粒的
锥形瓶，发现锥形瓶内出现有色气体，瓶内底部还出现少量液体。气体形成的过程需要
吸热 （选填“吸热”或“放热”）；该晶体熔化的原因是 温度到达熔点继续吸热
。
【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0
开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，
注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；根据滑动变阻器的连接方式分析
滑动变阻器接入电路中电阻的变化；
（3）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置
平衡，便于测量力臂；
（4）物质由固态直接变为气态的过程叫做升华，升华吸热；熔化的条件是温度达到熔
点继续吸热。
【解答】解：（1）由图甲知：刻度尺上 1cm之间有10个小格，所以一个小格代表
1mm，即刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.47cm对齐，所
以物体的长度为L＝3.47cm；
（2）根据图示可知，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，示数为2.3V；
当滑片向左滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻丝的长度变短，电阻变小；
（3）杠杆保持静止，此时杠杆是处于静止状态，达到平衡；实验时为了消除杠杆自重
对杠杆平衡的影响，且便于直接从杠杆上读出力臂的大小，应将杠杆调到水平位置平衡；
（4）用酒精灯加热装有某晶体颗粒的锥形瓶，发现锥形瓶内出现有色气体，气体是由
固态的颗粒升华形成的，升华时会吸收热量；
晶体吸收热量，温度升高，温度到达熔点后会发生熔化现象。
故答案为：（1）3.47；（2）2.3；变小；（3）是；力臂在杠杆上，便于直接从杠杆上
读出；（4）吸热；温度到达熔点继续吸热。
【点评】本题考查了长度和电流表的读数、滑动变阻器的使用、杠杆的平衡状态、晶体
熔化的特点、生活现象，属于综合题。
19．（6分）小明在学习了凸透镜成像的规律后，继续深入探究。选用表中某一规格的凸
透镜做实验，调整好器材后如1图甲所示，此时烛焰在光屏上成放大的像。凸透镜编号 焦距/cm 直径/cm
① 5 3.5
② 5 4.5
③ 10 4.5
④ 15 4.5
（1）光屏上的像是实像还是虚像？ 实像 。
（2）一段时间后，小明发现烛焰的像如1图乙所示，此时将蜡烛向 上 调节可以使
烛焰的像移到光屏中央。
（3）小明选的凸透镜焦距为 1 0 cm。
（4）小明将蜡烛换成F字光源，调整了光源和光屏的位置，在光屏上仍可观察到清晰
的像，如2图所示，则小明看到的像应是 D （选填字母）。
（5）小明认为凸透镜成像的规律还可能与凸透镜的直径有关。若要验证其猜想，则可
在表中选取编号为 ①② 两个凸透镜进行实验验证。
【分析】（1）实像可以用光屏承接，虚像则不能；
（2）根据过光心的光线传播方向不变分析回答；
（3）u＜v，且成实像，说明2f＞u＝15cm＞f，v＝30cm＞2f，由此可得焦距的范围；
（4）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；
（5）根据控制变量法分析回答。
【解答】解：（1）实像可以用光屏承接，故光屏上的像是实像；
（2）一段时间后，小明发现烛焰的像如1图乙所示，此时烛焰的像成在光屏的上方，
根据过光心的光线传播方向不变，可知，此时应将蜡烛向上调节可以使烛焰的像移到光
屏中央；
（3）由如1图甲可知，u＜v，且成实像，说明2f＞u＝15cm＞f，v＝30cm＞2f，即
15cm＞f＞7.5cm，由表中数据可知，小明选的凸透镜焦距为10cm；（4）小明将蜡烛换成F字光源，调整了光源和光屏的位置，在光屏上仍可观察到清晰
的像，如2图所示，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立
缩小的实像，故小明看到的像应是D；
（5）小明认为凸透镜成像的规律还可能与凸透镜的直径有关，根据控制变量法可知，
小明选取的凸透镜焦距应相同，凸透镜的直径不同，由表中数据可知，若要验证其猜想，
可在表中选取编号为①②两个凸透镜进行实验验证。
故答案为：（1）实像；（2）上；（3）10；（4）D；（5）①②。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做
到灵活运用。
20．（7分）在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中：
（1）观察弹簧测力计的零刻度线、 量程 和分度值。调零时，弹簧测力计应在 竖
直 （选填“竖直”或“水平”）方向上调零。
（2）如图甲所示，在弹簧测力计下悬挂一个高为6cm的长方体物块（可塑），测出重
力。将它缓慢浸入水中，记录悬停在A、B、C、D、E这五个位置弹簧测力计的示数和
深度h。请根据实验数据，在图乙中画出物块所受浮力F浮 随h变化的图象。
（3）分析图象可知：浸没前，h增加，F浮 变大 ；浸没后，h增加，F浮 不变 。
（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
（4）若把此物块捏成高为6cm的圆锥体，重复上述实验。两次实验所得的F浮 随h变化
的图象 不同 （选填“相同”或“不同”）。
（5）若继续探究浮力的大小与液体密度的关系，还需添加一种材料： 不同密度的液
体 。
【分析】（1）弹簧测力计使用前要观察零刻度线、量程和分度值。调零时，弹簧测力
计所测力的方向上调零。（2）（3）根据称重法计算浮力，由表格数据描点画图像，由图像得出结论；
（4）若把此物块捏成高为6cm的圆锥体，相同深度时，排开液体的体积不同，受到的
浮力不同；分析两次实验所得的F浮 随h变化的图象是否相同；
（5）根据控制变量法分析。
【解答】解：（1）弹簧测力计使用前要观察零刻度线、量程和分度值。调零时，弹簧
测力计所测力的方向上调零，测重力和拉力要竖直方向，则调零也竖直方向。
（2）根据F浮 ＝G﹣F；0cm、2cm、4cm、6cm、8cm、10cm时，受到的浮力分别为0、
0.2N、0.4N、0.6N、0.6N、0.6N；由此在图像上描点画出图像，如图：
（3）根据图像知，浸没前，h增加，F浮 变大；浸没后，h增加，F浮 不变；
（4）若把此物块捏成高为6cm的圆锥体，相同深度时，排开液体的体积不同，受到的
浮力不同；重复上述实验。两次实验所得的F浮 随h变化的图象是不同的；
（5）根据控制变量法，若继续探究浮力的大小与液体密度的关系，需保持排开液体的
体积不变，改变液体的密度，因而需要不同密度的液体。
故答案为：（1）量程；竖直；（2）变大；不变；（3）如图见解答；（4）不同；
（5）不同密度的液体。
【点评】本题考查探究浮力的有关因素，属于较难题。
五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。
21．（7分）C919是我国自主研发的一种大型客机，已完成商业首航。假设某架飞机总质
量为8×104kg，静止在水平跑道上时，其轮胎与地面接触的总面积约为1m2，g取10N/
kg。求该飞机：
（1）受到的重力；（2）静止时对水平跑道的压强；
（3）以800km/h匀速直线飞行18min所通过的距离。
【分析】（1）知道飞机的质量，利用G＝mg求其重力；
（2）飞机静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据p＝ 求出对水平地面的压
强；
（3）根据速度的公式v＝ 计算。
【解答】解：（1）飞机受到的重力：
G＝mg＝8×104kg×10N/kg＝8×105N；
（2）飞机静止时对水平地面的压力：
F＝G＝8×105N，
对水平地面的压强：
p＝ ＝ ＝8×105Pa；
（3）以800km/h匀速直线飞行18min＝0.3h，
由v＝ 知，
所通过的距离s＝vt＝800km/h×0.3h＝240km。
答：（1）受到的重力8×105N；
（2）静止时对水平跑道的压强8×105Pa；
（3）以800km/h匀速直线飞行18min所通过的距离是240km。
【点评】本题考查了重力公式、压强公式、速度公式的应用，关键是知道水平面上物体
的压力和自身的重力相等。
22．（6分）如图甲是用某款3D打印笔进行立体绘画时的场景。打印笔通电后，笔内电阻
丝发热使笔内绘画材料熔化。加热电路简化后如图乙所示，电源电压恒为6V，R 和R
1 2
为发热电阻丝。只闭合S 时低温挡工作，S 、S 都闭合时高温挡工作，高温挡和低温挡
1 1 2
的功率比为4：3，R ＝4 ，忽略电阻丝阻值随温度变化。求：
1
（1）通过R 1 的电流； Ω
（2）低温挡的功率；
（3）R 的电阻值。
2【分析】（1）根据欧姆定律求出R 的电流；
1
（2）根据P＝UI＝ 求出低温挡的功率；
（3）已知高温挡和低温挡的功率比，据此求出高温挡功率，根据并联电路功率关系，
求出R 的功率，利用P＝UI＝ 求出R 的电阻值。
2 2
【解答】解：（1）电源电压恒为6V，R ＝4 ，则R 的电流为：
1 1
Ω
I ＝ ＝ ＝1.5A；
1
（2）只闭合S 时低温挡工作，此时电路为只有R 的简单电路，则低温挡的功率为：
1 1
P低 ＝ ＝ ＝9W；
（3）高温挡和低温挡的功率比为4：3，则高温挡功率为：
P高 ＝ P低 ＝ ×9W＝12W，
S 、S 都闭合时为高温挡，此时R 、R 并联，因R 前后电压不变，电阻不变，所以功
1 2 1 2 1
率不变，故R 的功率为；
2
P
2
＝P高 ﹣P低 ＝12W﹣9W＝3W，则R
2
的电阻值为：
R ＝ ＝ ＝12 。
2
答：（1）通过R 的电流Ω为1.5A；
1
（2）低温挡的功率为9W；（3）R 的电阻值为12 。
2
【点评】本题考查欧姆Ω定律和电功率公式的应用，是一道电学综合题，难度不大。
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
23．（6分）明代宋应星在《天工开物》中记载的农业生产汲水装置——辘轳，沿用至今。
如图甲是一种辘轳，由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。提水时，用力使大轮转动，
小轮随之转动并缠绕井绳，提起水桶。
（1）如图甲所示辘轳可视为不等臂杠杆，为方便提水，它是按照 省力 （选填“省
力”或“费力”）杠杆来设计的。用辘轳提水的某时刻示意图如图乙所示，它的支点是
“A”“B”或“C”中的 B 点。
（2）设大轮与小轮的半径比为3：1，水桶受到的总重力为90N。使周长为3m的大轮
转动一圈，水桶匀速上升，井绳对水桶做功 9 0 J；若要使辘轳静止在图乙所示位置
作用在C点最小的力应为 3 0 N。（不计井绳的粗细和自重）
（3）图丙所示水龙头开关的设计也应用了同样的原理，为了更省力，开关应选用
① （选填“①”或“②”）。
【分析】（1）辘轳的实质是轮轴，根据轮轴的作用分析；支点是绕着转动的固定点；
（2根据大轮与小轮的的半径比为3：1，计算水桶匀速上升高度，根据W＝Gh计算做
功；
根据杠杆的平衡条件计算最小动力；
（3）水龙头开关的设计也应用了轮轴，增大轮的半径可以增大动力臂，在阻力和阻力
臂一定时，可以省力。
【解答】解：（1）辘轳的实质是轮轴，动力作用在轮上，可以省力；支点是绕着转动
的固定点，即B点；
（2）设大轮与小轮的的半径比为3：1，水桶受到的总重力为90N。
使周长为3m的大轮转动一圈，水桶匀速上升高度是小轮的周长，为大轮周长的 ，即1m，井绳对水桶做功W＝Gh＝90N×1m＝90J；
若要使辘轳静止在图乙所示位置，作用在C点最小的力为F，根据杠杆的平衡条件有：
FR＝Gr；则F＝ ＝ ＝30N；
（3）水龙头开关的设计也应用了轮轴，增大轮的半径可以增大动力臂，在阻力和阻力
臂一定时，可以减小动力，故选择图中的①可以更省力。
故答案为：（1）省力；B；（2）90；30；（3）①。
【点评】本题考查杠杆的平衡条件、功、轮轴的应用与省力分析，属于综合题，有一定
的难度。
24．（6分）小明了解到有种说法“在室内穿两件薄衣服比只穿一件厚衣服更保暖”。他
采用如图的装置进行实验：在甲、乙两个相同的瓶子中装入等体积的热水，用两层灰色
薄棉布包
裹着甲瓶（内层紧贴，外层相对宽松），用一层灰色厚棉布紧贴包裹着乙瓶，用数显温
度计测量瓶中热水的温度，测得有关数据如表所示。
室温：25.0℃
时间/min 0 20 40 60 80
甲瓶水温/℃ 61.0 56.6 62.5 50.9 48.5
乙瓶水温/℃ 61.0 55.6 52.3 49.0 45.7
（1）表中有一个温度值记录错误，该错误的温度值是 62.5 ℃。水温会先降到
41.0℃的是 乙 瓶。已知瓶中水的体积是350mL，该瓶中水的温度降至41.0℃时，
其放出的热量是 2940 0 J。[c水 ＝4.2×103J/（kg•℃）， 水 ＝1.0×103kg/m3]
（2）如果把瓶中的热水换成冰块， 甲 瓶中的冰块熔化ρ较慢。分析实验结果，可猜
想“在室内穿两件薄衣服比只穿一件厚衣服更保暖”的原因可能是两件薄衣服中间有
空气 。
（3）请写出一个生活中与你的猜想相符合的例子： 羽绒服很蓬松，中间有很多空气 ，
由于空气是热的不良导体，可有效防止身体的热量的散失 。【分析】（1）根据表格数据判断出错误的数据和先到达41.0℃水瓶；
由密度公式算出水的质量，由Q放 ＝c水m（t﹣t
0
）算出水放出的热量；
（2）由表格数据判断出温度降低慢的瓶子，进而判断出冰块熔化较慢的瓶子；
空气是热的不良导体；
（3）根据生活实际举出空气是热的不良导体的应用。
【解答】解：（1）随着时间的增加，水的温度逐渐降低，所以甲瓶水 40min时的温度
62.5℃是错误的；
由表格数据知乙瓶水的温度降低的快，水温会先降到41.0℃；
由 ＝ 知水的质量为：
m水ρ＝ 水V＝1.0×103kg/m3×350×10﹣6m3＝0.35kg；
水放出ρ的热量是：
Q放 ＝c水m（t﹣t
0
）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.35kg×（61.0℃﹣41.0℃）＝29400J；
（2）由表格数据知甲瓶水的温度降低的慢，说明乙瓶保温性能好，如果把瓶中的热水
换成冰块，甲瓶中的冰块熔化较慢，说明在室内穿两件薄衣服比只穿一件厚衣服更保暖，
由于空气是热的不良导体，所以两件薄衣服中间有空气可能是在室内穿两件薄衣服比只
穿一件厚衣服更保暖的原因；
（3）羽绒服很蓬松，中间有很多空气，由于空气是热的不良导体，可有效防止身体的
热量的散失。
故答案为：（1）62.5；乙；29400；（2）甲；空气；（3）羽绒服很蓬松，中间有很多
空气，由于空气是热的不良导体，可有效防止身体的热量的散失。
【点评】本题考查了热量的计算和学生的分析解答能力，是一道理论联系实际的好题。
25．（6分）阅读材料，回答问题。
风力发电风能是一种清洁的可再生能源，利用风力发电将助力我国实现碳中和目标。风力发电机
组主要由叶片、齿轮箱、发电机等组成，其简化结构如图甲所示。叶片横截面的设计原
理如图乙所示，一面较平，另一面较弯曲。叶片在风的作用下旋转，经过齿轮箱增速后，
发电机转子高速旋转发电。
某风力发电机组利用齿轮箱可实现叶片转1圈，发电机转子转20圈。风力发电机组输
出功率P与风速v的关系如图丙所示。在5m/s≤v≤10m/s的范围内，P与v的三次方成
正比。风力发电机组所在风场某段时间内的风速 v与时间t的关系如图丁所示。（为方
便计算，图丙和图丁数据已作简化处理。）
（1）完成图戊风力发电的主要能量转化流程图；
① 机械能 ；
② 电能 。
（2）当风正面垂直吹向静止叶片时，如图乙所示，从正面看，叶片 A会 顺时针
（选填“顺时针”或“逆时针”）转动。
（3）当风速为12m/s时，风力发电机组工作1h输出的电能相当于 36 kg的煤完全
燃烧放出的热量。（q煤 ＝3.0×107J/kg）
（4）当风速为13m/s时，发电机转子1min转400圈。若发电机输出电能1kW•h，叶片需要转动 4 圈。
（5）若14：00—15：00和15：00—16：00两段时间内输出电能之比为1：3，则14：
00—20：00的时间段内风力发电机组的输出电能为 1084. 3 kW•h。
【分析】（1）不同形式的能量可以相互转化；
（2）气压与流速的关系：流速大，压强小；流速小，压强大；
（3）由丙图可知风速为12m/s时，发电机的功率为300kW，由W＝Pt求电功率；在根
据W电 ＝Q放 ＝mq煤 求需要完全燃烧的煤的质量；
（4）由丙图可知当风速为 13m/s 时，发电机的功率为 300kW，发电机输出电能
1kW•h，根据t＝ 求时间，发电机转子1min转400圈，可以转子转动的圈数；叶片转
1圈，发电机转子转20圈，求出叶片转动的圈数；
（5）由丙、丁图可知，当v＜3m/s时，输出电功率为0，无电能输出，由丁图可知，
14：00﹣15：00只有14：30﹣15：00有电能输出，15：00—17：00，v大于12m/s，故
输出功率恒定为300kW，由W＝pt求输出的电能；17：00﹣18：00电能输出分两段，
17：00﹣17：30，v＝10m/s；17：30﹣18：00，v＝7m/s；18：00﹣19：00，v＜3m/s，
无电能输出；19：00﹣20：00电能输出分两段，19：00﹣19：30，v＝10m/s；19：30﹣
20：00，v＞12m/s；据此分别计算各时间段的电能，将所有电能相加即为14：00—20：
00的时间段内风力发电机组的输出电能。
【解答】解：（1）风力发电主要将风能转化为叶片的机械能，叶片的机械能转化为电
能，实现能量的相互转化；
（2）由图乙可知，风叶上表面一面较平，下面一面较弯曲，风正面垂直吹向静止叶片
时，上面流速慢，压强大，下面流速快，压强小，故或受到向下的压强差，则叶片会顺
时针转动；
（3）由丙图可知风速为 12m/s 时，发电机的功率为 300kW，则电能为 W 电 ＝Pt＝
300×103W×3600s＝1.08×109J；由W电 ＝Q放 ＝mq煤可得，燃烧的煤的质量m＝ ＝
＝36kg；（4）由丙图可知当风速为 13m/s 时，发电机的功率为 300kW，发电机输出电能
1kW•h，时间t＝ ＝ ＝ h＝0.2min；发电机转子1min转400圈，则0.2min
转子转：400×0.2＝80转，叶片转4圈；
（5）由丁图可知，15：00—17：00 和 19：30﹣20：00 这个两个时间段，v 大于
12m/s，故输出功率恒定为300kW，则15：00—16：00输出的电能W＝Pt＝300kW×1h
＝300kW•h；则16：00﹣17：00输出的电能为300kW•h；19：30﹣20：00输出的电能
为150kW•h；14：00—15：00和15：00—16：00两段时间内输出电能之比为1：3，则
14：00—15：00输出电能为100kW•h；则14：30﹣15：00，17：00﹣17：30，19：00
﹣19：30，v＝10m/s，故这三个时间的的输出电能均为 100kW•h；在5m/s≤v≤10m/s
的范围内，P与v的三次方成正比，P＝kv3；则Pt＝kv3t①；17：30﹣18：00，v ＝
1
7m/s；P t＝k t②；由①②可得P ＝34.3kW•h；则14：00—20：00的时间段内风力
1 1
发 电 机 组 的 输 出 电 能
100kW• h+300kW• h+300kW• h+100kW• h+34.3kW• h+100kW• h+150kW• h ＝
1084.3kW•h。
故答案为：（1）①机械能；②电能；（2）顺时针；（3）36；（4）4；（5）
1084.3。
【点评】本题考查气压与流速的关系、能量的转化、功和热量的计算公式，其中最后一
问难度非常大，需要逐一分析每个时间的v和p的关系，根据W＝Pt进行计算，其中还
需要用到数学中的一次函数计算。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/6/30
9:15:02；用户：15972770568；邮箱：15972770568；学号：26197019
