文档内容
【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（广东卷专用）
黄金卷01·参考答案
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
1．D
【详解】A．半衰期不因外界环境的温度而改变，A错误；
B．这种报警装置应用了 射线电离能力强的特点，B错误；
CD． 衰变释放出氦核，故核反应方程是
C错误，D正确。
故选D。
2．A
【详解】A．手臂对篮球的压力可以大于篮球重力，故A正确；
B．篮球对身体的静摩擦力方向竖直向下，故B错误；
C．身体对篮球有竖直向上的摩擦力和水平向右的弹力，合力方向为斜向右上方，故C错误；
D．手臂对篮球的弹力有竖直向下的分量，篮球对身体的静摩擦力大小大于篮球重力，故D错误。
故选A。
3．D
【详解】AD．螺钉松脱后先做竖直上抛运动，到达最高点后再做自由落体运动，故A错误，D正确；
C．规定向下为正方向，根据
螺钉落到井底时的速度大小为
故C错误；
B．螺钉下降距离为
因此井深
故B错误。故选D。
4．C
【详解】A．如果两列波的波峰在某点相遇，振动总是加强，但质点的位移有时最大，有时为0，故A错
误；
B．波发生反射是在同一种介质中，波的频率、波长和波速均不变，故B错误；
C．测速雷达向行进中的车辆发射频率已知的超声波，根据反射波的频率变化判断车速，这是利用了波的
多普勒效应，故C正确；
D．波长不同的机械波通过宽度一定的狭缝时波长越长衍射越明显，故D错误。
故选C。
5．C
【详解】AB．粒子在磁场中运动的周期 ，与粒子速度无关，故粒子在 形盒中的运动周期不变，
所加交流电的周期也相应保持不变，故AB错误；
C．粒子由 形盒中飞出时，有
得
结合
可解得粒子的最大速度为
与 形盒的半径大小 及磁场磁感应强度 均有关，故C正确；
D．洛伦力总与粒子的运动方向垂直，不对粒子做功，只改变其方向，粒子增加的动能来源于加速电场，
故D错误。
故选C。
6．C
【详解】A．正弦交变电压的有效值为交流电压表的示数为 ，故A错误；
B．电击网上的高频电压的周期为
则电击网上的高频电压的频率为
故B错误；
C．根据变压器原、副线圈电压比等于匝数比，可知副线圈与原线圈匝数比需满足
故C正确；
D．将 直流电压连接在变压器的原线圈两端，副线圈不会产生感应电动势，电蚊拍不可以正常工作，故
D错误。
故选C。
7．B
【详解】导航卫星绕地球做匀速圆周运动，圆周半径为 ，由万有引力提供向心力得
解得卫星的加速度大小为
8．AD
【详解】A．小朋友在 点时速度为0，加速度沿着切线向下，处于失重状态，到最低点时加速度竖直向
上，处于超重状态，故A正确；
B．在整个运动过程中，由动能定理得联立可得克服摩擦力做功为
故B错误；
C．克服摩擦力做功即为机械能的减少量，为 ，而重力势能的减少量为 ，故C错误；
D．在B点，根据牛顿第二定律得
解得
结合牛顿第三定律得小朋友在最低点B时对滑道的压力大小为
故D正确。
故选AD。
9．BC
【详解】A．电子束焊接机中为非匀强电场，则电子做变加速运动，故A错误；
B．K为阴极电势低，A为阳极电势高，从K到A电势逐渐升高，故B正确；
CD．电子仅在电场力作用下，从静止开始运动，电场力做正功，电势能减小，由公式 可得，电场
力做功为
故D错误，C正确。
故选BC。
10．BC
【详解】A．由红壶和蓝壶组成的系统，碰撞瞬间动量守恒可知
解得由图乙结合几何知识可知，蓝壶停止的时刻为t= ；所以
方向与蓝壶运动方向相反，故A错误；
B．由图乙可知，蓝壶的动量改变量大于红壶的动量改变量，由动量定理可知，蓝壶受到阻力的冲量大小
比红壶的大，故B正确；
C．对红球碰撞瞬间由动量定理可知
解得
故C正确；
D．两壶碰撞过程中，系统损失的机械能为
故D错误。
故选BC。
11． 大 1.5 偏小 不变
【详解】（1）[1]为了减小折射角的测量误差，应使折射光线适当长些，即应选用宽度大的玻璃砖来测量。
（2）[2]根据折射定律 可知图像斜率的倒数等于n，即
（3）[3]玻璃的折射率为
（4）[4]甲同学所作折射光线（蓝色）与实际折射光线（红色）如图所示，此时所测折射角比实际折射角
偏大，所以甲同学测得的折射率与真实值相比偏小。
[5]虽然乙同学所用的是梯形玻璃砖，但在操作正确的情况下不影响入射角和折射角的测量，所以乙同学测
得的折射率与真实值相比不变。12． ③ 偶然
M 25
【详解】（1）[1][2]用如图甲的螺旋测微器测量电阻丝直径，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，
再旋微调旋钮③，直到听见“喀喀”的声音为止；测量时需要选择电阻丝的不同位置进行多次测量，再取
平均值作为电阻丝的直径，目的是为了减少偶然误差。
（2）[3]实物电路图如图所示
（3）[4][5]
第一次测量按乙图的电路，根据欧姆定律可得
第二次测量将电压表改接在a、b两端，根据欧姆定律可得可知
可知第一次测量得到图线是 ，由图像数据可得
联立可得
13．（1）吸热；（2）
【详解】（1）下压手柄带动皮碗向上运动，气体体积变大对外做功。缓慢移动过程中，气体内能不变，
根据热力学第一定律，则气体应吸热。
（2）设下阀门恰好要被顶开时，腔内气体压强为 ，体积为 ，则
根据玻意耳定律有
联立得
14．（1）0.024V；（2）1.08×10-4J；（3）0.006 C
【详解】（1）由法拉第电磁感应定律有
0～0.1s时间内线圈产生的感应电动势为
则t=0.05s时线圈产生的感应电动势大小为0.024V。（2）根据闭合电路欧姆定律，则有
根据焦耳定律，可得0～0.1s时间内，电阻R产生的焦耳热为
（3）0.1～0.4s时间内，根据法拉第电磁感应定律有
根据闭合电路欧姆定律有
则通过电阻R的电荷量为
结合图像可得
15．（1）4m/s；（2） ；（3）见解析
【详解】（1）对m
假设m在传送带上一直减速
解得
所以假设成立，物块m从开始释放至与物块M发生第1次碰撞前的速度为4m/s。
（2）对m
m从A运动至B点，相对路程为设第1次碰后瞬间，m和M速度分别v 和u，由动量守恒定律和机械能守恒定律
1 1
联立解得
在传送带上m向左运动到速度减为0时，两者相对路程为
m再向右运动到B点时，两者相对路程为
所求的内能为
解得
（3）物块m与物块M第n（n＞1）次碰撞结束时，物块m的速度大小
n=2时，vn=4m/s；n=4，6，8…时，vn=3m/s；n=3，5，7…时，vn=1.5m/s
次
碰前速度 碰后速度 碰撞位置
数
m 4m/s 方向向右 2m/s 方向向左
1 P点
M 0 2m/s 方向向右
m 2m/s 方向向右 4m/s 方向向左
2 P点右侧1m处
M 2m/s 方向向左 0
m 3m/s 方向向右 1.5m/s 方向向左
3 P点右侧1m处
M 0 1.5m/s 方向向右m 1.5m/s 方向向右 3m/s 方向向左
4 P点左侧 m处
M 1.5m/s 方向向左 0
m 3m/s 方向向右 1.5m/s 方向向左
5 P点左侧 m处
M 0 1.5m/s 方向向右
