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2025 年 1 月“八省联考”考前猜想卷
物理·参考答案与评分标准
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
D D B C B D C AD AB AC
1.【答案】D
【解析】AC．羽毛球在运动过程中受到自身重力和空气阻力作用，其合力是变化的，做变加速曲线运动，
且空气阻力做负功，羽毛球的机械能减小，由于A、B为同一轨迹上等高的两点，则羽毛球在A点的速度
大于在B点的速度。故AC错误；B．经过P点时羽毛球受重力与空气阻力的作用，加速度不等于重力加
速度。故B错误；D．由于存在空气阻力与运动方向相反，AP段羽毛球处于上升阶段，可知羽毛球竖直向
下的加速度大于重力加速度，而PB段羽毛球处于下降阶段，羽毛球竖直向下的加速度小于重力加速度，
由于上升与下降阶段，竖直方向的位移大小相等，由 可知AP段的飞行时间小于PB段的飞行时间。
故D正确。故选D。
2.【答案】D
【解析】A．根据 可求出月球的质量，但题中信息不能求出月球的体积，所以不可以求出
月球的密度，故A错误；B．“嫦娥六号”环绕月球运动，未脱离地球的束缚，故其发射速度应大于地球
的第一宇宙速度7.9km/s，小于地球的第二宇宙速度11.2km/s，故B错误；C．“嫦娥六号”围绕月球做椭
圆运动，根据开普勒第二定律可知，从A→B→C做减速运动，从C→D→A做加速运动，则从B→C→D的
运动时间大于半个周期，即大于6h，故C错误；D．由开普勒第二定律，可得 “嫦娥六号”
在A点和C点速度之比为 故D正确。故选D。
3.【答案】B
【解析】光线在法线两侧，光线从光楔右侧出射时向下偏折，光路图如图
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片
3
.
.
.
设光线从光楔右侧出射时与入射时相比的偏转角为 ，根据折射定律
由于角 很小，所以 也很小，所以原式约等于 解得 故选B。
4.【答案】C
【解析】AB．对重物受力分析，由平衡条件，水平方向有
竖直方向有 若 等于 ，则 等于 ，则 ，显然不满足条件，故 不可能等
于 ， 不可能等于 ，故AB错误；CD．根据 可得 所以 根据
题目条件无法确定 与G的关系，故C正确，D错误。故选C。
5.【答案】B
【解析】线框中的总电流为 据已知条件可得 和 所受安培力的等效长度均为 ，可
得 故选B。
6.【答案】D
【解析】A．设物体位移为 ，拉力 为变力，变力做功为图像围成的面积，则拉力 做功为
由能量守恒知 代入得 A错误；B．由动能定理知，物体的最大速度为 ，则
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片
代入得 B错误； 3
.
.
CD．当运动过程中合力最大时，拉力为 ，速度最大 时，合力功率最大. 为
C错误，D正确。故选D。
7.【答案】C
【解析】B． 图像中，图像与横坐标所围几何图形的面积表示电势差，则有 解得
故B正确，不符合题意；A．坐标原点左侧电场方向向左，右侧电场方向向右，粒子在电场力
作用下，先向右做加速运动，后向右做减速运动，减速至0后，向左先做加速运动，后向左做减速运动，
根据对称性，减速至0时，恰好返回释放点，可知，粒子到达坐标原点的速度最大，此时粒子的动能最大，
根据动能定理有
结合上述解得 故A正确，不符合题意；C．根据图像可知，图像对应的函数方程为
粒子所受电场力即为其合力
合力大小与相对于平衡位置的位移大小成正比，方向相反，粒子做简谐运动，振幅为a，故C错误，符合
题意；D．若从粒子从坐标原点向右运动作为计时起点，则其运动方程为
对上述函数求导，得到速度表达式 对速度表达式求导，得到加速度大小表达式为
根据牛顿第二定律有 综合上述解得 则粒子第一次运动到
原点所用的时间为 故D正确，不符合题意。故选C。
8.【答案】AD
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【解析】A．根据质量数与电荷数守恒可知，碘—129的衰变方程为
3
故A正确； .
.
B．放射性元素的半衰期不受温度、压强、是否是单质等因素的影响，故B错误；
.
C．放射性污染物半衰期越长，在环境中存在的时间越长，对环境影响越大，故C错误；
D．碘—129衰变过程有质量亏损，会释放能量，故D正确。
故选AD。
9.【答案】AB
【解析】A．以A球为对象，由平衡条件可得 解得弹簧的劲度系数 故A正确；
B．设B与A碰撞前瞬间速度大小为 ，根据运动学公式可得 B与A碰撞过程，满足动量守恒，
则有 联立解得B与A碰撞后瞬间速度大小为 故B正确；
C．小球A、B回到 点时，弹簧弹力为0，两球受到重力作用，加速度不为零，故C错误；
D．碰撞后两球一直做简谐运动，两球恰能回到 点，此时两球的加速度为 ，方向向下，根据简谐运动
对称性可知两球处于最低点时的加速度大小为 ，方向向上，设最低点的压缩量为 ，则有
解得
设此过程中弹簧的最大弹性势能为 ，根据系统机械能守恒可得 故D错误。故选
AB。
10.【答案】AC
【解析】A． 时导体棒2与挡板之间的作用力刚好为零，由力的平衡条件得
对导体棒1有 又 解得 故A正确；B C．对导体棒1由动量定理得
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又由法拉第电磁感应定律得 又 3
.
.
由以上可解得 ， 故B错误，C正确； .
D． 时间内，由能量守恒定律得
解得 导体梯1上产生的焦耳热为 代入数据解得 故D错误。故选AC。
11.【答案】(1)0.04【1分】 (2) 9.69【2分】 2.48【2分】 (3)大于【1分】
【解析】（1）由于闪仪的频率为25Hz时，看到水滴仿佛固定不动，故水滴滴下的时间间隔为
（2）[1]根据逐差法求加速度可得该地的重力加速度为
[2]由某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得，D点的瞬时速度
（3）根据动能定理可知 解得 结合图像可知 故
12.【答案】(1) 30 【2分】 100【2分】 (2)并联【2分】 1.0 【2分】 (3) 【1
分】
【解析】（1）（1）[1][2]设毫安表每格表示电流大小为I，则当电阻箱的阻值为R = 1100Ω时，由欧姆
0 1
定律可得15I(R＋R) = U
0 1 g
当电阻箱的阻值为R = 500Ω时，则有30I(R＋R) = U
2 0 1 g
两式联立并代入数据可解得R = 100Ω，I = 1mA
g 0
故该毫安表的量程I = 30I = 30mA
g 0
（2）[1][2]要将量程为300mA的毫安表改成量程为I = 3A电流表，则需在毫安表两端并联一个电阻，设
A
其电阻为R′，则有IR = (I −I)R′
g g A g
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代入数据可解得R′ ≈ 1.0Ω
3
（3）由题意可知，改装后电流表的内阻为R = 1Ω，设通过光敏电阻的电流大小为I′（单位：A）则有则
G
.
有
.
.
(R＋R )I′ = U成立
G
且I′R = IR 由以上两式可得
G g
整理可得
13.【答案】(1)200K (2)
【解析】（1）A到B等压变化，则由盖—吕萨克定律
①
代入数据解得，在A状态时，汽缸内气体的温度为
②
（2）B到C做等容变化，由查理定律
③
其中
④
对活塞受力分析，由平衡条件
⑤
联立可得，在C状态时，活塞对卡口的作用力大小为
⑥
【评分标准】第(1)问4分，第(2)问6分，③④每式1分其余每式2分。
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14.【答案】(1) ，垂直纸面向外 (2) ， 3
.
【解析】（1）电子带负电，根据左手定则可知磁感应强度 方向垂直纸面向外.，电子在磁场中的轨迹如图
.
所示
根据洛伦兹力提供向心力
①
由几何关系可得
②
电子经过电场加速过程，根据动能定理可得
③
联立解得
④
（2）电子在电场中做类平抛运动，假设在电场中的时间为 ，则有
⑤
离开电场时，假设沿电场方向的分速度为 ，则有
⑥
又 ⑦
联立可得 ⑧
离开电场时的动能为
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⑨
3
可知打在荧光屏上的电子动能为 。 .
.
【评分标准】第(1)问6分，第(2)问6分，①②⑨每式2分其余每式1分。
.
15.【答案】(1) ， (2) (3)
【解析】（1）从滑块B静止释放至滑块B滑到轨道的圆弧最低点的过程中，A、B组成的系统满足水平方
向动量守恒，则有
①
则有
又 ②
联立解得A、B运动的水平位移的大小分别为
， ③
（2）根据系统机械能守恒可得
④
解得
，
从B在圆弧最低点到与C发生碰撞前瞬间过程，根据动能定理可得
⑤
解得B与C碰前的速度大小为
B与C发生弹性碰撞过程，有
⑥
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⑦
3
.
解得 ，
.
.
可知B、C速度交换，则滑块C第一次在传送带上向左运动过程，有
⑧
滑块C第一次在传送带上向左运动的时间为
⑨
（3）由于传送带速度
可知滑块C向左减速为0后，反向向右加速到与传送带共速，接着匀速运动到右端与B发
生弹性碰撞，碰后速度再一次发生交换，所以第二次碰撞后B的速度为
B向右减速到停下所用时间为
⑩
此过程，支持力对B的冲量大小为
⑪
摩擦力对B的冲量大小为
⑫
则地面给B的冲量大小为
⑬
【评分标准】第(1)问3分，第(2)问10分，第(3)问4分.④⑤⑥⑦每式2分，其余每式1分。
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