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专题07 遗传的分子基础（选择题60 道）
一、单选题
1．下列有关遗传物质探索过程的实验，叙述错误的是（ ）
A．培养R 型菌时加入S 型菌的多糖类物质，不能得到具有荚膜的细菌
B．艾弗里和赫尔希等人的实验方法不同，但实验设计思路却有共同之处
C．子代噬菌体中检测到
35S 标记的DNA，说明DNA 在亲子代之间具有连续性
D．艾弗里和赫尔希采用了细菌培养、噬菌体培养、物质提取和分离等技术手段
【答案】C
【分析】格里菲思以小鼠为实验材料，研究肺炎链（双）球菌的致病情况，提出：已经加热致死的S 型细
菌，含有某种促使R 型活细菌转化为S 型活细菌的活性物质——转化因子。艾弗里在格里菲思实验的基础
上，利用肺炎链（双）球菌体外转化实验，提出：DNA 才是使R 型细菌产生稳定遗传变化的物质。赫尔希
和蔡斯利用同位素标记技术，证明噬菌体侵染细菌时，DNA 进入细菌的细胞中，而蛋白质外壳仍留在细胞
外，子代噬菌体的各种性状，是通过亲代的DNA 遗传的，DNA 才是噬菌体的遗传物质。
【详解】A、S 型菌的多糖类物质不是S 型菌的遗传物质，培养R 型菌时加入S 型菌的多糖类物质，不能
得到具有荚膜的细菌，A 正确；
B、艾弗里和赫尔希等人的实验方法不同，但实验设计思路却有共同之处，都是设法将DNA 与其他成分分
离开，单独研究各成分的作用，B 正确；
C、DNA 的组成元素是C、H、O、N、P，所以检测不到35S 标记的DNA，C 错误；
D、艾弗里的实验材料是肺炎链（双）球菌，采用了细菌培养、物质提取和分离、微生物的鉴定等技术手
段；赫尔希的实验材料是噬菌体和大肠杆菌，采用了细菌培养、噬菌体培养、离心、同位素标记法等多种
技术手段，D 正确。
故选C。
2．某实验小组模拟“T2噬菌体侵染细菌实验”，如图所示。据此分析，实验操作正确的情况下，上清液
和沉淀物的放射性分布是（ ）
A．上清液放射性很高，沉淀物放射性很低
B．上清液放射性很低，沉淀物放射性很高
C．上清液和沉淀物放射性都很高
D．上清液和沉淀物放射性都很低
【答案】B
【分析】T2 噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用35S 或32P 标记噬菌体→噬菌体与大肠杆菌混合培养→噬
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菌体侵染未被标记的细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。
【详解】32P 标记噬菌体的DNA，因DNA 是遗传物质，将含32P 的DNA 全部注入到大肠杆菌中，而蛋白
质外壳留在外面，大肠杆菌中的T2 噬菌体由于利用大肠杆菌中的原料合成蛋白质，在大肠杆菌培养液中
含有35S，所以子代噬菌体的蛋白质外壳含35S，因此在离心时，含有32P 标记的噬菌体的大肠杆菌沉在
底部，含35S 的子代噬菌体的大肠杆菌也沉在底部，而蛋白质外壳留在上清液中，因此上清液放射性很低，
沉淀物放射性很高，ACD 错误，B 正确。
故选B。
3．图甲表示加热杀死的S 型细菌与R 型活细菌混合注射到小鼠体内后两种细菌的含量变化；图乙是噬菌
体侵染细菌实验的部分操作步骤示意图。下列相关叙述错误的是（ ）
A．图甲中的实线代表R 型细菌，虚线代表S 型细菌
B．据图甲可知，只有一部分R 型细菌转化为S 型细菌
C．图乙中搅拌的目的是将噬菌体的蛋白质外壳与DNA 分开
D．若图乙中的噬菌体被
32P 标记，则上清液中的放射性很低
【答案】C
【分析】（1）图甲表示加热杀死的S 型菌和R 型活菌混合注射到小鼠体内，开始是R 型菌较多，在小鼠
体内扩增，数量上升，后被小鼠免疫系统清除，数量下降，此过程中少部分R 型菌在加热杀死的S 型菌
DNA 作用下转化为S 型活菌，S 型活菌扩增并破坏小鼠的免疫系统，使R 型菌和S 型菌数量重新上升，由
此可得实线表示R 型菌，虚线表示S 型菌；
（2）观察图乙可得，噬菌体在侵染细菌时需要先吸附在细菌表面，再将噬菌体DNA 注入到细菌，离心前
搅拌的目的是使吸附在细菌上的噬菌体与细菌分开，密度梯度离心结果中细菌主要分布在沉淀物中，噬菌
体及其蛋白质外壳主要分布在上清液中。
【详解】A、图甲表示加热杀死的S 型菌和R 型活菌混合注射到小鼠体内，开始是R 型菌较多，在小鼠体
内扩增，数量上升，后被小鼠免疫系统清除，数量下降，此过程中少部分R 型菌在加热杀死的S 型菌DNA
作用下转化为S 型活菌，S 型活菌扩增并破坏小鼠的免疫系统，使R 型菌和S 型菌数量重新上升，由此可
得实线表示R 型菌，虚线表示S 型菌，A 正确；
B、分析图甲可得，S 型菌开始是数量很少，说明只有部分R 型菌转化为S 型菌，B 正确；
C、观察图乙可得，噬菌体在侵染细菌时需要先吸附在细菌表面，再将噬菌体DNA 注入到细菌，离心前搅
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拌的目的是使吸附在细菌上的噬菌体与细菌分开，C 错误；
D、32P 标记物质为DNA，在噬菌体侵染细菌时主要都被注入细菌体内，因此离心后其放射性主要分布在
沉淀物中，上清液中的放射性会很低，D 正确。
故选C。
4．艾弗里的肺炎双球菌转化实验证明能使R 型细菌转化为S 型细菌的“转化因子”为DNA．研究发现，
在该转化过程中某种酶使S 型细菌DNA 片段双链打开，并将其中一条链降解。剩下的一条链与R 型细菌
DNA 上的同源区段配对，切除并替换相应的单链片段，形成一个杂合DNA 区段。关于上述转化过程的分
析，不合理的是（ ）
A．转化中的“某种酶”兼具解旋酶和DNA 酶的功能，可作用于两种化学键
B．在S 型细菌的“转化因子”诱导下R 型细菌发生了基因突变
C．S 型细菌DNA 片段上的荚膜基因能在R 型细菌内正确表达
D．含杂合DNA 区段的R 型细菌分裂一次后可产生R 型和S 型两种细菌
【答案】B
【分析】1、肺炎双球菌转化实验包括格里菲思体内转化实验和艾弗里体外转化实验，其中格里菲思体内
转化实验证明S 型细菌中存在某种“转化因子”，能将R 型细菌转化为S 型细菌；艾弗里体外转化实验证
明DNA 是遗传物质。
2、基因重组指在生物体进行有性生殖的过程中，控制不同性状的基因重新组合。
【详解】A、由题干信息可知，该过程中“某种酶”的作用包括将S 型细菌的DNA 片段双链打开、水解
DNA 单链，分别与解旋酶（作用于氢键）、DNA 酶（作用于磷酸二酯键）的作用相同，A 正确；
B、通过对转化过程的理解，R 型细菌发生的变异为基因重组，不是基因突变，B 错误；
C、R 型细菌和S 型细菌的差别是有无荚膜，因此在转化过程中R 型细菌摄入的是S 型细菌的荚膜基因，
荚膜基因能在R 型细菌内正确表达，C 正确；
D、含杂合DNA 区段的细菌增殖时，由于DNA 是半保留复制，因此形成的两个DNA 一个包含R 型细菌
的基因，一个包含S 型细菌的荚膜基因， 所以后代会出现R 型和S 型两种细菌，D 正确。
故选B。
5．K1荚膜大肠杆菌可引发脑膜炎。某研究小组用荧光染料SYBR Gold 标记的PNJ1809-36 噬菌体（DNA
病毒）分别对K1荚膜大肠杆菌、若干种非K1荚膜大肠杆菌、若干种非大肠杆菌细菌进行检测。结果如表
所示：
菌种
时间
K1荚膜大肠杆菌
非K1荚膜大肠杆菌
非大肠杆菌细菌
5min
细菌表面形成清晰的环状荧光
无荧光
无荧光
10min
细菌表面环状荧光模糊，但内部出现荧光
无荧光
无荧光
15min
细菌表面的环状荧光不完整
无荧光
无荧光
下列有关叙述中，不正确的是（ ）
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A．荧光染料SYBR Gold 标记的是PNJ1809-36 噬菌体的DNA
B．子代PNJ1809-36 噬菌体中均会出现荧光染料SYBR Gold
C．PNJ1809-36 噬菌体能特异性识别K1荚膜大肠杆菌
D．用P 标记的PNJ1809-36 噬菌体进行实验会出现相似现象
【答案】B
【分析】噬菌体侵染细菌的过程：吸附→注入（注入噬菌体的DNA）→合成（控制者：噬菌体的DNA；
原料：细菌的化学成分）→组装→释放。
【详解】A、噬菌体侵染细菌时，蛋白质外壳不进入细菌细胞内。由细菌内部出现荧光可知，荧光染料
SYBR Gold 标记的是PNJ1809-36 噬菌体的DNA，A 正确；
B、噬菌体在细菌内增殖多代，由于DNA 进行半保留复制，荧光染料SYBR Gold 标记的DNA 只在部分子
代PNJ1809-36 噬菌体中出现，B 错误；
C、PNJ1809-36 噬菌体不能侵染非K1 荚膜大肠杆菌和非大肠杆菌细菌，这说明其可特异性识别K1 荚膜大
肠杆菌，C 正确；
D、DNA 含P 元素，若用P（如32P）标记的PNJ1809-36 噬菌体进行上述实验，也可出现相似的实验现象：
先在细菌表面有大量放射性，再在细菌内部出现放射性，最后细菌被裂解，D 正确。
故选B。
6．为了研究半保留复制的具体过程，以T4 噬菌体和大肠杆菌为实验对象进行了实验探究：20℃条件下，
用T4 噬菌体侵染大肠杆菌，进入T4 噬菌体DNA 活跃复制期时，在培养基中添加含3H 标记的胸腺嘧啶脱
氧核苷酸继续培养。然后在5s、10s、30s、60s 时阻断DNA 复制，分离出DNA 并通过加热使DNA 全部解
旋为单链，再进行密度梯度离心，检测离心管不同位置的放射性强度，结果如图所示（DNA 片段越短，与
离心管顶部距离越近）。关于该实验，下列说法错误的是（ ）
A．T4 噬菌体以培养基中
3H 标记的胸腺嘧啶脱氧核苷酸为原料合成DNA
B．如果抑制DNA 连接酶的活性，则会检测到靠近离心管顶部位置放射性增强
C．为了节省实验时间，DNA 可不变性处理成单链直接离心
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D．据图可知，30s 内大量合成短片段DNA 并在30s 时出现短片段合成长片段
【答案】C
【分析】由于DNA 片段越短，与离心管顶部距离越近，因此时间较短时短片段DNA 数量较多，随着时间
推移长片段DNA 数量较多。
【详解】A、大肠杆菌以培养基中3H 标记的胸腺嘧啶脱氧核苷酸为原料合成DNA，T4 噬菌体寄生于大肠
杆菌，合成DNA 原料全部来自于大肠杆菌，因此T4 噬菌体能以培养基中3H 标记的胸腺嘧啶脱氧核苷酸
为原料合成DNA，A 正确；
B、如果抑制DNA 连接酶的活性，因DNA 片段无法连接，故随着时间推移，距离心管顶部距离较近的区
域放射性一直较强或短片段DNA 的数量一直较多，则大部分放射性会出现在离心管顶部，B 正确；
C、DNA 是双螺旋结构，不变性的话，无论培养时间长短，离心分离后得到的DNA 片段长度都是相同的，
C 错误；
D、DNA 片段越短，与离心管顶部距离越近，由图得，30s 内与离心管顶部距离近的DNA 片段较多，说明
首先大量合成的是短片段DNA，同时在30s 时出现与离心管顶部距离较远的DNA 分子，即出现短片段合
成长片段，D 正确。
故选C。
7．第一代基因测序技术又叫双脱氧链终止法，它以DNA 合成反应为基础，反应体系中需加入ddNTP（有
ddATP、ddGTP、ddCTP、ddTTP4 种）。下图是该技术的测序原理和某待测DNA 序列的电泳图谱。下列
说法正确的是（ ）
A．双脱氧核苷酸无法与模板链发生碱基互补配对，导致子链延伸终止
B．待分离DNA 片段有可解离的基团，在电场中会带上正电荷或负电荷
C．人工合成DNA 体系中必须要加入ATP 以供能
D．待测DNA 的碱基序列是3'-GACTGCCA-5'
【答案】D
【分析】基因检测是指通过检测生物体中的DNA 序列，以了解生物体基因状况的技术手段。Sanger 双脱
氧链终止法是DNA 测序的基本方法，其原理是：核酸模板在核酸聚合酶、带有3′-OH 末端的单链核苷酸
引物、四种dNTP 存在的条件下复制或转录时，如果在反应系统中分别引入单一种类的ddNTP（即2、3 双
脱氧核苷三磷酸，在脱氧核糖的3′位置缺少一个羟基，故不能同后续的dNTP 形成磷酸二酯键），只要
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ddNTP 掺入链端，该链就停止延长，末端掺入dNTP 的片段可继续延长。
【详解】A、双脱氧核苷酸仍然可以按照碱基互补配对原则与模板链上的碱基互补配对，但是子链结合上
双脱氧核苷酸后无法再继续延伸，A 错误；
B、待分离DNA 片段带有负电荷，在电场中会向正极移动，B 错误；
C、双脱氧三磷酸核苷酸在人工合成DNA 体系中，可脱去两个磷酸基团形成焦磷酸和双脱氧核苷酸并释放
能量，故人工合成DNA 体系中无需加入ATP 提供能量，C 错误；
D、由于存在某一种双脱氧核苷三磷酸（ddNTP）时则复制终止，其余情况能正常进行，则分子量越小，
证明终止的越早，根据碱基互补配对原则可知由左到右读出待测DNA 的碱基序列是3'-GACTGCCA-5'，D
正确。
故选D。
8．人类基因组测序表明，人体超过98%基因都转录为非编码RNA（ncRNA），ncRNA 无编码蛋白质的能
力；许多ncRNA 被证实参与恶性肿瘤的发生发展。下列有关叙述错误的是（ ）
A．ncRNA 和其他RNA 的合成场所均是细胞核
B．和DNA、蛋白质一样，ncRNA 的合成也遵循碱基互补配对原则
C．ncRNA 由核糖核苷酸组成，可能影响原癌基因和抑癌基因的表达
D．细胞中的RNA 具有物质运输、降低反应活化能、构建细胞结构等功能
【答案】A
【分析】基因控制蛋白质合成包括转录和翻译两个过程，其中转录是以DNA 的一条链为模板合成RNA 的
过程，而翻译是以mRNA 为模板合成蛋白质的过程。
【详解】A、对于真核细胞而言，RNA 主要在细胞核中合成，但是细胞质中（线粒体中也有少量DNA）也
有RNA 的合成，A 错误；
B、DNA 分子复制产生DNA，蛋白质通过mRNA 为模板合成，ncRNA 是以DNA 为模板经转录产生，三
者的合成都遵循碱基互补配对原则，B 正确；
C、ncRNA 是RNA 的一种，其基本单位是核糖核苷酸，细胞癌变与原癌基因和遗爱基因突变有关，分析题
意，许多ncRNA 被证实参与恶性肿瘤的发生发展，据此推测，ncRNA 可能影响原癌基因和抑癌基因的表
达，C 正确；
D、细胞中的RNA 具有物质运输（tRNA）、降低反应活化能(酶）、构建细胞结构（rRNA 参与构成核糖
体）等功能，D 正确。
故选A。
9．真核细胞中基因表达过程受到多个水平的调控，包括转录前调控、转录调控、翻译调控等，每一水平
的调控都会实现基因的选择性表达。下图表示几种调控的原理意，下列相关叙述错误的是（ ）
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A．图1 中表示转录的过程是②，图2 中表示翻译的过程是⑥
B．图2 中Lin—14 基因编码的mRNA 与miRNA 不完全互补配对属于翻译调控
C．图1 中B 细胞DNA 的选择性重排属于转录调控
D．与DNA 复制相比较，图2 中④过程特有的碱基互补配对形式是A 一U
【答案】C
【分析】1、图1 中，C、J、D、V 基因通过基因的选择性表达出不同的受体蛋白，其中②过程代表转录，
③过程代表翻译。
2、图2 中④过程是转录，⑤过程是mRNA 通过核孔到细胞质基质，⑥过程是翻译，miRNA 和mRNA 碱基
互补配对后会抑制核糖体和mRNA 的结合而抑制翻译过程。
【详解】A、由图可知，图1 中②表示转录过程，形成RNA，图2 中⑥表示翻译过程，合成蛋白质，A 正
确；
B、图2 中，miRNA 与mRNA 不完全配对，使mRNA 有部分形成双链结构，mRNA 形成双链结构和tRNA
上的反密码子无法和mRNA 进行碱基互补配对，从而抑制了翻译过程，该过程调控了翻译的过程，属于翻
译调控，B 正确；
C、图1 中B 细胞DNA 的选择性重排属于转录前调控，C 错误；
D、DNA 复制的碱基互补配对方式有A-T、T-A、G-C、C-G，④为转录过程，碱基互补配对方式有A-U、
T-A、G-C、C-G，因此，与DNA 复制相比较，④过程（转录过程）特有的碱基互补配对形式是A—U，D
正确。
故选C。
10．当某些基因转录形成的mRNA 分子与模板链未分离时，会形成RNA-DNA 杂交体，此时非模板链、
RNA-DNA 杂交体共同构成R 环结构，R 环结构会影响DNA 复制、转录和基因的稳定性。下图是某细胞中
遗传信息的传递和表达过程的示意图，下列说法错误的是（ ）
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A．在神经细胞核、精原细胞核、洋葱根尖分生区细胞核中同时存在酶A、B
B．酶A、B、C 功能不同的根本原因是控制这些酶的基因的碱基排列顺序不同
C．R 环结构的RNA—DNA 杂交体中，形成的碱基的配对方式是A—T、U—A、C—G
D．R 环结构的存在可能会使细胞周期所需时间变长
【答案】A
【分析】分析题图：①过程表示翻译；过程②表示DNA 复制，其中酶C 表示DNA 聚合酶，酶B 表解旋酶；
右侧形成信使RNA，表示转录，酶A 表示RNA 聚合酶。
【详解】A、神经细胞是高度分化的细胞，细胞核不能进行DNA 分子的复制，所以不存在酶B（DNA 聚
合酶）、C（解旋酶），A 错误；
B、不同酶功能不同的根本原因是基因的不同，故酶A、B、C 功能不同的根本原因是控制这些酶的基因的
碱基排列顺序不同，B 正确；
C、RNA 含有碱基A、G、C、U，DNA 含有碱基A、G、C、T，R 环结构的RNA-DNA 杂交体中，形成的
碱基的配对方式是A-T、U-A、C-G，C 正确；
D、由题干可知，R 环结构会影响DNA 的复制和转录以及基因的稳定性，R 环结构的存在可能会使细胞周
期所需时间变长，D 正确。
故选A。
11．DNA 单链上的G 和G 配对，可形成G-四链体，C 与C 配对，则形成i-motif，二者结构如图所示。下
列有关叙述正确的是（ ）
A．在形成G-四链体的DNA 分子中，完全遵循碱基互补配对原则
B．DNA 分子的G-四链体或i-motif 区域仍能形成双螺旋结构
C．G-四链体和i-motif 的形成不会发生在同一DNA 中
D．上述2 种结构不会改变DNA 中嘌呤和嘧啶的比例
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【答案】D
【分析】DNA 是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的双螺旋结构，其外侧由脱氧核糖和磷酸交替
连结构成基本骨架，内侧是碱基通过氢键连接形成的碱基对，碱基之间的配对遵循碱基互补配对原则，即
A-T、C-G、T-A、G-C。
【详解】A、G-四链体中G 和G 配对，所以不完全遵守碱基互补配对原则，A 错误；
B、从图中看出，G-四链体或i-motif 区域没有形成双螺旋结构，B 错误；
C、DNA 单链上的G 和G 配对，可形成G-四链体，C 与C 配对，则形成i-motif，有可能发生在同一个
DNA 分子中，C 错误；
D、上述2 种结构是发生在双链DNA 分子的单链上，没有改变碱基的种类和数目，而双链DNA 分子遵循
碱基互补配对的原则，因此不会改变DNA 中嘌呤和嘧啶的比例，D 正确。
故选D。
12．真核生物线粒体基质内的DNA 是双链闭合环状分子，外环为H 链，内环为L 链。大体过程为：先以
L 链为模板，合成一段RNA 引物，然后在DNA 聚合酶的作用下合成新的H 链片段，当H 链合成2/3 时，
新的L 链开始合成，如图所示。下列关于线粒体DNA 的说法错误的是（ ）
A．DNA 内外环的复制是不同步的，但子链都是从5′端向3′端延伸
B．DNA 分子中的磷酸二酯数目与脱氧核苷酸数目相等
C．DNA 复制时可能还需要RNA 聚合酶和DNA 连接酶
D．用
15N 只标记亲代DNA，复制n 次后含
14N/15N 的DNA 占总数的1/2n
【答案】D
【分析】1、环状DNA 分子没有游离的磷酸基团，环状DNA 分子中磷酸二酯键数目和脱氧核苷酸数目相
同；
2、DNA 复制的条件：⑴、DNA 复制需要模板、原料、能量、酶等条件；⑵、DNA 复制是边解旋边复制、
半保留复制；⑶、DNA 复制时，子链只能从5＇端向3＇端延伸，两条子链的延伸方向相反。
【详解】A、图示表明，子链1 的延伸方向是5’端→3’端，A 正确；
B、由于形成的DNA 分子是环状的，因此子链中新形成的磷酸二酯键数目和脱氧核苷酸数目相同，B 正确；
C、DNA 复制需要解旋酶解开双链，而RNA 聚合酶具有解旋功能，DNA 复制需要引物与模板链结合，需
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要DNA 连接酶起作用，所以DNA 复制可能需要RNA 聚合酶和DNA 连接酶，C 正确；
D、若15N 标记的DNA 放在14N 的培养液中复制n 次得到2n 个DNA 分子，由于DNA 是半保留复制，新
合成的子代DNA 中含15N 的有2 个，故14N/15N 的DNA 占2/2n=1/2n-1，D 错误。
故选D。
13．中心法则揭示了生物遗传信息传递的一般规律，如下图所示。下列叙述错误的是（ ）
A．生物的遗传信息储存在DNA 或RNA 的核苷酸序列中
B．DNA 复制、转录分别需要DNA 聚合酶、RNA 聚合酶的参与
C．遗传信息的复制、转录、翻译及逆转录过程都需要模板
D．翻译时，tRNA 会读取mRNA 上的全部碱基序列信息
【答案】D
【分析】科学家克里克首先预见了遗传信息传递的一般规律，并于1957 年提出了中心法则：遗传信息可以
从DNA 流向DNA，即 DNA 的复制；也可以从DNA 流向RNA，进而流向蛋白质，即遗传信息的转录和
翻译。随着研究的不断深入，科学家对中心法则作出了补充：少数生物（如一些RNA 病毒）的遗传信息
可以从RNA 流向RNA 以及从RNA 流向DNA，即RNA 的复制和逆转录。
【详解】A、绝大多数生物的遗传物质是DNA，少数生物的遗传物质是RNA，生物的遗传信息储存在
DNA 或RNA 的核苷酸序列中，A 正确；
B、参与DNA 复制的酶有解旋酶、DNA 聚合酶等，转录是在RNA 聚合酶的参与完成的，B 正确；
C、遗传信息的复制是指DNA 或RNA 的复制，DNA 复制是以亲代DNA 的两条链为模板合成子代DNA 的
过程，RNA 复制是以RNA 为模板合成RNA 的过程，转录是以DNA 的一条链为模板合成RNA 的过程，翻
译是以mRNA 为模板合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程，逆转录是以RNA 为模板合成DNA 的过程。
可见，遗传信息的复制、转录、翻译及逆转录过程都需要模板，C 正确；
D、翻译时，tRNA 不能读取mRNA 上的全部碱基序列信息，每种tRNA 只能识别并转运一种氨基酸，每个
tRNA 上具有的由3 个碱基组成的反密码子会读取它所转运的氨基酸的密码子并与组成该密码子的3 个碱基
互补对，D 错误。
故选D。
14．增殖细胞核抗原（PCNA）是一种只在细胞核中独立存在的蛋白质，PCNA 可附着在DNA 双螺旋结构
上，同时又可在DNA 链上自由移动。PCNA 能与DNA 聚合酶相互作用，确保DNA 聚合酶在复制过程中
不会从DNA 链上滑落。下列相关叙述正确的是（ ）
A．DNA 聚合酶与PCNA 结合后才可使DNA 解旋
B．DNA 复制过程中，PCNA 可结合到DNA 两条链上发挥作用
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C．PCNA 在母链上移动的方向是5'向3'
D．细胞中DNA 的复制一定需要PCNA 参与
【答案】B
【分析】DNA 复制发生在间期，需要DNA 聚合酶的参与，DNA 复制时子链的延伸方向是5'向3'。
【详解】A、DNA 复制过程中使DNA 解旋的是解旋酶，A 错误；
B、DNA 复制时以DNA 两条链为模板，而PCNA 可与DNA 聚合酶结合发挥作用，所以DNA 复制过程中
PCNA 可与DNA 两条链结合，B 正确；
C、DNA 复制时子链的延伸方向是5'向3'，C 错误；
D、PCNA 只在细胞核中存在，但DNA 除在细胞核中进行复制外，还能在线粒体、叶绿体中进行复制，D
错误。
故选B。
15．放射性心脏损伤是由电离辐射诱导的大量心肌细胞凋亡产生的心脏疾病。一项新的研究表明，
circRNA 可以通过miRNA 调控P 基因表达进而影响细胞凋亡，调控机制见图。下列相关描述正确的是（
）
A．前体mRNA 以DNA 的任意一条链为模板合成的，可被剪切成多种RNA
B．circRNA 是闭合环状RNA，其嘌呤数和嘧啶数一定相等
C．circRNA 在细胞质中通过与P 基因mRNA 竞争性结合miRNA，从而调控P 基因的表达
D．根据该项研究，可通过促进circRNA 或miRNA 的合成来治疗放射性心脏损伤
【答案】C
【分析】结合题意分析题图可知，miRNA 能与mRNA 结合，使其降解，降低mRNA 的翻译水平。当
miRNA 与circRNA 结合时，就不能与mRNA 结合，从而提高mRNA 的翻译水平。
【详解】A、前体mRNA 以DNA 的一条链为模板合成的，而不是任意的，A 错误；
B、circRNA 是闭合环状RNA，不存在嘌呤与嘧啶的配对，所以其嘌呤数和嘧啶数不一定相等，B 错误；
C、根据图示信息，miRNA 既能与mRNA 结合，降低mRNA 的翻译水平，又能与circRNA 结合，提高
mRNA 的翻译水平，故circRNA 在细胞质中通过与P 基因mRNA 竞争性结合miRNA，从而调控P 基因的
表达，C 正确；
D、依据图示信息可知，P 蛋白能抑制细胞凋亡，当miRNA 表达量升高时，大量的miRNA 与P 基因的
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mRNA 结合，并将P 基因的mRNA 降解，导致合成的P 蛋白减少，无法抑制细胞凋亡，所以不能治疗心脏
损伤，D 错误。
故选C。
16．环状DNA 分子在自然界普遍存在，如质粒DNA。在真核生物中还有一类特殊的环状DNA 分子
（eccDNA），它从正常基因组中分离或脱落下来并进入细胞质，无着丝粒。下图中途径1、2 分别表示真
核细胞中DNA 复制的两种情况。下列叙述错误的是（ ）
A．在原核细胞和真核细胞中，都可能存在质粒DNA
B．途径1 的两个复制泡中，DNA 复制起始时间不同
C．途径2 中，eccDNA 的形成过程发生了磷酸二酯键的断裂和重连
D．eccDNA 经复制后一定会平均分配到两个子细胞中
【答案】D
【分析】DNA 的复制：条件：a、模板：亲代DNA 的两条母链；b、原料：四种脱氧核苷酸为；c、能量：
（ATP）；d、一系列的酶。缺少其中任何一种，DNA 复制都无法进行。过程： a、解旋：首先DNA 分子
利用细胞提供的能量，在解旋酶的作用下，把两条扭成螺旋的双链解开，这个过程称为解旋；b、合成子
链：然后，以解开的每段链（母链）为模板，以周围环境中的脱氧核苷酸为原料，在有关酶的作用下，按
照碱基互补配对原则合成与母链互补的子链。
【详解】A、质粒为小型环状DNA 分子，在原核细胞和真核细胞的细胞质中都可能存在质粒，A 正确；
B、途径1 的两个复制泡大小不一，说明DNA 复制起始的时间不同，B 正确；
C、eccDNA 从正常基因组中分离或脱落下来存在磷酸二酯键的断裂，脱落下来后形成环甚至复制过程存在
磷酸二酯键的重建，C 正确；
D、eccDNA 存在于细胞质中，复制后随机分配到两个子细胞中，D 错误。
故选D。
17．采用诱变技术使基因X 发生突变，对突变前后同一单链片段进行测序，结果如图。突变前后第1～80
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位氨基酸完全相同，第80 位氨基酸为丝氨酸（丝氨酸的密码子为UCU、UCC、UCG、UCA、AGU、
AGC，终止密码子为UAA、UGA、UAG）。下列推断错误的是（ ）
A．诱变有可能改变编码前80 个氨基酸的碱基序列
B．图中所示的单链是基因X 进行转录时的模板链
C．第80 位和第82 位的氨基酸相同但密码子不同
D．基因X 发生突变后指导合成的肽链可能会变短
【答案】B
【分析】1、基因突变是指DNA 分子中发生碱基对增添、缺失或替换而导致的基因结构的改变。
2、题图分析：由图可知，图中正常基因和突变基因中相关区域所含碱基数相同，因此该基因突变过程碱
基发生了碱基的替换。
【详解】A、由于不同密码子可对应同一氨基酸，因此尽管突变前后第1～80 位氨基酸完全相同，但也有
可能诱变过程中改变了编码前80 个氨基酸的碱基序列，A 正确；
B、若图示单链是基因X 进行转录时的模板链，则由图中碱基序列可知，突变前后决定丝氨酸的密码子应
为AGG，而由题意可知，丝氨酸的密码子为UCU、UCC、UCG、UCA、AGU、AGC，不存在AGG，因
此可推知图中所示的单链是基因X 进行转录时的非模板链，模板链相应位置的碱基序列为AGG，转录形
成的mRNA 上碱基序列为UCC，编码丝氨酸，B 错误；
C、图示为基因X 进行转录时的非模板链，根据碱基互补配对可知，模板链上转录出的mRNA 上决定第80
位氨基酸的密码子为UCC，而决定第82 位氨基酸的密码子为UCU，因此第80 位和第82 位的氨基酸相同
但密码子不同，C 正确；
D、突变后原来编码第86 位氨基酸的密码子GAA 变为UAA，由于UAA 为终止密码子，使翻译提前终止，
因此基因X 发生突变后指导合成的肽链可能会变短，D 正确。
故选B。
18．载脂蛋白的基因序列在人体不同组织细胞中是相同的，但其表达产物有差异。如在肝细胞中，产物为
含4536 个氨基酸残基的apB-100；在肠细胞中，产物为含2152 个氨基酸残基的apoB-48，其原因是mRNA
上将第2153 位的谷氨酰胺的密码子CAA 转变为终止密码子UAA。下列叙述正确的是（ ）
A．apoB-48 的产生是基因突变的结果
B．载脂蛋白apB-100 的结构比apoB-48 更加复杂
C．载脂蛋白基因在肝和肠细胞核中最初转录出的RNA 序列相同
D．载脂蛋白基因两种产物的不同体现了基因的选择性表达
【答案】C
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【分析】题意分析，载脂蛋白的基因序列在肝、肠组织细胞中是相同的，但表达产物不同，这是在转录水
平上进行调控的结果，即由载脂蛋白基因转录形成的前体mRNA 经过加工后，所形成的成熟的mRNA 不
同导致的。
【详解】A、在肠细胞中，apoB-48 的产生，是由于载脂蛋白基因转录形成的前体mRNA 在加工为成熟的
mRNA 的过程中发生了碱基的替换，不属于基因突变，A 错误；
B、蛋白质结构多样性与氨基酸残基数、排列顺序和种类以及形成的空间结构有关，无法从单一的氨基酸
残基数判断其结构的复杂度，B 错误；
C、载脂蛋白的基因序列在肝、肠组织细胞中是相同的，因此载脂蛋白基因在肝和肠细胞核中转录出的前
体RNA 序列相同，C 正确；
D、载脂蛋白的基因序列在肝、肠组织细胞中是相同的，载脂蛋白基因两种产物的不同是在转录形成
mRNA 的过程中进行不同的调控导致的，不能体现基因的选择性表达，D 错误。
故选C。
19．冠状病毒严重依赖一种名为“移码”的特殊机制来调节病毒蛋白的水平。“移码”是指冠状病毒在宿
主细胞中合成蛋白质时，核糖体向前或者向后滑动一个或两个核苷酸，导致病毒可以利用一条RNA 为模
板翻译产生多种蛋白质。据研究，这种情况几乎不在健康细胞中发生。下列说法错误的是（ ）
A．核糖体“移码”可扩展病毒所携带遗传信息的利用率
B．“移码”通过调控翻译过程，进而影响蛋白质的合成
C．冠状病毒的“移码”过程出现异常，可能会导致肽链变短
D．冠状病毒的“移码”过程出现异常，可能会导致病毒发生基因突变
【答案】D
【分析】翻译是指以mRNA 为模板，合成具有一定氨基酸排列顺序的蛋白质的过程。翻译的场所是在细胞
质的核糖体上。翻译的本质是把DNA 上的遗传信息通过mRNA 转化成为蛋白质分子上氨基酸的特定排列
顺序。
【详解】A、核糖体向前或者向后滑动一个或两个核苷酸，导致病毒可以利用一条RNA 为模板翻译产生多
种蛋白质，故核糖体“移码”可扩展病毒所携带遗传信息的利用率，A 正确；
B、由于核糖体移动的距离有变化，从而导致肽链相应位置上的氨基酸的种类发生改变，即氨基酸的顺序
发生改变，因此“移码”通过调控翻译过程，进而影响蛋白质的合成，B 正确；
C、由于核糖体移动的距离有变化，则可能会导致mRNA 上提前出现终止密码子，可能会导致肽链变短，
C 正确；
D、健康细胞无病毒感染，核糖体在mRNA 上移动，因此“移码”不会影响DNA 的结构，即该现象不会
导致细胞中某些基因的碱基发生增添或缺失，不会导致基因突变，D 错误。
故选D。
20．金鱼草是一种可自花传粉的二倍体植物，其花色由基因c 控制，野生型为对称花型。研究发现一株金
鱼草（M）的其中一个基因c 内部多了长度为 2472 个碱基对的 DNA 片段，突变为基因c650，但表型仍
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然为对称花型，其基因结构如下图所示。下列有关叙述错误的的是（ ）
A．突变基因c650 不能正常转录
B．可用M 自交获得纯合突变体
C．可用花药离体培养法获得纯合突变体
D．野生型基因c 对突变基因c650 为显性
【答案】A
【分析】（1）据图可知，c650 基因位于启动子与终止子之间，可以进行正常转录；
（2）根据题干信息可知，植株M 中只有一个基因c 发生突变，但植株M 未表现出突变性状，推测突变基
因c650 相对c 基因为隐性基因。
【详解】A、据图可知，c650 基因位于启动子与终止子之间，可以进行正常转录，A 错误；
B、根据题干信息可知，植株M 中只有一个基因c 发生突变，但植株M 未表现出突变性状，推测突变基因
c650 相对c 基因为隐性基因，植株M 为花色个体杂合子，可利用M 自交获得纯合突变体，B 正确；
C、通过植株M 能获得带突变基因的配子，可用花药离体培养法获得纯合突变体，C 正确；
D、根据题目信息可推测野生型基因c 对突变基因c650 为显性，D 正确。
故选A。
21．如图，细菌中一个正在转录的RNA 在
﹣端可自发形成一种茎环结构，导致RNA 聚合酶出现停顿并
进一步终止转录。茎环结构的后面是一串连续的碱基U，容易与模板链分离，有利于转录产物的释放。下
列说法错误的是（ ）
A．图中转录泡中的基因片段可能存在一段连续的A—T 碱基对
B．图中的RNA 聚合酶的移动方向是从左至右
C．图中转录结束后，mRNA 将通过核孔进入细胞质指导蛋白质的合成
D．转录产物释放的原因可能是连续的碱基U 与DNA 模板链之间形成的氢键较少
【答案】C
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【分析】转录：转录是指以DNA 的一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA 的过程；翻译：翻
译是指以mRNA 为模板，合成具有一定氨基酸排列顺序的蛋白质的过程。
【详解】A、mRNA 中茎环结构后面是一串连续的碱基U，根据碱基互补配对原则，基因中存在一段连续
的A-T 碱基对，A 正确；
B、RNA 的3′−端可自发形成一种茎环结构，说明mRNA 左端为5′−端，RNA 聚合酶的移动方向是从
mRNA 的5′−端向3′−端移动，即从左至右，B 正确；
C、细菌无核膜，mRNA 不会通过核孔进入细胞质指导蛋白质的合成，而是边转录边翻译，C 错误；
D、连续的碱基U 与DNA 模板链连续的碱基A 之间形成碱基对，A-U 之间形成2 个碱基对，氢键较少，容
易与模板链分离，D 正确。
故选C。
22．电子显微镜下观察核仁可辨认出三个特征性区域：纤维中心（FC）、致密纤维组分（DFC）和颗粒组
分（GC）。其中，FC 主要由RNA 聚合酶和DNA 组成，DFC 主要由RNA 和蛋白质构成，GC 是核糖体亚
单位成熟和储存的位点。下列有关叙述正确的是（ ）
A．真核细胞中的遗传物质大量分布在FC 中
B．DFC 中的蛋白质与DNA 结合构成染色体
C．FC 可能参与真核细胞基因表达的转录过程
D．DFC 中的蛋白质由GC 中的核糖体参与合成
【答案】C
【分析】真核细胞细胞核内含核糖核酸（RNA）的结构，参与核糖体核糖核酸（rRNA）的合成和核糖体
的形成。在蛋白质合成旺盛的细胞，通常核仁大，反之则体积小；由于核糖体是细胞内蛋白质合成的场所，
而核仁的功能又是合成rRNA，因此核仁常被称为“核糖体工厂”。核仁所含RNA 约占其干重的5～
10%，与蛋白质相结合形成核糖核蛋白（RNP）。此外还含有少量DNA，主要存在于核仁相随染色质部分。
【详解】A、真核细胞中的遗传物质是DNA，但是遗传物质分布在染色质中不是核仁中，A 错误；
B、染色体不存在于核仁中，因此DFC 中的蛋白质与DNA 不会结合构成染色体，B 错误；
C、FC 主要由RNA 聚合酶和DNA 组成，真核细胞基因表达的转录过程需要RNA 聚合酶参与，因此FC 可
能参与真核细胞基因表达的转录过程，C 正确；
D、DFC 中的蛋白质由位于细胞质中的核糖体上合成，D 错误。
故选C。
23．真核生物的mRNA 在加工过程中，经腺苷酸转移酶催化，在3′端会加上100～200 个腺嘌呤核糖核苷
酸，因此成熟mRNA 的3′端都有一个由碱基A 组成的polyA 尾。有polyA 尾和无polyA 尾的mRNA 控制合
成的蛋白质相同，但有polyA 尾的mRNA 可以结合更多核糖体。下列叙述正确的是（ ）
A．polyA 尾相邻碱基A 之间有1 个磷酸和1 个核糖
B．有polyA 尾的mRNA 指导合成的肽链的氨基酸数目更多
C．polyA 尾可能会提高mRNA 的翻译效率
D．与polyA 尾相对应的基因的末端都含有多个A—T 碱基对
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【答案】C
【分析】翻译是以mRNA 为模板合成蛋白质的过程，该过程发生在核糖体上，需要以氨基酸为原料，还需
要酶、能量和tRNA。
【详解】A、polyA 尾相邻碱基A 之间有1 个磷酸和2 个核糖，A 错误；
B、有polyA 尾的mRNA 与无polyA 尾的mRNA 指导合成的肽链的氨基酸数目相同，B 错误；
C、polyA 尾有利于mRNA 与核糖体结合，会提高mRNA 的翻译效率，C 正确；
D、据题意可知，polyA 尾是在RNA 加工过程中，经腺苷酸转移酶催化，加到mRNA3′端上的，D 错误。
故选C。
24．基因组编辑技术（如CRISPR/Cas）的问世源自于人们在本世纪初对细菌抵御噬菌体的机理研究：不少
的细菌第一次被特定的噬菌体感染后，由细菌Cas2 基因表达的Cas2 核酸内切酶（蛋白质）便会随机低效
切断入侵的噬菌体DNA 双链，并将切下的DNA 片段插入CRISPR 位点，形成“免疫记忆”。当细菌再次
遭遇同种噬菌体时，由CRISPR 位点转录产生的crRNA 便会将另一种核酸内切酶（如Cas9）准确带到入侵
者DNA 处，并将之切断，即“免疫杀灭”。过程如图所示。下列说法错误的是（ ）
A．细菌体内发生图中的①过程，需要细菌提供场所、模板、原料、能量等
B．图中②过程的机理类似于mRNA 与DNA 模板链的结合
C．细菌在“免疫记忆”过程中发生了磷酸二酯键的断裂和形成
D．“免疫杀灭”过程中，crRNA 作用于噬菌体的DNA 分子以“杀灭”噬菌体
【答案】D
【分析】分析题图：左图是初次免疫形成免疫记忆，右图为再次感染后的免疫杀灭。左图中细菌当第一次
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被特定的噬菌体感染后，细菌cas2 基因表达的Cas2 核酸内切酶（蛋白质）会随机低效切断入侵的噬菌体
DNA 双链，并将切下的DNA 片段插入CRISPR 位点，形成“免疫记忆”。右图中当细菌再次遭遇同种噬
菌体时，由CRISPR 位点转录产生的crRNA 便会将另一种核酸内切酶（如Cas9）准确带到入侵者DNA 处，
并将之切断，形成“免疫杀灭。
【详解】A、细菌体内发生图中的①过程为基因的表达，包括转录和翻译过程，需要提供核糖体（翻译场
所）、细菌DNA（转录模板）、转移RNA（运输氨基酸）、核糖核苷酸（转录原料）、氨基酸（翻译原
料）、ATP（供能），A 正确；
B、由图可知：当细菌再次遭遇同种噬菌体时，由CRISPR 位点转录产生的crRNA 便会将另一种核酸内切
酶准确带到入侵者DNA 处，涉及RNA 与DNA 的结合，与mRNA 与DNA 模板链的结合的机理类似，利
用的是碱基互补配对的原则，B 正确；
C、免疫记忆过程中将噬菌体DNA 整合到了细菌DNA 上，需要断裂和形成磷酸二酯键，C 正确；
D、crRNA 充当“向导”作用与噬菌体DNA 结合，降解噬菌体DNA 分子的是Cas9，D 错误。
故选D。
25．血红蛋白由2 条α 肽链和2 条β 或γ 肽链组成，A、B、D 基因分别控制α、β 和γ 肽链的合成，β—地
中海贫血是由于B 基因突变致使α 和β 肽链比例失衡引起的遗传性贫血。正常人出生后D 基因关闭表达而
B 基因开始表达，DNA 甲基转移酶（DNMT）在此过程中发挥关键作用，很多重型地中海贫血病人由于携
带DNMT 的突变基因，从而减轻症状。有关叙述正确的是（ ）
A．β—地中海贫血体现了基因通过控制酶的合成影响代谢进而控制生物性状
B．胎儿的D 基因与其出生后的D 基因碱基序列不同，故表达情况不同
C．诱发DNMT 基因突变，D 基因表达增强，γ 肽链合成增多，缓解贫血症状
D．DNMT 催化后，DNA 聚合酶不能结合到D 基因模板上，阻止了该基因表达
【答案】C
【分析】表观遗传：生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象，叫作表
观遗传。DNA 的甲基化、构成染色体的组蛋白的甲基化、乙酰化等修饰都会影响基因的表达。
【详解】A、B 基因突变引起β 肽链合成不足导致α 和β 肽链比例失衡，血红蛋白结构异常，体现了基因通
过控制蛋白质的结构直接控制生物性状，A 错误；
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B、DNA 甲基化不改变基因的碱基序列，胎儿的D 基因与其出生后的D 基因碱基序列相同，B 错误；
C、诱发DNMT 基因突变，D 基因表达增强，γ 肽链合成增多，γ 肽链与α 肽链形成正常的血红蛋白，减轻
患病症状，C 正确；
D、DNMT 催化后，导致D 基因启动子被甲基化，RNA 聚合酶不能结合到该基因上，启动转录过程，D 错
误。
故选C。
26．囊性纤维病是一种遗传病，形成原因是肺部支气管上皮细胞表面转运Cl－的跨膜蛋白功能异常，导致
上皮细胞中Cl－向外分泌减少，造成黏液堆积阻塞部分呼吸道的管腔，细菌在肺部大量繁殖致使肺功能受
损。下列有关叙述正确的是（ ）
A．肺支气管上皮细胞向外分泌Cl－的方式与吸收甘油的方式相同
B．患者支气管腔内分泌物浓稠可能与上皮细胞水分运输异常有关
C．使用抗生素类药物处理细菌感染能从根本上治疗囊性纤维病
D．患者肺部严重感染时会因无氧呼吸增强而导致组织液pH 升高
【答案】B
【分析】1、自由扩散的特点有：顺浓度梯度、不消耗能量、不需要转运蛋白，如：氧气、二氧化碳、脂
肪等的运输。协助扩散的特点有：顺浓度梯度、不消耗能量、需要转运蛋白，如水通过水通道蛋白进出细
胞。主动运输的特点有：逆浓度梯度、消耗能量、需要载体蛋白，如植物吸收无机盐。
2、囊性纤维病的根本原因是控制CFTR（一种转运蛋白）的基因发生基因突变，导致翻译过程产生的
CFTR 蛋白结构异常，无法将Cl⁻运输到细胞外，导致支气管腔内黏液堆积而患病。
【详解】A、肺支气管上皮细胞向外分泌Cl－的方式为主动运输，肺支气管上皮细胞吸收甘油的方式为自
由扩散，两者方式不同，A 错误；
B、患者上皮细胞中Cl－向外分泌减少，细胞液渗透压增大，上皮细胞水分运输异常，导致支气管腔内分
泌物不能及时被水稀释而变得浓稠，B 正确；
C、使用抗生素类药物处理可以抑制细菌感染，但是囊性纤维病是由于基因突变引起的遗传病，服用抗生
素不能从根本上治疗囊性纤维病，C 错误；
D、患者肺部严重感染时会因无氧呼吸增强，产生乳酸积累导致组织液pH 略有降低，D 错误。
故选B。
27．表观遗传现象在自然界中广泛存在，其中蜂王与工蜂的异型分化就是一种表观遗传现象。刚孵化的幼
虫都能取食蜂王浆，但3 天后，只有极少数幼虫继续取食蜂王浆，最终发育为蜂王，绝大多数幼虫只能取
食花粉和花蜜，发育为工蜂。研究表明，Dnmt3 蛋白是一种DNA 甲基转移酶，它是Dnmt3 基因的表达产
物，能在没有被甲基化的DNA 区域添加甲基基团，敲除Dnmt3 基因后，无论取食何种食物，幼虫均能发
育为蜂王。下列说法错误的是（ ）
A．蜂王浆的作用之一可能与重要基因的甲基化有关
B．敲除Dnmt3 基因后形成的蜂王体内的DNA 甲基化与由蜂王浆诱导的正常蜂王相似
C．表观遗传均由DNA 碱基的甲基化引起，都不能遗传给后代
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D．表观遗传不改变基因的碱基序列，但可能会导致基因表达水平的变化
【答案】C
【分析】
表观遗传是指DNA 序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即基因型未发生变化而表现
型却发生了改变，如DNA 的甲基化，甲基化的基因不能与RNA 聚合酶结合，故无法进行转录产生
mRNA，也就无法进行翻译，最终无法合成相应蛋白，从而抑制了基因的表达。
【详解】AB、分析题意，Dnmt3 基因表达出的蛋白质能在没有被甲基化的DNA 区域添加甲基基团，敲除
Dnmt3 基因后，无论取食何种食物，幼虫均能发育为蜂王，说明Dnmt3 基因能够抑制幼虫发育为蜂王，且
据题可知，只有极少数幼虫继续取食蜂王浆，最终发育为蜂王，绝大多数幼虫只能取食花粉和花蜜，发育
为工蜂，说明敲除Dnmt3 基因后形成的蜂王体内的DNA 甲基化与由蜂王浆诱导的正常蜂王相似，蜂王浆
的作用之一可能与重要基因的甲基化有关，AB 正确；
C、表观遗传属于可遗传变异，能够遗传给后代，C 错误；
D、表观遗传是指DNA 序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即表观遗传不改变基因的
碱基序列，但可能会导致基因表达水平的变化，D 正确。
故选C。
28．表现出良好育婴行为的雌性大鼠，其后代的焦虑行为较少。经研究发现，相比于表现出良好育婴行为
的雌性大鼠，表现出较少育婴行为的雌性大鼠的后代的gr 基因的启动子位点的甲基化程度较高。下列说法
错误的是（ ）
A．可通过检测大鼠gr 基因的核苷酸序列以确定其是否甲基化
B．gr 基因的启动子位点的甲基化可能会使焦虑行为遗传给下一代
C．降低gr 基因的甲基化程度可能会在一定程度上缓解大鼠的焦虑行为
D．gr 基因的甲基化使RNA 聚合酶与启动子位点的结合受到影响
【答案】A
【分析】根据题干信息“较少育婴行为雌鼠的后代在gr 基因启动子位点上的甲基化程度更高，并且这种差
异和焦虑行为可以遗传给下一代”，说明较少育婴行为与甲基化有关。生物体基因的碱基序列保持不变，
但基因表达和表现发生可遗传的现象称为表观遗传。
【详解】A、甲基化不会导致核苷酸序列改变，通过检测大鼠gr 基因的核苷酸序列无法确定其是否甲基化，
A 错误；
B、核苷酸序列的甲基化可以遗传给后代，B 正确；
C、表现出较少育婴行为的雌性大鼠的后代的gr 基因的启动子位点的甲基化程度较高，而表现出良好育婴
行为的雌性大鼠，其后代的焦虑行为较少，降低gr 基因的甲基化程度可能会在一定程度上缓解大鼠的焦虑
行为，C 正确；
D、gr 基因的甲基化影响基因转录，使RNA 聚合酶与启动子位点的结合受到影响，D 正确。
故选A。
29．RNA 甲基化是指发生在RNA 分子上不同位置的甲基化修饰现象，常见的RNA 转录后修饰有N6—甲
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基腺嘌呤（N6—methyladenosine，m6A）和5—甲基胞嘧啶（5—methylcytosine，m5C）。NOD1 是鱼类体
内一种重要的免疫受体，去甲基化酶FTO 可以“擦除”NOD1mRNA 的m5A 修饰，进而避免m6A 识别蛋白
对NOD1mRNA 的识别和降解。下列相关叙述正确的是（ ）
A．mRNA 的m6A 和m5C 修饰可通过DNA 复制传递给下一代
B．mRNA 的m6A 和m5C 修饰过程涉及磷酸二酯键的断裂与生成
C．抑制去甲基化酶FTO 的活性会导致鱼的免疫能力和抗病能力上升
D．mRNA 的m6A 修饰与翻译过程的调控有关
【答案】D
【分析】表观遗传是指生物体基因的碱基序列不变，而基因表达与表型发生可遗传变化的现象，即不依赖
于DNA 序列的基因表达状态与表型的改变。
【详解】A、mRNA 的甲基化修饰不能通过DNA 复制传递给下一代，A 错误；
B、甲基化不涉及核苷酸数目的改变，所以无磷酸二酯键的断裂与生成，B 错误；
C、抑制去甲基化酶FTO 的活性会导致NOD1mRNA 被识别和降解，NOD1 蛋白含量减少，鱼的免疫能力
和抗病能力下降，C 错误；
D、mRNA 作为翻译的模板，m6A 修饰能够调控基因表达的翻译过程，D 正确。
故选D。
30．引起表观遗传现象的原因有DNA 甲基化、构成染色体的组蛋白乙酰化等。研究发现，组蛋白去乙酰
化酶抑制剂（LAQ824）可促进HSP90（一类热应激蛋白质）的乙酰化修饰并抑制其功能，从而导致其结
合底物——Bcr-Abl 激酶的降解，并促进细胞凋亡。下列有关叙述错误的是（ ）
A．因HSP90 乙酰化而导致的表观遗传能使生物体发生可遗传的性状改变
B．构成染色体的组蛋白乙酰化和DNA 甲基化均不改变基因中碱基排列顺序
C．表观遗传现象主要是通过影响遗传信息的翻译过程来调控相关基因表达的
D．抑制HSP90 乙酰化，会导致Bcr-Abl 激酶含量升高，细胞凋亡受抑制
【答案】C
【分析】生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象，叫作表观遗传。
DNA 的甲基化和构成染色体的组蛋白甲基化、乙酰化等修饰都会影响基因的表达。表观遗传现象普遍存在
于生物体的生长、发育和衰老的整个生命活动过程中。例如，基因组成相同的同卵双胞胎所具有的微小差
异就与表观遗传有关；一个蜂群中，蜂王和工蜂都是由受精卵发育而来的，但它们在形态、结构、生理和
行为等方面截然不同，表观遗传也在其中发挥了重要作用。
【详解】A、表观遗传指生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化，因此
HSP90 乙酰化而导致的表观遗传能使生物体发生可遗传的性状改变，A 正确；
B、根据题意可知，引起表观遗传现象的原因有DNA 甲基化、构成染色体的组蛋白乙酰化等，而表观遗传
发生时生物体基因的碱基序列保持不变，B 正确；
C、引起表观遗传现象的原因有DNA 甲基化、构成染色体的组蛋白乙酰化等，这些变化主要是通过影响遗
传信息的转录过程来调控相关基因表达的，C 错误；
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D、根据题意，组蛋白去乙酰化酶抑制剂（LAQ824）可促进HSP90（一类热应激蛋白质）的乙酰化修饰并
抑制其功能，从而导致其结合底物——Bcr-Abl 激酶的降解，并促进细胞凋亡，因此推测抑制HSP90 乙酰
化，会导致Bcr-Abl 激酶含量升高，细胞凋亡受抑制，D 正确。
故选C。
31．翻译形成的新生肽链须经过进一步的修饰或加工才具有生物学活性。翻译形成的前体蛋白质中含有内
蛋白子，它参与在蛋白质水平上的自我剪接从而进行蛋白质的加工，与内蛋白子对应的是外蛋白子，内蛋
白子和外蛋白子共同产生于一个mRNA 分子，在产生前体蛋白后再去掉内蛋白子，余下的外蛋白子连接在
一起成为成熟的蛋白质。下列说法错误的是（ ）
A．前体蛋白的合成场所在核糖体上
B．内蛋白子对前体蛋白质的加工破坏的化学键是肽键
C．内蛋白子和外蛋白子分别是由内含子和外显子编码的
D．可以通过在基因中插入内蛋白子核苷酸序列来实现对某些蛋白质的加工
【答案】D
【分析】1、真核基因包括非编码区（启动子、终止子）和编码区，且编码区不连续，分为内含子和外显
子;
2、内含子是真核生物细胞DNA 中的间插序列，这些序列被转录在前体RNA 中，经过剪接被去除，最终
不存在于成熟RNA 分子中;外显子是真核生物基因的一部分，它在剪接后仍会被保存下来，并可在蛋白质
生物合成过程中被表达为蛋白质。
【详解】A、前体蛋白的合成场所在核糖体上，A 正确;
B、由题意可知，内蛋白子参与在蛋白质水平上的自我剪接从而进行蛋白质的加工，对前体蛋白质的加工
破坏的化学键是肽键，B 正确;
C、内蛋白子和外蛋白子分别是由内含子和外显 子编码的，C 正确;
D、可以通过在基因中插入外显子核苷酸序列来 实现对某些蛋白质的加工，D 错误。
故选D。
32．噬菌体的基因组比较小，但又必须要有编码一些维持其生命和复制所必需的基因，在选择的压力下，
形成了重叠基因。重叠基因是指两个或两个以上的基因共有一段DNA 序列的不同可读框，编码不同的蛋
白质。重叠基因有多种重叠方式，如大基因内包含小基因（如图）、前后两个基因首尾重叠、几个基因的
重叠等。在果蝇和人中也发现存在重叠基因，如人类神经纤维病Ⅰ型基因内含子中含有3 个小基因（由互
补链编码）。下列说法错误的是（ ）
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A．这是一种充分利用碱基资源的机制
B．同一个基因中可能存在多个起始密码子
C．重叠基因的转录方向可能不是一致的D．基因的重叠可能对基因表达具有调控作用
【答案】B
【分析】基因是具有遗传效应的DNA 片段，是决定生物性状的基本单位。重叠基因是指两个或两个以上
的基因共有一段DNA 序列的不同可读框，编码不同的蛋白质。基因重叠可以通过较短的DNA 序列控制合
成多种蛋白质，有效利用了DNA 的遗传信息量，提高了碱基的利用率，可以节约碱基。密码子是mRNA
上决定一个氨基酸的三个相邻的碱基，从起始密码开始阅读，不同的基因对应的密码子阅读顺序并不相同。
【详解】A、根据题意，重叠基因里不同的基因共用了相同的序列，这样就增大了遗传信息储存的容量，
因此这是一种充分利用碱基资源的机制，A 正确；
B、起始密码子存在于mRNA 中，而不是基因的编码区，B 错误；
C、人类神经纤维病Ⅰ型基因内含子中含有3 个小基因(由互补链编码)，由此推测重叠基因的转录方向可能
不是一致的，C 正确；
D、重叠基因中的不同基因选择性表达，说明基因的重叠可能对基因表达具有调控作用，D 正确。
故选B。
33．核糖体由大、小两个亚基组成，其上有3 个供tRNA 结合的位点，其中A 位点是新进入的tRNA 结合
位点，P 位点是肽链延伸过程中的tRNA 结合位点，E 位点是空载的tRNA 释放位点，如下图所示。下列叙
述错误的是（ ）
A．翻译过程中，tRNA 的移动顺序是A 位点→P 位点→E 位点
B．核糖体与mRNA 的结合部位通常会形成2 个tRNA 的结合位点
C．P 位点结合的tRNA 上的反密码子是5＇-CUG- 3＇
D．反密码子与终止密码子的碱基互补配对使得肽链的延伸终止
【答案】D
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【分析】基因控制蛋白质合成包括转录和翻译两个过程，其中转录是以DNA 的一条链为模板合成RNA 的
过程，而翻译是以mRNA 为模板合成蛋白质的过程。
【详解】A、根据题干信息A 位点是新进入的tRNA 结合位点，P 位点是延伸中的tRNA 结合位点，E 位点
是空载tRNA 结合位点可知，tRNA 的移动顺序是A 位点→P 位点→E 位点，A 正确；
B、核糖体由大、小两个亚基组成，其上有3 个供tRNA 结合的位点，其中A 位点是新进入的tRNA 结合位
点，P 位点是肽链延伸过程中的tRNA 结合位点，E 位点是空载的tRNA 释放位点，因此，核糖体与mRNA
的结合部位通常会形成2 个tRNA 的结合位点，B 正确；
Ｃ、P 位点结合的tRNA 上的反密码子是5＇-CUG- 3＇和密码子互补配对，Ｃ正确；
D、由于终止密码不决定氨基酸，当核糖体遇到终止密码子时，翻译过程会终止，反密码子不会与终止密
码子碱基互补配对，D 错误。
故选D。
34．真核细胞的基因经转录会产生前体mRNA，由内含子转录的RNA 片段会被剪接体（由一些蛋白质和
小型RNA 构成）切除并快速水解，由外显子转录的RNA 片段会相互连接形成成熟mRNA，如图所示。下
列叙述不正确的是（ ）
A．在真核细胞的基因表达过程中，存在遗传信息丢失的情况
B．a、c 片段相互连接时，需遵循碱基互补配对原则
C．转录时，RNA 聚合酶沿模板链的3'端向5'端移动
D．翻译时，核糖体沿成熟mRNA 链的5'端向3'端移动
【答案】B
【分析】真核细胞的基因由内含子和外显子组成，内含子转录出来的RNA 片段不具有编码蛋白质的功能，
外显子转录出来的RNA 片段能编码蛋白质，故真核细胞的基因转录出的mRNA 片段需要加工后才能转变
为成熟的mRNA，直到蛋白质的合成。
【详解】A、由真核细胞的基因转录产生的前体RNA 会被剪接体切除并快速水解其中由内含子转录而来的
RNA 片段，故在这个过程中存在遗传信息丢失的情况，A 正确；
B、a、c 片段相互连接时，两者之间通过形成磷酸二酯键连接成单链，不需遵循碱基互补配对原则，B 错
误；
C、转录时，mRNA 自身的延伸方向是从5'端向3'端，因此RNA 形成过程中RNA 聚合酶的移动方向为从
模板链的3'端到5'端，C 正确；
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D、转录时，mRNA 自身的延伸方向是从5'端向3'端，mRNA 是翻译的模板，因此翻译时核糖体沿mRNA
的移动方向是从5'端向3'端，D 正确。
故选B。
35．图为DNA 半保留复制相关示意图。DNA 聚合酶不能直接起始DNA 新链或冈崎片段的合成，需先借
助引物酶以DNA 为模板合成RNA 引物，再在引物上聚合脱氧核苷酸，当DNA 整条单链合成完毕或冈崎
片段相连后，DNA 聚合酶再把RNA 引物去掉，换上相应的 DNA 片段。下列说法正确的是（ ）
A．DNA 复制时, 子链只能从3＇端向 5＇端延伸，两条子链的延伸方向相反
B．神经细胞、根尖分生区细胞的细胞核都有如图所示过程
C．DNA 聚合酶既能催化磷酸二酯键形成也能催化磷酸二酯键断裂
D．引物合成时与冈崎片段合成时的碱基互补配对原则相同
【答案】C
【分析】1、DNA 复制需要模板、原料、能量、酶等条件；
2、DNA 复制是边解旋边复制、半保留复制；
3、DNA 复制时，子链只能从5＇端向3＇端延伸，两条子链的延伸方向相反。
【详解】A、DNA 复制时，子链只能从5＇端向3＇端延伸，两条子链的延伸方向相反，A 错误；
B、图示过程是发生在具有分裂能力的细胞细胞核内，神经细胞是高度分化的细胞，不能发生图示过程，B
错误；
C、引物酶以DNA 为模板合成RNA 引物，DNA 聚合酶再在引物的3′一OH 上聚合脱氧核苷酸，当DNA 整
条单链合成完毕或冈崎片段相连后，DNA 聚合酶再把RNA 引物去掉，DNA 聚合酶既能催化磷酸二酯键形
成也能催化磷酸二酯键断裂，C 正确；
D、RNA 引物合成时的碱基互补配对原则是AU、TA、GC、CG 配对，而冈崎片段合成时的碱基互补配对
原则是AT、TA、GC、CG 配对，D 错误。
故选C。
36．桃子果实的成熟伴随着颜色、质地和风味的变化，该过程还受到植物激素、转录因子和表观遗传因子
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等调控。桃果实成熟过程中全基因组DNA 甲基化水平呈现下降趋势，DNA 去甲基化酶（PpDML1）表达
水平与DNA 甲基化水平呈负相关。研究发现，PpNAC1（一种蛋白质）可以直接结合PpDMLI 基因的启动
子并激活其表达。下列相关叙述正确的是（ ）
A．桃果实的成熟受到激素与基因的调控，与环境无关
B．DNA 甲基化能改变桃果实细胞中基因的碱基序列
C．提高DNA 甲基化水平可能会促进桃果实成熟
D．PpNAC1 基表达水平增加可能导致DNA 甲基化平降低
【答案】D
【分析】DNA 的甲基化、组蛋白的甲基化、组蛋白的乙酰化等修饰都属于表观遗传。表观遗传是指生物体
基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象。
【详解】A、桃果实的成熟受到激素与基因的调控，与环境如温度、降水等也有一定关系，A 错误；
B、DNA 甲基化不改变桃果实细胞中基因的碱基序列，但基因的表达却发生了可遗传的改变，B 错误；
C、桃果实成熟过程中全基因组DNA 甲基化水平呈现下降趋势，所以提高DNA 甲基化水平不能促进桃果
实成熟，C 错误；
D、DNA 甲基化水平与DNA 去甲基化酶PpDMLl 基因表达水平呈负相关，PpNAC1 可以直接结合PpDMLI
基因的启动子并激活其表达，因此PpNACl 基因表达水平增加可能导致DNA 甲基化水平降低，D 正确。
故选D。
37．RNA 干扰（RNAi）是指RNA 介导的基因沉默，主要是对mRNA 进行干扰，例如寄生在宿主体内的
病毒会产生双链的dsRNA，dsRNA 经过核酸酶Dicer 的加工后成为siRNA 最终干扰宿主细胞的基因表达，
其过程如图所示。下列叙述错误的是（ ）
A．生物的遗传信息流动均有
过程
B．病毒产生dsRNA 需要以宿主细胞中的核糖核苷酸为原料
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C．①过程有磷酸二酯键的断裂，②过程有氢键的打开
D．④过程通过阻断翻译过程影响相关基因的正常表达
【答案】A
【分析】转录是在细胞核内，以DNA 一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA 的过程。 翻译
是在核糖体中以mRNA 为模板，按照碱基互补配对原则，以tRNA 为转运工具、以细胞质里游离的氨基酸
为原料合成蛋白质的过程。
【详解】A、并不是所有生物的遗传信息流动均有DNA 的复制，转录、翻译的过程，如RNA 病毒，A 错
误；
B、病毒产生dsRNA 需要以宿主细胞中的核糖核苷酸为原料，B 正确；
C、据图推测，Dicer 在加工前体miRNA 的过程中水解了磷酸二酯键，即①过程有磷酸二酯键的断裂，②
过程有氢键的打开，C 正确；
D、寄生在宿主体内的病毒通过形成siRNA 实现基因沉默，其意义是使宿主细胞的基因表达终止，而病毒
基因指导的蛋白质能顺利合成，④过程通过阻断翻译过程影响相关基因的正常表达，D 正确。
故选A。
38．S-2L 噬菌体侵入细菌后，会利用自身基因合成dATPase 和PurZ 两种酶。dATPase 直接降解宿主细胞中
含A 碱基的脱氧核苷酸，阻止其参与DNA 的合成。PurZ 和细菌的酶促进dZTP（二氨基嘌呤脱氧核苷酸）
形成。随后，S-2L 噬菌体自身的DNA 聚合酶以dZTP 为底物，在新合成的噬菌体DNA 中添加dZTP 形成
Z-DNA，碱基Z 与T 间含三个氢键。下列有关叙述正确的是（ ）
A．Z-DNA 中5 种碱基和脱氧核糖交替连接构成其基本骨架
B．Z-DNA 中磷酸和脱氧核糖数量相等，含1 个游离的磷酸基团
C．S-2L 噬菌体自身的DNA 聚合酶能在其DNA 中添加dZTP
D．与正常DNA 比，Z-DNA 中嘌呤碱基的比例较大，结构较稳定
【答案】C
【分析】DNA 分子双螺旋结构的主要特点：DNA 分子是由两条链组成的，这两条链按反向平行方式盘旋
成双螺旋结构。 DNA 分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，构成基本骨架；碱基排列在内侧。
两条链上的碱基通过氢键连接成碱基对，并且碱基配对有一定的规律：A(腺嘌呤)一定与T(胸腺嘧啶)配对；
G(鸟嘌呤)一定与C(胞嘧啶)配对。碱基之间的这种一一对应的关系，叫做碱基互补配对原则。
【详解】A、DNA 分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，构成基本骨架，碱基排列在内侧，A
错误；
B、DNA 分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，所以Z-DNA 中磷酸和脱氧核糖数量相等，且Z-DNA 由两条
DNA 单链构成，每条单链各有1 个游离的磷酸基团，所以Z-DNA 中共含2 个游离的磷酸基团，B 错误；
C、据题中信息分析知，S-2L 噬菌体自身的DNA 聚合酶以dZTP 为底物，在新合成的噬菌体DNA 中添加
dZTP 形成Z-DNA，C 正确；
D、由于Z-DNA 中的Z 和T 之间有三个氢键，因此，与人体细胞中的DNA 相比，Z-DNA 分子结构更稳定，
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但据题中信息分析知，S-2L 噬菌体自身的DNA 聚合酶以dZTP 为底物，在新合成的噬菌体DNA 中添加
dZTP 形成Z-DNA，2-氨基腺嘌呤（Z）会取代部分腺嘌呤（A），与胸腺嘧啶（T）形成具有三个氢键的
新碱基对，但Z-DNA 中碱基的种类没有变，嘌呤碱基的比例也没有增加，D 错误。
故选C。
39．下图表示三种遗传调控途径，以下说法正确的是（ ）
A．三种途径均可能导致该基因决定的蛋白质结构发生变化
B．转录启动区域甲基化会干扰DNA 聚合酶与启动子结合
C．组蛋白与DNA 结合紧密程度在不同细胞中应大致相同
D．RNA 干扰可能通过影响特定基因的翻译使其无法表达
【答案】D
【分析】1、表观遗传：指DNA 序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即基因型未发生
变化而表现型却发生了改变，如DNA 的甲基化。
2、DNA 的甲基化：生物基因的碱基序列没有变化，但部分碱基发生了甲基化修饰，抑制了基因的表达，
进而对表型产生影响。这种DNA 甲基化修饰可以遗传给后代，使后代出现同样的表型。
3、分析题图：途径1 是转录启动区域DNA 甲基化，干扰转录，导致基因无法转录，从而无法翻译；途径
2 是由于组蛋白的修饰，组蛋白与DNA 结合的紧密程度发生改变，从而促进或关闭相关基因的表达；途径
3 是利用RNA 干扰，使mRNA 被切割成片段，干扰翻译，导致mRNA 无法翻译。
【详解】A、由图可知，三种途径都会使基因的表达受阻，不能产生相应的蛋白质，A 错误；
B、由图可知，转录启动区域甲基化会使基因不表达，而干扰RNA 聚合酶与启动子结合，影响的是转录过
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程，DNA 聚合酶是DNA 复制所需的酶，B 错误；
C、不同细胞中基因的表达情况不同，所以组蛋白与DNA 结合紧密程度在不同细胞中是不相同的，C 错误；
D、由图可知，RNA 干扰时会通过碱基互补配对的方式与某RNA 结合，形成双链结构后，mRNA 被切割
成片段，从而影响特定基因的翻译使其无法表达，D 正确。
故选D。
40．APQ4 和APQ11 是两类细胞膜跨膜水通道蛋白，研究者以脊尾白虾为材料，对甲、乙两组脊尾白虾采
用RNA 干扰技术分别特异性抑制APQ4 基因和APQ11 基因表达，置于碳酸盐碱度胁迫下，结果显示甲、
乙两组脊尾白虾血浆渗透压和死亡率较未处理组均升高，且乙组的渗透压和死亡率均大于甲组。下列叙述
错误的是（ ）
A．推测APQ4 和APQ11 两类通道蛋白在跨膜区段具有疏水性
B．APQ 蛋白与水分子结合后在不消耗能量情况下转运水分子
C．RNA 干扰后APQ 基因表达下调，耐碱能力下降导致脊尾白虾死亡
D．APQ11 基因比APQ4 基因在脊尾白虾耐碱机制中发挥更大作用
【答案】B
【分析】1、磷脂分子的尾部具有疏水性和载体蛋白具有专一性是细胞膜具有选择透过性的分子基础。
2、基因表达包括转录和翻译两个过程，其中转录是以DNA 的一条链为模板合成RNA 的过程，该过程主
要在细胞核中进行，需要RNA 聚合酶参与；翻译是以mRNA 为模板合成蛋白质的过程，该过程发生在核
糖体上，需要以氨基酸为原料，还需要酶、能量和tRNA。
【详解】A、由题意可知，APQ4 和APQ11 是两类水通道蛋白，细胞膜内部是磷脂双分子层的尾部，属于
疏水区，所以推测APQ4 和APQ11 两类通道蛋白在跨膜区段具有疏水性，A 正确；
B、APQ4 蛋白是水通道蛋白，转运水分子时不需要与水结合，B 错误；
C、RNA 干扰技术抑制APQ4 基因表达后，APQ4 基因表达受到抑制，置于碳酸盐碱度胁迫下，脊尾白虾
血浆渗透压和死亡率较未处理组均升高，由此可知，RNA 干扰后APQ4 基因表达下调，耐碱能力下降导致
脊尾白虾死亡，C 正确；
D、由题中信息“乙组的渗透压和死亡率均大于甲组”可知，APQ11 基因比APQ4 基因在脊尾白虾耐碱机
制中发挥更大作用，D 正确。
故选B。
二、多选题
41．研究发现，R 型肺炎链球菌在生长后期，处于“感受态”，具有吸收外源 DNA 的能力。加热杀死的
S 型菌遇到感受态的 R 型菌时，其DNA 片段与R 型活菌表面感受因子结合，发生酶促分解，形成更小的
DNA 片段，并且双链拆开，其中一条链降解，另一条单链进入 R 型活细菌，与R 型菌的同源区DNA 配
对，并使 R 型菌相应单链片段被切除，从而将其替换，于是形成一个杂种 DNA 区段。下列叙述错误的
是（ ）
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A．S 型菌被加热杀死的过程中，高温使其蛋白质的肽键和 DNA 的氢键断裂
B．S 型菌的双链 DNA 整合到R 型菌 DNA 上，使嘌呤碱基总比例改变
C．S 型菌的 DNA 整合到R 型菌DNA 上形成的杂种菌在¹⁵ N 培养液中进行一次半保留复制，得到两
种 DNA 分子
D．由于S 型菌具有多糖荚膜，故将R 型菌DNA 和S 型菌混合不会使S 型菌转化为R 型菌
【答案】AB
【分析】肺炎链球菌转化实验包括格里菲斯体内转化实验和艾弗里体外转化实验，其中格里菲斯体内转化
实验证明S 型细菌中存在某种“转化因子”，能将R 型细菌转化为S 型细菌，艾弗里体外转化实验证明
DNA 是遗传物质。
【详解】A、高温破坏蛋白质的空间结构但不会使其肽键断裂，高温使 DNA 氢键断裂，A 错误；
B、“其中一条降解，另一条单链进入 R 型活细菌，与 R 型细菌的同源区 DNA 配对，并使 R 型菌相
应单链片段被切除，从而将其替换”说明转化的实质 S 型菌的单 链 DNA 与 R 型菌 DNA 发生碱基互补，
整合到 R 型 菌 DNA 上，即基因重组，互补区城嘌呤数仍然等于嘧啶数，所以比例不变，B 错误；
C、转化后形成一个杂 种 DNA 区段，经一次半保留复制产生含 S 型 DNA 片段的 DNA 和 R 型
DNA，C 正确；
D、S 型菌具有多糖荚膜，自然条件下不会有“感受态”，故将 R 型菌 DNA 和 S 型菌混合不会使 S 型
菌转化为 R 型菌，D 正确。
故选AB。
42．朊病毒是一种只含蛋白质而不含核酸的病原微生物，某兴趣小组用朊病毒和无标记的牛脑组织细胞做
了下图所示实验，下列有关叙述正确的是（ ）
A．按1→2→3→4 程序实验，上清液中几乎不能检测到
32P
B．按1→2→3→4 程序实验，沉淀物中几乎不能检测到
32P
C．按1→2→5→3→4 程序实验，放射性应主要位于上清液中
D．按1→2→5→3→4 程序实验，放射性应主要位于沉淀物中
【答案】ABD
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【分析】根据题意可知，朊病毒是一种只含蛋白质而不含核酸的病原微生物，它不能独立生活，在活细胞
内才能利用宿主细胞提供的原料，完成自身的增殖过程。
【详解】AB、从理论上讲，离心后上清液中几乎不能检测到32P，沉淀物中几乎不能检测到32P，因为朊
病毒没有核酸，只有蛋白质，蛋白质中P 含量极低，所以朊病毒几乎不含P，即试管4 中几乎没有32P，
AB 正确；
CD、用35S 标记的朊病毒侵入牛脑组织细胞，此时放射性物质主要随细胞到沉淀物中，同时会有少量的朊
病毒不能成功侵入牛脑组织细胞，离心后位于上清液中，因此上清液中含少量放射性物质，C 错误、D 正
确。
故选ABD。
43．艾弗里进行肺炎链球菌体外转化实验的过程及实验结果如图所示。下列相关叙述错误的是（ ）
A．①是DNA 酶，②是蛋白酶，③和④均出现了S 型细菌
B．该实验中使用RNA 酶是为了破坏DNA 中的磷酸二酯键
C．该实验第二组到第四组均有添加不同酶，利用的是加法原理
D．由该实验可得出，DNA 才是使R 型菌产生稳定遗传变化的物质
【答案】ABC
【分析】肺炎链球菌转化实验包括格里菲思体内转化实验和艾弗里体外转化实验，其中格里菲思体内转化
实验证明S 型细菌中存在某种“转化因子”，能将R 型细菌转化为S 型细菌；艾弗里体外转化实验证明
DNA 是遗传物质。
【详解】A、由实验过程可知，①是蛋白酶，②是DNA 酶，A 错误；
B、该实验中使用RNA 酶的目的是破坏RNA 中的磷酸二酯键，B 错误；
C、该实验中每个实验组加入酶的目的是特异性去除了一种物质，利用了减法原理，C 错误；
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D、由该实验可得出，DNA 才是使R 型细菌产生稳定遗传变化的物质，D 正确。
故选ABC。
44．遗传转化是指游离的DNA 分子（细胞DNA）被细菌的细胞摄取，并在细菌细胞内表达的过程。肺炎
链球菌转化实验的实质如图所示（S 基因是控制荚膜形成的基因）。下列有关叙述错误的是（ ）
A．由R 型细菌转化成的S 型细菌的遗传物质与原S 型细菌相同
B．由R 型细菌转化成S 型细菌的实质是基因重组
C．将S 型细菌的S 基因用
32P 标记，转化而来的S 型细菌在普通培养基上培养多代后，得到的子代S
型细菌的S 基因均能检测到
32P
D．T2噬菌体侵染大肠杆菌的过程也是一种遗传转化过程
【答案】ACD
【分析】遗传转化是指游离的DNA 分子（细胞DNA）被细菌的细胞摄取，并在细菌细胞内表达的过程。
该过程变异的实质是基因重组。
【详解】A、由R 型细菌转化成S 型细菌的过程中，仅含有S 菌的部分基因进入R 型细菌，故转化成的S
型细菌的遗传物质与原S 型细菌不完全相同，A 错误；
B、由R 型细菌转化成S 型细菌的实质是基因重组，B 正确；
C、由于DNA 复制为半保留复制，将S 型细菌的S 基因用32P 标记，转化而来的S 型细菌在普通培养基
（31P）上培养多代后，得到的子代S 型细菌只有少数含有32P，故S 基因不一定能检测到32P，C 错误；
D、遗传转化是指细胞DNA 被细菌的细胞摄取，并在细菌细胞内表达的过程，T2 噬菌体侵染大肠杆菌的
过程不是遗传转化过程，D 错误。
故选ACD。
45．病毒X174 和红藻的遗传信息都储存于 DNA 中，前者的 DNA 为单链结构，鸟嘌呤约占全部碱基的
21%，后者的核DNA 为双链结构，鸟嘌呤占全部碱基的 32%。下列叙述不正确的是（ ）
A．病毒174 中胞嘧啶占全部碱基的 29%
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B．病毒X174 中的 RNA 与DNA 序列互补
C．红藻的核 DNA 中胞嘧啶占全部碱基的 32%
D．病毒174 的 DNA 比红藻的 DNA 更不容易突变
【答案】ABD
【分析】DNA 分子双螺旋结构的主要特点：DNA 分子是由两条链组成的，这两条链按反向平行方式盘旋
成双螺旋结构。DNA 分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，构成基本骨架；碱基排列在内侧。
两条链上的碱基通过氢键连接成碱基对，并且碱基配对有一定的规律：A（腺嘌呤）一定与T（胸腺嘧
啶）配对；G（鸟嘌呤）一定与C（胞嘧啶）配对。碱基之间的这种一一对应的关系，叫做碱基互补配对
原则。
【详解】A、病毒X174 的DNA 为单链结构，其中鸟嘌呤约占全部碱基的21%，但由于不存在碱基互补配
对关系因而无法计算出其他的碱基含量，A 错误；
B、一种病毒只含有一种核酸，病毒X174 中只含有DNA，不含RNA，B 错误；
C、红藻的DNA 为双链结构，胞嘧啶与鸟嘌呤配对，因此，红藻的核 DNA 中胞嘧啶和鸟嘌呤均占全部碱
基的32%，C 正确；
D、单链DNA 比双链DNA 的稳定性差，因而更容易发生突变，即病毒174 的 DNA 比红藻的 DNA 更容
易突变，D 错误。
故选ABD。
46．科学家曾在一种叫S-2L 的噬菌体中发现部分碱基A 被2-氨基腺嘌呤（Z）取代，Z 与碱基T 之间的结
合力和碱基G 与C 一样强，并且这种Z-DNA（含有Z 的DNA）能够帮助噬菌体更好地抵抗细菌中某些蛋
白质的攻击。下列相关叙述正确的是（ ）
A．组成S-2L 噬菌体的核酸只有一种
B．与没有发生替换的原DNA 相比，Z-DNA 分子结构更稳定
C．组成Z-DNA 的化学元素有五种，彻底水解可得到7 种产物
D．Z-DNA 中碱基的互补配对方式增加，嘌呤的比例大于嘧啶
【答案】ABC
【分析】病毒为非细胞生物，胞内寄生生物，其遗传物质是DNA 或RNA，因而病毒分为RNA 病毒和
DNA 病毒。病毒只能通过活细胞培养获得，不能在培养基中直接培养。
【详解】A、S-2L 噬菌体为病毒，只含一种核酸，为DNA，A 正确；
B、因Z 与碱基T 之间的结合力和碱基G 与C 相同，说明Z 一T 之间有三个氢键，因此，与没有发生替换
的同种DNA 比较，Z-DNA 分子结构更稳定，B 正确；
C、组成Z-DNA 的化学元素有五种，为C、H、O、N、P，彻底水解后可得到7 种产物，包括脱氧核糖、
磷酸和五种碱基，C 正确；
D、Z-DNA 分子中碱基的互补配对方式增加，但是嘌呤与嘧啶的比例不变，即二者在碱基中的占比是相等
的，D 错误。
故选ABC。
33
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47．一个DNA 分子中共有300 个碱基对，其中一条链中腺嘌呤所占的比例是20%，另一条链上G 与C 之
和所占的比例是60%。下列相关叙述错误的是（ ）
A．腺嘌呤在另一条链上的比例也是20%
B．若G 与C 之和所占的比例改为50%，则该DNA 分子的热稳定性会降低
C．该DNA 复制3 次共需要消耗1440 个胞嘧啶
D．该DNA 第2 次复制共需要消耗540 个鸟嘌呤
【答案】CD
【分析】消耗的脱氧核苷酸数：①若一亲代DNA 分子含有某种脱氧核苷酸m 个，经过n 次复制需消耗游
离的该脱氧核苷酸数为m·(2n－1)个。②若一亲代DNA 分子含有某种脱氧核苷酸m 个，在第n 次复制时，
需消耗游离的该脱氧核苷酸数为 m·2n－1 个。
【详解】A、由于G+C 之和的比例在每一条单链和整个DNA 分子中的比例相等，所以A+T 在整个DNA
中的比例是1-60%＝40%，A 在其中一条链上的比例是20%，所以该链中胸腺嘧啶的比例是20%，所以另
一条链上A 的比例也是20%，A 正确；
B、由于G、C 之间的氢键数量是3 个，而A、T 之间的氢键数量是2 个，所以当G、C 在DNA 中的比例降
低，则DNA 的热稳定性会降低，B 正确；
C、由于G＋C 在整个DNA 中的比例是60%，且G 与C 的数量相等，所以该DNA 分子共有180 个胞嘧啶，
因此该DNA 分子复制3 次共需要的胞嘧啶数量＝（23-1）×180＝1260（个），C 错误；
D、由于该DNA 分子中的鸟嘌呤的数量是180 个，所以该DNA 第2 次复制共需要消耗360 个鸟嘌呤，D
错误。
故选CD。
48．研究人员将含
14N-DNA 的大肠杆菌转移到
15NH4Cl 培养液中，培养 24h 后提取子代大肠杆菌的
DNA，将DNA 热变性处理，形成单链。然后进行密度梯度离心，管中出现的两种条带分别对应图中的两
个波峰，下列叙述中正确的是（ ）
A．大肠杆菌增殖一代所需时间为8 小时
B．热变性处理，破坏了 DNA 分子的氢键
C．延长培养时间，两种条带对应的峰值均会增大
D．若DNA 不经热变性处理，直接密度梯度离心，试管中也会出现两种条带
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【答案】ABD
【分析】分析题意：已知DNA 的复制方式为半保留复制，将含14N-DNA 的大肠杆菌转移到15NHC1 培养
液中，培养24h 后提取子代大肠杆菌的DNA，将DNA 热变性处理，形成单链。然后进行密度梯度离心，
管中出现的两种条带分别为14N 的链、15N 的链，分析题图可知，两种链的比例为1：7，而母链（14N 的
链）始终有2 条链，故新合成的链为14 条，故子代DNA 共有16 条链，即有8 个子代DNA，所以DNA 复
制了3 次。
【详解】A、分析题图可知，两种链的比例为1：7，而母链（14N 的链）始终有2 条链，故新合成的链为
14 条，故子代DNA 共有16 条链，即有8 个子代DNA，所以DNA 复制了3 次，大肠杆菌增殖了3 次用时
24 小时，故增殖一代所需时间为8 小时，A 正确；
B、热变性处理，使DNA 形成单链，说明破坏了DNA 分子的氢键，B 正确；
C、延长培养时间，14N 的链对应的峰值均会减小，15N 的链对应的峰值将会增大，C 错误；
D、若DNA 不经热变性处理，直接密度梯度离心，试管中也会出现中带（14N/15N）和重带（15N/15N）
两种条带，D 正确。
故选ABD。
49．动物细胞线粒体内环状双链(H 链和L 链)DNA 分子的复制过程为：H 链上的复制起始区Oh 先启动，
以L 链为模板，先合成一段RNA 引物，引物引导H'链合成，H'链取代原来老H 链的位置，而被取代的老
H 链以环的形式游离出来。当H'链合成约2/3 时，L 链上的复制起始区OL 启动，以老H 链为模板，经过与
H'链相似的过程合成L'链。具体过程如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．该DNA 分子两条链的复制同步进行
B．复制过程中DNA 聚合酶在模板链上沿着3'→5′方向移动
C．该DNA 分子连续复制2 次共需要6 个RNA 引物
D．该DNA 分子连续复制n 次新合成的L′链有2n-1 条
【答案】BCD
【分析】分析题图可知，线粒体为环状双链DNA 分子，催化合成DNA 子链合成的酶是DNA 聚合酶。复
制起始区OH 先启动，以L 链为模板，先合成一段RNA 引物，引物引导H'链合成；老H 链以环的形式游
离出来，当H'链合成约2/3 时，L 链上的复制起始区OL 启动，以老H 链为模板先合成一段RNA 引物，该
引物引导L'链合成。
【详解】A、由题意可知，该DNA 分子两条链的合成有先后顺序，即先合成H'链，再合成L'链，A 错误；
B、复制过程中DNA 聚合酶在模板链上沿着3'→5′方向移动，B 正确；
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C、由分析可知，当一个复制周期完成时，形成2 个环状DNA 分子；DNA 连续复制n 次，最终形成2ⁿ 个
环状DNA 分子，共2ⁿ⁺¹ 条单链，由于DNA 复制是半保留复制，需新合成2ⁿ⁺¹-2 条单链，共需要2ⁿ⁺¹-2 个引
物，故连续复制两次需要2²⁺¹-2＝6 个引物，C 正确；
D、由上述分析可知，该DNA 分子连续复制n 次，形成的子代DNA 有2ⁿ 个，共2ⁿ⁺¹ 条单链，需新合成的
子链有2ⁿ⁺¹-2 条单链，其中有一半为新合成L'链，即条，D 正确。
故选BCD。
50．R-loop 是细胞内一种特殊的三链核酸结构，由一条mRNA 链、一条DNA 模板链和一条DNA 非模板链
组成，如下图所示。细胞内存在RNA 酶H 可阻止R-loop 的积累和持久存在。下列说法正确的是（ ）
A．R-loop 结构中碱基A 只能与碱基U 进行配对
B．R-1oop 结构可能会阻碍RNA 聚合酶的移动而使DNA 复制被迫停止
C．RNA 酶H 会水解R-loop 中的mRNA，使R-loop 中的DNA 恢复稳定的双螺旋结构
D．若R
loop
﹣
结构中DNA 单链含4000 个碱基，其中A 和T 占该链碱基总数的30%，则该R-loop 结
构中的碱基G 和C 共有8400 个
【答案】CD
【分析】转录是指通过RNA 聚合酶以DNA 的一条链为模板合成RNA 的过程。游离在细胞质中的各种氨
基酸，就以mRNA 为模板合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质，这一过程叫做翻译。
【详解】A、R 环（R-loop）是细胞内一种特殊的三链核酸结构，由一条mRNA 链、一条DNA 模板链和一
条DNA 非模板链组成，R-loop 结构中碱基A 可能与T 或U 配对，A 错误；
B、RNA 聚合酶是催化转录过程而非DNA 复制，故R-1oop 结构可能会阻碍RNA 聚合酶的移动而使转录
停止，B 错误；
C、RNA 酶H 可以水解RNA，即作用于R-loop，使其中的mRNA 链被水解，从而使两条DNA 重新恢复双
螺旋结构，有助于维持细胞中基因结构的稳定，C 正确；
D、R-loop 结构包含两条DNA 单链和一条mRNA 单链，因此基本组成单位是脱氧核苷酸和核糖核苷酸。
由于该结构中DNA 单链含有4000 个碱基，其中A 和T 占该链碱基总数的30%，则C 和G 含有70%，因此
一条DNA 单链上C 和G 的总和为2800 个，由于碱基的互补配对原则，另一条DNA 单链和mRNA 单链上
也分别有C 和G 碱基2800 个，所以该结构G 和C 共有2800×3=8400 个，D 正确。
故选CD。
51．硒代半胱氨酸（Sec，分子式为C3H7NO2Se）参与硒蛋白合成，硒蛋白mRNA 中存在一个呈折叠环状
的硒代半胱氨酸引导插入序列（S 序列），该序列对Sec 参与多肽链合成的过程至关重要。下图表示真核
细胞Sec 的翻译机制，下表为部分密码子表。相关叙述正确的是（ ）
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密码子
氨基酸
AUG
甲硫氨酸(起始)
UAA
终止
UAG
终止
UGA
终止、硒代半胱氨酸
A．半胱氨酸氨基中的氢原子被硒取代即成为Sec
B．在核糖体中Sec 可与其他氨基酸发生缩合反应
C．硒蛋白mRNA 中可能含有两个UGA 序列且功台旨不同
D．图中mRNA 与tRNA 分子内部都存在氢键
【答案】BCD
【分析】蛋白质是生命的物质基础，是有机大分子，是构成细胞的基本有机物，是生命活动的主要承担者。
没有蛋白质就没有生命。
氨基酸
是蛋白质的基本组成单位。它是与生命及与各种形式的生命活动紧密
联系在一起的物质。
【详解】A、由图可知，UGA 为终止密码子，但也可以决定硒代半胱氨酸。当UGA 携带硒代半胱氨酸时，
由于S 序列的调控，肽链可以继续延伸。生物体的各种氨基酸基本结构类似，结构差异体现在R 基，半胱
氨酸与硒代半胱氨酸的不同是R 基的硫原子被硒取代，A 错误；
B、在核糖体中氨基酸之间发生脱水缩合反应，B 正确；
C、UGA 为终止密码子，但也可以决定硒代半胱氨酸，所以硒蛋白mRNA 中可能含有两个UGA 序列且功
能不同，C 正确；
D、图中mRNA 与tRNA 分子内部可以折叠，形成氢键，D 正确。
故选BCD。
52．心肌细胞过量凋亡易引起心力衰竭。下图为心肌细胞中凋亡基因ARC 表达的相关调节过程，miR-223
是一种非编码RNA。相关叙述错误的是（ ）
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A．过程①在RNA 聚合酶催化下以启动子序列为模板转录出起始密码
B．核糖体读取mRNA 密码子的方向为5′→3′，过程②正在合成的肽链的氨基酸序列相同
C．基因miR-223 过度表达，可能导致心力衰竭
D．若某RNA 能与miR-223 竞争性结合ARCmRNA，则有望成为减缓心力衰竭的新药物
【答案】AD
【分析】基因表达是指将来自基因的遗传信息合成功能性基因产物的过程。基因表达产物通常是蛋白质，
所有已知的生命，都利用基因表达来合成生命的大分子。基因表达可以通过对其中的几个步骤，包括转录，
RNA 剪接，翻译和翻译后修饰，进行调控来实现对基因表达的调控。
【详解】A、过程①是转录，需RNA 聚合酶识别并结合启动子，A 错误；
B、过程②是翻译，存在多聚核糖体，核糖体读取mRNA 密码子的方向为5′→3′，最终合成的肽链的氨基
酸序列相同，B 正确；
C、基因miR-223 过度表达产生RNA 与ARCmRNA 结合，从而抑制凋亡抑制因子的翻译过程，使凋亡抑
制因子合成量降低，使心肌细胞过度凋亡，可能导致心力衰竭，C 正确；
D、若某RNA 能与miR-223 竞争性结合ARCmRNA，仍能抑制凋亡抑制因子的表达，使心肌细胞过度凋亡，
不能减缓心力衰竭，D 错误。
故选AD。
53．我国科学家研究发现，真核细胞的核基因表达调节机制——内含子miRNA 通过下调转录因子来调控
基因的表达，图甲和图乙是发生在细胞核内的正向和反向调节机制模式图。请据所学知识分析，下列叙述
正确的是
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A．内含子miRNA 是在分子水平来调控基因的表达
B．内含子miRNA 调控基因的表达存在正反馈调节机制
C．形成主基因mRNA 和成熟miRNA 需解旋酶和限制酶的作用
D．该研究为某些疾病如肿瘤提供多个靶点联合治疗
【答案】ABD
【分析】基因表达包括转录和翻译两个过程，其中转录是以DNA 的一条链为模板合成RNA 的过程，该过
程主要在细胞核中进行，需要RNA 聚合酶参与；翻译是以mRNA 为模板合成蛋白质的过程，该过程发生
在核糖体上，需要以氨基酸为原料，还需要酶、能量和tRNA。
【详解】A、内含子miRNA 是通过抑制转录激活因子或转录抑制因子，来下调转录水平（即分子水平）进
而调控基因的表达，A 正确；
B、宿主基因转录水平过低或过高，产生过少或过量的内含子miRNA 时，就会反过来促进或抑制基因的表
达，既有正反馈调节机制，也有负反馈调节机制，B 正确；
C、限制酶和解旋酶的作用对象是DNA，而不是RNA，形成主基因mRNA 和成熟miRNA 的过程，转录形
成初始转录产物时需要RNA 聚合酶，对初始转录产物RNA 进行剪切、拼接和加工，需要相关酶的参与，
而不是限制酶和解旋酶，C 错误；
D、该研究对于某些疾病如肿瘤等可通过调控转录及转录后加工等提供多个靶点联合治疗，D 正确。
故选ABD。
54．新型肺炎冠状病毒（SARS-CoV-2）是单股正链（＋RNA）病毒，主要依靠其囊膜上刺突蛋白S 识别
呼吸道上皮细胞膜表面的ACE2 受体蛋白，进而入侵人体肺泡及呼吸道上皮细胞。其复制过程如图所示，
下列相关分析错误的是（ ）
A．用32P 标记的细菌培养SARS-CoV-2，可使其核酸带上相应的放射性
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B．SARS-CoV-2 的遗传信息在传递过程中可能发生碱基A 与T 的配对
C．SARS-CoV-2 在肺泡细胞内增殖时，所需的酶均由宿主细胞DNA 指导合成
D．SARS-CoV-2 不能入侵皮肤表皮细胞，可能是皮肤表皮细胞膜上缺乏ACE2 受体
【答案】ABC
【分析】据图可知，新型肺炎冠状病毒是RNA 病毒，侵入人体肺泡及呼吸道上皮细胞后，+RNA 能翻译形
成RNA 聚合酶和结构蛋白，在RNA 复制酶的作用下，+RNA 能形成-RNA，-RNA 在形成+RNA，+RNA
与结构蛋白结合形成子代病毒。
【详解】A、根据题意可知，SARS-CoV-2 是侵染人的病毒，只能在人的宿主细胞内增殖，故32P 标记的细
菌培养SARS-CoV-2，不可使其核酸带上相应的放射性，A 错误；
B、题图可知，SARS-CoV-2 其遗传信息在传递过程中不会发生碱基A 与T 的配对而是发生碱基A 与U 的
配对，B 错误；
C、由图可知，SARS-CoV-2 入侵肺泡细胞过程中，所需的酶部分是由自身RNA 合成的，如RNA 复制酶，
C 错误；
D、题干信息：SARS-CoV-2 主要依靠其囊膜上刺突蛋白S 识别呼吸道上皮细胞膜表面的ACE2 受体蛋白，
进而入侵人体肺泡及呼吸道上皮细胞，不入侵皮肤表皮等组织细胞的原因可能是表皮细胞膜上缺乏ACE2
受体，D 正确。
故选ABC。
55．无义突变是指基因中单个碱基替换导致出现终止密码子，肽链合成提前终止。科研人员成功合成了一
种tRNA（sup—tRNA），能帮助A 基因第401 位碱基发生无义突变的成纤维细胞表达出完整的A 蛋白。
过程如下图。
下列叙述正确的是（ ）
A．sup—tRNA 上的反密码子在自然界是不存在的
B．该sup—tRNA 修复翻译过程来帮助无义突变的A 基因表达出完整的A 蛋白
C．该sup—tRNA 也能帮助由其他碱基替换发生的无义突变的基因表达出正常的蛋白质
D．若图中正常读取的密码子5′—UGG—3′，为则与其配对的反密码子为5′—ACC—3′
【答案】AB
【分析】转录：以DNA 的一条链为模板，按照碱基互补配对原则合成mRNA 的过程。翻译：游离在细胞
质中的各种氨基酸，以mRNA 为模板合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程。
【详解】A、反密码子是与密码子碱基互补配对的，分析题意可知，sup—tRNA 是科研人员成功合成的，
故sup—tRNA 上的反密码子在自然界是不存在的，A 正确；
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B、据图分析可知，在sup-tRNA 作用下，能在翻译过程中恢复读取A 基因，进而抵消因无义突变造成的影
响，B 正确；
C、由于mRNA 和tRNA 之间严格遵循A-U、U-A、G-C、C-G 的碱基互补配对原则，故该sup—tRNA 不能
帮助由其他碱基替换发生的无义突变的基因表达出正常的蛋白质，C 错误；
D、若图中正常读取的密码子5′—UGG—3′，为则与其配对的反密码子为5′—CCA—3′，D 错误。
故选AB。
56．噬菌体的基因组比较小，但又必须要编码一些维持其生命和复制所必需的基因，在选择的压力下，形
成了重叠基因。重叠基因是指两个或两个以上的基因共有一段DNA 序列的不同可读框，编码不同的蛋白
质。重叠基因有多种重叠方式，例如，大基因内包含小基因（如图）；前后两个基因首尾重叠；几个基因
的重叠等。近年来，在果蝇和人中也存在重叠基因，例如人类神经纤维病I 型基因内含子中含有3 个小基
因（由互补链编码）。下列叙述正确的是（ ）
A．这是一种充分利用碱基资源的机制
B．基因的重叠可能对基因表达具有调控作用
C．重叠基因的转录方向可能不是一致的
D．同一个基因的编码区中可能存在多个起始密码子
【答案】ABC
【分析】1.基因是具有遗传效应的DNA 片段，是决定生物性状的基本单位。
2.重叠基因是指两个或两个以上的基因共有一段DNA 序列的不同可读框，编码不同的蛋白质。基因重叠可
以通过较短的 DNA 序列控制合成多种蛋白质，有效利用了DNA 的遗传信息量，提高了碱基的利用率，
可以节约碱基。
3.密码子是mRNA 上决定一个氨基酸的三个相邻的碱基，从起始密码开始阅读，不同的基因对应的密码子
阅读顺序并不相同。
【详解】A、根据题意，重叠基因里不同的基因共用了相同的序列，这样就增大了遗传信息储存的容量，
因此这是一种充分利用碱基资源的机制，A 正确；
B、重叠基因中的不同基因选择性表达，说明基因的重叠可能对基因表达具有调控作用，B 正确；
C、人类神经纤维病I 型基因内含子中含有3 个小基因(由互补链编码)，由此推测重叠基因的转录方向可能
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不是一致的，C 正确；
D、起始密码子存在于mRNA 中，而不是基因的编码区，D 错误。
故选ABC。
57．蛋白D 是某种小鼠正常发育所必需的，缺乏时表现为侏儒鼠。A 基因能控制蛋白D 的合成，a 基因则
不能。A 基因的表达受P 序列(一段DNA 序列)的调控，如图所示。P 序列在精子中是非甲基化状态，传给
子代则A 基因正常表达；P 序列在卵细胞中是甲基化状态，传给子代则A 基因不能正常表达。下列有关叙
述正确的是（ ）
A．P 序列甲基化不改变碱基序列，引起的变异属于表观遗传
B．基因型为AA 的是正常鼠，基因型为Aa 的个体是侏儒鼠
C．纯合的正常雄鼠与侏儒雌鼠随机杂交，子代都是正常鼠
D．侏儒幼鼠的P 序列都甲基化，去甲基化能缓解侏儒症状
【答案】AC
【分析】表观遗传是指基因序列不发生改变，而基因的表达和表型发生可遗传变化的现象，其中DNA 的
甲基化是常见的表观遗传。由图可知基因A 上游的P 序列没有甲基化，则其可正常表达，一般P 序列被甲
基化则其无法表达。
【详解】A、甲基化不改变碱基的序列，但性状发生了改变，可以传递给下一代，引发的变异属于表观遗
传，A 正确；
B、基因型为AA 的个体，来自于父本的A 可正常表达，表现为正常鼠，而Aa 的表现型需要看A 来自于父
方还是母方，若来自于母方，表现为侏儒鼠，若来自于父方，表现为正常鼠，B 错误；
C、纯合的正常雄鼠是AA，产生的配子都正常，与侏儒雌鼠随机杂交，子代都是正常鼠，C 正确；
D、侏儒幼鼠的基因型如果是aa，P 序列没有甲基化，去甲基化无法缓解，D 错误。
故选AC。
58．遗传印记是因亲本来源不同而导致等位基因表达差异的一种遗传现象，DNA 甲基化（DNA 的部分碱
基上结合甲基）是遗传印记重要的方式之一。来自亲本的甲基化印记在子一代体细胞的有丝分裂中保持终
生，但在子一代形成配子时，亲本的甲基化印记被去除，遗传印记会重新设定。鼠的灰色（A）与褐色
（a）是一对相对性状，下图为遗传印记对小鼠等位基因表达和传递影响的示意图，甲基化的基因不能表
达。下列说法正确的是（ ）
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A．图中雌鼠的表型为褐色
B．图中雄鼠的a 基因来自其父方
C．亲本的甲基化印记在遗传时可能被去除，因此DNA 的甲基化不可以遗传给后代
D．图中雌鼠与雄鼠杂交，子代小鼠的表型及比例灰色：褐色=3：1
【答案】AB
【分析】甲基化是在不改变DNA 序列的前提下调控基因的表达，该过程中遗传物质没有发生改变。题图
分析：雄配子中印记重建是将等位基因甲基化；雌配子中印记重建是将等位基因去甲基化。
【详解】A、已知鼠的灰色（A）与褐色（a）是一对相对性状，图中雌鼠A 基因被甲基化而不能表达，因
此表现为褐色，A 正确；
B、据图可知，雄配子中印记重建是将等位基因甲基化；雌配子中印记重建是将等位基因去甲基化。因此
图中雄鼠a 基因（存在甲基化）来自其父方，B 正确；
C、据图可知，DNA 甲基化可随父本产生的雄配子遗传给后代，C 错误；
D、雌鼠产生的A 雌配子、a 雌配子中的A 基因、a 基因均未被甲基化，都能表达，而雄鼠产生的雄配子中
A 基因、a 基因都发生了甲基化，都不能表达，故该雌鼠与雄鼠杂交，子代小鼠的表型及比例为灰色∶褐
色=1∶1，D 错误。
59．下图为中心法则示意图。下列相关叙述错误的是（ ）
A．T2 噬菌体的遗传信息流沿着⑤③流动
B．基因突变最容易发生在过程②③
C．④过程所需的酶是由活细胞合成的
D．过程③⑤所发生的碱基互补配对方式相同
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【答案】AB
【分析】题图分析：①表示DNA 分子复制，②表示转录，③表示翻译，④表示逆转录，⑤表示RNA 复制。
【详解】A、T2 噬菌体是DNA 病毒，其遗传信息流沿着①②③流动，A 错误；
B、基因突变最容易发生于DNA 复制时，应为过程①，B 错误；
C、酶为蛋白质或RNA，只能在活细胞中合成，C 正确；
D、过程③为反应，以RNA 为模板，合成蛋白质，配对的方式为A 一U、U—A、C 一G；过程⑤为RNA
复制，配对的方式为A 一U、C 一G，过程③⑤所发生的碱基互补配对方式相同，D 正确。
故选AB。
60．桑格在测定噬菌体DNA 的全部核苷酸序列时发现基因D 中包含着基因E，如图（图中Met、Ser、Gln
等表示氨基酸），即D 基因与E 基因重叠。噬菌体φX174 由一个环状单链DNA 和蛋白质衣壳构成，在感
染大肠杆菌时首先会形成复制型的双链DNA 分子，然后再控制相关蛋白质的合成。下列叙述错误的是（
）
A．携带Met 的tRNA 上的反密码子为AUG
B．大肠杆菌基因的转录和翻译可同时进行
C．D 基因和E 基因重叠部分编码的氨基酸序列相同
D．基因重叠可降低碱基利用率，有效利用DNA 遗传信息量
【答案】ACD
【分析】1、基因通常是具有遗传效应的DNA 片段，是决定生物性状的基本单位；基因和染色体的关系：
基因在染色体上，并且在染色体上呈线性排列，染色体是基因的主要载体。
2、图中基因D 的碱基序列中包含了基因E，由此看出基因发生了重叠，这样就增大了遗传信息储存的容量。
【详解】A、Met 的编码碱基序列是ATG，对应的密码子是AUG，则携带Met 的tRNA 上的反密码子为
UAC，A 错误；
B、大肠杆菌是原核，没有细胞核，转录和翻译可以同时进行，B 正确；
C、D 基因中虽然包含E 基因的序列，但是两基因编码蛋白质除起始密码子编码的甲硫氨酸相同以外，之
后相同的核苷酸序列编码氨基酸的密码子是错位的，故D 基因和E 基因重叠部分编码的氨基酸不相同，C
错误；
D、基因重叠可以通过较短的DNA 序列控制合成多种蛋白质，有效利用了DNA 的遗传信息量，提高了碱基
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的利用率，D 错误。
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