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2025-2026 学年度第二学期高一年级期末质量监测
物理参考答案及评分标准
一、单选题：（共 11题，每小题 4分，计 44分。）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
答案 A C D B C A A B C D D
二、非选择题：（共 5小题，共 56分。）
12．（15分）每空3分
（1）A （2）A （3）3.34 （4）g、O点的速度不为零（或0点不是纸带上的第一个点）。
13．（6分）
v2
（1）方法1 匀速圆周运动mg =m 1 2分
R
解得v = gR 1分
1
Mm v2
方法2 匀速圆周运动G =m 1 1分
R2 R
Mm
在地球表面有mg =G 1分
R2
解得v = gR 1分
1
M m
（2）在月球表面有mg =G 月 1分
月 R2
月
M m
在地球表面有mg =G 地 1分
R2
地
16
解得 g = g 1分
月
81
14．（8分）
v2
（1）在B点：mg+F =m B 2分
N R
又因为F =mg
N
所以v = 2gR 1分
B
学科网（北京）股份有限公司1 1
（2）从B到A用动能定理：mg⋅2R= mv2 − mv2 2分
2 A 2 B
可得：v = 6gR 1分
A
v2
在A点：F −mg =m A 1分
N R
可得：F =7mg
N
所以F = F =7mg 1分
压 N
15．（10分）
（1）小球在A处的受力如图所示
在垂直杆方向上：kRsinθ+F =mg 1分
N
解得：F =0 N
N
故小球受的摩擦力： f =0N
在沿杆方向上：kRcosθ=ma 1分
解得：a=7.5m/s2 1分
（2）从A到B的过程中绳中弹力在垂直杆上的分力F =kr
y
故全程 f 始终为0 N 1分
1 1
由动能定理知W = mv 2 − mv 2 1分
弹 2 B 2 A
解得：W =4.5J 1分
弹
（3）当杆调节到竖直时，若恰能到达B点，此时A处的初动能为需要的最小值
从A到B的过程中，由动能定理知−mgL−mF L+W =0−E 2分
N 弹 kA
E =9.9J 2分
kA
故A点的初动能E ≥9.9J
kA
学科网（北京）股份有限公司16．（15分）
（1）v =v cos37°=0.8v 3分
x 0 0
（2）设粒子从O点射出到刚进入电场的时间为t ，粒子从进入电场到y方向速度恰好减为0时间为t 。
1 2
v sin37°
方法1 粒子进入电场在y方向做匀变速直线运动d = 0 t 2分
2 2
qE
根据牛顿第二定律，粒子在电场中运动的加速度a= 1分
m
1
d = at2 1分
2 2
10d 9v2 9mv2
解得t = ，a = 0 ，E = 0 2分
2 3v 50d 50qd
0
方法2 粒子在x方向做匀速直线运动，从O点射出到到达P点有10d =v ( 3t +3t ) 1分
x 1 2
d
2
粒子从O点射出到第一次刚进入电场有x = =v t 1分
1 tan37° x 1
qE
根据牛顿第二定律，粒子在电场中运动的加速度a= 1分
m
粒子进入电场在y方向做匀变速直线运动，v =v sin37°=at 1分
y 0 2
5d 10d 9v2 9mv2
解得t = ，t = ，a = 0 ，E = 0 2分
1 6v 2 3v 50d 50qd
0 0
′
（3）设粒子入射速度大小v ，
0
d
2
2
粒子从O点射出到第一次刚进入电场的水平位移x = = d 保持不变，与入射速度大小无关 1
1 tan37° 3
分
粒子从刚进入电场到y方向速度减为0，
x方向 x =v′cos37°t′ 1分
2 0 2
y方向 v′sin37°=at′ 1分
0 2
粒子从O点射出到到达M 点 N⋅2 ( x +x )=10d 1分
1 2
15 1
解得v′ = − v 1分
0 8N 4 0
学科网（北京）股份有限公司由题v′ <v ，解得N =2，3，4，5，6，7。 1分
0 0
（其它方法求解的，参考上述解答给分）
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