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2025-2026学年度下学期高一年级期末评价
高一物理试题答案及评分标准
一、选择题。（每小题4分，共10小题，8-10题多选，全部选对得4分，部分选对得2分，有
错选不得分，共40分）
1.答案：D解析：当污水顺着倾斜的地下管道自发地流动时，重力对污水做正功，污水的重
力势能减少，故选项AB错误；水泵将污水抽送至地面的过程中，重力对污水做负功，污水
的重力势能增加，故选项C错误，D正确。
2．答案：C解析:A.球形金属网处于静电平衡状态，其表面是等势体，因此N点电势等于于
P点电势，故A错误；
+Q
B.金属网内部场强为0，但金属网外部存在场强。P点的场强由点电荷 和金属网感应电
−q
荷共同叠加而成，方向不沿PM方向，因此电荷 在P点受力方向也不沿PM 方向，故B
错误；
C.金属网内部场强为0，在空间内不受力的作用，试探电荷可做匀速直线运动，故C正确；
D.从M点附近移到N，电场强度先减小后增大，进入金属网内部时为0，因此试探电荷受
到的电场力并非一直增大，故D错误。故选C。
3.答案：D解析：a、b两点的运动属于齿轮传动， v
a
=v
b
,a、c
两点的运动属于同轴转动，
ω =ω
a c。
学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司4.答案：C解析：由“两大夹小，两同夹异”可知第三个小球应带负电，且位于A、B两小球
之间某位置，假设第三个小球带电量为q，距A小球的距离为x，则对第三个小球有
kQq 4kQq l kQq 4kQ2 4
= x= = q= Q
x2 (l−x)2 解得 3对A小球有 x2 l2 解得 9 故选C。
5、答案 D解析 带电粒子做类平抛运动，水平方向分运动为匀速直线运动，因初速度相
同，运动时间 = = ，A、B两项错误；竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由位移
t1 x1 1
t2 x2 2
公式y= at2，解得a1∶a2=8∶1，C项错误，D项正确。
1
2
R R
sinθ= r =
6.答案：C解析：ABCD.设卫星的轨道半径为r，由题意可知 r 解得 sinθ
Mm 4π2r 4π2r3 4π2R3
G =m M = =
对卫星绕地球做圆周运动
r2 T2
可得
GT2 GT2sin3θ
4πR3 M 3π
V = ρ= =
由地球体积为 3 则地球密度为 V GT2sin3θ故选C。
7.答案：B解析： 小球受重力、拉力和电场力，要保持带电小球在原处
不动，电场方向变化过程中，小球始终受力平衡，合力为零。使电场方向
缓慢逆时针旋转至竖直向上过程中，重力大小和方向都不变，拉力方向不
变，电场力大小和方向都改变，作图如右图从图像可以看出，电场力先减
小后增加，故电场强度先减小后增加，故B正确，ACD错误。
8、答案：ACD解析：由题图乙可知，在0~20 s内，游轮做匀加速直线运动，加速度为
a =0.1m/s2
0 ，游轮从静止开始运动，则20 s时游轮的速度大小为
v =a t =0.1×20m/s=2m/s F − f =Ma
1 0 1 ，故选项A正确；由牛顿第二定律得 0，又
P= Fv
1，得游轮航行过程中所受的阻力大小为
P 6×107
f = −Ma = N−2.4×108×0.1N=6×106 N
v 0 2
1 ，故选项B错误；当游轮达到最
P 6×107
v = = m/s=10m/s
P= fv m f 6×106
大速度时，有 m，得游轮航行的最大速度为 ，故选
0.025m/s2 F − f =Ma P= Fv
项C正确；当游轮的加速度为 时，由牛顿第二定律得 1 1，又 1 2，
学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司v =5m/s
解得 2 ，故选项D正确。
kq
9．答案：AC解析：正点电荷q在N产生场强大小为d2
，又N点场强为零，则P、Q两
kq
E =
点电荷在N点产生的合场强
d2
，方向向上，故将该正点电荷移到N点后，M点场强
kq 3kq
E− =
(
2d
)2 4d2
为 ，方向向下。故选AC。
F =2Fcos37° =1600N
10.答案：ACD解析：两人对绳子的合力为 合 ，两人通过绳子对重
W = F h =400J
物做的功为 合 1 ，A正确；重物离开地面25 cm后人停止施力，重物具有惯
性，继续向上运动，重物离地面的最大高度大于25 cm，B错误；从重物被抬起到刚落地的
1
F h = mv2 −0
过程，绳子的合力对重物做正功，重力对重物做功为零，由动能定理可得 合 1 2 ，
v=4m/s F h +mgh − fh =0−0
解得 ，C正确；对重物运动的全过程，由动能定理有 合 1 2 2 ，
f =5500N
解得 ，D正确。
二、实验题。(11题每空2分，12题每空3分，共18分）
mgtanθ
11．答案：(1)相同; 控制变量法 (2)
P,P,P
解析：（1）把电荷量相同的小球系在丝线上，先后挂在横杆上的 1 2 3等位置，比较小球
在不同位置所受带电物体的静电力的大小。
此实验中比较小球在不同位置所受带电物体的静电力的大小，再使小球处于同一位置，改变
小球所带电荷量，比较小球所受静电力的大小，是采用了控制变量的方法。
（2）对小球进行受力分析如图所示
F =mgtanθ
由平衡条件可知，小球所受电场力大小为
12.答案：(1)C (2)2.15 (3)1.16; 1.16
解析：（1）A.在验证机械能守恒定律实验中阻力的影响越小越好，选择的重物的体积小较好，
1
mgh= mv2
故A错误；B.根据实验需验证的关系 2 其中h应是从静止开始下落的高度，而
重物从静止开始下落的第一个0.02s（打点时间间隔）内所下落的高度为
学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司1 1
h = gt2 = ×9.8×0.022m≈0.002m=2mm
1 2 1 2 因此，纸带上第一、二两点间的距离接近
2mm，表示在打第一个点的瞬时重物从静止开始下落，故B错误；C.为了避免开始打点前
纸带就有了速度，所以要先接通电源后释放纸带，故C正确。故选C。
1
T = =0.02s
f
（2）纸带上相邻计数点的时间间隔
根据匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于该过程平均速度可得
x 0.2822−0.1963
v = BD = m/s≈2.15m/s
C 2T 2×0.02
ΔE =mgx
（3）从打O点到打C点，重物重力势能的减少量 p OC
ΔE ≈1.16J
代入数据可得 p
1
ΔE = mv2 ≈1.16J
动能的增加量 k 2 C
三、解答题（12分 + 15分 + 15分 = 42分）
13.答案：(1) E =2.5×104N/C (2)正电， Q 2 =2.5×10−5C
F =mg
解析：（1）对带电小球受力分析有 电 (2分）
F
E = 电
q
由电场强度定义式有 (2分）
解得E =2.5×104N/C (2分）
Qq
F =k 1 =2N
（2）场源电荷A对小球的库仑力
1 L2
(2分）
F >mg
由 1 ，可知场源电荷B应带正电，场源电荷B对小球的库仑力
Q q
F =k 2 = F −mg
2 L2 1
(2分）
Q =2.5×10−5C
解得 2 (2分）
14．（1）160N；（2）20m/s；（3）v=3 15m/s
Mv2
f =
（1）对自行车受力分析，静摩擦力提供向心力 r (2分）
学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司解得 f =160N (2分）
f =mMg
（2）刚要发生侧移时，自行车受到的静摩擦力为最大静摩擦力 m (3分）
Mv2
f = m
对自行车受力分析 m r (2分）
v =20m/s
解得 m (2分）
v2
Mgtan15° =M
（3）在斜面上，对自行车受力分析 r (2分）
解得v=3 15m/s (2分）
20
s
15.答案：(1)40 m/s (2) 3 (3) 3×104 W
解析：(1)当汽车的行驶速度最大时，加速度为0，此时汽车的牵引力等于阻力， (2分）
F = f =0.1mg =2×103 N
即 (2分）
P
v = =40m/s
汽车的最大行驶速度 m F (2分）
F = f +ma =6×103 N
(2)由牛顿第二定律得，汽车匀加速运动时的牵引力 1 (2分）
P 40
v= = m/s
F 3
当汽车达到额定功率时，匀加速运动结束，有 1 (2分）
v−0 20
t = = s
则匀加速运动的时间 a 3 (2分）
(3)当汽车的速度为5 m/s时，汽车仍处于匀加速运动过程，此时牵引力的瞬时功率
P = Fv =3×104 W
1 1 1 (3分）
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