文档文本内容
闵行区 2016~2017 学年第二学期九年级质量调研考试
理化试卷
（满分150分，考试时间100分钟） 17.04
物理部分
考生注意：
1．本试卷物理部分含五个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答
题一律无效。
一、选择题（共16分）
下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相
应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．我们通常说的男高音的“高”是指声音的
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
2．下列粒子中带正电的是
A．中子 B．质子 C．电子 D．原子
3．下列事实不能用分子动理论解释的是
A．酒精挥发 B．花香四溢 C．尘土飞扬 D．腌制咸蛋
4．甲、乙两个质量相同的实心物体漂浮在水面上，已知ρ ＜ρ 。甲、乙所受的浮力
甲 乙
分别为F 、F ，排开液体的体积分别为V 、V ，则
甲 乙 甲 乙
A．F ＝F ，V ＞V B．F ＜F ，V ＜V
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C．F ＝F ，V ＝V D．F ＞F ，V ＞V
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
5．木块静止在水平桌面上，如图1所示。关于木块对桌面的压力和木块所受重力之
间的关系，下列说法中正确的是
A．一对平衡力 B．一对相互作用力
C．作用在同一物体上 D．两力的大小相同 图1
6．如图2所示，在研究“电流与电阻的关系”实验中，下列说法中正确的是
①闭合电键前，移动滑片P到最右端是为了起到保护电路的作用
②闭合电键后，移动滑片P的作用是控制电阻两端的电压保持不变
③闭合电键后，移动滑片P的作用是控制通过电阻的电流保持不变
④闭合电键后，移动滑片P的目的是多次测量取平均值减少误差 图2
A．①② B．②③ C．①③ D．②④7．将电阻R、R、R，电压表V、V、V 分别组成不同的电路。已知R＞R＞R，当电
1 2 3 1 2 3 1 2 3
键闭合后，电压表V 示数为U、V 示数为U、V 示数为U，且U＞U＞U。其对应的电
1 1 2 2 3 3 1 2 3
路图可能是图3中的
A． B． 图3 C． D．
8．两个均匀实心正方体甲、乙，如图4所示放置在水平地面上，乙对水平地面的压强
为p。若将两正方体同时沿竖直方向切去相同的体积ΔV后（ΔV=0.5V ），此时乙对地面
1 甲
的压强为p。下列判断正确的是
2
甲
A．p 一定大于p B．p 一定小于p
1 2 1 2
C．p 1 一定等于p 2 D．p 1 可能小于p 2 乙
二、填空题（共23分）
图4
请将结果填入答题纸的相应位置。
9．我国家用电冰箱的额定电压为 （ 1 ） 伏，工作时消耗的电能是用 （ 2 ） 表测量的。
电冰箱与微波炉的连接方式为 （ 3 ） 联（选填“串”或“并”）。
10．滑雪时，雪橇滑过雪面留下痕迹，说明力可以使物体发生 （ 4 ） 。滑雪运动员撞
到隔离板时，运动员会被反弹回去，说明力的作用是 （ 5 ） 的。当滑雪运动员沿直线匀
速滑行时，他的合力 （ 6 ） 为零（选填“一定”或“一定不”）。
11．汽车在急刹车时，它的动能将 （ 7 ） （选填“变小”、“不变”或“变大”）。
在此过程中，刹车片温度将会升高，这主要是通过 （ 8 ） 的方式使其内能 （ 9 ） (选
填“变小”或“变大”）。
12．某导体的电阻为10欧，在它两端加上6伏的电压后，通过该导体的电流为 （ 1 0 ）
安，通电10秒，通过该导体横截面的电荷量为 （ 1 1 ） 库。当导体两端电压降为3伏时，它
的电阻为 （ 1 2 ） 欧。
s/米
13．甲、乙两小车沿同一直线运动从同一地点同时出发，它们 甲
8
a
的s-t图像如图5所示，其中小车乙的速度为 （ 1 3 ） 米/秒。若以 6 乙
4
小车甲为参照物，小车乙是 （ 14 ） 的（选填“运动”或“静
2
止”）。行驶过程中，小车甲的惯性 （ 1 5 ） （选填“变大”、
0 2 4 6 8 1012 t/秒
“不变”或“变小”）。 图514．在如图6所示的电路中，电源电压保持不变。
（1）若电路中各元件均完好，当电键S由断开到闭合时，
电压表V的示数将 （ 1 6 ） ，电流表A 的示数将 （ 1 7 ） 。
1
（均选填“变小”、“不变”或“变大”）
（2）若电路中存在故障且故障只发生在电阻R、R 处，当
1 2
图6
电键S由断开到闭合时，发现只有一个电表示数发生变化，
则故障是 （ 1 8 ） 。
15．某小组同学为了探究凸透镜成虚像的大小和哪些因素有关，用如图7（a）的图片
作为观察的对象。他们先用焦距为f 的透镜观察不同物距时的成像情况，观察到的现象
1
如图7（b）、（c）所示。接着他们保持物距不变，换用焦距为f 的透镜，观察到的现象如图7
2
（d）所示。（已知f>f，物距u<u=u）
1 2 b c d
（a） （b） 图7 （c） （d）
（1）分析比较图7（a）、（b）和（c），可得出初步结论： （ 1 9 ） 。
（2）分析比较图7（a）、（c）和（d），可得出初步结论： （ 2 0 ） 。
三、作图题（共8分）
请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔。
16．如图8所示，重4牛的木块放在水平地面上，请用力的图示法作出木块受到的重
力。
17．根据凹透镜的性质，完成图9的光路图。
18．根据图10中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内
标出电源的正、负极。
N
F F
电源
（ ） （ ）
图8 图9 图10四、计算题（共25分）
请将计算过程和答案写在答题纸的相应位置。
19．某同学将质量为1千克的铜棒放在阳光下一段时间后，铜棒温度从25℃升高到
35℃。求此过程中铜棒吸收的热量。[c =0.39×103焦/(千克·℃)]
铜
20．如图11所示，小明用力将某货物在4秒内匀速提升了2米，做
了160焦的功，不计摩擦和绳子重力。求：
（1）这段时间内拉力的功率。
（2）货物的重力。
图11
21．在图12（a）所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R的阻值为20欧，
1
滑动变阻器R上标有“10欧 2安”字样。将电键闭合后，求：
2
（1）通过电阻R的电流。
1
（2）电阻R通电10秒所消耗的电能。
1
R
（3）再将两个表盘如图12（b） 1
所示的电流表A、A正确接入电路，
1 2 S
要求通过移动变阻器的滑片，使A
1
P
与A示数的比值最大。请指出两电
2
R
2
流表的位置，并算出此比值。
（a） （b）
图12
22．足够高的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，底面积为2×10-3米2，盛有质量为0.4
千克的水。将一横截面积为4×10-4米2的圆柱形玻璃管，装入一定量的水后竖直放入容器
中，玻璃管处于漂浮状态，如图13（a）所示。
（1）求容器内水的体积V 。
水
（2）求容器中离水面0.1米深处的液体压强p。
（3）再将一实心均匀物块浸没在玻璃管的水中后，玻
璃管仍旧漂浮在水面上，如图13（b）所示。若物块投入前 (a) (b)
图13
后，管内的水对玻璃管底部压强的变化量是Δp ，容器内的
1
水对容器底部压强的变化量是Δp，已知Δp=2Δp，求物块的密度ρ 。
2 1 2 物五、实验题（共18分）
请根据要求在答题纸的相应位置作答。
23．如图14（a）所示，在“测定滑动摩擦力大小”的实验中，应尽量控制木块在水平
桌面上沿直线 （ 1 ） 滑动，根据二力平衡的条件，滑动摩擦力的大小为 （ 2 ） 牛。
在 “探究杠杆平衡条件”实验中，如图14（b）所示的杠杆 （ 3 ） （选填“处于”或
“不处于”）平衡状态，此时应向 （ 4 ） 端调节平衡螺母，使杠杆水平平衡。
图14（a） 图14（b） 图15
24．在研究“平面镜成像的特点”的实验中，小华填写的实验报告（部分）如下，请
完成空格处的内容。
实验名称 平面镜成像
(5) ：研究平面镜成像的特点。
实验器材：玻璃板、两支完全相同的蜡烛、 (6) 、火柴、光屏、白纸、支架。
实验步骤：1．如图15所示，把玻璃板 （ 7 ） 放在水平桌面上。
2．……
3．在蜡烛B的位置放一光屏，屏上没有像，这说明平面镜所成的像
是 （ 8 ） 。
25．甲、乙两同学用相同的器材进行“测定小灯泡额定功率”的实验。实验器材有：4.5伏
的电源、标有“3.8伏”字样的小灯泡、标有“5欧 3安”的滑动变阻器、表盘如图16所
示的电压表和电流表、电键及导线若干。甲同学正确连接电路，实验步骤正确，移动滑片
发现无法精确测出额定电压。于是他对电路进行了适当的调整，并将滑片置于变阻器的
一端，闭合电键，电压表示数为1.4伏。
乙同学按照甲同学调整后的电路连接，
然后将滑片置于变阻器的一端，闭合电
键，电流表示数为0.32安。接着，他们均
（a） 图16 （b）
将变阻器的滑片移动至小灯正常发光，
经对比后发现两个电流表示数变化量的大小恰好相等。
（1）画出甲同学调整后的实验电路图。 （ 9 ）
（2）求小灯正常发光时的电流及额定功率。（保留计算过程） （ 1 0 ）26．某兴趣小组为了确定经容器侧壁喷出液体所能达到的水
平距离s和哪些因素有关，选择侧壁开有小孔的柱形容器进行相
关实验，如图17所示。实验中他们通过改变水的体积来改变小孔
到水面的距离H，在容器下方垫上不同高度的木块来改变小孔离
开地面的高度h，并测出不同情况下喷出的水所能达到的水平距
图17
离s。然后他们换用酒精重新进行了实验，实验数据如下表所示。
实验 离开液面的距离 离开地面的高度 达到的水平距离
液体
序号 H（米） h（米） s（米）
1 0.1 0.2 0.283
2 0.1 0.4 0.400
3 0.1 0.9 0.600
水 4 0.2 0.1 0.283
5 0.2 0.2 0.400
6 0.3 0.1 0.346
7 0.3 0.3 0.600
8 0.1 0.2 0.283
酒精
9 0.3 0.1 0.346
（1）分析实验序号1与8（或6与9）的数据可得出初步结论：当H、h相同时，s与
液体种类 （ 1 1 ） 关（选填“有”或“无”)。
（2）分析实验序号1、2与3（或4与5或6与7）的数据可得出初步结论： （ 1 2 ）
。
（3）分析实验序号 （ 1 3 ） 的数据可得出初步结论：在水中，当h相同时，H越
大，s越大。
（4）进一步综合分析表中的实验数据还可以发现：
（a）分析实验序号1、４、８（或2、5或3、7或6、9）的数据可得出初步结论： （ 1 4 ）
；
（b）分析实验序号1、４、８（和2、5和3、7和6、9）的数据可得出初步结论： （ 1 5 ）
。2017 年上海市闵行区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用
2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．我们通常说的男高音的“高”是指声音的（ ）
A．音调B．响度 C．音色D．振幅【考点】9D：频率及音调的关系．
【分析】（1）音调指声音的高低，声音尖而刺耳的音调越高，声音宽厚的音调
越低．
（2）响度指声音的大小，声音越大，响度越大；声音越小，响度越小．
（3）音色是声音的品质与特色，由发声体的材料和结构决定．
【解答】解：
男高音是指声音很高，音调高，是因为其声带振动的频率大．
故选A．
2．下列粒子中带正电的是（ ）
A．中子B．质子 C．电子D．原子
【考点】32：原子的核式模型．
【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核
又是由带正电的质子和不带电的中子构成的．
【解答】解：
根据原子结构的相关知识可知，原子中带正电的微粒是质子．
故选B．
3．下列事实不能用分子动理论解释的是（ ）
A．酒精挥发B．花香四溢C．尘土飞扬D．腌制咸蛋
【考点】37：分子动理论的其它内容及应用．
【分析】分子动理论包括：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无
规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力．
【解答】解：
A、酒精挥发，是因为酒香中含有的分子不断运动，向空气中扩散，能用分子运
动理论解释，故A不符合题意；
B、花香四溢，是因为花的香味分子不断运动，向四周扩散，使人们闻到花香，
能用分子运动理论解释，故B不符合题意；C、尘土飞扬，灰尘是固体小颗粒，不是分子，不能用分子运动理论解释，故C
符合题意；
D、浸在盐水中的鸡蛋变咸了是因盐水分子做无规则运动进入了鸡蛋，能用分
子运动理论解释，故D不符合题意．
故选C．
4．甲、乙两个质量相同的实心物体漂浮在水面上，已知ρ ＜ρ ．甲、乙所受
甲 乙
的浮力分别为F 、F ，排开液体的体积分别为V 、V ，则（ ）
甲 乙 甲 乙
A．F =F ，V ＞V B．F ＜F ，V ＜V
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C．F =F ，V =V D．F ＞F ，V ＞V
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】首先根据物体浮沉条件判断甲、乙两物体受到的浮力关系，然后利用
阿基米德原理判断排开水的体积关系．
【解答】解：
甲漂浮在水面上，则F =G ；乙漂浮在水面上，则F =G ，
浮甲 甲 浮乙 乙
因为m =m ，则G =G ，
甲 乙 甲 乙
所以，F =F ．
浮甲 浮乙
水的密度一定，浮力相等，根据F =ρ gV 可知，V =V ．
浮 水 排 排甲 排乙
故选C．
5．木块静止在水平桌面上，如图所示．关于木块对桌面的压力和木块所受重
力之间的关系，下列说法中正确的是（ ）
A．一对平衡力 B．一对相互作用力
C．作用在同一物体上 D．两力的大小相同
【考点】6Q：平衡状态的判断．【分析】木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的
重力，压力的施力物体是木块，是由于木块发生形变而产生的．压力与支持力
是一对作用力与反作用力．
【解答】解：
木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力；
木块对桌面的压力是桌面受到的，木块所受重力是木块受到的，两个力作用
在两个物体上，且方向相同，所以，它们既不是平衡力，又不是相互作用力，故
ABC错误，D正确．
故选D．
6．如图所示，在研究“电流与电阻的关系”实验中，下列说法中正确的是（
）
①闭合电键前，移动滑片P到最右端是为了起到保护电路的作用
②闭合电键后，移动滑片P的作用是控制电阻两端的电压保持不变
③闭合电键后，移动滑片P的作用是控制通过电阻的电流保持不变
④闭合电键后，移动滑片P的目的是多次测量取平均值减少误差．
A．①②B．②③C．①③D．②④
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】①为保护电路，闭合电键前，变阻器连入电路中的电阻最大；
②③④根据控制变量法，在研究电流与电阻的关系时，要控制不同的定值电
阻两端的电压不变，这是通过移动变阻器的滑片来实现的；
【解答】解：①闭合电键前，为保护电路，变阻器连入电路中的电阻最大，即移
动滑片P到最右端是为了起到保护电路的作用，正确；
②根据控制变量法，在研究电流与电阻的关系时，要控制电阻两端的电压不变，闭合电键后，当换下不同的定值电阻时，根据分压原理，电压表示数要改
变，通过移动滑片P的作用是控制电阻两端的电压保持不变，正确；
③根据欧姆定律I= ，因控制定值电阻的电压不变，当换上不同的定值电阻时
通过电阻的电流改变了，故闭合电键后，移动滑片P的作用是控制通过电阻
的电流保持不变，错误；
④在研究“电流与电阻的关系”实验中，为得出普遍性的规律，要更换不同
的定值电阻（保持电压不变），记录对应的电流大小，故要移动滑片P的目的
是多次测量取平均值减少误差是错误的．
故选A．
7．将电阻R 、R 、R ，电压表V 、V 、V 分别组成不同的电路．已知R ＞R ＞R ，
1 2 3 1 2 3 1 2 3
当电键闭合后，电压表V 示数为U 、V 示数为U 、V 示数为U ，且U ＞U ＞
1 1 2 2 3 3 1 2
U ．其对应的电路图可能是下图中的（ ）
3
A． B． C． D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．【分析】由各选项电路连接情况，结合电路特点和欧姆定律分析解答．
【解答】解：串联电路中电流处处相等，总电压等于各部分电路两端电压之和．
A、由图知，R 、R 两电阻串联，电压表V 测R 两端电压，电压表V 测R 两端电
1 2 1 2 2 1
压，电压表V 测电源两端电压．
3
因为R ＞R ，由U=IR和串联电路电压特点可知：U ＜U ＜U ，故A不合题意；
1 2 1 2 3
B、由图知，R 、R 两电阻串联，电压表V 测R 两端电压，电压表V 测R 两端电
2 3 1 2 2 3
压，电压表V 测电源两端电压．
3
因为R ＞R ，由U=IR可知，所以U ＞U ，但总电压U ＞U ＞U ，故B不合题意
2 3 1 2 3 1 2
C、由图知，R 、R 两电阻串联，电压表V 测电源两端电压，电压表V 测R 两端
2 3 1 2 3
电压，电压表V 测R 两端电压．
3 2
因为R ＞R ，由U=IR和串联电路电压特点可知：U ＞U ＞U ，故C不合题意；
2 3 1 3 2
D、由图知，R 、R 两电阻串联，电压表V 测电源两端电压，电压表V 测R 两端
1 2 1 2 1
电压，电压表V 测R 两端电压．
3 2
因为R ＞R ，由U=IR和串联电路电压特点可知，U ＞U ＞U ．故D符合题意．
1 2 1 2 3
故选D．
8．两个均匀实心正方体甲、乙，如图所示放置在水平地面上，乙对水平地面的
压强为p ，若将两正方体同时沿竖直方向切去相同的体积△V后（△V=0.5V
1
），此时乙对地面的压强为p ，下列判断正确的是（ ）
甲 2
A．p 一定大于p B．p 一定小于p C．p 一定等于p D．p 可能大于
1 2 1 2 1 2 1
p
2
【考点】83：压强大小比较．
【分析】由于物体对水平表面的压力都等于物体的重力，则如图所示放置时p = = = + ；当切去相同的体积△V 后，压强 p = =
1 2
= + ；
由于乙正方体是沿竖直方向切去的体积，则 = ；所以，关键是判断
与 的大小；根据分式可知只要比较出S 与2S ′的大小即可；
乙 乙
S 与2S ′的大小，就取决于边长的变化；所以，根据△V=0.5V ，V =h 3，
乙 乙 甲 甲 甲
△V =h 2L ，判断边长的变化．
乙 乙 乙
【解答】解：由于物体对水平表面的压力都等于物体的重力，则如图所示放置
时，
乙对水平地面的压强为p = = = + ；
1
当切去相同的体积△V后，乙对地面的压强p = = =
2+ ；
乙正方体放置在水平地面上，则p = = = = =ρ
乙
gh ，
乙 乙
当乙正方体是沿竖直方向切去时，p ′= = = =
乙
=ρ gh ，
乙 乙
所以， = ；
由于沿竖直方向切去相同的体积，如图：
则：△V=0.5V =0.5h 3，△V=△V =h 2L ，
甲 甲 乙 乙 乙
所以，0.5h 3=h 2L ，即：h 2× h =h 2L ，
甲 乙 乙 甲 甲 乙 乙
由图可知：h ＜h ，则：h 2＜h 2，
甲 乙 甲 乙所以， h ＞L ，
甲 乙
由图可知：h ＜h ，则 h ＜ h
甲 乙 甲 乙
所以， h ＞L ；
乙 乙
由于S ′=h （h ﹣L ）=h 2﹣h L ＞h 2﹣h × h = h 2= S ，
乙 乙 乙 乙 乙 乙 乙 乙 乙 乙 乙 乙
所以，2S ′＞S ；
乙 乙
则 ＞ ；
由此分析可知：p ＞p ．
1 2
故选A．
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．我国家用电冰箱的额定电压为 22 0 伏，工作时消耗的电能是用 电能
表测量的．电冰箱与微波炉的连接方式为 并 联（选填“串”或“并”）．
【考点】IO：家庭电路的连接．
【分析】我国家用电器的额定电压都是220V．家庭电路中用电能表来测量用电
器消耗的电能；
家庭电路中，各家用电器之间是并联的，因为家庭电路电压是220V，各家用电
器的额定电压是220V，并联在电路中，各家用电器能正常工作，并且互不影响．
【解答】解：电冰箱是家用电器，其正常工作电压是220V，工作时消耗的电能
是用电能表测量的．
电冰箱与微波炉之间是并联的，两者都能正常工作，并且互不影响．故答案为：220；电能；并．
10．滑雪时，雪橇滑过雪面留下痕迹，说明力可以使物体发生 形变 ．滑雪
运动员撞到隔离板时，运动员会被反弹回去，说明力的作用是 相互 的．当
滑雪运动员沿直线匀速滑行时，他的合力 一定 为零（选填“一定”或
“一定不”）．
【考点】6F：力的作用效果；6I：力作用的相互性．
【分析】（1）力可以使物体的发生形变或改变物体的运动状态．物体间力的作
用是相互的；
（2）相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在
两个物体上；平衡力满足的条件是：“同一物体”、“大小相等”、“方向相
反”、“在同一直线上”，相互作用力与平衡力的重要区别是作用的物体，平
衡力是作用在同一个物体上．
【解答】解：（1）滑雪时，雪橇滑过雪面留下痕迹，雪的形状发生变化，说明力
可以使物体发生形变；
（2）滑雪运动员撞到隔离板时，运动员会被反弹回去，说明力的作用是相互的
（3）当滑雪运动员沿直线匀速滑行时，处于平衡状态，受平衡力，平衡力合力
为零．
故答案为：形变；相互；一定．
11．汽车在急刹车时，它的动能将 变小 （选填“变小”、“不变”或“变
大”）．在此过程中，刹车片温度将会升高，这主要是通过 做功 的方式使
其内能 变大 （选填“变小”或“变大”）．
【考点】FO：动能的影响因素；G9：做功改变物体内能．
【分析】物体由于运动而具有的能量叫动能．动能决定于物体的质量和速度；
改变内能的方式有做功和热传递．
【解答】解：
汽车在急刹车时，质量不变，速度减小，所以它的动能将变小；在此过程中，刹车片与车轴之间产生的摩擦力使汽车减速，此时刹车片的温
度升高了，这是通过做功的方式使刹车片的内能变大．
故答案为：变小；做功；变大．
12．某导体的电阻为10欧，在它两端加上6伏的电压后，通过该导体的电流
为 0. 6 安，通电10秒，通过该导体横截面的电荷量为 6 库．当导体两端
电压降为3伏时，它的电阻为 1 0 欧．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】已知电压和电阻，由I= 求电流大小，已知电流和时间的大小，根据公
式Q=It可求通过导体的电荷量的大小；根据电阻是导体本身的一种属性，其
大小与两端电压及通过的电流大小无关，据此解题．
【解答】解：由I= 可得，通过导体的电流I= = =0.6A；
由Q=It可得：通过该导体横截面的电荷量Q=It=0.6A×10s=6J；
电阻是导电阻是导体本身的一种属性，其大小与两端电压无关，可得当导体
两端电压降为3伏时，其电阻仍为10Ω．
故答案为：0.6；6；10．
13．甲、乙两小车沿同一直线运动从同一地点同时出发，它们的s﹣t图象如图
所示，其中小车乙的速度为 0.5 米/秒．若以小车甲为参照物，小车乙是
运动 的（选填“运动”或“静止”）．行驶过程中，小车甲的惯性 不变
（选填“变大”、“不变”或“变小”）．【考点】68：速度与物体运动；6L：惯性．
【分析】（1）匀速直线运动的路程s与运动时间t成正比，s﹣t图象是一条倾
斜的直线，由图象找出乙的路程s与所对应的时间t，由速度公式可求出乙的
速度；
（2）首先根据甲乙的速度关系判断两物体的位置关系，然后以甲为参照物，判
断乙的运动状态；
（3）惯性是物体本身具有的属性，决定于物体的质量，与其它因素无关．
【解答】解：由图象知，
当乙通过的路程是6m时，所用时间是12s，
所以乙运动的速度为v= = =0.5m/s；
甲乙相同时间通过的路程不同，说明两者运动的速度不同，所以以甲为参照
物，乙的位置不断变化，是运动的；
物体的惯性只与质量有关，小车甲在运动过程中质量不变，所以惯性不变．
故答案为：0.5；运动；不变．
14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．
（1）若电路中各元件均完好，当电键S由断开到闭合时，电压表V的示数将
变大 ，电流表A 的示数将 不变 ．（均选填“变小”、“不变”或“变
1
大”）
（2）若电路中存在故障且故障只发生在电阻R 、R 处，当电键S由断开到闭合
1 2
时，发现只有一个电表示数发生变化，则故障是 R 断路或 R 、 R 同时断路 ．
2 1 2【考点】IZ：电路的动态分析；IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】由电路图可知，当电键S断开时，R 和电压表被断路，电路为R 的简单
2 1
电路，两电流表均测通过R 的电流．
1
（1）当电键闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A 测R 支路的
1 1
电流的，电流表A 测干路电流，根据电压表有无示数判断其示数的变化，根据
2
并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电流表A 示数的变化，根据并联
1
电路的电流特点可知干路电流的变化；
（2）电路故障分为短路和断路，分别分析两电阻短路或断路时三电表示数的
变化，然后得出符合题意的答案．
【解答】解：由电路图可知，当电键S断开时，R 和电压表被断路，电路为R 的
2 1
简单电路，两电流表均测通过R 的电流；
1
（1）当电键闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A 测R 支路的
1 1
电流的，电流表A 测干路电流；
2
由电键S断开时无示数、闭合有示数可知，电压表的示数变大；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R 的电流不变，即电流表A 的示数不变；
1 1
（2）电路故障分为短路和断路，则：
①若R 短路，闭合电键前，电流经两电流表回到电源的负极，会造成电源短路
1
电压表示数为0；
闭合电键后，电流仍然经两电流表回到电源的负极，会造成电源短路，此时电
压表也被短路，电压表示数仍然为0；所以，闭合电键前后，三电流表的示数不
变；
②若R 短路，闭合电键前，两电流表有示数，电压表无示数，闭合电键后，会造
2成电源短路，电流表A 与电压表均有示数，且干路电流变大，即电压表的示数
1
不变，电流表A 的示数变小，电流表A 的示数变大；
1 2
③若R 与R 同时短路时，电键闭合前后都会造成电源短路，三电表的示数不
1 2
变；
④若R 断路，闭合电键三电表均无示数，闭合电键后，电压表和V 有示数，V
1 2 1
无示数，即电压表的示数变大，电流表A 的示数不变，电流表A 的示数变大；
1 2
⑤若R 断路，闭合电键前后，通过R 的电流不变，两电流表的示数不变，而电
2 1
压表有无示数变为有示数，则电流表的示数不变，电压表的示数变化；
⑥若R 与R 同时断路时，闭合电键前三电表无示数，闭合电键后，两电流表的
1 2
示数不变，电压表的示数变大；
综上可知，电路故障为R 断路或R 、R 同时断路．
2 1 2
故答案为：（1）变大；不变；（2）R 断路或R 、R 同时断路．
2 1 2
15．某小组同学为了探究凸透镜成虚像的大小和哪些因素有关，用如图（a）的
图片作为观察的对象．他们先用焦距为f 的透镜观察不同物距时的成像情况，
1
观察到的现象如图（b）、（c）所示．接着他们保持物距不变，换用焦距为f 的透
2
镜，观察到的现象如图（d）所示．（已知f ＞f ，物距u ＜u=u ）
1 2 b c d
（1）分析比较图（a）、（b）和（c），可得出初步结论： 同一物体经同一凸透镜
成虚像时，物距越大，像越大 ．
（2）分析比较图（a）、（c）和（d），可得出初步结论： 同一物体经不同的凸透
镜成虚像时，物距相同，焦距越大，像越小 ．
【考点】B8：凸透镜成像的应用．
【分析】分析图象中的像和像距的关系及像和焦距的关系即可得出结论；【解答】解：（1）分析比较图（b）和（c）与（a）相比较，成的正立放大的虚像，根
据物距u ＜u，（c）的像大于（b）的像知，成虚像时物距越大，像越大，故可得
b c
出初步结论是：同一物体经同一凸透镜成虚像时，物距越大，像越大；
（2）分析比较图（c）和（d）与（a）相比较，成正立放大的虚像，且（d）的像大于
（c）的像，根据已知f ＞f ，物距u=u 可知，物距相同时，焦距越大像越大，故
1 2 c d
可得出初步结论：同一物体经不同的凸透镜成虚像时，物距相同，焦距越大，
像越小；
故答案为：（1）同一物体经同一凸透镜成虚像时，物距越大，像越大；（2）同一
物体经不同的凸透镜成虚像时，物距相同，焦距越大，像越小；
三、作图题（共8分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B
铅笔．
16．如图所示，重4牛的木块放在水平地面上，请用力的图示法作出木块受到
的重力．
【考点】7B：重力示意图．
【分析】画重力的图示首先要明确重力的三要素，再确立一定的标度，然后从
物体的重心开始，沿竖直向下的方向，画出力的大小．
【解答】解：木块受到重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，G=4N，选标
度为2N，如图所示：
17．根据凹透镜的性质，完成图的光路图．【考点】B6：透镜的光路图．
【分析】在作凹透镜的光路图时，首先要仔细观察入射光线的特点，然后再根
据透镜的光学特点来作图．
【解答】解：
延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线
传播方向不改变，由此作图．如图所示：
．
18．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号
内标出电源的正、负极．
【考点】CA：通电螺线管的磁场．
【分析】利用螺线管的左端为N极，结合磁感线的特点可以确定磁感线的方向．
利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的
方向，进一步可以得到电源的正负极．
【解答】解：螺线管的左端为S极，右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回
到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的．根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中
电流是从螺线管的左端流入右端流出．
根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到
负极，可以确定电源的右端为负极，左端为正极．
如下图所示：
四、计算题（共25分）请将计算过程和答案写在答题纸的相应位置．
19．某同学将质量为1千克的铜棒放在阳光下一段时间后，铜棒温度从25℃
升高到35℃．求此过程中铜棒吸收的热量．[c =0.39×103焦/（千克•℃）]．
铜
【考点】GG：热量的计算．
【分析】知道铜棒的质量、铜的比热容、初温和末温，利用吸热公式Q =cm△t
吸
求铜棒吸收的热量．
【解答】解：
铜棒吸收的热量：
Q =cm△t=0.39×103J/（kg•℃）×1kg×（35℃﹣25℃）=3.9×103J．
吸
答：铜棒吸收的热量为3.9×103J．
20．如图所示，小明用力将某货物在4秒内匀速提升了2米，做了160焦的功，
不计摩擦和绳子重力．求：
（1）这段时间内拉力的功率．
（2）货物的重力．【考点】FF：功率的计算；ED：功的计算公式的应用．
【分析】（1）功率的计算公式为：P= ，代入数值可求功率；
（2）根据功的计算公式W=Fs，变形可求重力G．
【解答】解：（1）由题可知，拉力做功W=160J，时间t=4s；
故拉力的功率为：P= = =40W；
（2）因为不计摩擦和绳子重力，
所以，使用定滑轮时没有做额外功，则拉力做功等于克服物体重力做的功，即
W=160J；
由W=Gh可得，货物的重力为：G= = =80N；
答：（1）这段时间内拉力的功率为40W．
（2）货物的重力为80N．
21．在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R 的阻值为
1
20欧，滑动变阻器R 上标有“10欧 2安”字样．将电键闭合后，求：
2
（1）通过电阻R 的电流．
1
（2）电阻R 通电10秒所消耗的电能．
1
（3）再将两个表盘如图（b）所示的电流表A 、A 正确接入电路，要求通过移动
1 2
变阻器的滑片，使A 与A 示数的比值最大．请指出两电流表的位置，并算出
1 2
此比值．【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R 与R 并联．
1 2
（1）根据电源电压利用欧姆定律求出通过电阻R 的电流；
1
（2）根据W=UIt即可求出它消耗的电能；
（3）使A 与A 示数的比值最大．根据并联电路的电流特点即可判断电流表
1 2
A 、A 接入电路的位置，利用电阻的并联求出比值．
1 2
【解答】解：
（1）由电路图可知，R 与R 并联，通过电阻R 的电流：
1 2 1
I = = =0.6A；
1
（2）R 消耗的电能：
1
W =UI t=12V×0.6A×10s=72J；
1 1
（3）由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则使A 与A 示数的比值
1 2
最大时，A 串联在干路上，A 接在R 支路上，
1 2 1
由于R 上标有“10欧 2安”字样，则I =2A；
2 2最大
所以，干路电流最大为I =I +I =2A+0.6A=2.6A，
max 2最大 1
则 = = ．
答：（1）通过电阻R 的电流为0.6A．
1
（2）电阻R 通电10秒所消耗的电能为72J．
1
（3）A 串联在干路上，A 接在R 支路上，比值为 ．
1 2 122．足够高的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，底面积为2×10﹣3米2，盛有质
量为0.4千克的水．将一横截面积为4×10﹣4米2的圆柱形玻璃管，装入一定
量的水后竖直放入容器中，玻璃管处于漂浮状态，如图（a）所示．
（1）求容器内水的体积V ．
水
（2）求容器中离水面0.1米深处的液体压强p．
（3）再将一实心均匀物块浸没在玻璃管的水中后，玻璃管仍旧漂浮在水面上，
如图（b）所示．若物块投入前后，管内的水对玻璃管底部压强的变化量是
△p ，容器内的水对容器底部压强的变化量是△p ，已知△p =2△p ，求物块的
1 2 1 2
密度ρ ．
物
【考点】2A：密度的计算；8A：液体压强计算公式的应用；8O：阿基米德原理．
【分析】（1）已知容器内水的质量，根据密度公式变形可得容器内水的体积；
（2）利用液体压强公式求出容器中离水面0.1米深处的液体压强；
（3）物块投入玻璃管的水中后，物块沉底，利用体积公式求出玻璃管中水面上
升的高度，利用液体压强公式表示出管内的水对玻璃管底部压强的变化量
△p ；物块投入后，玻璃管仍旧漂浮在水面上，则容器内的水对容器底部增大
1
的压力等于物重，利用重力公式表示出容器内的水对容器底部压力的变化量，
利用压强定义式表示出△p ；已知△p =2△p ，据此建立方程求解．
2 1 2
【解答】解：
（1）由ρ= 可得，容器内水的体积：
V = = =4×10﹣4m3；
水（2）容器中离水面0.1米深处的液体压强：
p =ρ gh =1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m=980Pa；
水 水 水
（3）设物块的体积为V ，其密度为ρ ，
物 物
物块投入玻璃管的水中后，物块沉底，则玻璃管中水面上升的高度：
△h= ；
则管内的水对玻璃管底部压强的变化量为：
△p =ρ g△h=ρ g ；
1 水 水
因为将一实心均匀物块浸没在玻璃管的水中后，玻璃管仍旧漂浮在水面上，
所以，容器内的水对容器底部增大的压力：
△F=G =ρ V g，
物 物 物
则容器内的水对容器底部压强的变化量：
△p = = ，
2
已知△p =2△p ，
1 2
所以有：ρ g =2× ，
水
整理可得：
ρ = •ρ = ×1.0×103kg/m3=2.5×103kg/m3．
物 水
答：（1）容器内水的体积V 为4×10﹣4m3；
水
（2）容器中离水面0.1米深处的液体压强p为980Pa；（3）物块的密度ρ 为2.5×103kg/m3．
物
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．如图（a）所示，在“测定滑动摩擦力大小”的实验中，应尽量控制木块在
水平桌面上沿直线 匀速 滑动，根据二力平衡的条件，滑动摩擦力的大小
为 3. 4 牛．在“探究杠杆平衡条件”实验中，如图（b）所示的杠杆 处于
（选填“处于”或“不处于”）平衡状态，此时应向 左 端调节平衡螺母，
使杠杆水平平衡．
【考点】7D：摩擦力的大小；7U：探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，
由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于拉力；
（2）杠杆的平衡状态包括两种：静止状态或匀速转动状态；调节杠杆在水平位
置平衡，无论杠杆左端还是右端的平衡螺母都要向上翘的一端移动．
【解答】解：
（1）在实验中，用弹簧测力计拉着木块时，应水平地拉动，使它在水平面上做
匀速直线运动．根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测
力计的示数，所以滑动摩擦力大小为3.4N；
（2）杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图中杠杆处于静止
状态，所以杠杆处于平衡状态；图b中杠杆左端偏高，平衡螺母应向上翘的左
端移动，使杠杆水平平衡．
故答案为：匀速；3.4；处于；左．
24．在研究“平面镜成像的特点”的实验中，小华填写的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容．
【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】（1）根据探究平面镜成像分析；
（2）在实验中，需要的器材：玻璃板、刻度尺、两只完全相同的蜡烛、白纸；
（3）玻璃既能成像又能透光的特点，便于确定出像的位置．用两个相同的蜡烛
一支点燃，一支不点燃，便于比较物像大小关系．实像能用光屏承接，虚像不
能用光屏承接．
【解答】解：在“探究平面镜成像特点”的实验中，实验目的是探究平面镜成
像特点．
实验器材：实验中需要用刻度尺来测量物、像到平面镜的距离，所以该实验还
要用刻度尺；
实验步骤：1、为了便于确定像的位置，达到实验效果，在水平桌上铺一张白纸
纸上竖直放一块平板玻璃板作为平面镜．
2、因为平面镜成虚像，所以撤去蜡烛B，在蜡烛B的位置上放置一块光屏，发
现光屏上不能接到蜡烛A的像，故所成的像是虚像．
故答案为：实验目的；刻度尺；竖直；虚像．
25．甲、乙两同学用相同的器材进行“测定小灯泡额定功率”的实验．实验器
材有：4.5伏的电源、标有“3.8伏”字样的小灯泡、标有“5欧 3安”的滑动
变阻器、表盘如图所示的电压表和电流表、电键及导线若干．甲同学正确连接
电路，实验步骤正确，移动滑片发现无法精确测出额定电压．于是他对电路进
行了适当的调整，并将滑片置于变阻器的一端，闭合电键，电压表示数为1.4
伏．乙同学按照甲同学调整后的电路连接，然后将滑片置于变阻器的一端，闭合电键，电流表示数为0.32安．接着，他们均将变阻器的滑片移动至小灯正常
发光，经对比后发现两个电流表示数变化量的大小恰好相等．
（1）画出甲同学调整后的实验电路图．
（2）求小灯正常发光时的电流及额定功率．（保留计算过程）
【考点】JF：电功率的测量；I6：串联电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）测定小灯泡额定功率，甲同学正确连接电路，实验步骤正确，说明
电压表并联在灯的两端；根据电压表选用的量程确定分度值，将灯额定电压
与电压表分度值比较确定移动滑片发现无法精确测出额定电压的原因；
为解决上述问题，根据串联电路电压的规律，结合电压表小量程分度值，确定
电压表连接的位置，画出甲同学调整后的实验电路图；
（2）根据调整后的实验电路图，由题目条件结合欧姆定律确定甲同学变阻器
滑片的位置，根据欧姆定律求出甲电路中电流大小；根据题目条件结合电阻
的串联、欧姆定律确定乙同学变阻器滑片的位置；
根据甲乙两个电路的连接判断使灯正常发光电路中电流的变化；
结合对比后发现两个电流表示数变化量的大小恰好相等，从而求出灯的额定
电流；
根据P=UI 求灯的额定功率．
L LL
【解答】解：（1）由题意，甲同学正确连接电路，实验步骤正确，电流表、变阻器与灯串联在电路中，电压表并联在灯的两端，因灯的额定电压为3.8V，电压表
选用大量程，分度值为0.5V，但额定电压3.8V不是分度值的整数倍，故移动滑
片发现无法精确测出额定电压；
根据串联电路电压的规律，当变阻器的电压为4.5V﹣3.8V=0.7V时，灯正常发
光，而0.7V是小量程分度值（0.1V）的整数倍，
所以他可将电压表选用小量程并联在变阻器的两端，可较准确的测量出电压，
即可解决这个问题，如下所示：
（2）他对电路进行了适当的调整，并将滑片置于变阻器的一端，闭合电键，电
压表示数为1.4伏，可知此时变阻器连入电路中的电阻最大（当电阻最小时，
电压表示数为0），滑片置于最左端了，R =5Ω，
滑
由欧姆定律，电路中的电电流：
I = = =0.28A…①；
1
乙同学按照甲同学调整后的电路连接，然后将滑片置于变阻器的一端，闭合
电键，
电流表示数为I =0.32A…②，
2
因0.32A大于0.28A，
根据欧姆定律，说明此是电路的总电阻小于甲同学连接的电路的电阻，故变
阻器滑片置于最右端了；
接着，他们均将变阻器的滑片移动至小灯正常发光，
即甲向右移动滑片，变阻器连入电路中的电路减小，电路的电流增大，而乙向左移动滑片，使变阻器连入电路中的电阻电路中增大，电流减小，
此时电压表示数为0.7V，灯正常发光时，
甲电路中的电流I′ =I；乙电路中的电流I′ =I；
1 L 2 L
经对比后发现两个电流表示数变化量的大小恰好相等，
△I =△I ，
1 2
即：I﹣I =I ﹣I…③，
L 1 2 L
将①②代入③得：
I﹣0.28A=0.32A﹣I；
L L
灯正常发光时电流：
I= =0.3A；
L
所以，灯的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．
L LL
故答案为：（1）如上所示；（2）小灯正常发光时的电流为0.3A，额定功率为
1.14W（过程如上）．
26．某兴趣小组为了确定经容器侧壁喷出液体所能达到的水平距离s和哪些
因素有关，选择侧壁开有小孔的柱形容器进行相关实验，如图所示．实验中他
们通过改变水的体积来改变小孔到水面的距离 H，在容器下方垫上不同高度
的木块来改变小孔离开地面的高度h，并测出不同情况下喷出的水所能达到
的水平距离s．然后他们换用酒精重新进行了实验，实验数据如下表所示．
液体 实验 离开液面的距 离开地面的高 达到的水平距
离 度 离
序号
H（米） h（米） s（米）
水 1 0.1 0.2 0.283
2 0.1 0.4 0.400
3 0.1 0.9 0.600
4 0.2 0.1 0.283
5 0.2 0.2 0.4006 0.3 0.1 0.346
7 0.3 0.3 0.600
酒精 8 0.1 0.2 0.283
9 0.3 0.1 0.346
（1）分析实验序号1与8（或6与9）的数据可得出初步结论：当H、h相同时，s
与液体种类 无 关（选填“有”或“无”）．
（2）分析实验序号1、2与3（或4与5或6与7）的数据可得出初步结论： 在
水中，当 H 相同时， h 越大， s 越大 ．
（3）分析实验序号 1 与 5（ 或 4 与 6 ） 的数据可得出初步结论：在水中，当h
相同时，H越大，s越大．
（4）进一步综合分析表中的实验数据还可以发现：
（a）分析实验序号1、4、8（或2、5或3、7或6、9）的数据可得出初步结论：
Hh 相同时， s 相同 ；
（b）分析实验序号1、4、8（和2、5和3、7和6、9）的数据可得出初步结论：
Hh 越大时， s 越大 ．
【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．
【分析】根据表格中的数据，分析实验中的变量和不变量，根据控制变量法法
得出结论．
【解答】解：（1）分析实验序号1与8（或6与9）的数据可知：离开液面的距离、
离开地面的高度相同时，液体密度不同，达到的水平距离相同，即当H、h相同
时，s与液体种类无关；
（2）分析实验序号1、2与3（或4与5或6与7）的数据可得出初步结论：液体
相同、离开液面的距离H相同，离开地面的高度h越大，s越大；（3）在水中，当离开地面的高度h相同时，H越大，s越大，故选择1与5（或4
与6）进行比较；
（4）（a）分析实验序号1、4、8（或2、5或3、7或6、9）的数据可得出初步结论：
Hh相同时，s相同；
（b）分析实验序号1、4、8（和2、5和3、7和6、9）的数据可得出初步结论：Hh
越大时，s越大．
故答案为：（1）无；（2）在水中，当H相同时，h越大，s越大；（3）1与5（或4与
6）；（4）Hh相同时，s相同；Hh越大时，s越大．2017年6月1日
