南宁二中2024-12月考高二物理答案_2024-2025高二（7-7月题库）_2024年12月试卷_1216南宁二中等校2024-12月高二联考全科试卷

命题：磨花丽 审题：严丽华、张晓霞
南宁二中 级高二年级 月联考
2023 12
物理 参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D C D C C D C AB BD AC
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。
【答案】
1.
【解析】
D
两个点电荷 、 之间的库仑力大小
甲
，A错误；在 、 两个点电荷连线之间，点电
2
2  
荷 产生的电

场由

指向 ，点电荷

产生
=
的电

2场也由 指向 ，

结

合矢量叠加原理，可知合电场
由 指向 ，B错误；两个点电荷 、 连线的中垂线 上各位置到 、 两个点电荷的距离相

等，

根据

电场强度 和矢量叠

加

原理，可知除

、

1连线的中点

外，

中垂线 上各点的

合电场方向为斜向右
=
上方
2
或斜向右下方，C错误；点

电

荷 对该负点电荷的电场

力
1
向右，点
电荷 对该负点电荷的电场力 向左，由库仑力 可

知 ，该负点电荷

1受到的合
1  2
电场力  向右，它向右做加速运  动 2 ，D正确。故选  = 。  2  1 >  2
【答案】
D
2. 【解析】C根据电容器的决定式 ，当正对面积 减小时，电容器的电容减小，带电尘粒受电场力：
ɛ 
没有发生变化  ，=故 4 电   场  力不变，粒子  仍处于平衡状态，AB错误；由于电容器的电容减

小，两极板间电压保持不变，故电容器的带电荷量将减小，故电容器放电，流经电阻 电流方
=  
向从 至 ，C正确，D错误。故选C。

【答案】

【解析】根据磁场的叠加原理，将 轴上电流向里的导线在 点产生的磁感应强度与 轴上向外电流向外
3. D
的导线在 点产生的磁场进行合成，则这两根导线的合磁感应强度为 ；同理可得：将左上方

电流向外的导线在 点产生的磁场与右下方电流向里的导线在 点产生的磁场进行合成，则这
1
两根导线的合磁感应强度为 ，将右上方电流向里的导线在 点产生的磁场与左下方电流向外

的导线在 点产生的磁场进行合成，则这两根导线的合磁感应强度为 ，根据磁场叠加原理可
2 
知： ，由几何关系可： 与 的夹角为 ，故将 与 合成，则它们
3
的合磁感应强度大小也为 ，方向与 的方向相同，最后将其与 合成，可得正六边形中
1 =  2 =  3 =2  0  2  3 120°  2  3
心处磁感应强度大小为 ，方向沿 轴正方向，D正确，ABC错误。故选 。
2  0  1  1
【答案】
4  0  D
【解析】根据安培定则，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，图甲所示两导线应相互排斥，A错
4. C
误；只有长为l、通过电流为I的短直导线垂直放在匀强磁场中所受磁场力的大小为F，则可
F
测出该处磁感应强度才为B ，B错误；根据安培定则可知，如图直导线下方有垂直纸面向
Il
里的磁场，N极向纸面内转动，C正确；根据安培定则可知，如图环形导线内部有垂直纸面向
外的磁场，N极向纸面外转动，D错误。故选C。
【答案】
5. C
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{#{QQABCQAQggAIAABAABhCAwFQCkEQkhEAAYgOxFAAoAAAyQFABAA=}#}命题：磨花丽 审题：严丽华、张晓霞
【解析】通过圆形线圈的磁通量为穿过圆环的磁感线的条数，首先明确条形磁铁的磁感线分布情况，
另外要注意磁感线是闭合的曲线。条形磁铁的磁感线在磁体的内部是从 极到 极，在磁体的
外部是从 极到 极，内部有多少根磁感线，外部的整个空间就有多少根磁感线同内部磁感线

构成闭合曲线。对于线圈的两个位置，磁铁内部的磁感线全部穿过，但线圈面积越大，抵消

越多，磁通量反而越小，C正确， 错误。故选C。
【答案】
ABD
【解析】放电过程中，电子由地面流向云层，即电子所受的电场力由地面指向云层，由于电子带负电，
6. D
电场力的方向与电场强度的方向相反，故云层的电势比地面的电势高；电流的方向与负电荷
定向移动的方向相反，故放电电流的方向由云层指向地面，AB错误。由电流的定义式

可知，此次放电过程流过地面的电荷量为 ，由于电子的电荷量为 ，故放电过程中从地
= 
面流向云层的电子的数量 ，C错误，D正确。故选D。
=   

【答案】
=  = 
【解析】金属放在静电场中会发生感应起电，根据静电屏蔽，右端外表面的感应电荷为正，右端内表
7. C
面不带电，A错误；根据静电平衡下导体内部特征，金属整体是等势体，金属导体内外表面电
势差为 ，B错误；根据静电平衡下导体内部特征，金属内部被静电屏蔽， 、 两点的电场
强度为 ，金属内部的感应电荷产生的电场强度与匀强电场 大小相等、方向相反，故感应电
0  
荷在 、 两点场强相等，故C正确，D错误。故选C。
0  0
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，

有选错的得0分。
8. 【答案】
【解析】若调节滑动变阻器之前， ，因安培力平行于导轨所在平面向上，则导体棒所受
AB 安
的摩擦力也平行于导轨所在平面向上，当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，导体棒中的电流
<   sin 
增大，则导体棒所受的安培力增大，受到的摩擦力先减小到零，再向下增大；若调节滑动变阻
器之前， ，则导体棒所受的摩擦力平行于导轨所在平面向下，则当滑动变阻器
安
接入电路的阻值减小时，导体棒所受的摩擦力随安培力的增大而增大，故选AB。
>   sin 
9. 【答案】
【解析】由图可知 到 电势不变，之后电势变小，带电金属球为一等势体，再依据沿着电场线方向，
BD
电势降低，则金属球带正电，A错误； 点的电场强度方向由 指向 ， 点的电场强度大于
0  0
点的电场强度，B正确； 点在金属球的内部，场强为零，C错误；正电荷沿直线从 移到
C
的过程中，电场力做功 ，D正确。故选BD。

10. 【答案】AC
=     =  (  2−  3)
【解析】若r 2R，粒子会从磁场圆的不同位置出射，范围是整个圆周长；其中粒
子在磁场中运动的时间最长时，磁场区域的直径是轨迹的一条弦，作出轨
迹如图所示，因为r 2R，则圆心角60，粒子在磁场中运动的最长时
60 60 2m m 1
间t  T    ，A正确，B错误；若r  R，粒子在
max 360 360 Bq 3Bq 2
磁场圆的出射点都在AP之间，由几何关系可知，AP弧长对应的圆心角为
60°，所以粒子能打在圆形磁场圆周上的范围是六分之一个圆周长，C正
1
确。若r  R，粒子沿不同方向射入磁场，如图所示，在磁场中运动时间
2
2m
最长的粒子正好转过了一周，时间为t T  ，D错误；故选AC。
max Bq
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{#{QQABCQAQggAIAABAABhCAwFQCkEQkhEAAYgOxFAAoAAAyQFABAA=}#}命题：磨花丽 审题：严丽华、张晓霞
三、实验题：本题共2小题，共14分。
11.（6分，每空2分）
【答案】（1） ； ； （2） ；
C D
【解析】（1）根据电源与待测电阻估算电流最大值 ，故毫安表选C；电源电动势为
4
，所以电压表应选D；
=   =100  =40mA
（2）实验要求电压和电流的变化范围尽可能大一些，故滑动变阻器应采用分压式接法，毫安表的内阻与
4V
被测电阻阻值接近，应采用毫安表外接法。
12.（8分，每空2分）
【答案】（1） ； ； （2） ；
2

【解析】（1）由图甲所示游标卡尺可知，游标尺是 分度的，游标尺的精度是 ，其示数为
2.325 6.700 0.40 4  
；由图乙所示螺旋测微器可知，其示数为：
20 0.05mm 23mm+
；
5×0.05mm =23.25mm =2.325cm 6.5mm+20.0×0.01mm =
（ ）由图示电流表可知，其量程为 ，分度值为 ，示数为 ；待测金属丝电阻阻值 ，
6.700mm

结合2 电阻定律得 ，可0得.6A电阻率 0.02A 0.40A  = 
2

=   =   2  = 4  
2
13.(12 分)
【答案】（1） ； （2） ； （3）
4  3
解：（1）质子在  C =管0运.4m动的时间为：  =9.×....1..0....V...........................  ...=.(1 10 分)
1
漂移管  的长度：  ..  ... = .... 2 ..  .............................................(1分)
代入数据解得： .......................................................(1分)
C =  C  
（2）质子从漂移管 到漂移管 过程，加速了 次
C =0.4m
根据动能定理有： ........................................(2分)
2
代入数据解得：
2   =2
1

.E 2 ...
−
.... 1
2
..

....

..C 2 ..................................................(1分)
（3）质子沿中线进入偏转电场 4后， ........................................(2分)
=9×10 V

在竖直方向上： ..  ..  ...........  ...=....  ...  ..........................................(1分)
在水平方向上：  1 . 2 ....................................................................(1分)
2=2  
联立解得：

.
=
....

..E..

.......................................................................(2分)
3
=10
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{#{QQABCQAQggAIAABAABhCAwFQCkEQkhEAAYgOxFAAoAAAyQFABAA=}#}命题：磨花丽 审题：严丽华、张晓霞
14.(12 分)
【答案】（1） ;； （2） ； （3）
1 2    2(3−2 2)   
解：（1）设质子  =经 2 过  加  速电场加速后速  度=为  ，  质子在静电分析0器≤中△做  匀<速圆周  运动 
根据牛顿第二定律可得 ....  ....................................................(1分)
2

解得： .........  ...  ... = ......  .............................................................(1分)

根据动能  =定理可  得 ......................................................(1分)
1 2
解得： .....  ..  ....=.... 2 ...  ...  .....−....0......................................................(1分)
1
（ ）设子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径为
=2  
2
根据几何关系可得 ................................

..1..........................................(1分)
1
质子在匀强磁场中运  1动=时 2  ，根据牛顿第二定律可得 ................(1分)
2

联立解得 ...................................................  ...  ..  .... = .....  ..1..................(1分)
2   
（3）若质子在  磁=感  应强  度为 与氘核在磁感应强度为 时，恰好打在记录板上同一位置，
则对质子，有  −△  .......................................  ....+...△....  ..................(1分)
2

对氘核，有   (  −△  )= ..  ........................................................................(1分)
1 2
=2•2..  ...  ..2...−....0............................................................................(1分)
2
2   2
联  立 2(  解+得△：  )=  = .............................................(1分)
2(3−2 2)   
则 的取值 △ 范  围 = 为 (3−2 2)    ...............................................(1分)
2(3−2 2)   
△  0≤△  <  
15.（16分）
【答案】（1） ； （2） ； （3）
3   0
解：（1）电子入
=
射

速

度
0
为 时，电子

沿
1 =
轴
32
做

匀速直线运动，
90
有
%
： .............................(2分)
解得： .......................................................................................................................(2分)
0    =   0 
（2）根据动能定理
=
得

：0

................................................................(2分)
1  0 2 1  0 2
解得： ...  ..  ..  ...1...=.... 2 ..  ...(.... 2 ...)....−.... 2 ..  ....(... 4 ...)...................................................................(2分)
3   0
（3）从最低点
1
到
=
最
32
高

点，有 ..................................................................(2分)
若电子恰能到达纵坐标 位置
−   =   −   
0
根据动能定理有  2 = 5   ................................................................................(2分)
1 2 1 2
解得： .  ..  ..  ...2...=.... 2 ..  ...  ...  ...−.... 2 ..  ....  ....................................................................................(2分)
9
又电子入
=
射
1
速
0 
度0在 范围内均匀分布
所以能到达纵坐标
0 <  < 
位
0
置的电子数 占总电子数 的 ...................................(2分)
0
2 = 5     0 90%
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