2023年湖北省新高考联考协作体高三9月起点考试物理答案_2023年9月_01每日更新_10号_2024届湖北省新高考联考协作体高三9月起点考试_湖北省2024届新高考联考协作体高三9月起点考试物理

2023 年湖北省高三 9 月起点考试 高三物理答案 选择题，10小题，1-7题单选，8-10题多选，每题4分，多选题对而不全得2分 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D A C C A C B BD CD BCD 1．【解答】根据电荷数守恒和质量数守恒，推断出Y原子核中含有的电荷数为92290， 即Y核的电荷数大于80，所以Y核是具有放射性的，故A错误；要使裂变反应更激烈一些， 则应使控制棒插入浅一些，让它少吸收一些中子，链式反应的速度就会快一些，故B错误； 衰变过程也是释放能量的，故C 错误；核裂变反应放出核能，生成物89Kr会更加稳定，根 36 据原子核的比结合能越大，原子核越稳定，则235U的比结合能小于89 Kr的比结合能，故D 92 36 正确。 mg 2．【解答】以B结点为对象受力分析如图, 根据平衡条件有tan  ，以绳AB和结点 2 T BC 2mg 整体为对象受力分析如图，有tan  ，所以tan 2tan ，A对，B、D都错； 1 T 1 2 BC 2mg 由平衡条件有T  ，C错。 T OA sin OA 1 T AB  1  T BC 2 T BC 2mg mg 3．【解答】解：设光滑圆弧轨道半径为R，钢球从最高点滑到圆弧轨道最低点过程中，由 1 动能定理：mgR mv2，钢球从轨道最低点飞出，在空中做平抛运动，根据平抛运动规律： 2 1 6hR gt2，xvt解得x 4R2 24hR  4(R3h)36h2 ，当R3h时，钢球落地 2 点距O点最远，此时出口端离地高度为3h，为丙球。C正确，故选：C。 4．【解答】解：如图所示，在半球面上任选一点P，根据几何关系可知，若此 时线状光源B点发出的光能够射出P点，则线状光源其他点发出的光也一定能 够射出P点，所以只要B点发出的所有光线能够射出球面，则光源发出的所有 OB OP 光均能射出球面，在 OPB 中，根据正弦定理有  ，解得 sin sin 6 6 sin sin，当90时，sin有最大值sin ，为使光线一定能从P点射出，根 R R 湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第 1页1 1 据全反射应有sin „  ，所以R 9cm，C正确；故选：C。 n 1.5 U 2 5．【解答】解：AB、第一次，灯泡两端的电压有效值为U  0  U 1 2 2 0 故 A 正 确， B 错 误； CD 、 第二 次 ，设 灯 泡两 端 的电 压 有效 值 为 U ， 则 2 (2U )2 T U2 T U2 10 0   0   2 T 解得：U  U 故CD错误；故选：A。 R 2 R 2 R 2 2 0 6.【解答】 由题图乙知，开始计时时刻，即0时刻质点L向上振动，再结合题图甲，可知 该横波沿x轴正方向传播，故A错误；由该横波沿x轴正方向传播，从题图甲可看出，质 点N该时刻向y轴负方向运动，故C正确；横波传播时，质点不随波迁移，故B错误；该 时刻质点K与M的速度为零，加速度大小相等，但方向相反，故D错误．故选C. 7. 【解答】在B点，根据轻绳拉力和重力沿斜面向下的分力提供向心力， v2 1 1 得mg＋mgsin30°＝m ，从B点到A点，根据动能定理得mg2R·sin30°＝ mv′2－ mv2， R 2 2 v′2 在A点，根据轻绳拉力和重力沿斜面向下的分力提供向心力得F －mgsin30°＝m ， T R 解得F ＝4mg，故选B. T GMm R2 1 8. 【解答】设卫星在轨道Ⅱ上的加速度大小为a ，由 ＝ma ，可得a ＝ a ＝ a ， 1 1 1 0 0 r2 3R 2 9 v 2 1 3a R 故A错误；设卫星在轨道Ⅱ上的线速度大小为v1，由a ＝ 1 ，解得v ＝ a R＝ 0 ， 1 1 0 3R 3 3 T 2 3R 3 T 3 6 故B正确；由开普勒第三定律有 2 ＝ ，解得 2＝ ，故C错误；设卫星在椭圆轨 T 2 2R 3 T 4 1 1 1 道远地点的线速度大小为v，则v R＝v×3R，解得v＝ v ，卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，发动 0 0 3 1 1 ma R mv 2 机需要做的功为W＝ mv 2－ mv2＝ 0 － 0 ，故D正确．故选BD. 1 2 2 6 18 9．【解答】由图知，0～3s内，甲的平均速度大小为3m/s，乙的平均速度大小为2m/s，A错； 甲的加速度始终为2m/s2，B错；0～5s内，乙质点的图像面积为10，位移为10m，C对； 甲质点先向负方向后向正方方向运动，总位移为-5m，乙质点为10m，所以相距15m，D对。 10. 【解答】导体棒获得最大速度时，导体棒受力平衡，有mg＝F ＝BId，解得I＝1A，又 安 由E＝Bdv ，I＝ E ，解得v ＝10m/s，故A错误，B正确；在下落0.29m的过程中有 E ＝ m m 2R 湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第 2页ΔΦ ， I ＝ E ，q＝ I t，可知q＝ ΔΦ ，其中ΔΦ＝ΔS·B＝0.2×0.29×0.5Wb＝0.029Wb，解得 t 2R 2R q＝2.9×10－2C，故C正确；由动量定理有(mg－B I d)t＝mv，通过导体棒的电荷量为q＝ I t Bdh B2hd2 ＝ ，可得v＝gt－ ，代入数据解得v＝2.21m/s，故D正确．故选BCD. 2R 2Rm 11. 答案：(1)阻力与重力之比更小(或其他合理解释)——————1分 (2)0.547(0.542～0.550均正确)——————2分 0.576(0.570～0.590均正确) ——————2分 C——2分 [解析] (1)对体积和形状相同的重物，密度越大，重物下落过程中所受的阻力与重力的比值 越小，阻力对实验结果的影响越小。 (2)由题图2可知O点与C点之间的距离为27.90cm，则从O点到C点，重物重力势能变化 量的绝对值|ΔE |＝mgh ＝0.2×9.8×0.279J＝0.547J；由题图2可知B点和D点之间的距离 p OC x ＝(32.95－23.35)cm＝9.60cm，匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平 BD 均速度，由题意可知打C点的时刻是打B、D两点这段时间的中间时刻，所以打C点时重 x 9.60×10－2 1 2 物的速度 v ＝ BD ＝ m/s＝2.40 m/s，重物在 C 点时的动能 E ＝ mv ＝ C k 2T 2×0.02 2 C 1 ×0.2×2.402J＝0.576J。由以上的计算结果可知，重力势能的减少量小于C点的动能，出 2 现这一结果的原因可能是接通电源时重物已经具有了一定的速度，即接通电源前释放了纸带， C正确。 I I 12. 答案(1)R (2) 3.0 2.1 (3)③R ＝( d－ b)(r ＋R ) 相等 每空2分 2 x A 2 I I c a 解析(1)电源电动势为3V，电流表A 与R 串联,可改装为量程为 2 1 U＝I (r ＋R )＝300×10－6×(1000＋1000)V＝0.6V的电压表，改装后的电压表量程太小，同 g A 1 理应用定值电阻R 改装后电压表量程为3V，故选R ； 2 2 (2)由题图可知I ＝0时，电流表A 的读数对应的电压值即为电源的电动势，则E＝3.0V， 1 2 ΔU 3.0－1.80 内阻r＝| |＝ Ω＝2.1Ω； ΔI 0.58 I I (3)③由题意可知：I R＝I (r ＋R ) ，I(R＋R )＝I (r ＋R )，联立解得R ＝( d－ b)(r ＋R )； a b A 2 c x d A 2 x A 2 I I c a 由以上分析可知，若考虑电流表A 内阻的影响，则表达式列成：I (R＋r )＝I (r ＋R ) ，I(r 1 a A1 b A 2 c A1 ＋R＋R )＝I (r ＋R )，最后求得的R 表达式不变，则用该方法测得的阻值与其真实值相比 x d A 2 x 相等． 13.【答案】解： 对 气体初状态压强为 ，体积为： ，——1分 末状态体积为 ————————————————————————1分 (1) 75 20 25 湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第 3页根据理想气体状态方程得出： ——————————2分 得出： ————75—×—2—0 —=— — 2—×—25— ———————————1分 活塞 被 2缓 = 慢 60 的 左 拉 的过程中，气体 做等温变化， 初状态： ， 体积： ————2分 (2) 末态： 1 = 75+25 =100 ， 体积 1 =10 ——————2分 根据玻意 耳2 = 定律 得2+ 出 2 ： 5−5 =80 ————— — 2— = — — 2— ————2分 解得： —— —1 — 1— = — — 2 — —2 —————————————1分 2 =12.5 14.【解析】(1)设滑块第一次滑至C点时的速度为v ,圆轨道C点对滑块的支持力为F C N 由P到C的过程: mgR= m ——————————1 1 1 2 滑块在C点有:F -m2g=m 2—v— C ——————————1 N 2 vC 解得F N =2mg——————R ————————————1 由牛顿第三定律得:滑块对轨道C点的压力大小FN'=2mg,方向竖直向下。————1 (2)对P到C再到Q的过程,根据动能定理有: mgR(1-cos60°)-2μmgR=0————————2 解得μ=0.25。————————1 (3)滑块刚好能通过圆轨道的最高点A,根据牛顿第二定律得mg=m ,——————1 2 vA Q到C再到A的过程:Ep= m +2mgR+2μmgR—————————R ———2 1 2 解得弹性势能Ep=3mgR。 2——vA——————————————————1 (4)滑块不脱离轨道,有两种情况,一种是(3)中的情况,弹性势能大于等于3mgR;————1 另 一 种 是 滑 块 向 右 运 动 到 最 高 点 高 度 为 R, 此 时 根 据 能 量 守 恒 定 律 有:Ep'=mgR+2μmgR=1.5mgR——————————————————1 所以,弹簧的弹性势能应大于等于3mgR或小于等于1.5mgR。————————1 2＋π 15、答案 (1) 4v 0 (2) π v 0 t 0 ，0 (3) 4＋2π v 0 t 0 πE 0 t 0 π 解析 (1)0～t 时间内粒子P在匀强磁场中做匀速圆周运动，当粒子所在位置的纵、横坐标 0 1 相等时，粒子在磁场中恰好经过 圆周，所以粒子P第一次离x轴的最远距离等于轨道半径 4 2v t R，即R＝ 00————————————————2 π v 2 又qv B ＝m 0 —————————————————2 0 0 R E 8v q 4v 代入 0＝ 0 解得 ＝ 0 ————————————————2 B π2 m πE t 0 00 2πR (2)设粒子P在磁场中运动的周期为T，则T＝ ，————1 则可得T＝4t ————1 0 v 0 湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第 4页1 即粒子P做 圆周运动后磁场变为电场，粒子以速度v 垂直电场方向进入电场后做类平抛运 0 4 动，设t ～2t 时间内水平位移和竖直位移分别为x 、y ，则x ＝v t ————1 0 0 1 1 1 00 1 y ＝ at 2——————————1 1 0 2 qE 其中加速度a＝ 0————————1 m 2v t 解得y ＝ 00＝R————————1 1 π 2＋π 因此t＝2t 时刻粒子P的位置坐标为( v t ，0)，————————1 0 00 π 如图中的b点所示． (3)分析知，粒子P在2t ～3t 时间内，静电力产生的加速度方向沿y轴正方向，由对称关系 0 0 知，在3t 时刻速度方向为x轴正方向，位移 0 x ＝x ＝v t ————————————————————————————1 2 1 00 在3t ～5t 时间内粒子P沿逆时针方向做半径为R的匀速圆周运动，往复运动轨迹如图所示， 0 0 由图可知，带电粒子在运动中距原点O的最远距离L即O、d间的距离L＝2R＋2x ———1 1 4＋2π 解得L＝ v t —————————————————————————2 00 π 湖北省新高考联考协作体*物理答案（共5页）第 5页