2025届江苏省如皋中学高三上学期期初考试-物理_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年09月试卷_09212025江苏省如皋中学高三上学期期初考试_2025届江苏省如皋中学高三上学期期初考试PDF

江苏省如皋中学 2024—2025 学年度高三年级测试
物理试卷
一、单选题：共10题，每题4分，总计40分，每题只有一个选项最符合题意.
1． 据统计，现在围绕地球运行的卫星有1000多颗，若这些卫星都做圆周运动，地
球表面的重力加速度大小为 g，对于这些卫星，下列说法正确的是（ ）
A．轨道半径越大，卫星做圆周运动的向心加速度越大
B．轨道半径越大，卫星做圆周运动的角速度越大
C．轨道半径越大，卫星做圆周运动的线速度越大
D．轨道半径越大，卫星做圆周运动的周期越大
2． 短道速滑接力赛上，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开
始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出，如
图所示。在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面在水平方向上的相互作用，下列
说法正确的是（ ）
A．甲对乙的冲量大小等于乙对甲的冲量大小
B．甲的机械能守恒，乙的机械能不守恒
C．甲的动量变化量大于乙的动量变化量
D．甲乙组成的系统动量守恒、机械能守恒
3． 如图所示，物体由静止开始分别沿Ⅰ和Ⅱ不同的斜面由顶端A至底端B，物体与两
种斜面间的动摩擦因数相同，且不计路径Ⅱ中转折处的能量损失，以下说法正确的
是（ ）
A．沿Ⅰ斜面由顶端 A至底端 B时的动能大
B．沿Ⅱ斜面由顶端A至底端B时的动能大C．沿Ⅰ斜面由顶端A至底端B时重力的功率大
D．沿Ⅱ斜面由顶端 A至底端B时重力的功率大
4． 如图所示，从距秤盘80 cm高度把1000 粒的豆粒连续均匀地倒在秤盘上，持续
作用时间为1s，豆粒弹起时竖直方向的速度变为碰前的一半。若每个
豆粒只与秤盘碰撞一次，且碰撞时间极短（在豆粒与秤盘碰撞极短时
间内，碰撞力远大于豆粒受到的重力），已知1000 粒的豆粒的总质
量为100g。则在碰撞过程中秤盘受到的压力大小约为（ ）
A．0.2N B．0.6N C．1.0N D．1.6N
5． 从计时起点开始，汽车在平直的公路上以额定功率保持最大速度v做匀速直线运
动，t 时刻汽车受到的阻力变为原来的2倍。在计时开始到再次达到稳定速度的
1
过程中，则汽车的v—t图像可能为（ ）
A． B． C． D．
6． 光滑水平面上放置一表面光滑的半球体，小球从半球体的最高点由静止开始下
滑，在小球滑落至水平面的过程中（ ）
A．小球的机械能守恒
B．小球一直沿半球体表面下滑
C．小球和半球体组成的系统水平方向动量守恒
D．小球在水平方向的速度一直增大
7． 如图所示，两个质量均为m 的小滑块P、Q 通过铰链用长
为L 的刚性轻杆连接，P 套在固定的竖直光滑杆上，Q 放在光L
滑水平地面上，轻杆与竖直方向夹角=30°。原长为 的轻弹簧水平放置，右端与Q
2
相连，左端固定在竖直杆O 点上。P 由静止释放，下降到最低点时变为60°。整个
运动过程中，P、Q 始终在同一竖直平面内，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重
力加速度为g。则P 下降过程中（ ）
A．P、Q 组成的系统机械能守恒
3-1
B．弹簧弹性势能最大值为 mgL
2
C．P、Q 的速度满足v tanv
P Q
D．P 达到最大动能时，P 对杆的弹力等于0
8． 已知篮球在空气中运动时所受空气阻力与速度大小成正比。篮球与地面碰撞后以
大小为 v 的速度竖直弹起后到再次与地面碰撞的过程中，以v表示篮球的速度，
0
t表示篮球运动的时间，E 表示篮球的动能，h表示篮球的高度，则下列图像可能
k
正确的是（ ）
A． B． C． D．
9． 如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连。弹簧处于自
然长度时物块位于O 点（图中未标出）。物块的质量为m，AB = a，物块与桌面
间的动摩擦因数为μ。现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点，拉力做的功为
W。撤去拉力后物块由静止向左运动，经 O 点到达B点时速度为零。重力加速度
为g。 则上述过程中（ ）
A．OA=OB
B．OA<OB
C．物块经过O 点时，速度最大3
D．物块在B点时，弹簧的弹性势能小于W  mga
2
10．如图所示，弹性绳一端系于A点，绕过固定在B处的光滑小滑轮，另一端与套在
粗糙竖直固定杆 M 处的小球相连，此时ABM在同一水平线上，弹性绳原长恰好
等于 AB间距。小球从M 点由静止释放，滑到N点时速度恰好为零，P为MN 的
中点，弹性绳始终遵循胡克定律，则此过程中小球（ ）
A．受到的3个力的作用
B．受到的摩擦力逐渐增大
C．在 P点时重力的瞬时功率最大
D．在MP过程损失的机械能比在 PN 过程的大
二.非选择题:共5题，共60分.非选择题要求写出演算步骤，只写出最后答案的不能得
分，有数值计算时答案中必须标明单位。
11．（15分）如图为某实验小组利用气垫导轨做“验证机械能守恒定律”的实验装
置．将气垫导轨放在水平桌面上，细绳两端分别与托盘（含砝码）和滑块（含遮光
条）相连，滑块在托盘的牵引下运动．已知光电门固定在的气垫导轨上，遮光条的宽
度d，托盘（含砝码）的质量为M，滑块的质量为 m，重力加速度为g。
（1）下列实验操作步骤，正确顺序是
①测出遮光条到光电门的距离 l
②调节滑轮高度，使细绳与导轨平行
③将气垫导轨放在水平桌面，将导轨调至水平④释放滑块，读出遮光条通过光电门的挡光时间t
⑤打开气源，将滑块移至光电门右侧某适合的位置
（2）遮光条通过光电门时的速度大小为 （用题中所给的字母表示）。
（3）在滑块从静止释放到运动到光电门的过程中，若系统要符合机械能守恒定律的
结论，应满足的关系式为 （用题中所给的字母表示）。
（4）保持滑块和砝码质量不变，多次改变遮光条到光电门的距离l，记录每次遮光条
1
的遮光时间t及对应的 ，数据见下表
t2
l（/ 101m） 1.00 2.00 3.00 4.00 5.00
t/ms 11.79 8.16 6.71 5.77 5.14
1
（/ 104s2） 0.72 1.50 2.22 3.00 3.78
t2
1
请根据表中的数据，在方格纸上作出 l图像 。
t2
1
（5）某同学根据“ l图像是一条过原点的直线”得出了“系统机械能守恒”的结论。你
t2
是否同意他的观点？请简要说明由 。12．（8分）如图所示，两个滑块A、B静置于同一光滑水平直轨道上。A 的质量为
m，现给滑块A 向右的初速度v ，一段时间后A 与B发生碰撞，碰后A、B分别以
0
1 3
v ， v 的速度向右运动。求：
8 0 4 0
（1）（4分）B的质量；
（2）（4分）碰撞过程中A 对B的冲量的大小。
13．（8分）如图所示，在竖直平面内有光滑轨道ABCD，其中AB是竖直轨道，CD
是水平轨道，AB与BC相切于B点，BC与CD 相切于 C点。一根长为2R的轻杆两端
分别固定着两个质量均为m 的相同小球P、Q（视为质点），将轻杆锁定在图示位置，
并使Q 与B等高。现解除锁定释放轻杆，轻杆将沿轨道下滑，重力加速度为 g。求：
（1）（4分）P球到达C点时的速度大小；
（2）（4分）P球到达B点时的速度大小。14．（13分）如图所示，水平传送带足够长，顺时针运动的速度v=4m/s，与倾角为
37°的斜面的底端 P平滑连接，将一质量 m=2kg 的小物块从A点静止释放。已知A、
P的距离 L=9m，物块与斜面、传送带间的动摩擦因数分别为0.5、 0.1，取重
1 2
力加速度g 10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求物 块：
（1）（4分）第1次滑过P点时的速度大小v ；
1
（2）（4分）第1次在传送带上往返运动的时间t；
（3）（5分）从释放到最终停止运动，与斜面间摩擦产生的热量Q。15．（16分）如图所示的装置中，光滑水平杆固定在竖直转轴上，小圆环A 和轻弹簧
套在杆上，弹簧两端分别固定于竖直转轴和环A，细线穿过小孔O，两端分别与环A
和小球B 连接，线与水平杆平行，环A 的质量为 m，小球B的质量为2m。现使整个
装置绕竖直轴以角速度ω 匀速转动，细线与竖直方向的夹角为37°。缓慢加速后使整
个装置以角速度2ω 匀速转动，细线与竖直方向的夹角为53°，此时弹簧弹力与角速度
为ω 时大小相等，已知重力加速度 g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
（1）（5分）装置转动的角速度为ω 时，细线OB的长度s；
（2）（5分）装置转动的角速度为2ω 时，弹簧的弹力大小F；
（3）（5分）装置转动的角速度由ω 增至2ω 过程中，细线对小球 B做的功W。江苏省如皋中学 2024—2025 学年度高三年级测试
物理参考答案
1．D 2．A 3．C 4．B 5．A 6．C 7． B 8．D 9．D 10．B
d 1 d 2
11． (1) ③⑤②①④ （2） （3）mgl M m
 
t 2  t 
（4）
2mg
（5）不同意，图线的斜率近似等于M md2 才能得出该结论
7 7
12．（1） m；（2） mv
6 8 0
【详解】① 根据动量守恒定律可得 mv mv m v （2分）
0 A B B
7
解得 m  m （2分）
B 6
②根据动量定理可得
I p m v （2分）
B B B
7
解得I  mv （2分）
8 0
3 2gR
13．（1）2 gR；（2）
2
【详解】（1）由机械能守恒定律得
1
4mgR 2mv2 （2分）
2
解得
v2 gR （2分）
（2）当P球到达B点时杆与水平面的角度为
R 1
sin 
2R 2解得
30 （1分）
当P球到达B点时有
v cos30 v cos60 （1分）
Q P
P、Q系统机械能守恒
1 1
3mgR mvP2 mv 2 （1分）
2 2 Q
解得
3 2gR
v  （1分）
P 2
14．（1）6m/s；（2）12.5s；（3）88J
【详解】（1）由动能定理得
1
(mgsin37mgcos37)L mv20 （2分）
1 2 1
解得
v 6m/s （2分）
1
（2）由牛顿第二定律得
mg ma （1分）
2
物块与传送带共速时，由速度公式得
vv at
1 1
解得
t 10s （1分）
1
匀速运动阶段的时间为
v2 v2
1 
2a 2a （1分）
t  2.5s
2 v
第1次在传送带上往返运动的时间
t t t 12.5s (1分)
1 2
（3）由分析可知，物块第一次离开传送带以后，每次再到达传送带和离开传送带的速度大
小相等，物块最终停止在P点，则根据能量守恒有1
Qmgcos37L mv2 (3分)
1 2
解得Q88J (2分)
5g 199mg2
15．（1） ；（2）2mg；（3）
42 1442
【详解】（1）当装置转动的角速度为ω时，对小球B分析得
T cos372mg （2分）
1
T sin372m2ssin37 （2分）
1
解得
5g
s (1分)
42
（2）装置转动的角速度为2ω时，设OB的长度为s'，则对小球B得
T cos532mg
2
T sin532m22s'sin53
2
5g
s' （2分）
122
设细线长度为L，则装置转动的角速度为ω时对圆环A满足
T F m2(Ls) (1分)
1
装置转动的角速度为2ω时，对圆环A有
T F m(2)2(Ls') (1分)
2
解得
F 2mg (1分)
（3）装置转动的角速度由ω增至2ω过程中，对小球B得重力势能变化量为
ΔE 2mg(scos37s'cos53) （2分）
p
动能变化量为
1
E
k

2
2m

(2s'sin53)2(ssin37)2

（2分）
解得细线对小球B做的功为
199mg2
W E E  （2分）
p k 1442