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玉溪一中2025—2026学年上学期特长级部高二年级第二次月考
物理参考答案
一、选择题：本题共 10小题，单选每小题 4分，多选每小题6分，共46分。
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
D A D C B B D BD BC AD
选择题详细解析：
1.【答案】D
【详解】A．根据左手定则可知，导体棒受到的安培力竖直向上，如果大小刚好等于导体
棒的重力，则导体棒受到的支持力为0，导体棒可以处于静止状态，故A不符合题意要求；
B．根据左手定则可知，导体棒受到的安培力沿斜面向上，导体棒还受到竖直向下的重力
和垂直斜面向上的支持力，导体棒可以处于静止状态，故B不符合题意要求；
C．根据左手定则可知，导体棒受到的安培力水平向右，导体棒还受到竖直向下的重力和
垂直斜面向上的支持力，导体棒可以处于静止状态，故C不符合题意要求；
D．根据左手定则可知，导体棒受到的安培力垂直斜面向下，导体棒还受到竖直向下的重
力和垂直斜面向上的支持力，导体棒不可以处于静止状态，故D符合题意要求。
2.【答案】A
v2
【详解】粒子在磁场中运动洛伦兹力提供向心力有qvB=m
r
2πm
周期的公式为T=
qB
由此可知，粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同，
由粒子的运动的轨迹可知，三种速度的粒子的偏转角分别为 90°、60°、30°，所以偏转角为
T T
90°的粒子的运动的时间为 ，偏转角为60°的粒子的运动的时间为 ，偏转角为30°的粒
4 6
T
子的运动的时间为 ；所以它们在磁场中的运动时间之比为3∶2∶1。 故选A。
12
3.【答案】D
【详解】CD．设题中粒子的电荷量大小为 ，根据题意有
， ，可得
可知 ，则NQ连线为等势线，根据电场方向与等势线垂直，且由高电势指向低电
势，可知匀强电场方向由 点指向 点，故C错误，D正确；
A．由于NQ连线为等势线，则带正电的粒子由N点运动到Q点，电场力做功为0，故A
错误；
B．由于匀强电场方向由P点指向M点，则P点电势高于Q点电势，若带正电的粒子由P
点运动到Q点，电场力做正功，故B错误。
4.【答案】CU Q Q Q
E= = = =
【详解】由题意可知 d Cd εS εS ，因此E的变化规律与Q的变化规律
d
4kπd 4kπ
εS b
相似，故E-t的图像为②，由Q=CU= U= 知，d=t+a=vt+a，是匀速移动，故速
4kπd t+a
度图像为③； 故选C。
5.【答案】B
【详解】题意可知MN左右部分心形导线圈的有效长度均为l，左右部分线圈受到的安培力
均向上且大小相等，由于水平桌面所受木板压力恰好为零，对木板、线圈整体，由平衡条
件有mg=2nBIl
代入题中数据，解得磁感应强度大小B=0.1T, 故选B。
6.【答案】B
【详解】AB．根据运动的分解可知离子水平方向的分速度 变大，垂直于磁场方向的分量
不变，则洛伦兹力 不变，电场力 也不变，离子受合力不变，根据牛顿
第二定律可知加速度大小不变，故A错误，B正确；
C．根据功率的计算公式 可知，电场力的瞬时功率变大，故C错误；
D．由于 变大，根据速度的合成可知速度与电场方向的夹角θ变小，故D错误；故选B。
7.【答案】D
【详解】当A与B第一次相距最近时弹簧处于原长，此后，A可能一直做减速运动，也可
能是先减速到零再反向加速，B通过弹簧被A拉着跟在其后一直做加速运动，直到A与B
再次相距最近时，B的速度达到最大，此过程动量守恒和机械能守恒，取向右为正方向，
则有 ，
联立解得 ，
当 时，则 , 说明A一直做减速运动，故A最小速度为
B的最大速度为 故选D。
8.【答案】BD
【详解】A．电流表A 的量程小于A 的量程，可知A 内部所并联的电阻大于A 内部并联
1 2 1 2
的电阻，可知A 的内阻大于A 的内阻，选项A错误；
1 2
B．电压表V 的量程大于V 的量程，可知电压表V 内部串联的电阻大于V 内部串联的电
1 2 1 2
阻，可知V 的内阻大于V 的内阻，选项B正确；
1 2
C．V 和V 串联，可知通过内部电流计的电流相等，则V 指针的偏角等于V 指针的偏角，
1 2 1 2
由于电压表V 的量程大于V 的量程，则V 的读数大于V 的读数，选项C错误；
1 2 1 2
D．由电路可知，电阻R两端的电压等于V 与V 的读数之和，由于电压表的分流，通过R
1 2
的电流小于A 或A 的读数，选项D正确。故选BD。
1 2
9.【答案】BC
【详解】A．辐射功率P，发电效率η 并全部用来对电动机供电，提供 电的压U，则
0 1
解得 ，故A错误；B．根据能量转化与守恒定律有
结合上述解得 ，故B正确；
C．当实验车牵引力等于阻力时，速度达到最大值，则有
解得 ，故C正确；
D．结合上述可知，电动机的输出功率即为牵引力的功率，则有
电池板接收到太阳能总功率
则有 ，故D错误。
10.【答案】AD
【详解】A．当入射速度为v0时，电子沿x轴做直线运动，则有
可得电场场强大小为E =vB，A正确；
0
B．若入射速度小于v0时，则 ，且电子向上偏转，则受到向上的电场力做正功，
洛伦兹力不做功，故电子向上运动的过程中动能逐渐增加，B错误；
CD．入射速度为v（v<v ）时，可将电子的入射速度分解为水平向右的速度v 和水平向左
0 0
的速度v-v，电子运动可看成水平向右的匀速直线运动和顺时针的匀速圆周运动，电子运
0
动到最高点的速度大小为v=v+v-v=2v-v，C错误，D正确。故选AD。
0 0 0
三、实验题：本题2小题，共15分。
11．（6分）【答案】（1）109.50mm 3.470mm （2）AC
12.（9分）【答案】（1）远大于 48.0 小于
（2）仍使灵敏电流计的示数为零 1.44 1.33
【详解】（1）[1]用半偏法测量灵敏电流计G的内阻，为减小系统误差，使闭合开关S 前
2
后，干路电流不变，应使滑动变阻器R 的有效阻值远大于R；
1 g
②[2]闭合S 前后认为干路电流不变，调节电阻箱R，使得G的示数为 ，此时电阻箱
2 2
的电流也为 ，故电流表内阻与电阻箱的阻值相等，如图乙所示，则G的内阻
[3]闭合开关时电流表与电阻箱并联，电路总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知，干路
电流变大，当电流表半偏时流过电阻箱的电流大于流过电流表的电流，电阻箱阻值小于电
流表内阻，实验认为电流表内阻等于电阻箱阻值，则电流表内阻的测量值小于真实值。
（2）[1][2][3]根据实验原理，每次改变R、R 的阻值，都应使灵敏电流计G的示数为零，
1 2
则灵敏电流计上下两端点等势，则始终有 ，变形可得
由图丁可得纵截距表示电源电动势，则有 ，内阻为四、计算题：本题共3小题，共 39分。
13.（10分）【答案】（1）5Ω （2）1.5A
【详解】先简化电路：
R 10
（ 1 ） 由 图 甲 知 R 、 R 并 联 后 与 R 串 联 ， 有 R = 3= Ω=5Ω，
3 4 1 34 2 2
R R 10×10
R =R +R =5Ω+5Ω=10Ω，而它们又与R 并联，有R = 2 串 = Ω=5Ω
串 1 34 2 AB R +R 10×10
2 串
。
U 10
（2）由图乙知，流经电阻R 的电流为I = AB= A=1A，流经电阻R 的电流为I =1A，则
2 2 R 10 1 1
2
I
流过电阻R 的电流为I = 1=0.5A，故流过电流表的电流为I =I +I =1.5A。
3 3 2 A 2 3
14.（12分）【答案】（1）负电 （2） （3）
【小问1详解】
当极板上加了电压U后，该油滴竖直向上做匀速运动，说明油滴受到的电场力竖直向上，
与板间电场的方向相反，所以该油滴带负电。
【小问2详解】
在两板间加电压U（平行板上极板的电势高）时，可以观察到某油滴A在竖直方向
1
做匀速运动 ， 比荷为
【小问3详解】
设油滴运动时所受空气阻力 与速度大小 满足关系
在两板间加电压U（平行板上极板的电势高）时，可以观察到某油滴B也竖直向下
2
做匀速运动 ， 联立解得
15.（17分）【答案】（1） （2） （3）
【小问1详解】
电子在磁场中偏转60°，圆筒旋转了240°，所以电子运动时间为
【小问2详解】
电子角速度与圆筒角速度之比为 ，对于电子，根据牛顿第二定律有
得 ，解得比荷
对于加速电场，根据能量守恒定律有 ，电流为
根据动能的公式有 ， 联立解得【小问3详解】
电子束的速度从 到 ，所有电子进出电场的时间都一致，即
即电子束长度为 ，为使所有电子顺利进入磁场，有
即
圆筒半径为 ， 代入得
