文档内容
专题 14 多项选择题
考情分析................................................................................................................................................2
考点一 热学........................................................................................................................................3
【真题研析·规律探寻】 .....................................................................................................................3
【核心提炼·考向探究】 .....................................................................................................................6
【题型特训·命题预测】 .....................................................................................................................6
考点二 光学......................................................................................................................................12
【真题研析·规律探寻】 ...................................................................................................................12
【核心提炼·考向探究】 ...................................................................................................................15
【题型特训·命题预测】 ...................................................................................................................16
考点三 力学......................................................................................................................................22
【真题研析·规律探寻】 ...................................................................................................................22
【核心提炼·考向探究】.....................................................................................................................27
【题型特训·命题预测】 ...................................................................................................................27
考点四 电磁学..................................................................................................................................37
【真题研析·规律探寻】 ...................................................................................................................37
【核心提炼·考向探究】.....................................................................................................................42
【题型特训·命题预测】 ...................................................................................................................42考点要求 命题预测
多项选择题常常出现在一些市地的中考中，各地的题目数量不
同，分值也不同。例如，青岛市2023年中考，多项选择题是5小
题，分值15分。多项选择题的特点是综合性强，试题可以从不同侧
多项 面、不同角度、不同层次进行选项设置，考查学生在学习活动中的记
选择题 忆与理解、判断与推理、分析与比较、鉴别与评估等多种能力，所以
它是考查学生学习掌握知识和运用知识能力的常用方法。
题目类型主要有：光学综合、力学综合、热学综合、电磁学综
合、还有初中物理所学知识的综合等。
多项选择题 解读
1. 综合性强
试题可以从不同侧面、不同角度、不同层次进行选项设置，考查学
生在学习活动中的记忆与理解、判断与推理、分析与比较、鉴别与评
估等多种能力.
题型特点 2. 难度大
选项中正误混杂；有些选项虽然表述正确但却与题意无关，干扰性
强，迷惑性大；正确答案数不确定。
3. 对知识、能力的要求高。要求学生具有扎实的基础知识和较强的
理解、分析问题的能力，否则容易多选、少选或错选，导致丢分。
1. 直接判断法
该方法是根据题目所给条件直接判断出正确的选项。
2. 筛选法
也叫淘汰法或排除法。该方法是当答题中遇到的主命题不完整，必
须经过对备选选项逐个进行辨析，逐个淘汰错误选项，直到选出一个
或几个正确选项。
解题技巧
3. 控制变量法
该方法经常用于研究物理现象，其中某一个物理量受另外两个或几
个物理量影响的情况。先把情景问题中的所有物理量之间的数学关系
弄明确，然后再使与之有关的物理量得到控制的条件下，来确定要研
究的物理量的比较或变化规律，从而在备选选项中选出正确答案。
4. 图象法。考点一 热学
1. （2023·辽宁鞍山·中考真题）关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（ ）
A．物体温度升高含有的热量增加
B．铁块很难被压缩表明分子间存在斥力
C．鲜花香气四溢是一种扩散现象
D．发生热传递的物体之间一定存在温度差
【答案】BCD
【详解】A．热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；
B． 分子间存在相互作用的引力和斥力，铁块很难被压缩，说明分子间存在斥力，故B正确；
C．鲜花香气四溢是分子不停地做无规则运动形成的，是扩散现象，故C正确；
D．存在温度差的两个物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，或者从物体
的高温部分传向低温部分，故D正确。
故选BCD。
2. （2023·湖北十堰·统考中考真题）地球表面70%以上是海洋，但可供人类直接利用的淡水资源
不足全部水资源的万分之一，提高节水意识是公民的义务和责任。如图是水循环示意图，下列说法正
确的是（ ）
A．地表水吸热，汽化成水蒸气
B．水蒸气与冷空气接触，液化成小水滴
C．小水滴遇到更冷的气流，凝华成小冰晶
D．小冰晶降落过程中，液化成雨水
【答案】AB
【详解】A．地表水吸热，由液态变为气态，发生了汽化，变成成水蒸气，故A正确；
B．水蒸气与冷空气接触，遇冷液化，由气态变为液态，发生液化现象，变成水滴，故B正确；
C．小水滴遇到更冷的气流，由液态变为固态，凝固成小冰晶，故C错误；
D．小冰晶在降落过程中，由固态变为液态，熔化成雨水，故D错误。
故选AB。
3.（2023·湖北省直辖县级单位·统考中考真题）一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，如
图所示为它工作循环中的一个冲程。下列说法正确的是（ ）A．汽油是化石能源 B．该冲程为做功冲程
C．该汽油机每秒对外做功20次 D．热机的功率越大，效率就越高
【答案】AB
【详解】A．汽油是动植物的遗体经过漫长的地质年代形成的，是化石能源，故A正确；
B．如图，进气门、排气门关闭，火花塞点火，该冲程为做功冲程，故B正确；
C．单缸四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，每秒钟飞轮转20r，转两圈汽油机做一次功，该汽
油机每秒对外做功10次，故C错误；
D．热机的功率是单位时间做的功，效率等于有用功与燃料产生热量的比值，是两个不同的物理量，
没有必然联系，故D错误。
故选AB。
4. （2023·牡丹江·中考真题）下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是（ ）
A．用打气筒给轮胎打气 B．利用太阳能热水器烧水
C．古人钻木取火 D．冬天常用双手摩擦取暖
【答案】ACD
【详解】A．用打气筒给轮胎打气，筒壁发热，是摩擦生热现象，机械能转化为内能，是通过做功
改变物体的内能，故A符合题意；
B．利用太阳能热水器烧水，太阳能水箱中的水被晒热，水从阳光中吸收热量、温度升高，是通过
热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C．钻木头时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，使木头的内能增大、温度升高，是通过做功
改变物体的内能，故C符合题意；
D．用双手互相摩擦取暖，该过程中克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的
内能，故D符合题意。
故选ACD。
5.（2023·北京·统考中考真题）下列说法正确的是（ ）
A．运动的小球具有机械能，而不具有内能
B．铁块很难被压缩，说明分子间只存在斥力
C．汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体，将机械能转化为内能
D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
【答案】CD
【详解】A．任何物体在任何情况下都具有内能，故A错误；
B．铁块分子间既有引力也有斥力，很难被压缩，是因为压缩时斥力大于引力，总的表现为斥力，
故B错误；C．汽油机的压缩冲程中，两气门关闭，活塞压缩气体，对气体做功，气体温度升高，机械能转化
为内能，故C正确；
D．沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度
变化小，昼夜温差小，故D正确。
故选CD。
6.（2023·山东潍坊·统考中考真题）图甲所示为一款新型水杯，将沸水倒入杯中，轻摇几下后，水
温便可降至55℃左右，并能保温3小时。图乙为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶体传热材料，
其在常温下是固态，会随着温度的变化发生可逆的固液转换。取0.3kg该晶体材料，对其进行加热，其
温度与吸收的热量关系如图丙所示。下列分析正确的是（ ）
A．该晶体材料的熔点为55℃
B．在BC段，该晶体材料的内能保持不变
C．在AB段，该晶体材料的分子热运动变剧烈
D．该晶体材料的比热容为
【答案】CD
【详解】A．该晶体常温下是固态，会随着温度的变化发生可逆的固液转换，熔化过程温度不变，
不变的温度即是熔点，由图丙可知，在BC段温度保持不变，则该晶体熔点为50℃，故A错误；
B．由图丙可知，BC段是晶体的熔化过程，晶体熔化过程吸收热量，温度保持不变，物体吸收了
热量，内能一定增加，则该晶体材料的内能增大，故B错误；
C．分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈；在AB段温度升高，所以
该晶体材料的分子热运动变剧烈，故C正确；
D．由图丙可知，当0.3kg晶体材料，由30℃加热到50℃，其吸收的热量为5.28×103J，根据
Q=cmΔt可得，其比热容为
故D正确。
故选CD。
6.
知识 知识1. 物态变化
记住：三种状态、六种变化；三
个吸热过程，三个放热过程。
热 2. 分子动理论
学
包含三方面：分子与原子；热运
动；分子间的作用力。
3. 比热容、热值与热机。
4. 内能与改变方法。 物质的三态与分子间的距离
1．（2022·济南·中考真题）关于图中四个事例的能量转化，以下说法正确的是（ ）
A．甲图中原始人类“钻木取火”，把内能转化为机械能
B．乙图中水轮机带动发电机发电，把水能转化为电能
C．丙图中行驶的高速电动列车，把电能转化为机械能
D．丁图中楼顶的太阳能热水器，把太阳能转化为内能
【答案】BCD
【详解】A．钻木取火是克服摩擦做功，将机械能转化为木头的内能，从而温度升高，达到着火点
而起火的，故A错误；
B．水轮机带动发电机发电的过程，是通过水轮机将水的机械能转化为电能的过程，故B正确；
C．高速行驶的电动列车，其机械能是由电能转化而来的，故C正确；
D．太阳能热水器是利用太阳能给水加热的，是太阳能转化为水的内能的过程，故D正确。
故选BCD。
2．观察下图，下列关于能量的说法正确的是（ ）
A．太阳通过核裂变释放能量 B．太阳能是可再生能源
C．水温升高是通过热传递改变其内能 D．水增加的内能等于木柴燃烧放出的热量【答案】BC
【详解】A．太阳是通过核聚变释放能量的，故A错误；
B．太阳能是短时间内可以得到补充，因此太阳能是可再生能源，故B正确；
C．柴燃烧释放热量，水吸收热量，水的内能增大，水温升高，这是通过热传递增大水的内能，故
C正确；
D．柴燃烧释放的热量，其中的一部分被水吸收，大部分都散失在空气中，故水增加的内能小于木
柴燃烧放出的热量，故D错误。
故选BC。
3．早在公元前21世纪左右，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。铸造青铜器时，工匠将铜
料加热化为铜液注入模具，铜液在模具中冷却成型，青铜器铸造初步完成。下列分析正确的是（
）
A．铜料化为铜液，属于液化现象 B．铜液冷却成型，属于凝固现象
C．铜料化为铜液过程中温度不变 D．铜液冷却成型过程中需要放热
【答案】BCD
【详解】AC．铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，在这一过程中，固态的铜料变
为液态的铜液，发生的物态变化是熔化，铜料化为铜液过程中，属于晶体熔化，熔化过程温度不变，
故A错误，C正确；
BD．铜液在模具中冷却成型，在这一过程中，液态的铜液变为固态的铜器，发生的物态变化是凝
固，凝固放热，故BD正确。
故选BCD。
4. 2023年3月30日，长征二号丁运载火箭将宏图一号01组卫星发射升空，该组卫星是国际上首
个四星编队飞行的对地成像系统。下列说法正确的是（ ）
A．火箭用液态氢作燃料，因为氢的热值较大
B．火箭升空过程中，以火箭为参照物，发射台是运动的
C．卫星在绕地球运行过程中运动状态不变
D．卫星升空过程中，动能增大，重力势能不变
【答案】AB
【详解】A．用液态氢作火箭的燃料，是因为液态氢的热值较大，完全燃烧相同质量的氢与其它燃
料相比，放出的热量更多，故A正确；
B．以火箭为参照物，火箭升空过程中，与发射台的位置不断发生变化，所以发射台是运动的，故
B正确；C．该卫星在绕行过程中速度和高度不断变化，所以运动状态是变化的，故C错误；
D．卫星在升空的过程中，质量不变，速度和高度都增大，动能和重力势能都增大，故D错误。
故选AB。
5．2022年12月4日，“神舟十四号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱在
进入大气层时要通过一段黑障区，这段时间飞船被烧成一个大火球，而舱内的航天员和设备却安然无
恙。下列说法正确的是（ ）
A．飞船“燃烧”是通过热传递的方式增加了内能
B．飞船通过黑障区时克服摩擦做功，机械能转化为内能
C．以舱内的航天员为参照物地球是运动的
D．飞船通过黑障区过程是惯性造成的，所以飞船重力没有做功
【答案】BC
【详解】A．因为飞船和大气层之间发生摩擦，所以是通过做功的方式增加了内能，故A错误；
B．飞船通过黑障区时和大气层发生摩擦，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，故B正确；
C．以舱内的航天员为参照物，地球位置不断变化，地球是运动的，故C正确；
D．飞船受到重力，在重力方向上移动了距离，所以重力做功了，故D错误。
故选 BC。
6．（2022·山东济南·中考真题）“摘星星的妈妈回来了！”2022年4月16日，“神舟十三号”载
人飞船制动减速、从大气层外自由滑行进入返航轨道；返回舱进入大气层后自由降落，与空气剧烈摩
擦产生上千摄氏度的高温；又经系列降落伞继续减速、在四台反推发动机保护下平稳着陆在内蒙古东
风着陆场。整个过程中，舱壁的烧蚀材料、高性能隔热材料和舱内恒温系统的共同作用保持了返回舱
内温度的正常；除“黑障”时段外，地面系统实时监测着返回舱的位置。在上述过程中，返回舱（
）
A．在大气层外自由滑行的阶段仍受重力
B．在进入大气层之后机械能转化为内能
C．外壁的烧蚀材料升华吸热以有效降温
D．位置是通过超声波被地面系统实时监测【答案】ABC
【详解】A．在地球附近的物体都受到重力的作用，所以在大气层滑行的返回舱受到重力的作用，
故A符合题意；
B．进入大气层时，返回舱克服空气阻力做功，将机械能转化为内能，舱壁内能增加，温度升高，
故B符合题意；
C．外壁的烧蚀材料克服摩擦做功的过程中，由固态变成气态，是升华过程，需要吸收大量的热量，
从而达到降温效果，故C符合题意；
D．返回舱的位置是通过电磁波传递到地面的实时监测系统，而不是超声波，故D不符合题意。
故选ABC。
7. （2022·山东日照·中考真题）某科考队员在海拔5500m的高山上进行了下列实验探究。
（1）首先利用随身携带的普通烧水壶烧水，发现壶中水温才80℃就沸腾了；
（2）利用图甲所示装置安装两套相同的实验器材，在两套装置的试管中分别装有少量的固体P和
固体Q，点燃酒精灯进行实验。利用实验测得的数据得到它们的温度与加热时间图像如图乙所示。则
下列判断正确的是（ ）
A．固体P熔化经历了
B．固体P的熔点为50℃，一定是晶体
C．固体Q的熔点为80℃，在 内持续吸热
D．水80℃沸腾，说明实验时的大气压高于1标准大气压
【答案】AB
【详解】A．图乙，固体P从第5min开始熔化，第20min结束，共经历了15min，A正确；
B．如图乙，从第5min开始熔化，第20min结束，有固定的熔化的温度，故是晶体，熔点为
50℃，故B正确；
C．Q物质温度保持80℃，不一定熔化，也可能是因为烧杯中的水沸腾后温度不变。在
内，不断加热，故固体Q持续吸热，故C错误；
D．在标准大气压下，水的沸点为100℃，而水80℃沸腾，说明实验时的大气压低于1标准大气压，
故D错误。
故选AB。
8．用相同的加热装置分别对固态物质a、b、c加热，它们的温度随加热时间变化关系如图所示。
不计热量损失，以下分析正确的是（ ）A．t~t 时间内，a、c吸收热量相同
1 2
B．t~t 时间内，a的内能不变
2 3
C．b的比热容可能大于c的比热容
D．若a、b是同种物质，则b的质量小于a的质量
【答案】AC
【详解】A．用相同的加热装置分别对固态物质a、c加热，用加热时间表示吸热的多少，t~t 时
1 2
间内，加热时间相同，所以a、c吸收热量相同，故A正确；
B．在t~t 时间内，a吸收热量温度升高内能变大，故B错误
2 3
C．根据 得，b、c质量不确定，所以b的比热容可能大于c的比热容，故C正确；
D．根据 得， 若a、b是同种物质，吸收相同热量，由图知，b升高的温度小于a升高的
温度，则b的质量大于a的质量，故D错误。
故选AC。
9. 有一台家用电水壶，如下图所示是其内部电路的简图，R、R 均为加热电阻，通过旋转旋钮开
1 2
关可以实现加热和保温两种功能的切换。电水壶加热功率为1000W，保温功率为44W。用此水壶加热
初温20℃，体积为1L的水400秒刚好沸腾【忽略温度对电阻阻值的影响，大气压为一个标准大气压，
c =4.2×103J/（kg℃），ρ =1.0×103kg/m3】，则下面说法正确的是（ ）
水 水
A．旋转旋钮开关到“1”时，水壶处于保温档
B．水吸收的热量为3.36×105J
C．此热水器加热档的热效率为84%
D．在保温时，接入电路电阻的阻值为48.4Ω
【答案】ABC
【详解】AD．当旋转旋钮开关到“1”时，电阻R、R 串联，当旋转旋钮开关到“2”时，电路中R
1 2 2
U2
工作；根据P= 可知，当旋转旋钮开关到“1”时，水壶处于保温档，此时接入的阻值为
R故A正确，D错误；
B．水的体积为V=1L=10-3m3
水的质量为m =ρV=1.0×103kg/m3×10-3m3=1kg
水
水吸收的热量为
Q =c m(t-t)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J
吸 水 0
故B正确；
C．消耗的电能为W=Pt=1000W×400s=4×105J
热水器加热档的热效率为
故C正确。
故选ABC。
10．2020年12月17日，“嫦娥五号”在月球上收集了一满罐的月球土壤（简称“月壤”），科
研人员称出其质量为1731g，与计划的2000g存在差距，主要原因是收集罐的容积是按照月壤密度为
而设计的。以下说法正确的是（ ）
A．月壤从月球带回地球后质量变小了
B．若将月壤分成等质量的两份，则每份的比热容都变小
C．收集罐的容积为
D．月壤的实际密度小于
【答案】CD
【详解】A．质量指的是物体所含物质的多少，与状态、位置等无关，所以月壤从月球带回地球后
质量不变，故A错误；
B．比热容是物质的属性，与质量无关，所以将月壤分成等质量的两份，则每份的比热容都相同，
故B错误；
C．设计收集罐的容积是应用的月壤密度为 ，质量为2.0kg，故收集罐的容积为
故C正确；
D．实际质量为1731g，体积为 ，所以月壤密度为
故D正确。故选CD。
考点二 光学1．（2022·山东聊城·中考真题）下列对各光学现象的相应解释或描述，正确的是（ ）
A．甲：入射光垂直射向镜面时，入射角等于0°
B．乙：蜡烛远离玻璃板时，玻璃板后面蜡烛的像大小不变
C．丙：点燃蜡烛前，需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度
D．丁：是远视眼矫正后的成像光路图
【答案】AB
【详解】A．入射光垂直射向镜面时，入射角是0°，故A正确；
B．平面镜成的像和物体的大小相等，蜡烛远离玻璃板时，蜡烛的像大小不变，故B正确；
C．调整蜡烛、凸透镜、光屏的位置和高度时，需要点燃蜡烛，使烛焰中心、透镜中心、光屏中心
位于同一高度，故C错误；
D．图中利用凹透镜对眼睛进行矫正，属于近视眼的矫正，远视眼是利用凸透镜进行矫正，故D
错误。
故选AB。
2.（2023·贵州·统考中考真题）正常人眼通过调节晶状体厚薄来看清远近不同的物体，如果不注意
用眼卫生，可能导致对晶状体厚薄的调节能力减弱。下列分析正确的是（ ）
A．晶状体变薄时，对光有发散作用
B．晶状体变厚时，对光的会聚能力增强
C．若晶状体太薄，容易形成远视眼
D．若晶状体太厚，可用凹透镜矫正
【答案】BCD
【详解】AC．晶状体变太薄时，对光的会聚能力减弱，容易形成远视眼，但没有发散作用，故A
错误，C正确；
BD．晶状体变太厚时，对光的会聚能力强，易形成近视眼，可以用凹透镜矫正，故BD正确。
故选BCD。
3．（2023·广西·统考中考真题）小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水
凸透镜”和光屏位于如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，下列说法正确的是（ ）A．此时成像特点与照相机的相同
B．此时“水凸透镜”的焦距为15.0cm
C．调节“水凸透镜”的厚度可改变其焦距
D．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动
【答案】CD
【详解】A．由图可知，此时光屏上成倒立放大的实像，而照相机的成像原理是根据凸透镜成倒立
缩小的实像，所以A错误；
B．由图可知此时物距u=15cm，像距v=29cm，光屏上成倒立放大的实像，说明
所以此时水透镜的焦距7.5cm＜f＜14.5cm，所以B错误；
C．可以向水透镜内注水和排水，通过调节“水凸透镜”的厚度去改变其焦距，故C正确；
D．过凸透镜光心的光线沿直线传播，所以蜡烛燃烧变短后，则像向光屏上方移动,故D正确。
故选CD。
4．（2023·四川宜宾·统考中考真题）小强同学用如图甲的实验装置，探究光反射时的规律，并将
数据依次记录在表1中。实验后他想让与地平线成60°的太阳光竖直向下照亮井底，他把平面镜按如图
乙放置。对此探究，下列说法正确的是（ ）
表1
次数 1 2 3 4 5
0° 20° 30° 40° 60°
0° 20° 30° 40° 60°
A．图甲中表示反射角的是∠i
B．实验时的反射光线是绕O点逆时针转动的
C．实验说明反射角等于入射角
D．图乙中平面镜与地平线的夹角θ为75°【答案】CD
【详解】A．由于入射光线与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角，由图甲可知，
∠i是入射角，故A错误；
B．由表1可知，实验时，反射角逐渐增大，即反射光线逐渐远离法线，所以反射光线是绕O点顺
时针转动的，故B错误；
C．观察表1中数据发现，反射角的大小始终等于入射角的大小，所以在光的反射中，反射角等于
入射角，故C正确；
D．太阳光与地平线的夹角为60°，竖直向下照亮井底，则反射光线与地平线的夹角为90°，则反
射光线与入射光线的夹角为150°，由于反射角等于入射角，所以反射角和入射角都等于75°，则反射光
线与镜面的夹角为90°-75°=15°
则镜面与地平线的夹角θ为90°-15°=75°
故D正确。故选CD。
5．（2022·四川宜宾·统考中考真题）如图，空茶碗底部有一枚硬币，眼睛在P处看不见硬币，缓
慢往茶碗中倒水，当水面上升到一定的高度，在P处就能看见硬币。下列说法正确的是（ ）
A．倒入水之前没看见硬币，是因为光沿直线传播
B．倒入水之前没看见硬币，是因为硬币没有发生漫反射
C．倒入水之后，人在P处看见的是硬币所成的实像
D．倒入水之后，看见硬币像的位置比硬币实际位置高
【答案】AD
【详解】AB．倒入水之前，由于光沿直线传播，硬币发出的光线被碗遮挡，眼睛在P处看不到硬
币，故A正确，B错误；
CD．倒入水之后，硬币发出的光线从水中进入空气中时，发生了折射现象，由于折射光线偏离法
线，折射角大于入射角，从P处会看到硬币所成的虚像，虚像在P处上方，比硬币实际位置高，故C
错误，D正确。
故选AD。
6．（2022·辽宁·中考真题）中华文化源远流长，下列诗词涉及光学知识，对其解释正确的是（
）
A．“起舞弄清影”，影子是由于光沿直线传播形成的
B．“明镜可鉴形”，明镜成像是因为光发生了折射
C．“潭清疑水浅”，潭水看起来浅是因为光发生了反射
D．“瀑水喷成虹”，彩虹是光的色散现象
【答案】AD
【详解】A．“起舞弄清影”，影子的形成是由于光的直线传播，故A正确；
B．“明镜可鉴形”，明镜成像属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故B错误；
C．“潭清疑水浅”，潭水看起来浅是因为光从水中斜射入空气中时发生折射，故C错误；D．“瀑水喷成虹”，瀑水喷成雾状，当太阳光射入空气中的小水滴时，太阳光经过折射发生色散，
从而形成彩虹，故D正确。
故选AD。
内容 知识
1. 四种现象：光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散。
2. 两个规律：光的反射定律、光的折射规律。
3. 两个光学器材：平面镜、凸透镜。
光 3. 平面镜的应用。
学
4. 凸透镜的应用：照相机、投影仪、放大镜、显微镜、望远镜、眼镜。
5. 三个探究实验：光的反射、平面镜成像规律、光的折射、凸透镜成像
规律。
1. imax3d是立体影片的放映技术，结合imax巨幕，能够产生逼真震撼的全视野立体效果。放映
时，两个放映机将两个略有差异的画面呈现在比普通影院屏幕更大的巨幕上，观看者带上特殊眼镜后，
能产生强烈的“身临其境”感。关于IMAX3D电影，下列说法正确的是（ ）
A．放映时，胶片到放映机镜头的距离应大于2倍的镜头焦距
B．在观看电影时，逼真震撼的声音是通过空气传播到人耳的
C．巨幕一般都做成粗糙白色平面是让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上“身临其境”的画面是正立放大的虚像
【答案】BC
【详解】AD．放映时，胶片到放映机镜头的距离在1倍焦距和2倍焦距之间，此时成倒立、放大
的实像，故AD错误；
B．声音的传播需要介质，电影的声音是通过空气传播到人耳的，故B正确；
C．观众能从各个不同的角度看到银幕上的画面，是由于光在银幕上发生了漫反射，故C正确。
故选BC。
2．《康熙几暇格物编》中记载：“置钱碗底，远视若无，及盛满水时，则钱随水光而显见矣”，下图中的现象与“钱随水光而显见”这种现象形成的原因相同的是（ ）
A． 地上的人影 B． 水中的倒影
C． 放大的文字 D． 空中的彩虹
【答案】CD
【详解】钱反射出的光线被碗侧壁挡住，人看不见钱了，倒入一些水后，钱反射的光线从水中斜
射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线远离法线方向，人眼逆着折射光线看去，看到的是变高
的钱的像，是光的折射现象。
A．地上的人影是光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．水中的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B不符合题意；
C．放大的文字属于凸透镜成像，是光的折射形成的，故C符合题意；
D．空中的彩虹是太阳光通过小水珠组成的三棱镜分解成七种颜色的光，属于光的色散现象，是光
的折射形成的，故D符合题意。
故选CD。
3. 下列关于光和能源的说法正确的是（ ）
A．小孔成像是光沿直线传播形成的
B．泳池里的水看起来比实际要浅是因为光的反射
C．照相时，物体距离照相机越远，像越小
D．太阳能是不可再生能源
【答案】AC
【详解】A．小孔成像是物体经小孔在光屏上形成的像，是光沿直线传播形成的，故A正确；
B．泳池里的水看起来比实际要浅是因为光的折射，故B错误；
C．由凸透镜成像规律可知，成实像时，物体离凸透镜越近，像越大，物体距离照相机越远，像越
小，故C正确；
D．使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，而使用之后在短时间内不
可以从自然界中再次产生的能源是不可再生能源；太阳能属于可再生能源，故D错误。
故选AC。
4. 某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v与物体到凸
透镜的距离u之间关系的图像。在绘制v-u图像后，该同学不小心碰洒了墨水，导致图像缺失了一部分，
如图所示。下列判断正确的是（ ）A．实验中所用凸透镜的焦距为20cm
B．当物距等于30cm时，像距等于15cm
C．根据图象可以推测，当物距足够大时，像距可以小于10cm
D．当物距在 之间时，光屏上会成放大的像，和投影仪原理相同
【答案】BD
【详解】A．由图可知u=v=20cm
根据u=v=2f，成倒立等大的实像，即
因此f=10cm，故A错误；
B．由图可知，当物距u=15cm时，v=30cm
根据在光的折射中，光路是可逆的，所以当物距等于30cm时，像距等于15cm，故B正确；
C．当物距足够大时，即u>2f，根据u>2f时， ，成倒立、缩小的实像，故C错误；
D．当物距在15~20cm之间时，此时物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据 ，成倒立、
放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的，故D正确。
故选BD。
5. 如图是用手机拍摄“水滴映像”时的情景，在架起的玻璃板上滴上很多小水滴，玻璃板下面一
定距离的位置放置一个花朵的照片。透过每个水滴都能看到花朵倒立、缩小的像。下列说法正确的是
（ ）
A．每个水滴都相当于凸透镜
B．透过水滴看到的是花朵照片的实像
C．水滴到花朵照片的距离大于水滴透镜的二倍焦距
D．手机屏幕上显示的丰富色彩是由红、绿、黄三原色光混合而成的
【答案】ABC
【详解】A．每个水滴中间厚、边缘薄，都相当于凸透镜，故A正确；
BC．透过每个水滴都能看到花朵倒立、缩小的像，此时物距大于二倍焦距，所成的像是实像，故BC正确；
D．手机屏幕上显示的丰富色彩是由红、绿、蓝三原色光混合而成的，故D错误。
故选ABC。
6. 小明用凸透镜、纸盒等器材自制一个简易投影仪。如图所示，把手机放在纸盒中某位置，在暗
室内就可以将手机画面放大投射到墙上，下列分析正确的是（ ）
A．墙上的像是实像
B．投影仪越靠近墙，墙上的画面越大
C．手机应放在该透镜的一倍焦距与二倍焦距之间
D．墙上的画面相对于手机画面，上下和左右都颠倒
【答案】ACD
【详解】A．墙相当于光屏，墙上能成像，说明凸透镜成的是实像，故A正确；
B．投影仪越靠近墙，墙上的画面越大像距变小，根据凸透镜成像规律可知，要在墙上成像，需将
物体远离凸透镜，此时墙上的像将变小，故B错误；
C．凸透镜成的是倒立、放大的实像，根据凸透镜成像规律可知，此时手机应放在该透镜的一倍焦
距与二倍焦距之间，故C正确；
D．投影仪成像时，上下颠倒，左右也是颠倒的，故D正确。
故选ACD。
7. 关于生活中常见的“像”和“影”的有关物理现象，下列说法正确的是（ ）
A．路灯下，人影相随，“人影”是由于光的折射形成的
B．岸上的树在水中的“倒影”是虚像
C．“摄影”用的照相机成像的原理和人眼成像原理相同
D．放电影时，屏幕上的“像”能被所有观众看到，屏幕越光滑越好
【答案】BC
【详解】A．路灯下的“人影”是由于光的直线传播形成的，故A错误；
B．岸上的树在水中的倒影，是平面镜成像，是由光的反射形成的虚像，故B正确；
C．“摄影”用的照相机是根据凸透镜成像的原理制成的，成的是倒立、缩小的实像，与人眼成像
原理相同，故C正确；
D．电影院的荧幕做得很粗糙，光线射到上面能发生漫反射，使坐在电影院的任一角落里，都能看
清屏幕上的图像，故D错误。
故选BC。
8. 如图所示，火车站检票口检票已进入“刷脸”时代，进站时站在摄像头前约1m的位置，面对
镜头，经系统自动拍照、扫描等，确认信息后，即进站。则下列说法正确的是（ ）A．摄像头的焦距可能是2m
B．摄像头是一个凸透镜
C．“刷脸”时，面部经摄像头成正立缩小的实像
D．“刷脸”时，面部应位于摄像头两倍焦距之外
【答案】BD
【详解】摄像头相当于一个凸透镜，当u＞2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像，所以，“刷脸”时，
面部应位于摄像头两倍焦距之外，即1m＞2f，则f＜50cm，故AC错误，BD正确。
故选BD。
9. 随着停课不停学网上教学活动的开展，如图所示的这个小图标，迅速蹿红师生两界，下列说法
中正确的是（ ）
A．当你用眼睛看这个图片时会在视网膜上成正立缩小的实像
B．长时间看电脑休息一下跳望远处景物时，晶状体会变薄
C．我们看到电脑屏幕的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成的
D．我们听到老师上网课的声音是利用声传递信息
【答案】BC
【详解】A．人的眼睛相当于一架照相机，用眼睛看这个图片时，会在视网膜上成倒立、缩小的实
像，故A错误；
B．跳望远处景物时，睫状体放松，晶状体变薄，对光的偏折能力减弱，远处物体射来的光会聚在
视网膜上，眼睛就可以看清远处的物体，故B正确；
C．光的三原色是红、绿、蓝，手机屏幕上的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故C正
确；
D．电磁波可以传递信息，我们听到老师上网课的声音是利用电磁波传递过来的，故D错误。
故选BC。
10.如图所示，小闻自制了一个简易投影仪，在暗室中将印有奥运五环（红、黄、蓝、绿、黑五色
环）标志的透明胶片，贴在发白光的手电筒上，并正对着焦距为10cm的凸透镜，调整手电筒、凸透镜、白色墙壁之间的位置，在墙上得到了一个清晰、放大的像。下列说法中正确的是（ ）
A．能从不同角度看到墙上五环标志的像，是因为光在墙面上发生的是漫反射
B．手电筒与凸透镜的距离应大于20cm，且胶片应倒立放置
C．若要使像变得更大，可以把凸透镜适当靠近胶片
D．将白色墙上蒙一层蓝布，可以看到像中五环的颜色只有蓝色和黑色
【答案】ACD
【详解】A．光在墙面上发生的是漫反射，反射光线向各个方向传播，所以能从不同角度看到墙上
五环标志的像，故A正确；
B．因为凸透镜的焦距f＝10cm，所以发白光的手电筒上透明奥运五环胶片，到凸透镜的距离应满
足10cm＜u＜20cm，才能成倒立放大的实像，而且五环胶片应倒立在凸透镜前，故B错误；
C．若要使像变得更大，需要增大像距，减小物距，可以把凸透镜适当靠近胶片，故C正确；
D．不透明的物体是什么颜色将反射什么颜色的光，若反射的是白光之外的其它颜色，将显示黑色，
所以将白色的墙上蒙上一层蓝布，可以看到奥运标志的像中五环蓝色的地方显示蓝色，红、黄、绿、
黑的地方显示黑色，故D正确。
故选ACD。
11. 2022年5月10日，在蔚蓝地球的映衬下，我国发射的天舟四号货运飞船成功对接空间站天和
核心舱。如图所示是对接过程中核心舱上摄像机拍摄的照片。下列说法正确的是（ ）
A．核心舱摄像机的镜头相当于凸透镜
B．光通过摄像机的镜头会发生折射现象
C．地球通过核心舱上摄像机的镜头成虚像
D．天舟四号靠近核心舱时，它在核心舱摄像机上成的像逐渐变小
【答案】AB
【详解】AB．摄像头相当于一个凸透镜，光经过摄像头成像利用的是光的折射，故AB正确；
C．摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小的实像，故C错误；
D．凸透镜成实像时，物近像远像变大，因此天舟四号靠近核心舱时，成的像更大，故D错误。
故选AB。
12.“千年古都，常来长安”如图，是西安城墙西南角夜景，炫丽的灯光使古朴的城墙焕发出历史
与现代交融的独特魅力，喜迎全国各地的游客，下列说法错误的是（ ）A．追光灯发出的红光是红外线
B．人们看到夜空中的光束是因为光的直线传播
C．拍摄照片时相机镜头到城墙的距离应大于镜头的2倍焦距
D．在岸边看到护城河水感觉比实际的浅，是由于光从空气斜射入水中发生折射形成的
【答案】AD
【详解】A．追光灯发出的红光能被看到，不是红外线，故A错误，符合题意；
B．根据光现象的知识可知，人们看到夜空中的光束是因为光的直线传播，故B正确，不符合题意；
C．照相机的原理，物体位于2倍焦距以外，凸透镜成倒立缩小的实像，所以，拍摄照片时相机镜
头到彩灯的距离应该大于镜头2倍焦距，故C正确，不符合题意；
D．在岸边看到护城河水，河底反射的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射光线远离法线，人
眼逆着射来的光线看去，人看到的是变浅了的河底的虚像，故D错误，符合题意。
故选AD。
考点三 力学
1．（2023·山东青岛·统考中考真题）生活中许多现象都与我们学过的物理知识相关。下列对物理
现象解释合理的是（ ）
A．太空中没有空气，离得再近的航天员之间也只能通过无线电交谈， 是因为真空不能传声
B．飞机机翼设计成上凸下平的形状，是运用了气体流速越大的位置压强越小的原理
C．菜刀用过一段时间后要磨一磨，是因为减小受力面积能减小压强
D．拉开的弓能将箭射出， 是因为动能可以转化为弹性势能
【答案】AB
【详解】A．声音的传播需要介质，太空中没有空气，真空不能传声，离得再近的航天员之间也只
能通过无线电交谈，故A符合题意；
B．飞机机翼被设计成“上凸下平”的形状，利用“流速越大压强越小”的原理获得升力而升空的，
故B符合题意；
C．菜刀用过一段时间后要磨一磨，是因为减小受力面积能增大压强，故C不符合题意；
D．拉开的弓能将箭射出， 是因为弹性势能可以转化为动能，故D不符合题意。
故选AB。
2．（2023·四川攀枝花·统考中考真题）对下列四幅图片及情景解释正确的是（ ）
【答案】AC
【详解】A．弹簧被手压缩后变短，弹簧发生了形变，说明力能改变物体的形状，故A正确；B．飞镖箭头做得很尖，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B错误；
C．汽车行驶时，人与车一起向前运动，汽车刹车时，车的速度减小，而乘客保持原来的速度，所
以乘客身体前倾，这是因为人有惯性。故C正确；
D．气压的高低与海拔高度有关，拿自制气压计上山，海拔升高，气压降低，瓶内气压将水压入细
管内，水柱会上升，故D错误。
故选AC。
A． 弹簧被手压缩说明力能改变物体的形状 B．飞镖箭头做得很尖，是为了减小压强
C． 汽车刹车时，乘客身体前倾是因为惯性 D．拿自制气压计上山，细管内水柱会下降
3.（2023·湖北十堰·统考中考真题）车辆通过某平直高速路段时，驾驶员看到了如图所示的标志牌，
下列说法正确的是（ ）
A．以行驶的汽车为参照物，标志牌是运动的
B．车辆不能超过最高限速，是因为车辆的速度越大惯性越大
C．驾驶员刹车减速过程中，部分机械能转化为内能
D．以相同速度行驶的不同车辆，车辆的质量越大动能越大
【答案】ACD
【详解】A．行驶过程中，以汽车为参照物，标志牌与汽车的相对位置在不断发生变化，故标志牌
是运动的，故A正确；
B．物体的惯性只与物体的质量有关，汽车的质量越大，惯性也就越大，越不容易刹车，与物体的
速度无关，故B错误；
C．驾驶员刹车减速过程中，克服摩擦阻力做功，部分机械能转化为内能，故C正确；
D．动能大小与质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大，以相同速度行驶的不同车辆，
车辆的质量越大动能越大，故D正确；
故选ACD。4.（2023·辽宁朝阳·中考真题）如图所示，用40N的拉力F沿水平方向拉绳子的一端，使重500N
的物体A以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了10s。已知滑轮组的机械效率为80%，则此
过程中，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离为6m B．物体A受到的摩擦力为90N
C．拉力F做的功为240J D．拉力F的功率为19.2W
【答案】AC
【详解】A．已知物体A以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了10s，它所走的路程为
三条绳子托着动滑轮，则绳子自由端移动的距离为A移动距离的三倍6m，故A正确；
B．由A解析可知，绳子自由端移动的距离为6m，拉力F大小为40N，滑轮组所做的总功为
已知滑轮组的机械效率为80%，滑轮组所做的有用功为
物体A移动的距离为2m，滑轮组对物体A的拉力为
物体A受到的拉力和摩擦力为一对平衡力，大小相等，物体A受到的摩擦力为96N，故B错误；
C．已知绳子自由端移动的距离为6m，拉力F大小为40N，拉力F做的功为滑轮组所做的总功，
大小为240J，故C正确；
D．拉力F做的功为240J，使用的时间为10s，拉力F的功率为
拉力F的功率为24W，故D错误。
故选AC。
5. （2023·山东潍坊·统考中考真题）如图甲所示，工人用推力F将重为1000N的箱子沿斜面推至水
平车厢中，斜面长3m、高1.5m，F始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系如图乙所示，
推力F随时间变化关系如图丙所示。下列分析正确的是（ ）
A．0~10s内，箱子做加速运动
B．0~10s内，箱子所受摩擦力为100N
C．10~20s内，推力F的功率为160W
D．10~20s内，箱子所受摩擦力为200N【答案】BD
【详解】A．根据图乙可知，0~10s内，箱子做匀速直线运动，故A错误；
B．根据图乙可知，0~10s内，箱子做匀速直线运动，推力F做的功为
克服重力做的功大小为 W =Gh=1000N×1.5m=1500J
G
则摩擦力做的功大小为 W =W -W =1800J-1500J=300J
f F G
故摩擦力的大小为
故B正确。
C．根据图乙可知，10~20s内，箱子运动的速度为
10~20s内，根据图丙可知，推力F的大小为F=200N
推力F的功率为 P=F'v=200N×0.5m/s=100W
故C错误；
D．根据图乙可知，10~20s内，箱子做匀速直线运动，推力的大小和摩擦力的大小相等，则可知
f'=F'=200N
故D正确。故选BD。
6．（2023·辽宁大连·统考中考真题）用同种材料制成质量相等的方形盒和实心玩具鱼，把玩具鱼
密封在盒内，将盒放入水中，盒在水中静止时的位置如图所示。已知材料密度为ρ，盒的体积为V，水
的密度为ρ ，则下列说法正确的是（ ）
水
A．玩具鱼的质量为 B．盒与玩具鱼的体积之比为
C．水对盒下表面的压力为ρ gV D．盒空心部分的体积为
水
【答案】ABD
【详解】A．方形盒和实心玩具鱼质量相等且悬浮与水中，排开水的体积和盒子体积相等，总重力等于水对其浮力，即 G=F =ρ gV
浮 水
故玩具鱼的质量为
故A正确；
B．玩具鱼的体积为
已知盒子的体积为V，故盒与玩具鱼的体积之比为
故B正确；
C．方形盒子受到的浮力刚好是盒子上下表面的压强差，即F =ρ gV
浮 水
如图，盒子上方液体仍有一定的深度，对盒子上下表面也会产生压强的作用，进而产生压力，故
此时水对盒下表面的压力应大于 ρ gV。
水
D．盒子的质量等于鱼的质量，为
故盒子的实际体积为
故盒子空心部分的体积为
故D正确。
故选ABD。
内容 知识
1. 声音的产生与传播。
力 声
学 2. 声音的三要素：响度、音调、音色。
3. 乐音与噪声。1. 机械运动：速度、s-t图像。
2. 质量、密度。
力
3. 力的概念：定义、三要素、图示、测量、相互性。
4. 三种力：重力、弹力、摩擦力。
5. 运动和力：牛顿第一定律、惯性、平衡力。
1. 压强：压强、 液体的压强、大气压强、流体压强。
压强、浮力
2. 浮力：阿基米德原理、浮力的应用。
1. 三种简单机械：杠杆、滑轮、斜面。
机械和功
2. 两种能量：动能、势能
3. 功、功率、机械效率。
1. “赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”。下列诗词中涉及的物理知识解释正确的是（
）
A．“潭清疑水浅，荷动知鱼散”中“水浅”是光从空气射入水中时发生折射造成的
B．“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”中的“收缰晚”是因为行走的马具有惯性
C．“停车坐爱枫林晚，霜叶红于二月花”中的“霜叶呈红色”说明霜叶能反射红光
D．“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”中“鱼惊”说明气体、液体可以传播声音
【答案】BCD
【详解】A．“潭清疑水浅，荷动知鱼散”中“水浅”是因为光从水射入空气时发生折射所造成的，
故A错误；
B．马原来都处于运动状态，马由于具有惯性仍要保持原来的运动状态向前运动，“收缰晚”的根
本原因是由于马具有惯性，故B正确；
C．不透明物体的颜色是由它反射的色光的颜色所决定的，霜叶呈红色是由于霜叶能反射红光，故
C正确；
D．声音的传播需要介质（固体、气体、液体），“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”中“鱼
惊”是因为声音可以在气体、液体中传播，故D正确。
故选BCD。
2．第24届冬季奥林匹克运动会由北京市和张家口市联合举办。如图为冰球选手备战训练的瞬间，
下列说法中正确的是（ ）A．运动员用球杆推着冰球在冰面上加速滑行，说明力是维持物体运动的原因
B．运动员手持球杆击球时，球杆对球的力与球对球杆的力是一对相互作用力
C．运动员推出的冰球在水平冰面上滑行时，冰球受到重力、支持力和摩擦力
D．运动员在弯道减速滑行过程中，若外力全部消失，运动员将做匀速直线运动
【答案】BCD
【详解】A．力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力维持，故A错误；
B．运动员手持球杆击球时，球杆对球的力与球对球杆的力，大小相等，方向相反，作用在同一条
直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故B正确；
C．运动员推出的冰球在水平冰面上滑行时，冰球受到重力、支持力是平衡力，而摩擦力与运动方
向相反，故C正确；
D．根据牛顿第一定律可知，运动员弯道减速滑行时，若外力全部消失，运动员将以原来的速度做
匀速直线运动，故D正确。
故选BCD。
3. 物理兴趣小组用吸管做了下列小实验，关于这些实验说法正确的是（ ）
A．图甲：A管中水面上升说明在流体中流速越快的位置压强越大
B．图乙：吹响吸管时上下推拉吸管内的活塞，音调不变
C．图丙：与带负电的吸管一端相排斥的物体一定带负电
D．图丁：用吸管吸取饮料，利用了大气压强
【答案】CD
【详解】A．由流体压强与流速关系可知，流体中流速越快的位置压强越小，故A错误；
B．吹响吸管时吸管内空气柱振动发声，上下推拉吸管内的活塞，管内空气柱长短发生变化，振动
频率改变，发出声音的音调不同，故B错误；
C．由“同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引”可知，与带负电的吸管一端相排斥的物体一定带
负电，故C正确；
D．用吸管吸取饮料，管内气压小于外界大气压，在外界大气压作用下将饮料通过饮料管压入嘴中，
故D正确。
故选CD。
4. 下列关于物理现象的描述与实际相符合的是（ ）甲 乙 丙 丁
A． 甲：逐渐抽出玻璃罩内的空气，听到闹钟的铃声逐渐变小
B． 乙：放在抽出空气的玻璃罩内的手机仍能接收到来电信号
C． 丙：刚停止沸腾的水，若从烧瓶中往外抽气，水又沸腾起来
D． 丁：自制潜水艇模型，向外拉注射器活塞，“潜水艇”上浮
【答案】ABC
【详解】A．逐渐抽出罩内的空气，使里面的空气越来越稀薄，听到的闹铃声是越来越小的。故A
符合题意；
B．手机通过电磁波传递信息，电磁波可以在真空中传播，故手机仍能接到信号。故B符合题意；
C．从烧瓶向外抽气时，水面气压减小，水的沸点降低，水能够沸腾。故C符合题意；
D．向外拉注射器活塞时，烧瓶内减小，水进入烧瓶。模型的总重增大，会下沉。故D不符合题意。
故选ABC。
5. 如图所示，指尖陀螺中间是轴承，内有滚珠，边上有三个金属制作的飞叶，拨动后，飞叶可以
绕轴在指尖上长时间转动。下列分析正确的是（ ）
A．指尖陀螺的重心在飞叶上
B．飞叶转动时遵循能量守恒定律
C．轴承内的滚珠，有利于减小摩擦
D．指尖陀螺受到的重力和支持力是一对相互作用力
【答案】BC
【详解】A．三叶指尖陀螺的重心在三叶中间连线的交点上，不在飞叶上，故A错误；
B．自然界中能量总是守恒的，不会创生，也不会消失，所以飞叶转动时遵循能量守恒定律，故B
正确；
C．轴承内的滚珠，是变滑动为滚动，有利于减小摩擦，故C正确；
D．指尖陀螺在竖直方向上静止，受到的重力和支持力是一对平衡力，故D错误。
故选BC。
6．木棒的一端缠绕铜丝可以制成一个简易的密度计。甲乙两个相同的容器中装有质量相等的不同
液体。将该密度计分别放入甲乙容器中，静止后密度计的位置如图所示，下列判断正确的是（ ）A．甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
B．密度计在甲、乙容器中排开液体的质量相等
C．甲容器中液体对容器底的压强等于乙容器中液体对容器底的压强
D．未放入密度计前，甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强
【答案】ABC
【详解】AB．简易密度计在两种液体中均处于漂浮状态，浮力 F =G=G =m g
浮 排 排
简易密度计在甲、乙容器中度计所受的浮力相同，简易密度计在甲、乙液体中排开液体的质量相
等，由图可知，甲排开液体的体积较大，根据 可知，甲液体的密度较小，故AB正确；
C．两种液体的质量相等，说明甲、乙容器中液体的重力相同，放入相同的密度计后液体与密度计
的重力之和仍然想等，而题中两容器的底面积相同，根据p=F/S可知，两容器底部受到的液体压强相
等，故C正确；
D．未放入密度计前，甲、乙两个相同的容器中装有质量相等的不同液体，所以液体对容器底的总
压力相同，由图可知两容器的底面积相同，根据p=F/S知，甲容器对桌面的压强等于乙容器据对桌面
的压强，故D错误。
故选ABC。
7. 如图是用密度为4×103kg/m3的金属制作的容器，注入某种液体时，测得液体和容器的总质量
与液体体积V的关系。当总质量为80g时，液体恰好注满整个容器。以下结论正确的是（ ）
A．该金属容器的质量m=40g B．制作容器的金属的体积为
C．该容器的容积为50mL D．注入的液体密度为0.8×103kg/m3
【答案】ACD
【详解】C．当总质量为80g时，液体恰好注满整个容器，由图像可知，此时液体的体积为
50cm3=50mL，所以，该容器的容积为50mL，故C正确；
D．注入的液体密度为
故D正确；A．当液体的体积为50cm3时，液体的质量为 m =ρV =0.8g/cm3×50cm3=40g
液 液
该金属容器的质量为 m=m -m =80g-40g=40g，故A正确；
总 液
B．制作容器的金属的体积为
故B错误。
故选ACD。
8．甲、乙两同学从同一地点同时同向做直线运动，他们通过的路程随时间变化的图象如图所示，
由图象可知（ ）
A．两同学在距离出发点100m处相遇
B．0~10s内，甲同学比乙同学运动得快
C．10~20s内，甲同学做匀速直线运动
D．相遇时，甲、乙运动时间相同
【答案】AC
【详解】A．由图可知，第15s时，甲同学停在距离出发点100m处，乙同学也到达距离出发点
100m处，此时甲、乙两同学相遇，故A正确；
B．由图可知，0~10s内，乙同学通过了100m，甲同学通过的距离小于100m，所以甲同学比乙同
学运动得慢，故B错误；
C．10~20s内，甲同学在相同时间内经过的路程相同，因此做匀速直线运动，故C正确；
D．相遇时，甲运动时间是15s，乙运动时间是10s，故D错误。
故选AC。
9. 如图，斜面长s为5m、高h为3m，现将重为10N的物体沿斜面向上从底端匀速拉到顶端，共
用时5s，若拉力F为8N，则下列说法正确的是（ ）
A．斜面的机械效率为60% B．拉力做的功的功率为8W
C．物体的移动速度为1m/s D．物体所受的摩擦力等于2N
【答案】BCD
【详解】A．拉力做的总功W =Fs=8N×5m=40J
总
拉力做的有用功W =Gh=10N×3m=30J
有斜面的机械效率
故A错误；
B．拉力做功功率
故B正确；
C．物体的移动速度为v=s/t=5m/5s=1m/s，故C正确；
D．拉力做的额外功W =W -W =40J-30J=10J
额 总 有
由W =fs可得摩擦力
额
故D正确。
故选BCD。
10. 已知酒精的密度为0.8×103kg/m3，下列说法能够成立的是（ ）
A．能装1kg纯净水的瓶子一定能装下1kg的酒精
B．能装下0.8kg酒精的瓶子一定能装下1kg纯净水
C．同体积的水和酒精质量之比是5∶4
D．同质量的水和酒精体积之比是2∶5
【答案】BC
【详解】A．酒精的密度小于水的密度，质量相同的酒精体积大于水的体积，因此能装1kg纯净水
的瓶子装不下1kg的酒精。故A不符合题意；
B．0.8kg酒精体积为1000cm3，1kg纯净水体积为1000cm3，因此能装下0.8kg酒精的瓶子一定能
装下1kg纯净水。故B符合题意；
C．水与酒精的密度之比为5∶4，由m=ρV可知，同体积的水和酒精质量之比是5∶4，故C符合
题意；
D．水与酒精的密度之比为5∶4， 由V=m/ρ可知，同质量的水和酒精体积之比是4∶5，故D不
符合题意。
故选BC。
11. 小明骑自行车出行的途中，沿直线匀速经过一段长100m的平直路面，用时20s，该过程中前
后轮与地面的总接触面积为20cm2，若小明的质量为55kg自行车重150N，骑行时受到的阻力为总重的
0.03倍（ρ =1.0×103kg/m3，g=10N/kg），下列选项正确的是（ ）
水
A．骑行时车对水平地面的压强是
B．该压强相当于30m水柱产生的压强
C．骑行过程中动力做的功是1650J
D．骑行过程中动力做功的功率是105W【答案】AD
【详解】A．小明的重力 G=mg=55kg×10N/kg=550N
骑行时车对水平地面的压力
骑行时车对水平地面的压强
故A正确；
B．该压强相当于水柱压强，即水柱产生的压强为p=3.5×105Pa，则水柱的高度为
故B错误；
C．骑行时自行车受到的阻力为
由于自行车在做匀速直线运动，所以自行车受到的牵引力与阻力为一对平衡力，即
所以骑行过程中动力做的功为 W=Fs=21N×100m=2100J
故C错误；
D．骑行过程中动力做功的功率是
故D正确。
故选AD。
12. 如图所示，在“探究杠杆平衡条件”的实验中，轻质杠杆上每个小格长度均为2cm，在B点竖
直悬挂4个重均为0.5N的钩码，当在A点用与水平方向成30°角的动力F拉杠杆，使杠杆在水平位置
平衡。下列说法中正确的是（ ）
A．该杠杆的阻力臂为8cm B．该杠杆的阻力大小为0.5N
C．此时该杠杆为等臂杠杆 D．杠杆平衡时，动力F＝4N
【答案】AD
【详解】A．由图可知，杠杆水平平衡时，阻力方向竖直向下，阻力臂OB长度为4×2cm＝8cm，
故A正确；
B．由图可知，阻力为4个重均为0.5N的钩码，等于4×0.5N＝2N，故B错误；
C．当动力在A点与水平方向成30°角斜向下拉时，动力臂是故OB＞ OA，即阻力臂大于动力臂，所以该杠杆为费力杠杆，故C错误；
D．根据杠杆的平衡条件Fl＝Fl，所以
11 22
代入数据得 2N×8cm＝F×4cm
得F＝4N，故D正确。
故选AD。
13. 用如图甲所示的滑轮组从水中提升物体M，已知被提升的物体M重力为760N，M的体积为
，在物体M未露出水面的过程中，绳子自由端的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升了
10m的高度，此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，不计绳重和摩擦力大小（g
取10N/kg）。下面分析中正确的是（ ）
A．动滑轮的重力为70N
B．当物体M没有露出水面的过程中，该滑轮组提升货物的机械效率为95%
C．此过程中，绳子自由端的拉力F大小为400N
D．当物体M没有露出水面时，动滑轮下端挂钩上绳子的拉力为730N
【答案】ACD
【详解】D．物体完全浸没时受到的浮力
则动滑轮下端挂钩上绳子的拉力为
故D正确；
B．滑轮组提升重物所做的有用功 W =Gh=730N×10m=7300J
有用
物体M以0.5m/s的速度匀速提升了10m的高度，时间为
由图乙可知，拉力做功8000J，则机械效率故B错误；
C．绳子自由端的拉力
故C正确；
A．动滑轮的重力
故A正确。
故选ACD。
14．（2021·贵州贵阳·三模）如图所示，弹簧一端固定在竖直墙上，另一端连接物块，物块与木板
相互叠加放置在光滑水平地面上。现用30N的水平推力F推动木板使其向左做匀速直线运动，物块随
即以小于木板的速度向左运动并压缩弹簧，在弹簧被压缩至最短的过程中，下列说法正确的是
（ ）
A．木板不受摩擦力作用
B．木板所受摩擦力为30N
C．物块受到的摩擦力方向为水平向左
D．物块所受合力的方向可能发生改变
【答案】BCD
【详解】AB．物块与木板相互叠加放置在光滑水平地面上，水平地面与木板之间不存在摩擦力；
现用30N的水平推力F推动木板使其向左做匀速直线运动，木板受力平衡，在水平方向上受到水平向
左的推力、水平向右的木块对木板的摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，故木板所受
摩擦力为30N，故A错误，B正确；
C．木块对木板的摩擦力的方向水平向右，根据力的相互性可知，物块受到的摩擦力方向为水平向
左，故C正确；
D．用30N的水平推力F推动木板使其向左做匀速直线运动，物块随即以小于木板的速度向左运
动并压缩弹簧，由于木块对木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，木块与木板之间的摩擦力不变，
开始时弹簧的弹力较小，小于摩擦力，则合力的方向是水平向左；弹簧被压短，则弹簧的弹力逐渐变
大，当弹力等于摩擦力时，物块所受合力为零；当弹力大于摩擦力时，合力的方向水平向右，即合力
的方向发生了变化，故D正确。
故选BCD。
15．小明用滑轮组提升重力为4.5N的物体，所用动滑轮的重力为0.5N，绳子自由端的拉力F为
1.3N，如图是绳子自由端移动距离与物体上升移动的高度随时间变化图象，则下列说法正确的是（
）A．绳子自由端移动的速度为5.0cm/s B．拉力F的功率为0.26W
C．整个过程中所做的有用功为0.45J D．滑轮组的机械效率为90%
【答案】BC
【详解】A．由图线a可知，在0～2.0s的过程中，绳子自由端移动的距离
s=40cm=0.4m
则绳子自由端移动的速度为
故A错误；
B．拉力做的总功W =Fs=1.3N×0.4m=0.52J
总
拉力做功的功率
故B正确；
C．由图线b可知，在0-2.0s的过程（整个过程）中，物体上升的高度h=10cm=0.1m
拉力做的有用功W =Gh=4.5N×0.1m=0.45J，故C正确；
有用
D．滑轮组的机械效率
故D错误。
故选BC。
考点四 电磁学
1.（2023·辽宁盘锦·中考真题）下列与电有关的说法，符合安全要求的是（ ）
A．使用绝缘皮破损的电源线
B．洗衣机在工作时金属外壳与地线相连
C．多个大功率用电器在一个插座上同时使用
D．为防止静电引起火灾，加油站禁止穿脱、拍打化纤服装
【答案】BD
【详解】A．电线绝缘层破损后，继续使用绝缘皮破损的导线，容易发生触电事故，故A不符合
题意；B．洗衣机的金属外壳与地线相连，可防止因外壳漏电而触电，故B符合题意；
C．插座上同时接入多个大功率用电器，使用的电器总功率过大，会使电路中电流过大，引起保险
丝的熔断，故C不符合题意；
D．“禁止穿脱拍打化纤服装”是因为在穿脱拍打化纤服装时，服装之间摩擦，会产生静电，而放
电时会产生电火花，可能引发加油站火灾或爆炸，故D符合题意。
故选BD。
2．（2023·湖北十堰·统考中考真题）如图甲是某家庭电路连接示意图，图乙为电路中空气开关的
原理图，P为电磁铁，Q为衔铁，S为开关。下列分析正确的是（ ）
A．手机充电器接入两孔插座后空气开关跳闸，一定是电路的总功率过大
B．将电饭锅接入甲图三孔插座，电饭锅的金属外壳通过1孔接地
C．图乙中P的左端为N极
D．电流过大时，图乙中P的磁性增强，吸引Q向左偏转，弹簧拉起S切断电路
【答案】BD
【详解】A．手机充电器的功率很小，接入两孔插座后空气开关跳闸，可能是短路引起的，故A
错误；
B．由图可知，三孔插座的1孔接地线，将电饭锅接入甲图三孔插座，电饭锅的金属外壳通过1孔
接地，故B正确；
C．由图可知，电流从P的左端流入，右端流出，由安培定则可知，图乙中P的右端为N极，故C
错误；
D．电路中电流过大时，电磁铁P的磁性就会增强，则吸引衔铁Q的力变大，使衔铁转动，闸刀S
在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用，故D正确。
故选BD。
3．（2023·青岛·统考中考真题）如图所示电路，电源电压不变，闭合S 和S，灯泡L 和L 均能正
1 2 1 2
常发光，电流表和电压表均有示数。下列分析正确的是（ ）
A．只闭合S，电压表可以测量出电源两端的电压
1B．只闭合S，电流表可以测量出通过L 的电流
1 2
C．先闭合S，再闭合S，L 的亮度不变
1 2 1
D．先闭合S，再闭合S，电流表和电压表的示数均不变
1 2
【答案】ACD
【详解】AB．只闭合S，电流表与L 串联，测L 电流，电压表测电源电压，故A正确，B错误；
1 1 1
CD．先闭合S，再闭合S，L 与L 并联，电流表与L 串联，测L 电流，根据并联电路相互不影
1 2 1 2 1 1
响的特点，通过L 电流不变，电流表示数不变，L 亮度不变，电压表测电源电压，示数不变，故CD
1 1
正确。
故选ACD。
4．（2023·山东威海·统考中考真题）如图所示，电源电压为4.5V，R 阻值为6Ω，滑动变阻器R
1 2
规格为“20Ω 1A”，电压表量程为“0 3V”，电流表量程为“0 0.6A”，在保证电路安全的前提下，
闭合开关，调节滑动变阻器，下列说法正确的是（ ）
∼ ∼
A．滑片向右滑动时，电压表示数变大 B．滑片向左滑动时，电流表示数变大
C．R 连入电路的最小阻值是1.5Ω D．电路最大总功率为2.25W
2
【答案】BD
【详解】由电路图可知，R、R 串联，电流表测电路电流，电压表测R 的电压。
1 2 1
U
AB．滑片向右滑动时，滑动变阻器R 电阻变大，则总电阻变大，根据I= 知，电流变小。再根
2 R
据U=IR知定值电阻R 两端电压变小，即电压表示数变小。滑片向左滑则反之。故A错误，B正确。
1
CD．分析得，在保证电路安全的前提下，当定值电阻R 两端电压为3V时，电路中电流最大，最
1
大电流为
此时R 连入电路的阻值最小，最小阻值为
2
根据 ，此时电路总功率最大，最大总功率为
故C错误，D正确。
故选BD。
5.（2023·青岛·统考中考真题）某品牌电热水壶，部分参数如图所示，它正常工作245s，可将体积
为2L、温度为20℃的水加热到70℃。下列分析正确的是（ ）A．电热水壶正常工作时的电流约为0.12A
B．电热水壶正常工作时电热丝的阻值约为26.9Ω
C．电热水壶整个过程消耗的电能是4.41×105J
D．电热水壶中的水吸收的热量为4.2×105J
【答案】BCD
【详解】A．根据电热水壶的额定功率和额定电压，其正常工作时的电流约为
故A错误；
B．根据电功率公式P=U2/R可得电热水壶正常工作时电热丝的阻值约为
故B正确；
C．电热水壶整个过程消耗的电能是
故C正确；
D．电热水壶中的水的质量为
电热水壶中的水吸收的热量为
故D正确。
故选BCD。
6．（2023·辽宁盘锦·中考真题）如图所示电路，电源电压恒定不变，R=5Ω，滑动变阻器
1
R“□Ω，0.5A”（铭牌破损，最大阻值未知），灯泡的规格为“5V 2.5W ”（忽略灯丝电阻的变
2
化），电压表量程为“0~3V”。只闭合开关S，将滑动变阻器R 的滑片移至最左端，灯泡恰好正常发
2
光。在保证各电路元件安全的前提下，以下说法正确的是（ ）
A．电源电压是5VB．闭合S、S、S，R 的最大功率为1.25W
1 2 1
C．通过调节开关的通断和滑动变阻器接入阻值，使R 的功率最小，且为0.05W，此时滑动变阻器
1
接入阻值为60Ω
D．闭合S、S，断开S，调节滑动变阻器，通电10s，整个电路电流最多做功15J
2 1
【答案】BCD
【详解】A．由图可知，只闭合开关S，将滑动变阻器R 的滑片移至最左端，R 与灯泡L串联；根
2 1
据题意可知，灯泡正常发光，根据串联电路的电流特点和P=UI可知，电路中的电流
由I=U/R可知，R 两端的电压
1
根据串联电路的电压特点可知，电源电压
故A错误；
B．闭合S、S、S，R 和滑动变阻器串联，灯泡L被短路，电压表测量R 两端的电压；根据电压
1 2 1 1
表量程可知，R 两端的最大电压 ，电路中的最大电流
1
根据滑动变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，所以电路中的最大电流
，R 的最大功率
1
故B正确；
C．当只闭合开关S，R、灯泡L与滑动变阻器串联；由P=I2R可知，此时电路中的最小电流
1
电路中的最大电阻
灯泡L的电阻
根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值
故C正确；
D．闭合S、S，断开S，R、灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测量R 与灯泡的电压之和；根据
2 1 1 1
电压表量程可知，电压R 与灯泡的最大总电压为 ，根据串联电路的电阻特点可知，R 与灯泡
1 1
的总电阻电路中的最大电流
整个电路电流最多做功
故D正确。
故选BCD。
内容 知识
1. 两种电路：串联电路、并联电路；串联电路和并联电路中
电流、电压、电阻的特点。
电学
2. 五个基本概念：电流、电压、电阻、电功、电功率。
电 3. 两个基本规律：欧姆定律、焦耳定律。
磁
学 4. 生活用电：家庭电路、用电安全。
1. 磁现象、磁场。
磁学
2. 两种现象：电生磁、磁生电。
3. 两“机”一“器”：电动机、发电机、电磁继电器。
1. 关于电磁波，下列说法正确的是（ ）
A．根据公式c=λf可知，在真空中频率越高的电磁波，波长越小
B．电磁波不能在真空中传播
C．在真空中，电磁波的传播速度比光速小
D．无线电波、红外线、紫外线都是电磁波
【答案】AD
【详解】A．电磁波在真空中的传播速度相同，根据公式c=λf可知，在真空中频率越高的电磁波，
波长越小，故A正确；
B．电磁波传播不需要介质，能在真空中传播，故B错误；
C．在真空中，电磁波的传播速度与光速相同，故C错误；
D．无线电波、红外线、紫外线都是电磁波，只是它们的波长与频率不同，故D正确。
故选AD。
2. 图是汽车尾气中CO浓度的检测电路示意图。气敏电阻R 的阻值随CO浓度增大而减小，R 是
1 2
滑动变阻器，开关S闭合，当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警。下列说法正确的是（ ）A．电磁铁的上端是N极 B．电铃应接在A和B之间
C．当CO浓度升高时电磁铁的磁性减弱 D．电源用久后，U 减小，CO的报警浓度会变高
1
【答案】AD
【详解】A．由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可判断出，电磁铁的
上端为N极，故A正确；
B．气敏电阻R 的阻值随CO浓度增大而减小，开关S闭合，电磁铁通电，当CO浓度高于某一设
1
定值时，气敏电阻R 的阻值较小，通过电磁铁的电流比较大，电磁铁的磁性最大，衔铁被吸下来，CD
1
接入电路，电铃报警。所以电铃应接在C和D之间，故B错误；
C．气敏电阻R 的阻值随CO浓度增大而减小，当CO浓度升高时，气敏电阻R 的阻值减小，通过
1 1
电流变大，电磁铁的磁性增强，故C错误；
D．当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警，此时控制电路的电流一定。电源用久后，U 减小，
1
U
根据R= 可知，电铃发声报警时，控制电路的总电阻减小，气敏电阻R 的阻值减小，CO浓度增大，
I 1
所以报警浓度会变高，故D增强。
故选AD。
3．关于能源信息与材料，下列说法正确的是（ ）
A．核裂变反应堆内发生的链式反应，是可以控制的
B．插电式新能源汽车充电时使用的电能是一次能源
C．5G通信比4G通信网速快是因为其信号在真空中传播的速度更快
D．如果采用超导体材料来制造远距离输电导线可大大降低电能损耗
【答案】AD
【详解】A．核电站是核裂变的应用，核反应堆中发生的链式反应，是可以控制的，故A正确；
B．电能需通过消耗一次能源才能获得，是二次能源，故B错误；
C．5G和4G信号都是利用电磁波传播信息的，所以它们在真空中的传播速度相同，都是
3×108m/s，故C错误；
D．如果用超导材料作为输电线，可大大降低输电过程中的电能损耗，所以利用超导体的零电阻可
以实现远距离输电，故D正确。
故选AD。
4.（2022·四川宜宾·统考中考真题）法国科学家阿尔贝·费尔和德国科学家彼得·格林贝格尔发现了
巨磁电（GMR）效应，荣获2007年诺贝尔物理学奖。巨磁电阻效应即磁场越强电阻越小，如图，是探
究巨磁电阻（GMR）特性原理示意图。电源电压保持不变，闭合开关S、S，在保证各元件安全的情
1 2
况下，当滑片P向左端移动过程中，下列说法正确的是（ ）A．电磁铁磁性增强 B．巨磁电阻阻值变大
C．电流表示数变大 D．电压表示数变大
【答案】AC
【详解】由图知，右侧电路中巨磁电阻GMP与定值电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表
测巨磁电阻的电压，闭合开关S、S，滑片P向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，根据欧姆
1 2
定律可知，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强（周围的磁场增强），由题意可知巨磁电阻的
阻值变小，根据串联电路的电阻关系可知，右侧电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流表示数变
大，根据U=IR可知，定值电阻R的电压变大，根据串联电路电压的规律，巨磁电阻的电压变小，即
电压表示数变小。故AC正确，BD错误。故选AC。
5．（2023·日照·中考真题）2022年12月20日，世界技术难度最高、单机容量最大、装机规模第
二大水电站金沙江白鹤滩水电站正式投产发电。下列四个装置中与发电机工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】BC
【详解】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，叫电磁感应
现象，发电机的工作原理是电磁感应现象。
A．闭合开关，电磁铁有磁性，利用了电流的磁效应，故A不符合题意；
B．当线圈在磁场中转动时，一部分导体磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，灯泡发光，故
B符合题意；
C．闭合电路的一部分导体磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，灵感电流计指针偏转，故C符
合题意；
D．图中给导线通电，小磁针发生转动，是奥斯特实验，电流的磁效应，故D不符合题意。
故选BC。
6．（2022·山东威海·统考中考真题）公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由
电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是（ ）
A．接线柱“1”应与“3”连接
B．“显示器”由电压表改装而成
C．若货车质量增大，则电阻R 两端电压增大
0
D．为了节约电能，电阻R 可以去掉
0
【答案】AC
【详解】AB．“显示器”由电表改装而成，电表与电阻R 串联在电路中，所以“显示器”是由电
0
流表改装而成的；当货车质量增大时，滑片P在竖直放置的电阻R上向下滑动，电流表示数随之增大，
则电路中的电阻变小，接入电路中的电阻丝的长度变短，则接线柱“1”应与“3”连接，故A正解，B
错误；
C．若货车质量增大，滑片P向下滑动，电阻R变小，根据串联电路的分压原理，电阻R两端分的
电压变小，则电阻R 两端电压增大，故C正确；
0
D．当货车质量足够大时，滑片P滑到R的最下端，电阻R没有接入电路，如果去掉R，则会导致
0
电流表直接接在电源的两极上，这是不允许的，R 起到保护电路的作用，故D错误。
0
故选AC。
7．（2022·辽宁鞍山·统考三模）小红晚上在家自习时，突然身旁的台灯熄灭了，其他的用电器也
停止了工作。关于这一现象的分析及台灯的使用，以下说法正确的是（ ）
A．台灯熄灭可能是家庭电路中发生了短路
B．台灯熄灭后应立刻更换新的灯泡使用
C．控制台灯的开关应接在台灯和零线之间
D．台灯与同时使用的加湿器是并联的
【答案】AD
【详解】A．台灯突然熄灭了，其他的用电器也停止了工作，其原因可能是空气开关跳闸了；空气
开关跳闸的原因是电路中的电流过大，而家庭电路中发生了短路会引起电流过大，故A正确；
B．灯熄灭后，应检查出台灯熄灭的原因，然后在采取正确的方法，而不是立刻更换新的灯泡使用，
故B错误；
C．控制台灯的开关应接在台灯和火线之间，开关断开时，台灯不带电，故C错误；
D．台灯与同时使用的加湿器是并联的，工作时互不影响，故D正确。
故选AD。
8. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，R是定值电阻，R是由半导体材料制成的热敏电阻，
t
其阻值R随温度t的增大而减小。用R探测某处温度变化，则下列结论中正确的是（ ）
t tA．温度升高时，电压表示数减小
B．温度升高时，电流表示数减小
C．温度降低时，电压表与电流表示数之比变大
D．温度降低时，电阻 在相同时间内产生的热量增多
【答案】AC
【详解】由电路图可知，定值电阻R与热敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路
t t
中的电流。
U
AB．由图乙可知，当温度升高时，R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由I= 可知，电路中
t R
的电流变大，即电流表的示数变大；由U=IR可知，R两端的电压变大，根据串联电路电压的规律，R
t
两端的电压即电压表示数减小，故B错误，A正确；
U
CD．同理可知，温度降低时，R的阻值变大，电路中的电流变小；根据R= 可知，电压表与电
t I
流表示数比值为R的阻值的大小，所以电压表与电流表示数比值变大；根据Q=I2Rt可知电阻R在相
t
同时间内产生的热量减少，故C正确，D错误。
故选AC。
9．（2023·湖南怀化·统考中考真题）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关后，当滑动变阻器
滑片P向左滑动时，以下说法正确的是（ ）
A．电压表读数变小，总功率变大 B．电路的总电阻变小，总功率变大
C．电压表读数变大，电流表读数变大 D．电压表读数变大，电流表读数变小
【答案】BC
【详解】由电路图知，两电阻串联连接，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。滑片
0
P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路中的总电阻变小，据欧姆定律知，电路中的电
流变大，电流表计数变大，据串联电路的分压特点知，变阻器分得的电压变小，电源电压不变，R 分
0
得的电压变大，电压表示数变大，据P=UI知，电路的总功率变大，故AD错误，BC正确。
故选BC。
10. 如图甲所示，电源电压恒为9V；小灯泡上标有“ ”字样，小灯泡的 图像如图乙所示。下列分析正确的是（ ）
A．小灯泡两端电压为2V时，其电阻为
B．小灯泡的额定功率为1.14W
C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的阻值约为
D．小灯泡两端电压为1.0V时，滑动变阻器的电功率为1.17W
【答案】BC
【详解】A．由图乙知，当灯泡两端电压为2V时，通过灯泡的电流为0.22A，则由欧姆定律可知，
此时灯丝的电阻
故A错误；
B．当小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为3.8V，由图乙知，通过灯的电流为0.3A，小灯泡的额
定功率为 P=U I=3.8V×0.3A=1.14W
额
故B正确；
C．闭合开关，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以
当小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压
串联电路各处电流相等，所以此时滑动变阻器接入电路的电阻
故C正确；
D．由乙图知，当灯的电压为1.0V时，灯的电流为0.13A，而串联电路处处电流相等，因此通过滑
动变阻器的电流也为0.13A，此时滑动变阻器两端的电压
此时滑动变阻器消耗的电功率
故D错误。
故选BC。
11. （2022·四川攀枝花·统考中考真题）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变。图乙是通过小
灯泡L的电流I随小灯泡两端的电压U变化的图像。下列说法中正确的是（ ）A．滑动变阻器滑片P向右移动，小灯泡变亮
B．小灯泡两端电压增大时，小灯泡电阻变小
C．滑动变阻器滑片P向左移动，电流表示数变大
D．小灯泡电压为2.5V时，小灯泡的功率为0.70W
【答案】CD
【详解】A．由图可知，滑动变阻器和小灯泡串联，当滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器
接入电路的阻值变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电流变小，小灯泡变暗，
故A错误；
B．由I-U图像可知，小灯泡两端的电压增加的快，而通过小灯泡的电流增加的慢，由欧姆定律可
知，小灯泡的电阻变大，故B错误；
C．滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，电路中的总电阻变小，根
据欧姆定律可知，电路中的总电流变大，电流表示数变大，故C正确；
D．由图乙可知，小灯泡两端的电压为2.5V时，流过小灯泡的电流为0.28A，小灯泡的功率
P=UI=2.5V×0.28A=0.70W，故D正确。
故选CD。
12. 如甲图所示的电路中，电源电压为8V恒定不变，R 为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关
0
S后，在滑片P滑动过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图像信息可知，下列判
断错误的是（ ）
A．R 的阻值是5Ω B．电路的最大总功率12.8W
0
C．R 的最小功率是1.6W D．滑动变阻器最大阻值是30Ω
0
【答案】CD
【详解】由电路图可知，R 与R串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。
0
A．当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R 的简单电路，电路中的电流最大，此时电路
0
U
的总功率最大；由乙图可知，电路中的最大电流I =1.6A，由I= 可得，R 的阻值
大 R 0故A正确；
B．电路的最大总功率P =UI =8V×1.6A=12.8W，故B正确；
大 大
C．当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流表的示数最小，R 的功率最小，
0
由乙图可知，电路中的最小电流I =1.6A，变阻器R端的电压UR=7V，则R 的最小功率
小 0
P =I 2R=(0.2A)2×5Ω=0.2W，故C错误；
0小 小 0
D．滑动变阻器的最大阻值
故D错误。
故选CD。
13. 某兴趣小组模拟用电安全，组成如图所示电路，电源电压为4.5V，灯泡上标有“2.5V
1.25W”（灯丝电阻不变），滑动变阻器R规格为“20Ω，1A”，电流表标有“0~0.6A”，电压表标有
“0~3V”，下列分析正确的是（ ）
A．灯泡正常发光时的电流是0.5A
B．为保护各元件不被损坏，滑动变阻器连入电路的取值范围是2.5Ω~10Ω
C．灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是1W
D．当滑片向右滑动时，灯泡两端电压增大
【答案】AC
【详解】A．根据P=UI可得，灯泡正常发光时的电流为
故A正确；
BD．灯泡额定电流为0.5A，则电路中允许通过的最大电流为0.5A，则此时滑动变阻器连入电路的
阻值最小，此时滑动变阻器的电压为
则滑动变阻器连入电路的最小阻值为
当滑片向右滑动时，滑动变阻器的连入电路的阻值变大，电路中的电流变小，即流过灯泡的电流
变小，则灯泡两端电压变小，根据 U =U-U
滑 L
可知，滑动变阻器的电压增大，即电压表示数变大，当电压表示数为3V时，滑动变阻器连入电路
的阻值最大，此时滑动变阻器的电压即为3V，则灯泡的电压为而灯泡的电阻为
则此时电路中的电流为
则滑动变阻器连入电路的最大阻值为
则滑动变阻器连入电路的取值范围是4Ω~10Ω，故BD错误；
C．灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率为
故C正确。
故选AC。
14. 物理课外兴趣小组为农场鸡舍设计了具有加热和保温功能的电热器，其内部简化电路图如图甲
所示。R 为热敏电阻，阻值随温度变化关系的图像如图乙所示。R、R 均为电热丝且R＞R，线圈阻
3 1 2 1 2
值忽略不计。下列说法正确的是（ ）
A．闭合开关S，电磁铁的上端为N极
1
B．热敏电阻R 的阻值随温度的升高而增大
3
C．电热器加热时只有电热丝R 接入电路中
2
D．增大控制电路的电源电压，电热器所控制的最高温度降低
【答案】AD
【详解】A．闭合开关S，电流从电磁铁的下端流入，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，
1
故A正确；
B．根据图乙可知，热敏电阻阻值随温度的的升高而减小，故B错误；
C．当温度较低时，电路处于加热状态，此时热敏电阻的阻值较大，控制电路的总电阻较大，根据
欧姆定律可知，控制电路中的电流较小，电磁铁的磁性较小，衔铁不会被吸下，衔铁a与b、c接触，
电热丝R、R 并联接入电路中，故C错误；
2 1
U
D．增大控制电路的电源电压，由于衔铁被吸下的电流不变，根据R= 可知，控制电路的总电阻
I
变大，热敏电阻的阻值变大，电热器所控制的最高温度降低，故D正确。故选AD。
15. 将扬声器、电池和电流表等元件连成如图电路。断开S，反复快速闭合、断开开关S，扬声
2 1
器发出咔咔声；断开S，闭合开关S，反复轻敲扬声器的纸盆，会看到电流表的指针左右摆动。下列
1 2
有关说法正确的是（ ）
A．扬声器发声的原理与发电机发电的原理相同
B．扬声器发声时，将电能转化为机械能
C．扬声器发电的原理与动圈式话筒工作的原理相同
D．电流表指针左右摆动，是因为磁场方向发生变化
【答案】BC
【详解】AB．扬声器发声，是因为线圈中有电流流过时，受到磁场对线圈力的作用带动纸盆振动，
从而产生声音，它的工作原理和电动机的工作原理相同，将电能转化为机械能，故A错误，B正确；
C．断开S，闭合开关S，反复轻敲扬声器的纸盆，会看到电流表的指针左右摆动，是因为此时电
1 2
路闭合，线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生了感应电流，这是电磁感应现象，动圈式话筒是应用
电磁感应原理工作的，扬声器发电的原理与动圈式话筒工作的原理相同，故C正确；
D．电流表指针左右摆动，说明电路中电流方向发生了改变，是因为线圈切割磁感线的方向发生变
化，故D错误。
故选BC。
