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2017年甘肃省白银市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个正确选项。本题共6小题，每小题3分，
共18分）
1．【分析】（1）声音的传播需要介质，固体、液体和气体都能充当声音传播的介质；真空不能
传播声音，电磁波可以在真空中传播；
（2）白气是水蒸气液化成的小水滴；露珠是液化现象；
（3）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，
通过增大压力来增大压强。
（4）响度指的是声音的大小；音调指的是声音的高低，与发声体振动的快慢有关，振动越
慢，音调越低；音色是由发声体的结构与材料决定的。
【解答】解：A、声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，故A错误；
B、初冬季节，在家里洗澡时发现房间里充满“白气”，这些“白气”是空气中的水蒸气
液化形成的小水珠，不是水蒸气，故B错误。
C、金属锥的头部尖细锋利，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故C正
确；
D、大妈们在楼前空地跳广场舞时所放的音乐太“高”，影响了附近居民的正常生活。这
里的高指声音大，故指的是响度，故D错误；
故选：C。
【点评】该题考查了声音的传播条件、增大压强的方法和声波、电磁波的区别、声音三要素
的理解，是一道综合题，但难度不大。
2．【分析】（1）首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，然后调节横梁两端的
平衡螺母，使指针指到分度盘的中央位置。
（2）刻度尺测量物体的长度时，刻度尺的刻度要贴近被测物体，读数时，视线和刻度尺是
垂直的。
（3）温度计测量水的温度时，玻璃泡完全浸没在被测液体中，读数上视线和液柱的上表面
相平。
（4）电压表可以直接连接在电源的两极上，电压表的正接线柱和正极相连，负接线柱和电
源的负极相连。
【解答】解：A、使用天平时，调节天平的横梁平衡之前，一定要使游码移到标尺左端的零刻
第1页（共11页）度。图中的游码没有移到零刻度，故A错误。
B、使用刻度尺测量铅笔的长度时，刻度尺的刻度贴近被测的铅笔，读数时，视线和刻度尺
垂直。故B正确。
C、温度计的玻璃泡完全浸没在水中，没有碰到容器底也没有碰到容器壁，读数时，视线和
液柱的上表面是相平的。故C正确。
D、电压表可以直接测量电源的电压，正接线柱连接电源的正极，负接线柱连接电源的负
极。故D正确。
故选：A。
【点评】掌握刻度尺、天平、量筒、弹簧测力计、温度计、电压表、电流表等测量工具的正确
使用方法。
3．【分析】（1）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，
惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
（2）根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的情况下，总保持静止状态或匀速直线
运动状态。
（3）物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”。当物体所受的合外力和它速度方向
不在同一直线上，物体就是在做曲线运动。
（4）力可以改变物体的运动状态。
【解答】解：
A、惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与其他因素无关，故A错误；
B、牛顿第一定律告诉我们，当物体不受任何外力的情况下，总保持静止状态或匀速直线
运动状态，故B正确；
C、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，不可
能是受到平衡力的作用，故C错误；
D、只受一对平衡力匀速运动的物体，若去掉其中一个力，如果撤去的这个力是物体运动
的动力，则物体将会做减速运动，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了惯性、力与运动的关系、平衡力的相关知识，是一道基础题。
4．【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能
量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：A、放大镜聚光使纸片着火，纸片吸收的热量，是通过热传递的方式增加了物体
的内能，故A正确；
第2页（共11页）B、弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的
内能，故B错误；
C、压缩空气，对空气做功，内能增大，是通过做功改变了物体的内能，故C错误；
D、搓手时，相互摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功改变了物体的内能，故D错误；
故选：A。
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
5．【分析】利用下列知识分析判断：
（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，物体处于平衡状态，受平衡力；
（2）增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；减小摩擦力的方法：减小压力，
减小接触面的粗糙程度，用滚动代替滑动，使接触面脱离；
【解答】解：
A、捏住刹车后没有推动水平地面上的自行车，处于静止状态，属于平衡状态，受到的推力
等于摩擦力，故A错误；
B、自行车轮胎上制有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；
C、刹车时用力捏刹车把是通过增大压力来增大摩擦的，故C正确；
D、在转轴上加润滑油是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查增大和减小摩擦的方法、二力平衡条件的应用，属于基础题目。
6．【分析】热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧
相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的
大小。
【解答】解：
发射卫星的火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相
同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共17分）
7．【分析】（1）分子是构成物质的一种粒子，它的体积很小，分子在不断运动；
（2）光的折射现象，知道看水中的物体如“鱼”、水底看起来比实际的要浅、斜插入水中
的筷子向上折、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
【解答】解：游人闻到花香是因为分子在不停地做无规则运动；
第3页（共11页）湖中的“鱼”是鱼反射的光线从水中进入空气发生折射形成的虚像。
故答案为：不停地做无规则运动；折射；虚。
【点评】本题考查分子的运动及光的折射现象，属于基础题。
8．【分析】手机是利用电磁波来传递信息的；能从自然界直接获得的是一次能源，需要消耗一
次能源来获得的是二次能源。
【解答】解：手机是利用电磁波来传递信息的，电磁波会对人体有一定的辐射影响，所以对
身体健康不利。
电能无法从自然界直接获得，而是需要消耗其它的一次能源来获得，所以电能属二次能源。
故答案为：电磁波；二次能源。
【点评】了解手机所发射电磁波对人的影响，知道一次能源与二次能源的概念，可顺利做
出解答。
9．【分析】在自然界中只有两种电荷，即正电荷和负电荷，且电荷间存在着相互作用规律，即
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：当体验者用手触摸静电球时，人身体就会带上电荷，即人的头发上会带上电荷，
且都是同种电荷，由于同种电荷相互排，故此人的头发会竖起张开。
故答案为：同种。
【点评】知道并理解电荷间的作用规律是解决该题的关键。
10．【分析】地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用；
不考虑能量损失，动能和势能转化过程中，机械能总量守恒；
球到达最高点时，仍有向前运动的速度。
【解答】解：
不考虑空气阻力，实心球离开手后，手的作用力消失，实心球靠惯性向前飞行，此过程中
只受到竖直向下的重力；
离开手后的实心球斜向上方运动过程中动能转化为重力势能；从最高点向下运动的过程
中重力势能转化为动能。如果不考虑空气阻力，球的机械能总量保持不变；
球在最高点时，仍有向前的速度，所以动能大于零。
故答案为：一；不变；大于。
【点评】此题考查了重力的存在、机械能的转化和守恒，其中最后一空容易出错。
11．【分析】（1）研究的物体与参照物之间的相对位置如果发生改变，则物体是运动的；如果
未发生变化，则物体是静止的；
（2）目前人类直接利用太阳能的方式有两种，一种是用集热器把水等物质加热，另一种是
第4页（共11页）用太阳电池把太阳能转化为电能。
【解答】解：
（1）“神舟十一号”飞船与“天宫二号”完成对接后，“神舟十一号”飞船与“天宫二
号”的位置不发生变化，所以“天宫二号”为参照物，“神舟十一号”是静止的；
（2）太阳能电池板作用是将太阳能转化为电能。
故答案为：静止；太阳；电。
【点评】本题以飞船发射为载体考查相关的物理知识，注重了物理和科技的联系，注重了
学生应用知识的考查，是考试的热点。
12．【分析】凝华是气态直接变为固态，该过程放出热量。
【解答】解：冰花是室内较温暖的水蒸气遇到温度很低的玻璃，发生了凝华现象，从而形成
固态的冰花，此过程放出热量。
故答案为：凝华；放出。
【点评】该题主要考查物态变化中凝华现象，我们要掌握住凝华是由气态直接变为固态，
物态变化知识是中考必考的知识点，需要好好掌握。
13．【分析】（1）物体间力的作用是相互的，螺旋桨在对空气施力的同时，也受到空气对它施
加的反作用力；
（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
【解答】解：（1）直升机的螺旋桨对空气施加了一个竖直向下的力，由于物体间力的作用是
相互的，所以空气对直升机施加了一个竖直向上的反作用力，这个力就是飞机向上的升力；
（2）机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一
个向上的压强差，飞机受到向上的升力。
故答案为：相互的；大；小。
【点评】本题考查流体压强与流速的关系以及物体间力的作用，考查知识点比较多，主要
考查学生对所学知识的灵活应用能力。
三、识图、作图题（本题共4小题，共8分）
14．【分析】由小磁针的指向可判出电磁铁的极性，根据安培定则判断电源的正负极；由磁性
的变化可知电流的变化，从而判断滑片的移动情况。
【解答】解：
小磁针静止时N极向左，则由磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，则左端为
N极，根据安培定则可以判断电源的右端为正极，左端为负极；如图所示：
第5页（共11页）若使通电螺线管的磁性增强，需增大电路中电流，由欧姆定律可知要减小电路中电阻，故
滑片向b端移动。
故答案为：正；b。
【点评】通电螺线管磁极的判定要利用安培定则，安培定则中涉及三个方向：电流方向与
线圈绕向即四指的指向；磁场方向即大拇指的指向。在关于安培定则的考查中，往往是知
二求一。
15．【分析】（1）知道力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线引垂线，垂线
段的长度即为力臂；
（2）掌握动力和阻力的概念，在此题中盖对起子的力即为阻力。
【解答】解：（1）首先在F 的方向上作出力F 的作用线，然后从支点O向F 的作用线作垂
1 1 1
线，垂线段的长度即为动力臂L 。
1
（2）F 使起子沿逆时针转动，而瓶盖对起子的力阻碍了起子的转动，所以阻力F 的方向竖
1 2
直向下，如下图所示：
【点评】本题主要考查了力臂的画法，关键是正确理解掌握力臂的概念，找到支点和力的
作用线。
16．【分析】木球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，
由于木球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。
【解答】解：木球漂浮在水面上，重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等、方向相反、作用
在同一直线上；过木球的重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别
用G和F浮 表示，注意这两条线段长度应相等，如下图所示：
第6页（共11页）。
【点评】画力的示意图时要考虑到物体的运动状态，当物体处于静止或匀速直线运动时，
受到的力就是平衡力。
17．【分析】平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、B端点AB的
像点A′、B′，连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像。
【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物
体AB的像，如图所示：
【点评】本题考查了如何作出物体在平面镜中的像。在作出物体在平面镜中所成的像时，
注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握
这种技巧。
四、实验探究题（本题共2小题，共18分）
18．【分析】（1）根据称量法求出浮力的大小；根据测力计的分度值读出示数；
（2）（3）根据表格中的数据，利用控制变量法分析；
（4）探究浮力与物体的形状根据控制变量法要控制液体密度、排开液体的体积不变。
【解答】解；（1）A物体浸在液体中的体积为60cm3时，测力计示数为4.4N，则物体A所受
浮力大小为F浮 ＝5N﹣4.4N＝0.6N；测力计的分度值为0.2N，则其示数为3.8N；
（2）探究浮力大小与液体密度有关时，应控制排开的液体的体积相同，液体密度不同，故
应分析3、4数据；由实验数据可知，密度不同，浮力不同，故小华的说法是正确的；
探究浮力大小与排开的液体的体积有关时，应控制密度相同，液体排开的液体的体积不同，
故应分析1、2、3数据；由实验数据可知，排开的液体的不同，浮力不同，故小红的说法是
正确；
（3）探究浮力大小与物体所受的重力有关时，应控制排开的液体的体积、液体的密度相同，
物体的重力不同，故应分析4、5数据；由实验数据可知，排开的液体的体积，浮力相同，故
第7页（共11页）浮力大小与物体所受的重力无关；
（4）探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积相同、液体密度相同而形
状不同，小明将同一个橡皮泥做成不同的形状，先后放入水中，发现有的漂浮在水面上，
有的下沉，他在实验中没有控制橡皮泥浸入液体的体积相同，因此得出的结论是错误的。
故答案为：（1）0.6；3.8；（2）3、4；1、2、3；（3）4、5；无关；（4）没有控制橡皮泥浸入液体的体
积相同。
【点评】物体所受浮力受两个因素影响，一是排开液体体积，二是排开液体的密度。其他因
素都和浮力没有关系；要学会灵活运用控制变量法探究物理问题。
19．【分析】（1）电流表、灯泡、滑动变阻器、开关串联接入电路；根据灯泡的额定电流选择电
流表的量程，然后与小灯泡的左侧相连；根据小灯泡的额定电压选择电压表量程；
（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据
串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电
路中的阻值即可选择器滑动变阻器的规格；
（3）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；
（4）电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5V，
电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；看清电流表的量程和分度值，
读出电流表示数，利用P＝UI求出其电功率；
（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【解答】解：（1）灯泡的额定电压为2.5V，则电压表的量程为0～3V，且与灯泡并联；
小灯泡的额定电流约为：I＝ ＝ ＝0.25A，则电流表的量程为0～0.6A，且与灯泡串
联；如下图所示：
（2）灯泡正常发光时的电压等于额定电压U ＝2.5V，
L
第8页（共11页）根据欧姆定律可知此时电路电流约为：I＝ ＝ ＝0.25A，
滑动变阻器两端电压U滑 ＝U﹣U
L
＝4.5V﹣2.5V＝2V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑 ＝ ＝ ＝8 ，
Ω
所以本实验中应该选择规格为“10 2A”的A滑动变阻器；
（3）电压表使用0～3V量程，分度Ω值为0.1V，电压为2V；
（4）要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，
滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V为止；
电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时示数为0.2A，小灯泡正常发光，U＝2.5V，
则小灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（5）灯泡电阻随灯泡电压的升高而增大；原因是：随灯泡电压的升高，灯泡实际功率增大，
灯泡温度升高，电阻变大，说明灯丝的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：（1）如上图；（2）A；（3）2；（4）B； 0.5；（5）随温度的升高而增大。
【点评】此题是“测量小灯泡电功率”的实验，考查了滑动变阻器的选择，同时考查了电
流表、电压表的读数及电功率的计算，同时考查了灯丝电阻与温度的关系。
五、计算与简答题（本题共3小题，满分19分。简答部分要有必要的分析和说明，计算部分要
有主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位。）
20．【分析】（1）根据蒸发快慢和空气流动快慢的关系得出人凉快的原因。
（2）电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的。
【解答】答：（1）电风扇转动时，加快了室内空气的流动，使人体表面汗液的蒸发加快，蒸发
吸热，从而加快吸收人体更多的热量。
（2）电风扇内的电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的。
【点评】该题考查了影响液体蒸发快慢的条件，以及电动机的原理，属基础知识的考查。
21．【分析】（1）利用G＝mg求解知豆（空车）受到的重力；该车（空车）静止在水平地面上时
对地面的压力等于其重力，利用p＝ 求解压强。
（2）根据题意求出汽车行驶过程中受到的阻力，即牵引力，根据P＝ ＝ ＝Fv求出行
驶速度；
（3）已知路程与运动时间，由平均速度公式可以求出知豆纯电动车的平均速度；根据平均
速度判断是否超速。
第9页（共11页）【解答】解：（1）知豆（空车）受到的重力：
G＝mg＝670kg×10N/kg＝6700N；
该车（空车）静止在水平地面上时对地面的压力：
F＝G＝6700N，
对地面的压强：
p＝ ＝ ＝1.675×105Pa。
（2）匀速行驶时的牵引力：
F＝f＝0.05G总 ＝0.05m总g＝0.05×800kg×10N/kg＝400N，
由P＝ ＝ ＝Fv得该车以额定输出功率在平直公路上匀速行驶时速度：
v＝ ＝ ＝22.5m/s；
（3）汽车的速度：
＝ ＝ ＝43.2km/h＞40km/h，
小丽爸爸驾车超速。
答：（1）该车静止在水平地面上，空车时该车对地面的压强为1.675×105Pa。
（2）该车以额定输出功率在平直公路上匀速行驶时速度为22.5m/s；
（3）计算可知，小丽爸爸驾车超速。
【点评】此题主要考查的是学生对重力、压强、功率、速度计算公式，以及二力平衡条件的
理解和掌握，综合性较强，难度适中。关键是知道该校车（空车）静止在水平地面上时对地
面的压力等于其重力。此外计算过程中还要注意单位换算。
22．【分析】（1）米糊机正常加热时的功率和额定功率相等，根据P＝UI求出电流；
（2）由乙图可知，加热时间和电动机工作的时间，根据W＝Pt求出各自消耗的电能，两者
之和即为米糊机正常工作做一次米糊总共消耗的电能。
（3）根据Q＝cm△t算出产生的热量，根据 ＝ 算出加热效率。
η
【解答】解：（1）由P＝UI可得，米糊机正常加热时的电流：
I ＝ ＝ ≈4.55A；
1
第10页（共11页）（2）由乙图可知：加热时间t ＝9min＝540s，电动机工作时间t ＝2min＝120s，
1 2
加热消耗的电能：
W ＝P t ＝1000W×540s＝5.4×105J，
1 11
电动机工作消耗的电能：
W ＝P t ＝130W×120s＝1.56×104J，
2 22
米糊机正常工作做一次米糊总共消耗的电能：
W＝W +W ＝5.4×105J+1.56×104J＝5.556×105J。
1 2
（3）米糊吸收的热量为：Q吸 ＝cm（t﹣t
0
）＝4.0×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）＝
4.8×105J；
＝ ×100%＝ ×100%≈89%。
η
答：（1）米糊机正常工作时的电热管中的电流约为4.55A；
（2）米糊机正常工作时做一次米棚，消耗的电能是5.556×105J；
（3）电热管的加热效率约为89%。
【点评】本题考查了电功率公式和欧姆定律，电功、加热效率公式的灵活应用，关键是从乙
图中读出加热时间和电动机工作的时间。
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