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第 2 课时 法拉第电磁感应定律、自感和涡流
目标要求 1.理解法拉第电磁感应定律，会应用E＝n进行有关计算。2.会计算导体切割磁
感线产生的感应电动势。3.了解自感现象、涡流、电磁驱动和电磁阻尼。
考点一 法拉第电磁感应定律的理解及应用
1．感应电动势
(1)感应电动势：在电磁感应现象中产生的电动势。
(2)产生条件：穿过电路的磁通量发生改变，与电路是否闭合无关。
2．法拉第电磁感应定律
(1)内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比。
(2)公式：E＝n，其中n为线圈匝数。
①若已知Φ－t图像，则图线上某一点的切线斜率为。
②当ΔΦ仅由B的变化引起时，E＝nS，其中S为线圈在磁场中的有效面积。若B＝B ＋kt，
0
则＝k。
③当ΔΦ仅由S的变化引起时，E＝nB。
④当B、S同时变化时，则＝n≠n。求瞬时值时，分别求出动生电动势E 和感生电动势E 并
1 2
进行叠加。
(3)感应电流与感应电动势的关系：I＝。
(4)说明：E的大小与Φ、ΔΦ无关，决定于磁通量的变化率。
1．Φ＝0，不一定等于0。( √ )
2．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势也越大。( × )
3．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大。( √ )
4．线圈匝数n越多，磁通量越大，产生的感应电动势也越大。( × )
例1 (2023·湖北卷·5)近场通信(NFC)器件应用电磁感应原理进行通讯，其天线类似一个压
平的线圈，线圈尺寸从内到外逐渐变大。如图所示，一正方形NFC线圈共3匝，其边长分
别为1.0 cm、1.2 cm和1.4 cm，图中线圈外线接入内部芯片时与内部线圈绝缘。若匀强磁场
垂直通过此线圈，磁感应强度变化率为103 T/s，则线圈产生的感应电动势最接近( )A．0.30 V B．0.44 V C．0.59 V D．4.3 V
答案 B
解析 根据法拉第电磁感应定律E＝，可得E ＝S ，E ＝S ，E ＝S ，三个线圈产生的感应
1 1 2 2 3 3
电动势方向相同，故E＝E＋E＋E＝103×(1.02＋1.22＋1.42)×10－4 V＝0.44 V，故选B。
1 2 3
拓展 若匀强磁场垂直向里且均匀增大，则图中a、b两点比较，________点电势高。
答案 a
确定感应电路中电势高低的方法
例2 (2022·全国甲卷·16)三个用同样的细导线做成的刚性闭合线框，正方形线框的边长与
圆线框的直径相等，圆线框的半径与正六边形线框的边长相等，如图所示。把它们放入磁感
应强度随时间线性变化的同一匀强磁场中，线框所在平面均与磁场方向垂直，正方形、圆形
和正六边形线框中感应电流的大小分别为I、I 和I。则( )
1 2 3
A．II>I
1 3 2 1 3 2
C．I＝I>I D．I＝I＝I
1 2 3 1 2 3
答案 C解析 设圆线框的半径为r，则由题意可知正方形线框的边长为2r，正六边形线框的边长为
r；所以圆线框的周长为C ＝2πr，面积为S ＝πr2。同理可知正方形线框的周长和面积分别
2 2
为C ＝8r，S ＝4r2，正六边形线框的周长和面积分别为C ＝6r，S ＝，三个线框材料、粗细
1 1 3 3
相同，根据电阻定律R＝ρ，可知三个线框电阻之比为R∶R∶R＝C ∶C ∶C ＝8∶2π∶6
1 2 3 1 2 3
根据法拉第电磁感应定律有I＝＝·
可得电流之比为I∶I∶I＝2∶2∶
1 2 3
即I＝I>I，故选C。
1 2 3
考点二 导体切割磁感线产生感应电动势
1．导体平动切割磁感线产生感应电动势的算式E＝Blv的理解
在匀强磁场中，B、l、v三者互相垂直。如果不相互垂直，应取垂直分量
适用条件
进行计算
公式E＝Blv中的l为有效长度，即为导体两端点连线在垂直于速度方向上
的投影长度。如图，导体的有效长度分别为：
有效长度
图甲：l＝sin β
图乙：沿v方向运动时，l＝
图丙：沿v 方向运动时，l＝R；沿v 方向运动时，l＝R
1 2
E＝Blv中的速度v是导体相对磁场的速度，若磁场也在运动，应注意速度
相对速度
间的相对关系
2.导体转动切割磁感线
如图，当长为l的导体在垂直于匀强磁场(磁感应强度为B)的平面内，绕一端以角速度ω匀
速转动，当导体运动Δt时间后，转过的弧度θ＝ωΔt，扫过的面积ΔS＝l2ωΔt，则E＝＝＝
Bl2ω(或E＝Bl＝Bl＝Bl2ω)。
例3 (多选)如图，光滑水平面上两虚线之间区域内存在垂直于纸面向里且范围足够大的匀
强磁场，磁感应强度大小为B。边长为a的正方形导线框PQMN沿图示速度方向进入磁场，当对角线PM刚进入磁场时，线框的速度大小为 v，方向与磁场边界成45°角，若线框的总
电阻为R，则( )
A．PM刚进入磁场时线框中的感应电流大小为
B．PM刚进入磁场时线框所受安培力大小为
C．PM刚进入磁场时两端的电压为
D．PM进入磁场后线框中的感应电流逐渐减小
答案 AD
解析 PM刚进入磁场时，有效切割长度等于a，产生的感应电动势为E＝Bav，感应电流为
I＝＝，方向沿逆时针，故A正确；NM边所受的安培力大小为F ＝BIa＝，方向垂直NM斜
1
向下，PN边所受的安培力大小为F ＝BIa＝，方向垂直PN斜向下，线框所受安培力大小F
2
＝＝，故B错误；PM两端的电压为U＝I·＝，故C错误；PM进入磁场后，有效切割长度逐
渐减小，感应电动势逐渐减小，感应电流逐渐减小，故D正确。
例4 (多选)(2023·黑龙江哈尔滨市模拟)如图所示为法拉第圆盘发电机，半径为r的铜质圆
盘绕其中心O的竖直轴以恒定角速度ω顺时针转动(从上向下看)，空间中存在竖直向上
的匀强磁场，磁感应强度大小为B。圆盘平面和磁感线垂直，两电刷C、D分别与铜盘中心
轴和边缘接触，两电刷间接有阻值为R的电阻，下列说法正确的是( )
A．O点电势比D点高
B．通过R的电流方向由下至上
C．发电机的电动势为E＝
D．发电机的电动势为E＝Br2ω
答案 AC
解析 铜质圆盘转动时，根据右手定则可知，电流方向由 D点指向O点，则O点相当于电
源的正极，D点相当于电源的负极，则O点电势比D点高，通过R的电流方向由上至下，
故A正确，B错误；发电机电动势为E＝Br＝Br·＝，故C正确，D错误。
考点三 自感现象
1．概念：当一个线圈中的电流变化时，它所产生的变化的磁场在线圈本身激发出感应电动势，这种现象称为自感，由于自感而产生的感应电动势叫作自感电动势。
2．表达式：E＝L。
3．自感系数L的影响因素：与线圈的大小、形状、匝数以及是否有铁芯有关。
4．通电自感和断电自感的比较
电路图
器材要求 A、A 同规格，R＝R ，L较大 L很大(有铁芯)
1 2 L
在S闭合瞬间，灯泡A 立即亮起
2
灯泡A立即亮，然后逐渐变暗达到
通电时 来，灯泡A 逐渐变亮，最终一样
1
稳定
亮
①若I≤I，灯A逐渐变暗；
2 1
回路电流减小，两灯泡均逐渐变
②若I＞I，灯A闪亮后逐渐变暗
2 1
断电时 暗，A 电流方向不变，A 电流反
1 2
两种情况下灯A中电流方向均改变
向
(选填“改变”或“不变”)
总结 自感电动势总是阻碍原电流的变化
1．线圈中电流越大，自感系数也越大。( × )
2．对于同一个线圈，电流变化越快，线圈中的自感电动势也越大。( √ )
3．自感电动势总是阻止原电流的变化。( × )
例5 (2023·江苏南京市金陵中学模拟)如图所示的电路中，L 、L 、L 是三个相同的灯泡，
1 2 3
线圈L的电阻和电源的内阻可忽略，D为理想二极管。下列判断正确的是( )
A．开关S从断开状态突然闭合时，L 逐渐变亮，L 一直不亮，L 立即变亮
1 2 3
B．开关S从断开状态突然闭合时，L、L 逐渐变亮，L 立即变亮再熄灭
1 2 3
C．开关S从闭合状态突然断开时，L 逐渐熄灭，L 突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭，L 立
1 2 3
即熄灭
D．开关S从闭合状态突然断开时，L、L 逐渐熄灭，L 突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭
1 2 3
答案 C
解析 由于二极管具有单向导电性，所以开关S从断开状态突然闭合时，二极管不能导通，L 一直不亮；此时L 、L 和L串联在同一回路中，L产生自感电动势阻碍通过其电流增大，
2 1 3
所以通过L 和L 的电流逐渐增大，L 和L 均逐渐变亮，故A、B错误；开关S从闭合状态
1 3 1 3
突然断开时，通过L 的电流立即变为零，所以L 立即熄灭；L产生自感电动势阻碍通过其
3 3
电流减小，此时自感电动势的方向满足二极管导通的条件，所以L 、L 和L串联在同一回
1 2
路中，通过L 的电流逐渐减小，L 逐渐熄灭，而由于L 开始时不亮，所以L 突然变亮，然
1 1 2 2
后逐渐变暗至熄灭，故C正确，D错误。
分析自感问题的三个技巧
考点四 涡流 电磁阻尼和电磁驱动
1．涡流现象
(1)涡流：块状金属放在变化磁场中，或者让它在非均匀磁场中运动时，金属块内产生的漩
涡状感应电流。
(2)产生原因：金属块内磁通量变化→感应电动势→感应电流。
2．电磁阻尼
当导体在磁场中运动时，感应电流会使导体受到安培力，安培力总是阻碍导体的运动。
3．电磁驱动
如果磁场相对于导体转动，在导体中会产生感应电流使导体受到安培力而运动起来。
1．电磁阻尼体现了能量守恒定律。( √ )
2．电磁阻尼阻碍相对运动，电磁驱动促进二者相对运动。( × )
例6 扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌。为了有效隔离外界振
动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速
衰减其微小振动，如图所示。无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动
后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是( )答案 A
解析 感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发生变化。在 A图中，系统振动时，紫
铜薄板随之上下及左右振动，在磁场中的部分有时多有时少，磁通量发生变化，产生感应电
流，受到安培力，阻碍系统的振动；在B图中，只有紫铜薄板向左振动才产生感应电流，
而上下振动和向右振动无感应电流产生；在C图中，无论紫铜薄板上下振动还是左右振动，
都不会产生感应电流；在D图中，只有紫铜薄板左右振动才产生感应电流，而上下振动无
感应电流产生，故选项A正确，B、C、D错误。
课时精练
1．(2023·北京卷·5)如图所示，L是自感系数很大、电阻很小的线圈，P、Q是两个相同的小
灯泡，开始时，开关S处于闭合状态，P灯微亮，Q灯正常发光，断开开关( )
A．P与Q同时熄灭 B．P比Q先熄灭
C．Q闪亮后再熄灭 D．P闪亮后再熄灭
答案 D
解析 由题知，开始时，开关S处于闭合状态，由于L的电阻很小，Q灯正常发光，P灯微
亮，通过L的电流大于通过P灯的电流，断开开关，Q所在电路未闭合，立即熄灭，由于自
感，L中产生感应电动势，与P组成闭合回路，故P灯闪亮后再熄灭，故选D。
2．(2023·江苏卷·8)如图所示，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，OC导体棒的O端
位于圆心，棒的中点A位于磁场区域的边缘。现使导体棒绕O点在纸面内逆时针转动。O、
A、C点电势分别为φ 、φ 、φ ，则( )
O A CA．φ >φ B．φ >φ
O C C A
C．φ ＝φ D．φ －φ ＝φ －φ
O A O A A C
答案 A
解析 由题图可看出导体棒OA段逆时针转动切割磁感线，则根据右手定则可知 φ >φ ，其
O A
中导体棒AC段不在磁场中，不切割磁感线，电势差为 0，即φ ＝φ ，则φ >φ ，A正确，
C A O C
B、C错误；根据以上分析可知φ －φ >0，φ －φ ＝0，则φ －φ >φ －φ ，D错误。
O A A C O A A C
3．(2023·山东德州市模拟)如图甲所示，正方形虚线框为匀强磁场区域的边界，取垂直纸面
向里为正方向，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示。匝数为n、半径为r的导线
圈恰好处于虚线框的外接圆上，导线圈与电阻箱 R 、定值电阻R 组成回路，回路中的其他
1 2
电阻不计。以下说法正确的是( )
A．R 中的电流方向先向左，再向右
2
B．回路中的电动势为
C．t＝t 时刻，回路中的电流为零
0
D．R＝R 时，R 消耗的电功率最大
1 2 1
答案 D
解析 磁感应强度B先正向减小后反向增大，根据楞次定律和安培定则可知R 中的电流方
2
向一直向左，A错误；根据法拉第电磁感应定律得E＝nS＝n(r)2＝，B错误；由题图乙可知
磁感应强度B一直在发生变化，所以t＝t 时刻，回路中的电流不为零，C错误；根据闭合
0
电路欧姆定律可知，R 消耗的电功率为P＝()2R ＝，由此可知，当R ＝R 时，R 消耗的电功
1 1 1 2 1
率最大，D正确。
4．(2023·广东广州市一模)如图甲所示为探究电磁驱动的实验装置。某个铝笼置于U形磁体
的两个磁极间，铝笼可以绕支点自由转动，其截面图如图乙所示。开始时，铝笼和磁体均静
止，转动磁体，会发现铝笼也会跟着发生转动，下列说法正确的是( )A．铝笼是因为受到安培力而转动的
B．铝笼转动的速度的大小和方向与磁体相同
C．磁体从图乙位置开始转动时，铝笼截面abcd中的感应电流的方向为a→d→c→b→a
D．当磁体停止转动后，如果忽略空气阻力和摩擦阻力，铝笼将保持匀速转动
答案 A
解析 磁体从题图乙位置开始转动时，导致通过铝笼截面的磁通量增加，从而产生感应电流，
方向为a→b→c→d→a，因而受到安培力作用，导致铝笼转动，所以铝笼是因为受到安培力
而转动的，A项正确，C项错误；根据楞次定律可知，为阻碍磁通量增加，则导致铝笼与磁
体转动方向相同，但快慢不相同，铝笼的转速一定比磁体的转速小，B项错误；当磁体停止
转动后，如果忽略空气阻力和摩擦阻力，由于铝笼转动的过程中仍然能产生感应电流，所以
铝笼会受到反方向安培力作用逐渐减速直到停止运动，D项错误。
5.(多选)(2023·辽宁沈阳市模拟)电子感应加速器基本原理如图所示，图甲的上、下两个电磁
铁线圈中电流的大小、方向可以变化，产生的感生电场使真空室中的电子加速。如图乙所示，
从上向下看电子沿逆时针方向运动。下列说法正确的是( )
A．磁场变化才能产生感生电场
B．变化的磁场在真空室中激发出的电场与静电场完全相同
C．当图乙中感生电场沿逆时针方向时，电子沿逆时针方向加速运动
D．图甲线圈中的电流增大的过程中，图乙中形成顺时针方向的感生电场
答案 AD解析 由法拉第电磁感应定律可知磁场变化时才会产生感生电场，故 A正确；变化的磁场
在真空室中激发出的电场为无源场，电场线为封闭曲线，与静电场不同，故B错误；当题
图乙中感生电场沿逆时针方向时，电子沿顺时针方向加速运动，故C错误；题图甲线圈中
的电流增大的过程中，竖直向上的磁场增强，由楞次定律可知题图乙中形成顺时针方向的感
生电场，故D正确。
6．(2022·河北卷·5)将一根绝缘硬质细导线顺次绕成如图所示的线圈，其中大圆面积为 S ，
1
小圆面积均为S ，垂直线圈平面方向有一随时间t变化的磁场，磁感应强度大小B＝B ＋
2 0
kt，B 和k均为常量，则线圈中总的感应电动势大小为( )
0
A．kS B．5kS
1 2
C．k(S－5S) D．k(S＋5S)
1 2 1 2
答案 D
解析 由法拉第电磁感应定律，可得大圆线圈产生的感应电动势 E ＝＝＝kS ，每个小圆线
1 1
圈产生的感应电动势E ＝＝＝kS ，由线圈的绕线方式和楞次定律可得大、小圆线圈产生的
2 2
感应电动势方向相同，故线圈中总的感应电动势大小为 E＝E ＋5E ＝k(S ＋5S)，故D正确，
1 2 1 2
A、B、C错误。
7.(2023·天津卷·11)如图，有一正方形线框，质量为m，电阻为R，边长为l，静止悬挂着，
一个三角形磁场垂直于线框所在平面，磁感线垂直纸面向里，且线框中磁区面积为线框面积
一半，磁感应强度变化B＝kt(k>0)，已知重力加速度g，求：
(1)感应电动势E；
(2)线框开始向上运动的时刻t。
0
答案 (1) (2)
解析 (1)根据法拉第电磁感应定律有
E＝·＝
(2)由题图可知线框受到的安培力大小为
F＝BIl＝＝·kt
A当线框开始向上运动时有F＝mg
A
解得t＝。
0
8.(2023·北京市一模)汽车使用的电磁制动原理示意图如图所示，当导体在固定通电线圈产生
的磁场中运动时，会产生涡流，使导体受到阻碍运动的制动力。下列说法正确的是( )
A．制动过程中，导体不会发热
B．制动力的大小与导体运动的速度无关
C．改变线圈中的电流方向，导体就可获得动力
D．制动过程中导体获得的制动力逐渐减小
答案 D
解析 由于导体中产生了涡流，根据Q＝I2Rt可知，制动过程中，导体会发热，A错误；导
体运动速度越大，穿过导体中回路的磁通量的变化率越大，产生的涡流越大，则所受安培力，
即制动力越大，即制动力的大小与导体运动的速度有关，B错误；根据楞次定律，可知，原
磁场对涡流的安培力总是要阻碍导体的相对运动，即改变线圈中的电流方向，导体受到的安
培力仍然为阻力，C错误；制动过程中，导体的速度逐渐减小，穿过导体中回路的磁通量的
变化率变小，产生的涡流变小，则所受安培力，即制动力变小，D正确。
9．(多选)如图所示，用电流传感器研究自感现象。电源内阻不可忽略，线圈的自感系数较
大，其直流电阻小于电阻R的阻值。t＝0时刻闭合开关S，电路稳定后，t 时刻断开S，电
1
流传感器连接计算机分别描绘了整个过程线圈中的电流I 和电阻中的电流I 随时间t变化的
L R
图像。下列图像中可能正确的是( )答案 AD
解析 L为一个自感系数较大、直流电阻小于电阻R阻值的线圈，线圈自感阻碍电流变化，
当开关闭合后，自感电动势逐渐减小，即流过线圈L的电流增大，所以I 增大，最后稳定时
L
I 恒定，当开关断开后，线圈自感阻碍自身电流变化，产生的感应电流仍沿着原来方向，不
L
过大小在减小，最终减为0，B错误，A正确；当开关闭合时，线圈自感阻碍电流变化，L
为一个自感系数较大、有直流电阻的线圈，导致通过电阻R的电流刚开始较大，当自感电
动势逐渐减小，即流过线圈L的电流增大，所以I 减小，最后稳定，由于自感线圈L的直流
R
电阻值小于电阻R的阻值，通过线圈L的电流大于通过电阻R的电流，当断开开关后，原来
通过电阻R的电流立即消失，线圈自感阻碍自身电流变化，产生的感应电流流过电阻R，其
方向与原来流过电阻R的方向相反，最后减小为0，C错误，D正确。
10.(多选)如图所示，用两根完全相同的带有绝缘外皮的导线首尾相接，分别绕制成一个单匝
闭合圆环和两匝闭合圆环，把它们垂直放在随时间均匀变化的同一磁场中，下列说法正确的
是( )
A．穿过两环的磁通量之比为2∶1
B．两环的感应电动势之比为2∶1
C．两环的感应电流之比为2∶1
D．相同时间内通过两环任一截面的电荷量之比为2∶1
答案 BCD
解析 两根导线长度相同，有2πr＝2πr×2，
1 2
即＝，则两圆环面积之比为＝，
可得＝＝，故A错误；
根据法拉第电磁感应定律有E＝nS，
可得＝，故B正确；
两根导线完全相同有＝＝，故C正确；
通过的电荷量q＝n，可得＝，故D正确。
11．如图所示，在半径为R的圆形区域内存在垂直于平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小
为B，圆外无磁场。一根长为2R的导体杆ab水平放置，a端处在圆形磁场的下边界，现使
杆绕a端以角速度ω逆时针匀速旋转180°，在旋转过程中( )A．b端的电势始终高于a端
B．ab杆的电动势最大值E＝BR2ω
C．全过程中，ab杆平均电动势＝BR2ω
D．当杆旋转θ＝120°时，ab间电势差U ＝BR2ω
ab
答案 C
解析 根据右手定则，a端相当于电源正极，b端为负极，a端电势高于b端电势，故A错
误；当导体杆ab和直径重合时，切割磁感线的有效长度l＝2R，此时产生的感应电动势最大，
ab杆切割磁感线产生的感应电动势为E＝Bl2ω＝2BR2ω，故B错误；根据法拉第电磁感应定
律可知，全过程中，ab杆平均电动势为＝＝BR2ω，故C正确；当θ＝120°时，ab杆切割磁
感线的有效长度l′＝R，ab杆切割磁感线产生的感应电动势为E′＝Bl′2ω＝BR2ω，故D
错误。
12．(2023·广东卷·14)光滑绝缘的水平面上有垂直平面的匀强磁场，磁场被分成区域Ⅰ和Ⅱ，
宽度均为h，其俯视图如图(a)所示，两磁场磁感应强度随时间t的变化如图(b)所示，0～τ时
间内，两区域磁场恒定，方向相反，磁感应强度大小分别为2B 和B ，一电阻为R，边长为
0 0
h的刚性正方形金属框abcd，平放在水平面上，ab、cd边与磁场边界平行。t＝0时，线框
ab边刚好跨过区域Ⅰ的左边界以速度v向右运动。在τ时刻，ab边运动到距区域Ⅰ的左边
界处，线框的速度近似为零，此时线框被固定，如图(a)中的虚线框所示。随后在τ～2τ时间
内，Ⅰ区磁感应强度线性减小到0，Ⅱ区磁场保持不变；2τ～3τ时间内，Ⅱ区磁感应强度也
线性减小到0。求：
(1)t＝0时线框所受的安培力F；
(2)t＝1.2τ时穿过线框的磁通量Φ；
(3)2τ～3τ时间内，线框中产生的热量Q。
答案 (1)，方向水平向左 (2) (3)
解析 (1)由题图可知t＝0时线框切割磁感线产生的感应电动势为E＝2Bhv＋Bhv＝3Bhv，
0 0 0则感应电流大小为I＝＝
线框所受的安培力为
F＝2Bh＋Bh＝
0 0
方向水平向左；
(2)在τ时刻，ab边运动到距区域Ⅰ的左边界处，线框的速度近似为零，此时线框被固定，
则t＝1.2τ时穿过线框的磁通量为
Φ＝1.6Bh·h－Bh·h＝
0 0
方向垂直纸面向里；
(3)2τ～3τ时间内，Ⅱ区磁感应强度也线性减小到0，则有E′＝＝＝
感应电流大小为I′＝＝，则2τ～3τ时间内，线框中产生的热量为Q＝I′2Rτ＝。
13．(多选)(2023·全国甲卷·21)一有机玻璃管竖直放在水平地面上，管上有漆包线绕成的线圈，
线圈的两端与电流传感器相连，线圈在玻璃管上部的5匝均匀分布，下部的3匝也均匀分布，
下部相邻两匝间的距离大于上部相邻两匝间的距离。如图(a)所示。现让一个很小的强磁体
在玻璃管内沿轴线从上端口由静止下落，电流传感器测得线圈中电流I随时间t的变化如图
(b)所示。则( )
A．小磁体在玻璃管内下降速度越来越快
B．下落过程中，小磁体的N极、S极上下颠倒了8次
C．下落过程中，小磁体受到的电磁阻力始终保持不变
D．与线圈上部相比，小磁体通过线圈下部的过程中，磁通量变化率的最大值更大
答案 AD
解析 从题图(b)可看出电流的峰值越来越大，即小磁体在依次穿过每个线圈的过程中磁通
量的变化率越来越大，因此小磁体在玻璃管内下降的速度越来越大，A、D正确；假设小磁
体是N极向下穿过线圈，则在穿入靠近每匝线圈的过程中磁通量向下增加，产生逆时针方
向的电流(俯视)，而在穿出远离每匝线圈的过程中磁通量向下减少，产生顺时针方向的电流
(俯视)，即电流方向相反，与题干描述的穿过线圈的过程电流方向变化相符，S极向下同理，
即下落过程中，小磁体的N极、S极方向不变，B错误；线圈可等效为条形磁体，线圈中的
电流越大，则磁性越强，且电流的大小是变化的，则小磁体受到的电磁阻力是变化的，不是
一直不变的，C错误。
