文档内容
绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 03（云南专用）
物 理
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考·新动向：近年来我国科技进步较快很多领域领先全球，高考题目设计也更注重实际应用场景结合
科学技术通过多情境的综合问题来命题可以全面评估学生的物理素养，如本卷中的第2题“5G”考察
电磁波知识的应用，第3题以“潮汐锁定”为背景考察天体运动的基本规律，这要求学生能够将理论知
识与实际应用相结合，解决实际问题，这些情境既富有挑战性，又贴近现代科技和生活实际，有助于
激发学生的学习兴趣和探究精神。
高考·新考法：在常规考点的考察上，本卷通过 新的 呈现 方式来检验学生对知识的深入理解和灵活运用
能力。如本卷中第5题利用探月工程考察月球上的热现象，图像语言是一种重要的物理语言，本卷中多
道题目利用图像语言来呈现物理过程如第6、9、11、13题引导学生构建物理模型的同时要善于应用数
学知识解决物理问题；
高考·重经典：新高考试题更注重经典模型优化与开发。例如本卷中第10、13、14题分别以经典的“线
框模型”考察电磁感应与电路问题、“连接体”模型与运动学图像结合考察牛顿运动定律及运动学共
速“滑块木板”模型考能量动量的综合。这些模型的综合分析都体现了新高考对经典模型的重视。
命题·大预测：基于上述分析，可以预见2025年云南省高考物理将沿着以下方向发展：注重基础知识与
综合能力的结合 、 强化实际应用场景的考察 、 推广多样化的呈现方式、加强 教材的挖掘 ， 注重经典模
型的优化。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
选择题部分
一、选择题：本题共10小题，第1~7题在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，每小题4分，
共28分。第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答
的得0分，共18分。1．《民法典》第1254条规定禁止从建筑物中抛掷物品。假设某住宅楼上坠物做自由落体运动，开始1s内
的下落高度与最后1s内的下落高度之比为1:5，重力加速度g取10m/s2，则物体下落的总时间为（ ）
A．2s B．3s C．4s D．5s
【答案】B
【详解】设下落总时间为t，由题意可知 解得t=3s故选B。
2．我国自主研发的第5代移动通信技术（简称5G）处于全球领先水平。5G通信网络使用电磁波的频率比
4G通信网络使用电磁波的频率高，相同时间内传递的信息量更大。与4G相比，5G使用的电磁波
（ ）
A．在空气中的传播速度大 B．在空气中的波长小
C．能量子的能量小 D．在空气中的周期长
【答案】B
【详解】A．电磁波在空气中的传播速度相同，与频率无关，故A错误；BD．5G使用的电磁波频率 比
4G的高，由 知，5G使用的电磁波在空气中的波长较小，周期较短，故B正确，D错误；
C．根据能量子的能量 ，可知5G使用的电磁波能量子的能量更大，故C错误。故选B。
3．与地球的卫星月球类似，海王星的卫星海卫一也因潮汐锁定总是以同一半球朝向海王星。已知海卫一
的轨道半长轴为 、周期为 ，月球的轨道半长轴为 、周期为 ，则海王星与地球的质量之比为
（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【详解】根据开普勒第三定律可知由于 、 只与中心天体的质量有关（与中心天体的质量成正比），故海王星与地球的质量之比为
故选D。
4．如图是截面为矩形abcd的玻璃砖，用激光笔发出红色细光束从矩形玻璃砖底部d点沿dO方向射入玻璃
砖，光束从玻璃砖另一面射出后经过cb延长线上的e点，已知光束与ab边夹角为60°，线段Ob＝be。则
该玻璃砖对红光的折射率n和红光在玻璃砖ab边发生全反射的临界角C分别为（ ）
A． ； B． ；
C． ； D． ；
【答案】A
【详解】折射率的公式
已知线段Ob＝be，根据几何关系可得折射角为 ，入射角为 ，则玻璃砖对红光的折射率
对于玻璃砖，红光发生全反射的临界角可得其临界角
C＝45°
故选A。
5．我国探月工程2004年正式立项，2024年6月25日首次获取月背样品后成功返回地球，月球表面的重力
加速度为 。如图所示，玻璃管开口向上竖直放置，长度为 的水银柱密闭了 长的气柱，如果
将这个玻璃管带到月球表面，发现水银柱缓慢向上移动且恰好不从玻璃管流出。已知大气压强为
，整个过程温度保持不变。玻璃管的长度为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【详解】水银柱在地球表面静止时，有
水银柱在月球表面静止时，有
又
设玻璃管的横截面积为S，长度为 ，密闭气体发生等温变化，有
解得故选A。
6．某空间的 轴上只存在沿此轴方向的静电场， 轴上各点电势分布如图。一电子只在电场力作用下由
轴上某点无初速释放，下列说法正确的是（ ）
A． 到 范围内， 处的电场强度最大
B．若电子在 位置释放，不能通过 点
C．若电子沿 轴运动过程中的总能量恒为零，则电子的运动区间可能为
D．若电子在 处释放，电子将一直向右加速运动到 点
【答案】C
【详解】A．根据 图像的斜率大小表示电场强度大小，由图可知原点图像的切线斜率为零，故原点的
电场强度零，不是最大，A错误；
BD．若电子在 位置释放，电子在 处的动能为零，由图可知，电子在 和 两个位置的电势相等，则
电子在两处的电势能也相等，根据总能量守恒可知，粒子在 的动能才为零，即电子运动到 位置时，速
度才会减为零，故电子可以通过 点，且电子先加速运动，而后减速运动，在 和 间来回往复运动，
BD错误；
C．电子带负电荷，开始时由电势低处向电势高处运动，又因为电子沿x轴运动过程中的总能量恒为零，
则开始运动时动能为零，电势能也为零，则粒子的活动区间是 ，C正确。
故选C。
7．如图所示，匀强磁场中有两个相同的弹簧测力计，测力计下方竖直悬挂一副边长为L，粗细均匀的匀质金属等边三角形，将三条边分别记为a、b、c。在a的左右端点M、N连上导线，并通入由M到N的恒定
电流，此时a边中电流大小为I，两弹簧测力计的示数均为 。仅将电流反向，两弹簧测力计的示数均为
。电流产生的磁场忽略不计，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A．三条边a、b、c中电流大小相等
B．两次弹簧测力计示数
C．金属等边三角形的总质量
D．匀强磁场的磁感应强度
【答案】C
【详解】A．根据题意可知，b与c串联后再与a并联，电压相等，bc的电阻为a的电阻的两倍，此时a边
中电流大小为I，则bc中的电流为 ，故A错误；
BCD．电流反向前，根据左手定则，可知a边的安培力方向竖直向上，b、c边的安培力合力方向也竖直向
上，a边的安培力大小为
b、c边的安培力合力大小为
对金属等边三角形受力分析，可得
电流反向后，根据左手定则，可知a边的安培力方向竖直向下，b、c边的安培力合力方向竖直向下，a边的安培力大小仍然为
b、c边的安培力合力大小仍然为
对金属等边三角形受力分析，可得
解得
，
可得
，
故BD错误；C正确。
故选C。
8．游乐场滑索项目的简化模型如图所示，索道AB段光滑，A点比B点高1.25m，与AB段平滑连接的BC
段粗糙，长4m。质量为50kg的滑块从A点由静止下滑，到B点进入水平减速区，在C点与缓冲墙发生碰
撞，反弹后在距墙1m的D点停下。设滑块与BC段间的动摩擦因数为0.2，规定向右为正方向。g取
10m/s2。下列说法正确的是（ ）
A．缓冲墙对滑块的冲量为-50N·s
B．缓冲墙对滑块的冲量为-250N·s
C．缓冲墙对滑块做的功为-125J
D．缓冲墙对滑块做的功为-250J
【答案】BC
【详解】AB．滑块从A滑到C，由动能定理有
解得
v=3m/s
1方向水平向右，碰后滑到D的过程，根据动能定理有
解得
v=2m/s
2
方向水平向左。与墙碰撞过程应用动量定理（向右为正）有
I= m（- v ）-mv=-250N·s
2 1
故A错误，B正确；
CD．对碰撞过程应用动能定理有
解得
W=-125J
故C正确，D错误。
故选BC。
9．一平面简谐横波以速度v=2m/s沿x轴负方向传播，t=0时刻的波形图如图所示。介质中平衡位置在坐标
原点的质点P在t=0时刻的位移 ，以下说法正确的是（ ）
A．该波的波长为8m
B．该波的周期为6s
C．t=1s时，质点P向上运动
D．第1s内，质点P通过的路程为
【答案】AD
【详解】AB．根据t=0时刻的波形图过 和 两点，代入数值可得波的函数关系式为则波长为
波的周期为
故A正确，B错误；
C．波沿x轴负方向传播，由同侧法可知质点P在t=0时刻向下振动，在t=1s即经过四分之一个周期经过平
衡位置后向下运动，故C错误；
D．据题意可知质点P的振动方程为
则在 时，坐标为 ，则路程为
故D正确。
故选AD。
10．如图，空间等距分布无数个垂直纸面向里的匀强磁场，竖直方向磁场区域足够长，磁感应强度大小
，每一条形磁场区域宽度及相邻条形磁场区域间距均为 。现有一个边长 、质量
，电阻 的单匝正方形线框，以 的初速度从左侧磁场边缘水平进入磁场，重力加
速度， ，下列说法正确的是（ ）
A．线框刚进入第一个磁场区域时，加速度大小为
B．线框进入第一个磁场区域过程中，通过线框的电荷量为0.5C
C．线框从开始进入磁场到竖直下落的过程中产生的焦耳热为6.4JD．线框从开始进入磁场到竖直下落过程中能穿过5个完整磁场区域
【答案】AC
【详解】A．根据题意有
， ，
联立解得线框刚进入第一个磁场区域时受到的安培力为
根据牛顿第二定律有
则线框的加速度大小为
故A正确；
B．根据题意有
， ，
解得通过线框的电荷量为
线框进入第一个磁场区域过程中，通过线框的电荷量为0.25C，故B错误；
C．线框所受安培力方向水平向左，线框水平方向做减速运动，竖直方向做自由落体运动，可知，线框从
开始进入磁场到竖直下落的过程中产生的焦耳热为
故C正确；
D．线框水平方向上的运动，在后一个磁场中可以看为前一个磁场中运动的一个延续部分，水平方向上，
线框在磁场中的运动，根据动量定理有
感应电流
由于联立可得
可得
线框穿过1个完整磁场区域，有安培力作用的水平距离为2d，则有
则线框从开始进入磁场到竖直下落过程中能穿过6个完整磁场区域，故D错误。
故选AC。
二、实验题：本题共2小题，共16分。
11．（6分）新能源汽车已经走进了我们的生活，某校实验小组通过网络资料得知某汽车电池采用的是
“刀片电池”技术。现将一块电池拆出来，用游标卡尺准确测量其厚度，结果如图甲所示，然后测量其电
动势 和内阻 。
(1)这块“刀片电池”的厚度为 ；
(2)为了排除电流表和电压表内阻对测量该电池的电动势 和内阻 的影响，该小组设计了如下的实验方案，
如图表所示，记录了电压表分别接在图乙中①、②位置对应的多组电压表的示数 和电流表的示数 ，根
据实验数据绘制如图丙中所示的 、 两条 图线。综合两条图线，此“刀片电池”的电动势为，内阻 （选用图丙中 、 、 、 表示）。
【答案】(1)1.920 (2)
【详解】（1）游标尺为50分度，故精度为 ，主尺读数为 ，游标尺上第10条刻度线与主尺
对齐，故“刀片电池”厚度为
（2）[1][2]当电压表接①时，误差在于电压表的分流，所测电动势不准但短路电流准确，当电压表接②时，
误差在于电流表的分压，所测电动势准确但短路电流不准确。有
12．（10分）某实验小组用如图甲所示的装置做“用单摆测量重力加速度”的实验。
(1)下列叙述正确的是_______。
A．长度不同的1m和30cm的同种细线，选用1m的细线做摆线
B．如图乙中A、B、C，摆线上端的三种悬挂方式，选A方式更好
C．当单摆经过平衡位置开始计时，可用60次经过平衡位置的时间除以60作为单摆振动的周期
D．如图丙中，由于操作失误，致使摆球不在同一竖直平面内运动，而是在一个水平面内做圆周运动，
求出的重力加速度与实际值相比偏大
(2)下边游标卡尺的读数为 mm
(3) 若某同学实验中测出单摆做n次全振动所用时间为t、摆线长为l、摆球直径为d，则当地的重力加速度
（用测出的物理量表示）。(4)小组内其他同学测量了多组实验数据作出了周期的平方与摆长（ ）的关系图像如图丁所示，已知
图线a、b、c平行，图线b过坐标原点。对于图线a、b、c，下列分析正确的是_______。
A．出现图线c的原因可能是使用的摆线比较长
B．出现图线a的原因可能是误将摆线长记作摆长L
C．由图线b计算出的g值最接近当地的重力加速度，由图线a计算出的g值偏大，由图线c计算出的g值
偏小
【答案】(1)AD (2)10.60 (3) (4)B
【详解】（1）A．长度不同的1m和30cm的同种细线，选用1m的细线做摆线，故A正确；
B．如图乙中A、B、C，摆线上端的三种悬挂方式，选C方式更好，用夹子夹住摆线可防止摆长发生变化，
故B错误；
C．当单摆经过平衡位置时开始计时，60次经过平衡位置时振动了30个周期（第一次经过平衡位置时记作
0），则可用60次经过平衡位置的时间除以30作为单摆振动的周期，故C错误；
D．若为圆锥摆，则根据
解得
可知测得的周期偏小，根据
解得可知，求出的重力加速度与实际值相比偏大，故D正确。
故选AD。
（2）如图所示，游标卡尺读数为
（3）若某同学实验中测出单摆做 次全振动所用时间为 ，则周期
摆线长为 ，摆球直径为 ，则摆长
根据
解得当地的重力加速度
（4）AB．根据图线 可知，在 取为0时， 不为0，表明选择的 的长度比实际的摆长大一些，即有可
能是将摆线的长与摆球的直径之和作为摆长 ，摆长取值偏大，则图线右移；同理出现图线 的原因可能
是误将摆线长记作摆长 ，摆长取值偏小，图线左移，故A错误；B正确；
C．根据
可得
三条直线的斜率均为
由三条直线计算出的 值都相同，故C错误。
故选B。
三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．（10分）如图甲所示，两滑块P、Q用轻绳跨过定滑轮相连，Q距地面一定高度，P与滑轮之间的轻
绳平行于斜面。已知斜面倾角 ，P的质量为 。某时刻由静止释放P，一段时间后Q着地，测
得P沿斜面向上运动的 图像如图乙所示，运动中P始终未与定滑轮碰撞，重力加速度g取 。求：
(1)P与斜面之间的动摩擦因数 ；
(2)Q的质量M。
【答案】(1) (2)
【详解】（1）由图乙可知， 内，P减速上滑的加速度大小
对P，由牛顿第二定律可得
解得P与斜面之间的动摩擦因数为
（2）由图乙可知， 内，P加速上滑的加速度大小为
对P，由牛顿第二定律可得
对Q，由牛顿第二定律可得
联立解得Q的质量为14．（13分）如图所示，上表面粗糙、长d = 0.5 m的长木板与半径R = 0.15 m的光滑四分之一圆弧轨道
平滑连接（二者构成一个整体），静止在光滑水平面上，整体的总质量M = 0.6 kg，质量M = 0.6 kg的
1 2
物块放在长木板上的左端。一根长度L = 1.25 m且不可伸长的细线一端固定于O点，另一端系一质量m =
0.4 kg的小球，小球位于最低点时与物块处于同一高度并恰好接触。拉动小球使细线伸直，当细线水平时
由静止释放小球，小球与物块沿水平方向发生弹性碰撞（碰撞时间极短），碰撞后，物块沿着长木板上表
面运动，小球、物块均可视为质点。不计空气阻力，重力加速度g取10 m/s2。求：
(1)小球运动到最低点与物块碰撞前所受拉力的大小；
(2)小球与物块碰撞后的瞬间，物块动量的大小；
(3)若物块恰好运动到与圆弧圆心等高的位置且不脱离圆弧轨道，物块与水平长木板间的动摩擦因数μ。
【答案】(1)12 N (2)2.4 kg⋅m/s (3)0.5
【详解】（1）小球运动到最低点的过程中，由动能定理有
解得小球运动到最低点的速度大小
在最低点，对小球由牛顿第二定律有
解得小球运动到最低点与物块碰撞前所受拉力的大小为
（2）小球与物块碰撞过程中，由动量守恒定律和机械能守恒定律得
小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小为解得小球与物块碰撞后的瞬间，物块动量的大小为
（3）若物块恰好运动到与圆弧圆心等高的位置，此时两者共速，则对物块与长木板和圆弧轨道组成的整
体由水平方向动量守恒得
由能量守恒定律得
解得物块与水平长木板间的动摩擦因数
15．（15分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第Ⅱ象限内有沿y轴负方向的匀强电场，x轴下方有垂
直纸面向里的匀强磁场。现从y轴上的A点沿x轴负方向发射一初速度为 的带正电粒子，经电场偏转后
与x轴负方向成 夹角进入磁场区域，粒子刚好能打在与y轴垂直的足够大荧光屏P上。已知荧光屏
P到x轴的距离为 ，A点到坐标原点O的距离为d，不计粒子重力。求：
(1)进入磁场时的入射点到坐标原点O的距离；
(2)电场强度E与磁感应强度B的比值 ；
(3)若改变初速度的大小，让粒子从y轴上M点（图中未画出）沿x轴负方向射出，现要求粒子仍能以与x
轴负方向成 夹角进入磁场，且进入磁场后垂直打在荧光屏P上，此时M点到坐标原点O的距离 。
【答案】(1) (2) (3)【详解】（1）设粒子在电场中运动时，沿 轴负方向获得的分速度为 ，则由速度合成规律可得
设粒子在电场中的运动时间为 ，则有
解得
（2）由
可解得粒子在电场中的运动时间为
又由
可解得
粒子在电场和磁场中的运动轨迹如图1所示。
图1
设粒子在磁场中做圆周运动的半径为 ，则有
解得设粒子进入磁场时的速度大小为 ，则有
由牛顿第二定律可得
解得
故有
（3）设粒子以初速度 从 轴上的 点射入电场，由于粒子进入磁场时的角度不变，故粒子在磁场中做
圆周运动的速度大小为
粒子在磁场中的运动情况如图2所示。
图2
由几何关系可知，此时粒子在磁场中做圆周运动的半径 为
粒子在电场中沿 轴负方向运动时，有
又因为由牛顿第二定律可知
以上各式联立可解得
