河南省三门峡市2023-2024学年度高三高三第一次大练习物理参考答案2024_2024届河南省三门峡市高三上学期第一次大练习_河南省三门峡市2024届高三上学期第一次大练习物理

2023—2024 学年度上学期高三第一次大练习 物理参考答案 一、选择题（本题共10小题，每题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合 题目要求，第8-10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选或不选得0分） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D C C A B A A AC BC ABC 11．（6分）（1）5.5（2分） （2）0.51（2分） （3）大于（2分） 12. （7分）① R （1分） ② R （1分） ③ R （1分） 1 3 0 ④ 大（1分） ⑤ 小 （1分） ⑥ 9180（2分） 13. （10分）（1）210N （2）24m 【解析】（1）（4分）设没有滑雪杖作用时，运动员沿山坡向下滑行的加速度大小为a，由运动学规律可 得 1 x at2 2 代入数据解得 a2m/s2 ………………………… 2分 设运动员受到的阻力大小为F ，由牛顿第二定律可得 f mgsin30F ma f 代入数据可得 F 210N ………………………… 2分 f  （2）（6分）设有滑雪杖作用时，运动员运动的加速度大小为a ，由牛顿第二定律可得 mgsin30F F ma f 解得 a4m/s2 ………………………… 2分 作用t 1s后运动员获得的速度大小为 1 v at 1 1 v 4m/s 1 此段时间内运动员滑行的距离为 1 x  at2 2m ………………………… 1分 1 2 1 间隔t 2s后运动员获得的速度大小为 2 v v at 8m/s 2 1 2 此段时间内运动员滑行的距离为 v v x  1 2 t 12m ………………………… 1分 2 2 2 滑雪杖第二次作用过程中，运动员滑行的距离为 1 x v t  at2 10m ………………………… 1分 3 2 1 2 1 故在第二次滑雪杖作用结束时运动员滑行的距离为 x x x x  24m ………………………… 1分 1 2 3 1 {#{QQABDQKEogCoQBBAAQhCAwEKCgKQkAAAAKoOhBAEMAAAiBFABAA=}#}14.（10分）（1）（4分）0.2 （2）见解析 解析：（1）设碰撞前瞬间台球A的速度大小为v ，由运动学公式有 1 1 x v t  at2 1 0 1 2 1 解得a 2m/s2 ………………………… 2分 v v at 1 0 1 解得v 1m/s ………………………… 1分 1 由牛顿第二定律有F mg ma f 解得0.2 ………………………… 1分 （2）（6分）台球A和台球B在桌面上运动时的加速度大小a2m/s2 ，台球A碰撞后瞬间的速度大小 为v ，由运动学规律有v 2 2ax 1 1 解得v 0.4m/s ………………………… 1分 1 设碰后瞬间台球B的速度大小为v ，由动量守恒定律有mv mv mv  2 1 1 2 解得v 0.6m/s ………………………… 2分 2 1 1 1 所以两球碰撞过程的机械能损失E  mv2  mv2  mv2 k 2 1 2 1 2 2 解得E 0.036J ………………………… 2分 k 假设台球B没有进网洞，则碰后台球B运动的距离 v2 0.62 x 2  m 0.09m 0.5m 2a 22 假设成立，所以该同学不能继续进行游戏。 ………………………… 1分 15. （12分）（1）2m/s2；（2）2m/s；（3）2C 【解析】 （1）如图a导体棒从PQ 到PQ ，由动能定理得 1 1 2 2 1 m gr  m v2 0 .........1分 a 2 a 0 代入数据得 v 4m/s .........1分 0 a刚进入匀强磁场时，由法拉第电磁感应定律得 E  BLv 4V .........1分 0 由闭合电路欧姆定律得 E I  2A .........1分 R R a b 由牛顿第二定律得 BLI ma .........1分 b b 代入数据得 a 2m/s2 .........1分 b （2）当a、b导体棒稳定时，由动量守恒定律得 m v  m m  v .........2分 a 0 a b 1 代入数据得 v 2m/s .........1分 1 2 {#{QQABDQKEogCoQBBAAQhCAwEKCgKQkAAAAKoOhBAEMAAAiBFABAA=}#}（3）整个过程中，对b导体棒由动量定理得 BLIt BLqmv .........2分 b 1 代入数据得 q 2C.........1分 7 655 69 16.（15分）【答案】（1）0.04kg；（2） J；（3）3.2m ， m 6 8 【解析】（1）（3分）滑块P二力平衡 mg qE ………………………… 1分 1 滑块Q三力平衡 m gtanqE ………………………… 1分 2 得m 0.04kg ………………………… 1分 2 （2）（4分）设弹簧恢复后滑块P和滑块Q的速度分别为v 和v ，滑块Q 1 2 m g qv B 2 ………………………… 1分 2 cos 弹簧恢复瞬间滑块P和滑块Q动量守恒 0mv m v ………………………… 1分 1 1 2 2 滑块P和滑块Q机械能守恒 1 1 E  mv2 m v2 ………………………… 1分 P 2 1 1 2 2 2 弹簧弹性势能 7 E  J ………………………… 1分 P 6 （3）（8分）滑块P匀速圆周运动 v2 qv B m 1 ………………………… 2分 1 1 r y 2rcos ………………………… 1分 P 得 y 3.2m ………………………… 1分 P 滑块Q在重力和电场力的合力下做类平抛运动，如图所示 过木板的上端作垂线交x轴于M点，轨迹经时间t交x轴于N点，设MN长度为x，木板的长度为L=5m， 滑块Q在v 方向匀速直线运动 2 xcosv t 2 滑块Q在合力方向匀加速直线运动 3 {#{QQABDQKEogCoQBBAAQhCAwEKCgKQkAAAAKoOhBAEMAAAiBFABAA=}#}1 Ltanxsin at2 2 其中 m g 2 m a cos 2 N点坐标 L x  x Q cos 655 69 得x  m ………………………… 4分 Q 8 4 {#{QQABDQKEogCoQBBAAQhCAwEKCgKQkAAAAKoOhBAEMAAAiBFABAA=}#}