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2018-2019学年江西省南昌十九中九年级（上）第三次月考物理
试卷
一、填空题（共20分，每空1分.）
1．（2分）2节干电池串联后总电压为 V，家中电视机、电冰箱、电灯等用电器之间的
连接方式是 联。
2．（2分）丝绸摩擦过的玻璃棒和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，
如图甲所示，原因是 。若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，如
图乙所示，则此带电小球带 电。
3．（2分）在水平地面上铺一张纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由落下时，能
在纸上留下黑色圆斑A、B．在下落过程中（不计空气阻力），球的 转化为动能，并
且球从较高处落下所成的圆斑是其中的 。（选“A”或“B”）
4．（2分）小鹏同学家的电能表如图所示，则小鹏家已消耗的电能为 kW•h，他发现家
里只使用一只电水壶（其它用电器都关闭）时，观察到电能表转盘3分钟转过100转，电水
壶工作时的实际电功率为 W．
5．（2分）灯L 与灯L 串联，先用电压表测灯L 两端的电压，如图所示。再测L 两端电压时，
1 2 l 2
只将电压表接A的一端改接C，这种接法 （填“正确”或“不正确”）。理由是
。6．（2分）如图所示，当开关S闭合后，小磁针将 （顺/逆）时针转动，滑动变阻器滑片
向右移动，电磁铁磁性将 （增强/减弱）。
7．（2分）大型载重汽车较长时间下坡时，常常会因刹车过热造成刹车失灵，为此，要向刹车
片和轮胎喷水降温，刹车片过热是通过 方式增加内能的；用水来降温是利用了水
具有较大的 性质。
8．（2分）螺线管实际上就是由多个单匝圆形圈组成，通电螺线管的磁场可以看成由每一个单
匝圆形通电线圈的磁场组合而成，因此用右手螺旋定则也可以判断单匝圆形通电线圈的
磁极。地球周围存在的磁场，有学者认为，地磁场是由于地球带电自转形成圆形电流引起
的，地球自转的方向自西向东，则形成圆形电流方向与地球自转方向 （选填“相
同”或“相反”），物理学规定正电荷定向移动方向为电流方向，那么地球带 （选
填“正”或“负”）电。
9．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移
动，则电压表的示数 ，电流表A 的示数 。（均选填“变大”、“变小”或
1“不变”）
10．（2分）为避免点燃烟花造成人员伤害。小明设计了烟花定时自动点火装置，原理如图所
示。装置中的点火器有电流通过时，就会自动点燃烟花，定时器控制点火时间。为完善设
计方案，还需要在 （选填“a”或b”）处安装一个开关S，断开此开关，指示灯熄
灭，整个装置停止工作，点放烟花前，定时器在电路中应处于 状态。
二、选择题（共26分，把你认为正确的选项的代号写在答题卷相应的位置上.第11～16小题，
每小题只有一个正确选项，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几
个正确选项，每小题3分.全部选择正确得4分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错
选得0分.）
11．（3分）根据你对生活中物理量的认识，下列数据符合实际的是（ ）
A．手机正常通话时的电流约为5A
B．一名中学生从一楼走到二楼时的功率约2kw
C．普通白炽灯泡工作1小时耗电1kW•h
D．把10个鸡蛋举高2m，做的功约为10J
12．（3分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小
B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
C．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D．物体的温度越高，所含热量越多
13．（3分）如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，串
联后连入电路中，比较这两段导体两端的电压及通过它们的电流的大小，正确的是（ ）
A．U ＞U I ＜I B．U ＜U I ＝I
AB BC AB BC AB BC AB BC
C．U ＞U I ＝I D．U ＝U I ＜I
AB BC AB BC AB BC AB BC
14．（3分）如图所示，用一长为1.5m的斜面将重6N的物体从底端沿斜面匀速拉到0.9m高度
处，斜面的机械效率为60%．则该过程中（ ）
A．物体的动能变大 B．物体的内能不变
C．拉力做功为9J D．物体受到的摩擦力为6N
15．（3分）小明利用光敏电阻受到光照时电阻变小的特性，设计了如图所示的自动控制电路，
要求光暗时灯亮，光亮时灯灭。在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路
元件都正常。下列调节能使控制电路达到要求的是（ ）
A．减少电磁铁线圈的匝数
B．抽出电磁铁中的铁芯
C．滑动变阻器滑片P向左移动
D．减少控制电路电源电压
16．（3分）如图所示电路，甲、乙是连接在电路中的两只电学仪表，闭合开关S后，则（ ）
A．甲是电流表，乙是电流表，灯L 和L 串联
1 2
B．甲是电压表，乙是电压表，灯L 和L 串联
1 2C．甲是电流表，乙是电压表，灯L 和L 并联
1 2
D．甲是电压表，乙是电流表，灯L 和L 并联
1 2
17．（3分）如图所示，是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生
器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点
燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出。关于此实验，分析正确的是（ ）
A．随着酒精慢慢燃烧，酒精热值不断减小
B．能闻到酒精的气味说明分子间有斥力
C．燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程
D．纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低
18．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a
点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示。下列叙述正确的是（
）
A．电源电压为14V
B．图乙中dc是表示电压表V 的示数随电流表示数变化的图线
2
C．滑片从b点滑到a点的过程中，电路消耗的总功率最小值为12W
D．滑片从b滑到a点时，R 的电功率增大16W
2
三、简答与计算题（共26分，第19题4分，第20题6分，第21题8分，第22题，8分.）
19．（4分）近年，为减少因车辆刹车失灵造成的危害，高速公路加强了下坡路段“刹车失灵
缓冲带”的建设。如图所示，该区域是在公路右侧设一个冲向高处的大斜坡，路面是沙砾，车辆遇上紧急刹车失灵可以冲上去，免除不少惨剧的发生。请你运用所学物理知识分析该
车道为何可以起到避险作用。
20．（6分）一辆汽车以72km/h的速度行驶10min，消耗的汽油为1.2kg。汽车匀速行驶时受到
的阻力f＝1.2×103N，（汽油的热值q＝4.6×107J/kg）根据以上信息计算：
（1）该汽车在这段时间内消耗的汽油产生的热量有多少？
（2）此时汽车发动机的功率为多大？
（3）在这段时间内该汽车发动机效率是多少？
21．（8分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3W”的字样，滑动变阻器R
1
的阻值变化范围为0～24 定值电阻R 的阻值为10 ．（不考虑温度对灯丝电阻的影响）
2
求： Ω Ω
（1）小灯泡L的阻值为多少？
（2）当S、S 闭合，S 断开，滑动变阻器的滑片滑到中点时，小灯泡L刚好正常发光，电源电压
1 2
是多少？
（3）当S、S ，S 都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端，此时电路的总功率是多少？
1 2
22．（8分）图甲是一种新型家用电器﹣电压力锅，图乙是某型号电压力锅工作电路简图，表
中数据是其部分参数。其中R是主加热器，R 是保压加热器。接通电路后，开关S自动与
0
触电a、b接通，开始加热。当锅内温度达到105℃，开关S自动与a、b断开，开始保压，此
时锅内水温不变，且未沸腾。现将5kg初温为25℃的水加入电压锅中，接通电路使其正常
运 行 30min ， 热 量 损 耗 不 计 ， 已 知 水 的 比 热 容 为 4.2×103J/kg• ℃ ）求：
（1）电压力锅加热状态时主加热噐R的电阻。
（2）电压力锅多少min后开始保压？
（3）电压力锅在此30min内所消耗的电能。
220
额定电压（V）
主加热噐额定功率（W） 880
保压加热器额定功率（W） 120
保压温度（℃） 105
最大盛水量（kg） 6
四、实验与探究题．（共28分，每空1分.）
23．（5分）在探究“通电螺线管的外部磁场”的实验中，小明在螺线管周围摆放了一些小磁
针。
（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与
的磁场相似。进一步观察小磁针N极（深色端）指向，得到螺线管外部磁场的方向是
。
（2）调换通电螺线管所接电源的正负极，发现小磁针指向转动180°，南北极发生了对调，由此
可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中 方向有关。
（3）小明继续实验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，观察电流表的示数及吸引大
头针的数目；再将开关S从a换到b，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表的示数及吸引
大头针的数目，此时调节滑动变阻器是为了 ，来探究 与电磁铁磁性强弱的
关系。通过吸引大头针的数目来研究电磁铁磁性强弱，下列实验中也是采用这种研究方法的是 。
A．力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它
B．探究导体电阻与长度、横截面积与材料的关系
C．用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻
24．（5分）下面是小明同学进行的电学实验：
小明为了探究通过导体的电流跟电阻的关系，设计了如图所示的电路。
（1）请用笔画代替导线完成图电路的连接。
（2）小明看到了邻组同学在闭合开关前，电流表的指针偏向“0”刻度线的左侧，原因是电流
表 。
（3）如果小明连接电路时接入的电阻为5 ，控制电阻两端的电压为2V，那么将5 的电阻换
成10 的电阻时，应将滑动变阻器的滑Ω片向 端调节，使电压表示数为 Ω V；
把10Ω的电阻换成20 的电阻，无论怎样调节滑片都无法使电压表示数调到控制值，说
明他选Ω择的滑动变阻器Ω 。
（4）更换器材后，重新实验，将数据记录在表格中，分析实验数据可得出： 。
电压U/V 2
电阻R/ 5 10 20
电流I/AΩ 0.4 0.2 0.1
25．（8分）小菲冬天取暖时发现：电暖器的电热丝热得发红，而与电热丝相连的导线却不怎
么热。
（1）如图是小菲进行实验探究的部分电路，甲、乙烧瓶中装有 相等初温相同的
煤油，通过比较 来比较金属丝产生的热量的多少。金属丝电阻分别为R 、R ，R
甲 乙 甲＜R ．通电一段时间后，发现乙烧瓶中温度计的示数大些。此现象说明：在 和
乙
相同时，电阻越大，电流产生的热量越多。
（2）小菲想用此装置探究水和煤油吸热能力，电路中必须满足的条件是 。用温度计测
量液体吸收热量后升高的温度值，水和煤油的吸热多少是通过 来反映的。
（3）在此实验中，测量时，水和煤油的初温均为t ，通电一段时间后水和煤油的末温分别为t
0 1
和t ，请写出煤油比热容的表达式c ＝ （水的比热容为c ），小菲认为这样测
2 煤油 水
量煤油的比热容会有较大的误差，原因主要是 。
26．（12分）现有一标有“2.5V”字样的小灯泡，小亮设计实验测量其不同电压下的电功率。
（1）正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生
这种现象的原因是 。
（2）排除故障，继续实验，如图甲所示是某次实验电流表的示数为 A．最后根据实验
数据画出I﹣U图象，如图乙所示，根据图象求出小灯泡正常发光时的功率为 W。
（3）通过分析I﹣U图象，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因是 。
（4）利用所给器材，该实验装置 （选填“能”或“不能”）用来验证欧姆定律中电流
与电压的关系。
（5）完成上述实验后，小亮又重新设计了电路，如图丙所示，测量另一个小灯泡的额定功率，
这个小灯泡正常工作的电流为I ．请完成实验步骤（已知电源电压为U）。
1
只闭合开关S ，移动滑动变阻器R 的滑片，使电流表示数为 ；
1 2
①只闭合开关S ，保持滑动变阻器R 的滑片位置不变， 使电流表示数为I ；再将滑
2 2 1
②动变阻器R 的滑片调到最左端，读出电流表的示数为I ；
2 2则小灯泡的额定功率表达式为P ＝ 。
额
③2018-2019 学年江西省南昌十九中九年级（上）第三次月
考物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（共20分，每空1分.）
1．（2分）2节干电池串联后总电压为 3 V，家中电视机、电冰箱、电灯等用电器之间的连
接方式是 并 联。
【分析】本题依据对生活中常见电压值的了解写出答案，并联的用电器相互独立工作，所以家
用电器之间是并联在一起的。
【解答】解：一节干电池的电压是1.5V，2节干电池串联后总电压为3V；
家中的电视机、电冰箱、电灯等用电器必须独立工作，相互之间不能影响，所以它们的连接方
式是并联的。
故答案为：3；并。
【点评】本题考查了一些生活中常见的电压值，家中用电器为了相互不影响而采用了并联的
连接方式，属于基础知识。
2．（2分）丝绸摩擦过的玻璃棒和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，
如图甲所示，原因是 金属箔片带上同种电荷，同种电荷相互排斥 。若将另一带电小球
与验电器金属球接触，发现箔片闭合，如图乙所示，则此带电小球带 负 电。
【分析】（1）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷。丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩
擦过的橡胶棒带负电。且同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）带有不同电荷的物体相互接触后，会发生电荷的中和现象，使电荷相互抵消。
【解答】解：丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电；丝绸夺得电子的
本领强得到电子，多余电子带负电。带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，电荷通过验
电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥而
张开。如果将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，是因为这个带电小球上的负电荷
与验电器上的正电荷发生了中和现象。
故答案为：金属箔片带上同种电荷，同种电荷相互排斥；负。
【点评】（1）掌握自然界的两种电荷，以及电荷间的作用。
（2）掌握摩擦起电的实质是电子的转移。
3．（2分）在水平地面上铺一张纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由落下时，能
在纸上留下黑色圆斑A、B．在下落过程中（不计空气阻力），球的 重力势能 转化为动
能，并且球从较高处落下所成的圆斑是其中的 B 。（选“A”或“B”）
【分析】重力势能的大小与物体的质量和下落高度有关，下落高度相同时，质量越大，重力势
能越大；质量相同时，下落高度越大，重力势能越大；皮球下落过程中，具有的重力势能转
化为动能，与地面碰撞接触时又转化为弹性势能，弹性势能的大小与物体的形变大小有关，
形变越大，弹性势能越大。
【解答】解：皮球在下落过程中质量不变，速度变大，高度降低，故动能变大，重力势能变小，
球的重力势能转化为动能；
从图中A、B的印迹看出，B球的形变大，说明在质量相同的情况下，高度越高，重力势能越
大，转变成的弹性势能大，球的形变大。
故答案为：重力势能；B。
【点评】解答本题注意所用的研究方法：控制变量法，转换法；掌握重力势能与弹性势能的影
响因素以及重力势能、动能、弹性势能的转化情况。
4．（2分）小鹏同学家的电能表如图所示，则小鹏家已消耗的电能为 520. 3 kW•h，他发现
家里只使用一只电水壶（其它用电器都关闭）时，观察到电能表转盘3分钟转过100转，电
水壶工作时的实际电功率为 100 0 W．
【分析】（1）电能表的读数表示家庭电路到现在为止消耗的电能总数，最后一位是小数，单位kW•h。
（2）2000r/kW•h所表示的物理意义：2000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电
能表的转盘转2000r。
由电能表的转动的转数求用电器消耗的电能，又知道通电时间，可以求出用电器的电功率。
【解答】解：（1）小鹏家到现在为止，已消耗的电能为520.3kW•h。
（2）每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，
只使用一只电水壶，电能表转盘3分钟转过100转，
则这段时间消耗的电能：W＝ ＝0.05kW•h；
已知t＝3min＝ h，
则电水壶工作时的实际电功率P＝ ＝ ＝1kW＝1000W。
故答案为：520.3；1000。
【点评】本题考查了电能表的参数的理解，还考查了用电器单独接入电路时，由用电器在一定
时间内电能表转动的圈数，求用电器的电功率。
5．（2分）灯L 与灯L 串联，先用电压表测灯L 两端的电压，如图所示。再测L 两端电压时，
1 2 l 2
只将电压表接A的一端改接C，这种接法 不正确 （填“正确”或“不正确”）。理由
是 正负接线柱接反了，即电流从电压表的“﹣”接线柱流进，从“ + ”接线柱流出 。
【分析】根据电流应该从电压表的正极流入，负极流出的原则进行分析即可。
【解答】解：因为只将电压表接A的一端改接C，流入电压表的电流不符合电压表的正确用法。
故答案为：不正确；电流从电压表的“﹣”接线柱流进，从“+”接线柱流出。
【点评】知道电压表的正确使用方法，注意电流从电压表的正极流入，负极流出。
6．（2分）如图所示，当开关S闭合后，小磁针将 顺 （顺/逆）时针转动，滑动变阻器滑片向
右移动，电磁铁磁性将 增强 （增强/减弱）。【分析】先由右手螺旋定则得出通电螺线管的极性，再由磁极间的相互作用规律得出小磁针
的旋转方向，最后由电流的大小变化得出通电螺线管的磁性的变化。
【解答】解：如图所示，当开关S闭合后，电流从螺线管的下方流入、上方流出，由右手螺旋定
则知，通电螺线管的上端为N极，下端为S极，由磁极间的相互作用规律可知，小磁针将
顺时转动；
当滑动变阻器向右移动滑片时，电流变大，电磁铁的磁性增强。
故本题答案为：顺；增强。
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用及滑动变阻器的使用。当
电流增大时，通电螺线管的磁性是增强的。
7．（2分）大型载重汽车较长时间下坡时，常常会因刹车过热造成刹车失灵，为此，要向刹车
片和轮胎喷水降温，刹车片过热是通过 做功 方式增加内能的；用水来降温是利用了水
具有较大的 比热容 性质。
【分析】（1）改变内能的方法：一是做功，二是热传递；
（2）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或
降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：
汽车下坡时间较长时，连续点踩刹车，刹车片摩擦做功内能增加，温度升高；
水的比热容最大，和其它物质比较，降低相同温度吸收热量最多，所以用水来降温是利用了
水具有较大的比热容的特点。
故答案为：做功；比热容。
【点评】本题考查了改变内能的方法、水的比热容大的特点在生活中的应用，考查学生灵活运
用知识的能力。
8．（2分）螺线管实际上就是由多个单匝圆形圈组成，通电螺线管的磁场可以看成由每一个单
匝圆形通电线圈的磁场组合而成，因此用右手螺旋定则也可以判断单匝圆形通电线圈的
磁极。地球周围存在的磁场，有学者认为，地磁场是由于地球带电自转形成圆形电流引起
的，地球自转的方向自西向东，则形成圆形电流方向与地球自转方向 相反 （选填“相同”或“相反”），物理学规定正电荷定向移动方向为电流方向，那么地球带 负 （选
填“正”或“负”）电。
【分析】（1）安培定则：用右手握住螺线管，四指弯向电流的方向，拇指指向螺线管的N极；
（2）地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近。
（3）正电荷定向移动方向为电流方向，负电荷定向运动的方向与电流方向相反。
【解答】解：由于地磁北极在地理南极附近，根据安培定则（右手螺旋定则），大拇指指向地磁
N极，四指的方向为电流的方向，所以形成的圆形电流自东向西，与地球自转的方向相反；
由于地球自西向东自转，所以地球自转时所带电荷的运动方向是自西向东，而圆形电流的方
向自东向西，则圆形电流方向是正电荷的移动方向，物理学规定正电荷定向移动方向为电
流方向，所以地球带负电。
故答案为：相反；负。
【点评】此题考查了对安培定则的理解和应用，要认真分析题目中给出的条件。
9．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移
动，则电压表的示数 不变 ，电流表A 的示数 变小 。（均选填“变大”、“变小”
1
或“不变”）
【分析】由电路图可知，R 与R 并联，电流表A 测R 支路的电流，电流表A 测干路电流，电
1 2 1 2 2
压表测电源两端的电压。根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表示数的变化，根据
并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过R 的电流变化。
2
【解答】解：由电路图可知，R 与R 并联，电流表A 测R 支路的电流，电流表A 测干路电流，
1 2 1 2 2电压表测电源两端的电压，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变；
将滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器接入电路中电路中的电阻变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝ 可知，通过R 的电流变小，即电流表A 的示数变小。
2 1
故答案为：不变；变小。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的
连接方式和电表所测的电路元件是关键。
10．（2分）为避免点燃烟花造成人员伤害。小明设计了烟花定时自动点火装置，原理如图所
示。装置中的点火器有电流通过时，就会自动点燃烟花，定时器控制点火时间。为完善设
计方案，还需要在 a （选填“a”或b”）处安装一个开关S，断开此开关，指示灯熄灭，
整个装置停止工作，点放烟花前，定时器在电路中应处于 通路 状态。
【分析】（1）由电路图可知断开此开关，指示灯熄灭，整个装置停止工作，则开关与指示灯串
联，同时能控制整个电路；
（2）由于点火器有电流通过，则会点燃烟花，所以点放烟花前点火器不能有电流通过，由于定
时器与点火器并联，则应采取短路的方式来达到这一目的。
【解答】解：
（1）由题知，断开此开关，指示灯熄灭，整个装置停止工作，所以，该开关应与指示灯串联，同
时能控制整个电路；由电路图可知，开关S应安装在a处；
（2）由电路图可知，定时器与点火器并联；
点放烟花前，只有定时器是通路时（相当于一根导线），才能将点火器短路，使点火器不能工
作；否则，在进行倒计时，点火器工作会点燃烟花造成人员伤害。
故答案为：a；通路。
【点评】本题考查电路的分析，关键是知道要使用电器不工作有两种方式，即让电路处于断路或让用电器短路。
二、选择题（共26分，把你认为正确的选项的代号写在答题卷相应的位置上.第11～16小题，
每小题只有一个正确选项，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几
个正确选项，每小题3分.全部选择正确得4分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错
选得0分.）
11．（3分）根据你对生活中物理量的认识，下列数据符合实际的是（ ）
A．手机正常通话时的电流约为5A
B．一名中学生从一楼走到二楼时的功率约2kw
C．普通白炽灯泡工作1小时耗电1kW•h
D．把10个鸡蛋举高2m，做的功约为10J
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要
进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、手机功率很小，正常通话的电流也非常小，一般在120mA＝0.12A左右。故A
不符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，每一层楼的高度为3m，从一楼走到二楼，上升的高度为3m，
用时约20s，功率约为：P＝ ＝ ＝ ＝ ＝75W．故B不符合实
际；
C、普通白炽灯的额定功率在 40W＝0.04kW左右，正常工作1h消耗的电能约W＝Pt＝
0.04kW×1h＝0.04kW•h．故C不符合实际；
D、10个鸡蛋的质量m＝500g＝0.5kg，G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，把10个鸡蛋举高2m，人
对鸡蛋做的功：W＝Gh＝5N×2m＝10J．故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能
力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
12．（3分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小
B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
C．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D．物体的温度越高，所含热量越多
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关。（2）热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度
相同。
（3）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量。
【解答】解：内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因
素，故A、B不符合题意；
发生热传递的条件是温度的高低，不是内能的大小。内能小的物体也可能是温度高的物体，
所以，内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故C符合题意；
热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来
表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰。
13．（3分）如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，串
联后连入电路中，比较这两段导体两端的电压及通过它们的电流的大小，正确的是
（ ）
A．U ＞U I ＜I B．U ＜U I ＝I
AB BC AB BC AB BC AB BC
C．U ＞U I ＝I D．U ＝U I ＜I
AB BC AB BC AB BC AB BC
【分析】因两电阻串联，则由串联电路的电流规律可知两导体中的电流关系；由题意可知两部
分电阻的大小关系，则由欧姆定律可求得两部分导体两端的电压关系。
【解答】解：因两电阻串联，故通过两部分导体的电流相等；
由题意可知，S ＜S ，而长度相同，故说明AB段的导体电阻大于BC段的电阻；则由欧姆
AB BC
定律可得AB段的电压要大于BC段的电压；
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的电流规律及影响电阻大小的因素，应熟记电阻大小与导体的长
度成正比与导体的横截面积成反比。
14．（3分）如图所示，用一长为1.5m的斜面将重6N的物体从底端沿斜面匀速拉到0.9m高度
处，斜面的机械效率为60%．则该过程中（ ）A．物体的动能变大 B．物体的内能不变
C．拉力做功为9J D．物体受到的摩擦力为6N
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（2）斜面的机械效率为60%说明物体从底端沿斜面匀速上升时需要摩擦力做功，做功可以改
变物体的内能；
（3）知道物体的重力和斜面的高度，根据W＝Gh求出有用功，根据 ＝ ×100%求出总功
η
即为拉力所做的功；
（4）总功减去有用功即为克服摩擦力所做的额外功，根据W＝fs求出物体受到的摩擦力。
【解答】解：
A．物体从底端沿斜面匀速上升时，速度和质量不变，则物体的动能不变，故A错误；
B．斜面的机械效率为60%，说明物体从底端沿斜面匀速上升时需要克服摩擦力做功，则物体
的内能发生改变，故B错误；
C．有用功W ＝Gh＝6N×0.9m＝5.4J，
有
由 ＝ ×100%可知拉力做的功W ＝ ＝ ＝9J，故C正确；
总
η
D．克服摩擦力所做的额外功W ＝W ﹣W ＝9J﹣5.4J＝3.6J，
额 总 有
由W ＝fs可得，物体受到的摩擦力f＝ ＝ ＝2.4N，故D错误。
额
故选：C。
【点评】本题考查了影响动能大小因素、做功改变物体的内能、做功公式、效率公式的应用，明
确额外功是解题的关键。
15．（3分）小明利用光敏电阻受到光照时电阻变小的特性，设计了如图所示的自动控制电路，
要求光暗时灯亮，光亮时灯灭。在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路
元件都正常。下列调节能使控制电路达到要求的是（ ）A．减少电磁铁线圈的匝数
B．抽出电磁铁中的铁芯
C．滑动变阻器滑片P向左移动
D．减少控制电路电源电压
【分析】（1）在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路元件都正常，说明工作
电路一直是闭合的，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性。
（2）滑动变阻器的作用是改变连入电路电阻丝的长度，改变电阻的大小，改变电路中的电流。
【解答】解：电磁继电器的主要部分是电磁铁，电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数
的多少、是否有铁芯插入，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性。采取的方法是
增大电流、增加线圈的匝数。
A、减少线圈的匝数减弱电磁铁的磁性。不符合题意。
B、抽出铁芯减弱电磁铁的磁性。不符合题意。
C、滑动变阻器滑片向左滑动电阻连入电路中的长度减小，电流增大，磁性增大。符合题意。
D、减小电源电压，电路中的电流减小，磁性减小。不符合题意。
故选：C。
【点评】（1）掌握电磁继电器的工作原理、特点。
（2）掌握电磁铁的磁性强弱的影响因素。
（3）掌握滑动变阻器的作用。
16．（3分）如图所示电路，甲、乙是连接在电路中的两只电学仪表，闭合开关S后，则（ ）
A．甲是电流表，乙是电流表，灯L 和L 串联
1 2
B．甲是电压表，乙是电压表，灯L 和L 串联
1 2
C．甲是电流表，乙是电压表，灯L 和L 并联
1 2D．甲是电压表，乙是电流表，灯L 和L 并联
1 2
【分析】要确定圆圈中的电表符号，首先要弄清电压表和电流表的正确使用方法：
电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；
根据图中各圆圈的位置以及和用电器的连接方式，结合电表的使用方法进行分析。
【解答】解：
A、如果甲是电流表，乙是电流表，会对电源短路，故A错误；
B、如果甲是电压表，乙是电压表，由于电压表电阻很大，则L 没有电流通过，只有L 连入电
2 1
路，故B错误；
C、如果甲是电流表，乙是电压表，闭合开关S后，对甲和R 短路，则灯泡L 没有电流通过，
2 2
只有L 连入电路，故C错误；
1
D、如果甲是电压表，乙是电流表，则电流分别经灯泡L 和L 回负极，即L 和L 并联，故D
1 2 1 2
正确。
故选：D。
【点评】知道电压表与电流表在电路中的连接方式，分析清楚电路结构即可正确解题。
17．（3分）如图所示，是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生
器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点
燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出。关于此实验，分析正确的是（ ）
A．随着酒精慢慢燃烧，酒精热值不断减小
B．能闻到酒精的气味说明分子间有斥力
C．燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程
D．纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低
【分析】 热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧、燃烧
快慢无①关；
不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子
②都在不停地做无规则运动；
内燃机的压缩冲程是压缩气体做功，机械能转化为内能；做功冲程是高温高压燃气推动活
③塞做功，内能转化为机械能；物体对外做功，内能减少，温度降低。
【④解答】解：A、热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料燃烧快慢无关，
故A错误；
B、能闻到酒精的气味说明分子酒精分子在永不停息的做无规则运动，故B错误；
C、燃气推动纸筒飞出的过程是燃气推动纸筒做功的过程，相当于内燃机的做功冲程，故C错
误；
D、燃气推动纸筒做功，纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查分子的运动、热值、物体内能的改变和内燃机的四个冲程等有关知识，综合
性强，要善于观察和分析。
18．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a
点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示。下列叙述正确的是（
）
A．电源电压为14V
B．图乙中dc是表示电压表V 的示数随电流表示数变化的图线
2
C．滑片从b点滑到a点的过程中，电路消耗的总功率最小值为12W
D．滑片从b滑到a点时，R 的电功率增大16W
2
【分析】由图甲知，R、R 、R 串联，电压表V 测R 两端电压，电压表V 测R 两端电压，电流
1 2 1 1 2 2
表测电路中电流。
（1）滑片P从b点滑到a点的过程中，R 连入阻值变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变
1
化和R 两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R 两端的电压变化，然后得出两
2 1
电压表示数与电流表示数之间的对应关系；
（2）当滑片位于b点时，接入电路中的电阻较大，电路中的电流较小，电路的总功率较小，R
2
的功率最小；当滑片位于a点时，接入电路中的电阻较小，电路中的电流较大，R 的功率
2较大，根据图象读出两种情况下电表的示数，根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出
电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值以及电源的电压，根据P＝
UI求出电路的最小总功率和R 电功率的增加量。
2
【解答】解：由图甲知，R、R 、R 串联，电压表V 测R 两端电压，电压表V 测R 两端电压，电
1 2 1 1 2 2
流表测电路中电流。
（1）滑片P从b点滑到a点的过程中，R 连入阻值变小，电路中总电阻变小，
1
由I＝ 可知，电路中电流变大，R 两端的电压变大，
2
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压变小，
1
综上可知，图乙中，dc段表示V 的示数随电流表示数的变化的图线，ec段表示V 的示数随
1 2
电流表示数变化的图线，故B错误；
（2）当滑片位于b点时，接入电路中的电阻较大，电路中的电流较小，电路的总功率较小，R
2
的功率最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I ＝1A，R 两端的电压U ＝12V，R 两端的电压U ＝2V，
小 1 1 2 2
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝U +U +IR＝12V+2V+1A×R，
1 2
当滑片位于a点时，接入电路中的电阻较小，电路中的电流较大，R 的功率较大，
2
由图乙可知，电路中的最大电流I ＝3A，R 两端的电压U ′＝6V，R 两端的电压U ′＝
大 1 1 2 2
6V，
则电源的电压：
U＝U ′+U ′+I R＝6V+6V+3A×R，
1 2 大
因电源的电压不变，
所以，2V+12V+1A×R＝6V+6V+3A×R，
解得：R＝1 ，
电源的电压ΩU＝U
1
+U
2
+IR＝2V+12V+1A×1 ＝15V，故A错误；
电路消耗的总功率最小值： Ω
P ＝UI ＝15V×1A＝15W，故C错误；
小 小
滑片从b滑到a点时，R 电功率的增大值：
2
△P ＝P ′﹣P ＝U ′I ﹣U I ＝6V×3A﹣2V×1A＝16W，故D正确。
2 2 2 2 大 2 小故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电压表示
数与电流表示数的对应图线是关键。
三、简答与计算题（共26分，第19题4分，第20题6分，第21题8分，第22题，8分.）
19．（4分）近年，为减少因车辆刹车失灵造成的危害，高速公路加强了下坡路段“刹车失灵
缓冲带”的建设。如图所示，该区域是在公路右侧设一个冲向高处的大斜坡，路面是沙砾，
车辆遇上紧急刹车失灵可以冲上去，免除不少惨剧的发生。请你运用所学物理知识分析该
车道为何可以起到避险作用。
【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能就越大；影响重力势能
的因素是质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能就越大。
（2）摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关；压力越大，接触面越粗燥，摩擦力越大。
【解答】答：高速公路上的汽车速度大，动能大，刹车失灵车辆冲向高处的大斜坡时，将动能转
化成重力势能，车就能停下来；斜坡上铺沙砾，增大了接触面的粗糙程度，增大了摩擦力，
汽车就能很快的停下来。
【点评】本题考查影响动能和重力势能的因素、增大摩擦的方法，难度不大，要学会应用学到
的物理知识解决实际生活中遇到的问题。
20．（6分）一辆汽车以72km/h的速度行驶10min，消耗的汽油为1.2kg。汽车匀速行驶时受到
的阻力f＝1.2×103N，（汽油的热值q＝4.6×107J/kg）根据以上信息计算：
（1）该汽车在这段时间内消耗的汽油产生的热量有多少？
（2）此时汽车发动机的功率为多大？
（3）在这段时间内该汽车发动机效率是多少？
【分析】（1）根据燃料燃烧放出热量公式Q＝mq可计算汽油完全燃烧释放的热量。
（2）根据速度公式s＝vt计算汽车在10min内通过的路程，根据做功公式W＝FS计算汽车牵引力在10min内做的功，再根据P＝ 可求功率。
（3）根据 ＝ 可求在这段时间内该汽车发动机效率。
η
【解答】解：（1）汽油完全燃烧释放的热量：Q ＝mq＝4.6×107J/kg×1.2kg＝5.52×107J
放
（2）v＝72km/h＝20m/s，
由v＝ 得：
汽车在10min内通过的路程：
s＝vt＝20m/s×600s＝1.2×104m，
汽车牵引力在10min内做的功：
W＝Fs＝1.2×103N×1.2×104m＝1.44×107J；
此时汽车发动机的功率为：
P＝ ＝ ＝24000W；
（3）在这段时间内该汽车发动机效率：
＝ ＝ ×100%≈26%。
η
答：（1）汽车在这段时间内消耗的汽油完全燃烧放出的热量Q 是5.52×107J；
放
（2）这段时间内汽车牵引力做的功功率是24000W；
（3）在这段时间内该汽车发动机效率是26%。
【点评】本题考查学生对热量公式，功率公式，速度公式，做功公式的理解和综合运用。
21．（8分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3W”的字样，滑动变阻器R
1
的阻值变化范围为0～24 定值电阻R 的阻值为10 ．（不考虑温度对灯丝电阻的影响）
2
求： Ω Ω
（1）小灯泡L的阻值为多少？
（2）当S、S 闭合，S 断开，滑动变阻器的滑片滑到中点时，小灯泡L刚好正常发光，电源电压
1 2
是多少？
（3）当S、S ，S 都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端，此时电路的总功率是多少？
1 2【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝ 求出灯泡的电阻；
（2）根据P＝UI算出灯泡正常发光的电流，当S、S 闭合，S 断开，滑动变阻器的滑片滑到中
1 2
点时，小灯泡L刚好正常发光，此时灯泡L与滑动变阻器串联，根据U＝IR算出电源电压；
（3）当S、S 和S 都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡与电阻R 并联，电流表测干路
1 2 2
电流，根据电源电压和灯泡的额定电压，判断灯泡的工作情况，根据P＝ 算出电路的总
功率。
【解答】解：（1）由P＝ 可得，灯泡的电阻：
R ＝ ＝ ＝12 ；
L
Ω
（2）根据P＝UI得灯泡正常发光时的电流为：
I＝ ＝ ＝0.5A；
当S、S 闭合，S 断开，滑动变阻器的滑片滑到中点时，小灯泡L刚好正常发光，此时灯泡L
1 2
与滑动变阻器串联，
电源电压：U＝I（ R +R ）＝0.5A×（ ×24 +12 ）＝12V；
2 L
Ω Ω
（3）当S、S 和S 都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡与电阻R 并联，电流表测干路
1 2 2
电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，此时灯泡两端的电压远大于额定电压，灯泡被烧坏，
灯泡的实际功率为0；此时电路的总功率等于电阻R 的功率：P＝P ＝ ＝ ＝14.4W。
2 2
答：（1）小灯泡L的阻值为12 ；
（2）当S、S
1
闭合，S
2
断开，滑动变Ω阻器的滑片滑到中点时，小灯泡L刚好正常发光，电源电压
是12V
（3）当S、S ，S 都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端，此时电路的总功率是14.4W。
1 2
【点评】本题考查了串联电路和并联的电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是
开关闭合、断开时电路连接的判断。
22．（8分）图甲是一种新型家用电器﹣电压力锅，图乙是某型号电压力锅工作电路简图，表
中数据是其部分参数。其中R是主加热器，R 是保压加热器。接通电路后，开关S自动与
0
触电a、b接通，开始加热。当锅内温度达到105℃，开关S自动与a、b断开，开始保压，此
时锅内水温不变，且未沸腾。现将5kg初温为25℃的水加入电压锅中，接通电路使其正常
运 行 30min ， 热 量 损 耗 不 计 ， 已 知 水 的 比 热 容 为 4.2×103J/kg• ℃ ）
求：
（1）电压力锅加热状态时主加热噐R的电阻。
（2）电压力锅多少min后开始保压？
（3）电压力锅在此30min内所消耗的电能。
220
额定电压（V）
主加热噐额定功率（W） 880
保压加热器额定功率（W） 120
保压温度（℃） 105
最大盛水量（kg） 6
【分析】（1）根据主加热器额定功率和额定电压可求得电压力锅加热时R的阻值；
（2）先根据密度公式求出水的质量，再根据Q ＝cm（t﹣t ）求出水温度达到105℃时吸收的
吸 0热量，因热量损耗不计，则可知消耗的电能，再根据W＝Pt求出电压力锅多需要多少时间
开始保压；
（3）求出加热、保压时间，利用W＝Pt求出消耗的电能。
【解答】解：
（1）已知主加热器额定功率P ＝880W，
主加热
根据P＝ 可得，电压力锅加热状态时主加热器R的电阻：
R＝ ＝ ＝55 ；
Ω
（2）水的温度达到105℃时，水吸收的热量：
Q ＝cm（t﹣t ）＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（105℃﹣25℃）＝1.68×106J，
吸 0
因热量损耗不计，则消耗的电能：
W ＝Q ＝1.68×106J，
加热 吸
由题意和电路图可知，加热时，两个加热器并联，
根据P＝ 可得，电压力锅加热到开始保压的时间：
t ＝ ＝ ＝1680s＝28min；
加热
（3）加热时消耗的电能：
W ＝P t ＝880W×1680s＝1.4784×106J。
加热 加热 加热
在此30min内保压的时间：
t ＝t﹣t ＝30×60s﹣1680s＝120s，
保温 加热
保压时消耗的电能：
W ＝P t ＝120W×120s＝1.44×104J；
保压 保压 保压
在此30min内消耗的电能：
W＝W +W ＝1.4784×106J+1.44×104J＝1.4928×106J。
加热 保压
答：（1）电压力锅加热状态时主加热器R的电阻为55 ；
（2）电压力锅28min后开始保压； Ω
（3）电压力锅在30min内所消耗的电能为1.4928×104J。
【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到密度公式、吸热公式、电功公式和效率公式的应用，关键是知道正常工作30min是指加热时间和保压时间的和。
四、实验与探究题．（共28分，每空1分.）
23．（5分）在探究“通电螺线管的外部磁场”的实验中，小明在螺线管周围摆放了一些小磁
针。
（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与 条形磁
体 的磁场相似。进一步观察小磁针N极（深色端）指向，得到螺线管外部磁场的方向是
从磁体的 N 极发出，最后回到 S 极 。
（2）调换通电螺线管所接电源的正负极，发现小磁针指向转动180°，南北极发生了对调，由此
可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中 电流 方向有关。
（3）小明继续实验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，观察电流表的示数及吸引大
头针的数目；再将开关S从a换到b，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表的示数及吸引
大头针的数目，此时调节滑动变阻器是为了 控制两次实验的电流大小不变 ，来探究
线圈匝数 与电磁铁磁性强弱的关系。通过吸引大头针的数目来研究电磁铁磁性强弱，下
列实验中也是采用这种研究方法的是 A 。
A．力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它
B．探究导体电阻与长度、横截面积与材料的关系
C．用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻
【分析】（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；在磁体外部，磁场方向总是从磁体的N
极发出，最后回到S极；
（2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关；
（3）影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在实验中，应注意控制变
量法的运用。
【解答】解：（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；在
磁体外部，磁场方向总是从磁体的N极发出，最后回到S极；
（2）如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°，南北极所指方向发生了改变，由此
可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。（3）实验中，他将开关S从a换到b上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，为了保证电流不
变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变，再次观察电流表示数及吸引
的大头针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。
探究电磁铁磁性强弱时，磁性强弱通过吸引大头针数目的多少反映，运用的是转换法。
A、力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它，运用的是转换法，符合题意；
C、用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻，运用的是等效替代法，不合题意；
B、探究导体电阻与长度、横截面积与材料的关系，应保持电阻的长度、横截面积不变，运用
的是控制变量法，不合题意；
故答案为：（1）条形磁体；从磁体的N极发出，最后回到S极；（2）电流；（3）控制两次实验的
电流大小不变；线圈匝数；A。
【点评】本题考查了螺线管磁场的特点、磁极方向的判断等，注意通电螺线管的磁极极性与电
流的方向和线圈的绕法有关。
24．（5分）下面是小明同学进行的电学实验：
小明为了探究通过导体的电流跟电阻的关系，设计了如图所示的电路。
（1）请用笔画代替导线完成图电路的连接。
（2）小明看到了邻组同学在闭合开关前，电流表的指针偏向“0”刻度线的左侧，原因是电流
表 正负接线柱接反了 。
（3）如果小明连接电路时接入的电阻为5 ，控制电阻两端的电压为2V，那么将5 的电阻换
成10 的电阻时，应将滑动变阻器的滑Ω片向 左 端调节，使电压表示数为 Ω 2 V；把
10 的Ω电阻换成20 的电阻，无论怎样调节滑片都无法使电压表示数调到控制值，说明他
选Ω择的滑动变阻器 Ω最大阻值太小 。
（4）更换器材后，重新实验，将数据记录在表格中，分析实验数据可得出： 当电压一定时，
导体中的电流与导体的电阻成反比 。
电压U/V 2
电阻R/ 5 10 20
电流I/AΩ 0.4 0.2 0.1
【分析】（1）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联；（2）电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，反之，指针反向偏转；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻
时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片
移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器
分得的电压，根据分压原理，求出当接入20 电阻时变阻器连入电路中的电阻。
（4）横向分析实验数据得出结论。 Ω
【解答】解：（1）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，如下所示：
（2）小明看到了邻组同学在闭合开关后，电流表的指针偏向“0”刻度线的左侧，原因是电流
表的正负接线柱接反；
（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5 改接成10 的电阻，电阻增大，其分得的电压
增大； Ω Ω
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电
压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中
的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V；
电阻两端的电压始终保持U＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U ＝3×1.5V﹣2V＝2.5V，
滑
变阻器分得的电压为电压表示数的 ＝1.25倍，根据分压原理，当接入20 电阻时，变阻
Ω
器连入电路中的电阻为：
R ＝1.25×20 ＝25 ，
滑
故为了完成整Ω个实验Ω，应该选取最大阻值至少25 的滑动变阻器，故把10 的电阻换成20
的电阻，无论怎样调节滑片都无法使电压表示数Ω调到控制值，说明他选择Ω的滑动变阻器最Ω
大阻值太小；
（4）横向分析实验数据可知，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，故得出：当
电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：（1）如上所示；（2）正负接线柱接反了；（3）左； 2；最大阻值太小；（4）当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
【点评】本题研究通过导体的电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、操作过程、控制变
量法、数据和故障分析，是一道中考常见题。
25．（8分）小菲冬天取暖时发现：电暖器的电热丝热得发红，而与电热丝相连的导线却不怎
么热。
（1）如图是小菲进行实验探究的部分电路，甲、乙烧瓶中装有 质量 相等初温相同的
煤油，通过比较 温度计升高示数的大小 来比较金属丝产生的热量的多少。金属丝电阻分
别为R 、R ，R ＜R ．通电一段时间后，发现乙烧瓶中温度计的示数大些。此现象说明：
甲 乙 甲 乙
在 电流 和 通电时间 相同时，电阻越大，电流产生的热量越多。
（2）小菲想用此装置探究水和煤油吸热能力，电路中必须满足的条件是 R ＝ R 。用温
甲 乙
度计测量液体吸收热量后升高的温度值，水和煤油的吸热多少是通过 加热时间 来反
映的。
（3）在此实验中，测量时，水和煤油的初温均为t ，通电一段时间后水和煤油的末温分别为t
0 1
和t ，请写出煤油比热容的表达式c ＝ （水的比热容为c ），小菲
2 煤油 水
认为这样测量煤油的比热容会有较大的误差，原因主要是 水和煤油的散热程度不同 。
【分析】（1）如图中两个电阻丝是串联，则电流相等，是研究电流产生的热量与电阻的关系的
实验，应使用相同的等质量的液体；
温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少；
由焦耳定律可知，电流通过导体产生的热量与电流、导体的电阻和通电时间有关，为了研究
电流与导体电阻的关系，要控制通过的电流和通电时间不变；
（2）想用此装置探究水和煤油吸热能力，电路中控制电阻丝的阻值相同，加热时间多，放出的
热量就多，相应受热物质吸收的热量就多；相同规格的加热器为不同液体加热，保证相同时间液体吸收的热量相同，时间越长说明吸收
的热量越多。
（3）通电相同的时间，水和煤油吸收相同的热量，根据Q＝cm（t﹣t ）求出煤油的比热容；
0
不同液体的散热能力不同。
【解答】解：（1）这是研究电流产生的热量与电阻的关系的实验，使用了串联电路，使电流相
等，为了比较产生的热量的多少，应使用相同质量的煤油，通过比较温度计升高的示数来
比较金属丝产生的热量的多少；
R 、R 电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，因为R ＜R ，电流通过R 产生的热量
甲 乙 甲 乙 乙
多，因此乙瓶中的煤油温度上升的快，由此得出，当通过的电流和通电时间相同时，导体
的电阻越大、电流产生的热量越多；
（2）在此实验中，电路中必须满足的条件是R ＝R ，如果要使水和煤油的最后温度相同，
甲 乙
就要给水加热更长的时间，所以水和煤油的吸热多少是通过加热时间来反映的。
（4）电阻相等、电流相等、在相同时间内放出的热量相同，所以水和煤油吸收的热量相同；
因为Q ＝Q ，所以c m（t ﹣t ）＝c m（t ﹣t ），
水吸 煤油吸 水 1 0 煤油 2 0
解得：c ＝ 。
煤油
因为水和煤油的散热程度不同，所以这样测量煤油的比热容会有较大的误差。
故答案为：
（1）质量；温度计升高示数的大小；电流；通电时间；（2）R ＝R ；加热时间；（3）
甲 乙
；水和煤油的散热程度不同。
【点评】本题考查了学生对焦耳定律、比热容的应用、串联电路的电流关系的了解和掌握，难
点是控制变量法和转换法的理解和使用。
26．（12分）现有一标有“2.5V”字样的小灯泡，小亮设计实验测量其不同电压下的电功率。（1）正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生
这种现象的原因是 灯泡断路 。
（2）排除故障，继续实验，如图甲所示是某次实验电流表的示数为 0. 1 A．最后根据实验数
据画出I﹣U图象，如图乙所示，根据图象求出小灯泡正常发光时的功率为 0.62 5 W。
（3）通过分析I﹣U图象，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因是 灯丝电阻受温
度影响 。
（4）利用所给器材，该实验装置 不能 （选填“能”或“不能”）用来验证欧姆定律中电流
与电压的关系。
（5）完成上述实验后，小亮又重新设计了电路，如图丙所示，测量另一个小灯泡的额定功率，
这个小灯泡正常工作的电流为I ．请完成实验步骤（已知电源电压为U）。
1
只闭合开关S ，移动滑动变阻器R 的滑片，使电流表示数为 I ；
1 2 1
①只闭合开关S ，保持滑动变阻器R 的滑片位置不变， 调节滑动变阻器 R 的滑片 使电
2 2 1
②流表示数为I ；再将滑动变阻器R 的滑片调到最左端，读出电流表的示数为I ；
1 2 2
则小灯泡的额定功率表达式为P ＝ 。
额
③
【分析】（1）电流表指针几乎不动，说明电路中电阻很大，可能是断路了；电压表有示数，说明
电压表的两个接线柱和电源的两极连接的电路中无断路。由此分析原因；
（2）根据电流表量程和分度值读出电流表示数；由图象读出灯泡正常发光时的电流，由P＝
UI计算其正常发光的功率；
（3）灯丝的电阻是变化的，会随温度的升高而增大；（4）探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，灯泡的电阻随温度的变化而变化；
（5）读题明确此实验的原理是利用替代法，测出灯泡的电阻，再通过电功率的变形公式P＝
I2R可计算小灯泡的额定功率。
【解答】解：
（1）电流表指针几乎不动，可能是断路了；电压表有示数，说明电压表的两个接线柱和电源的
两极连接的电路中是通路，所以故障的原因可能是灯泡断路了；
（2）读图甲可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.1A．电流表此时的读
数为0.1A；
读图乙可得，当电压为2.5V时，电路中的电流为0.25A，
所以小灯泡正常发光时的功率为：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（3）过分析I﹣U图象，发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，其原因是灯丝电阻受温度影
响，温度越高，灯丝电阻越大；
（4）探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以该
实验装置不能用来验证欧姆定律中电流与电压的关系；
（5）分析实验的原理可以得出其具体的步骤为：
只闭合开关S ，移动滑动变阻器R 的滑片，使电流表示数为I（此时小灯泡正常工作）；
1 2 1
①只闭合开关S ，保持滑动变阻器R 的滑片位置不变，调节滑动变阻器R 的滑片使电流表
2 2 1
②示数为I ；
1
再将滑动变阻器R 的滑片调到最左端，读出电流表的示数为I ；
2 2
在步骤 中，电路中的电流均为I 时，变阻器R 接入电路的阻值不变，则根据等效替
1 2
③ ①②
代法可知，小灯泡正常发光时的电阻与此时变阻器R 的电阻相同，即R ＝R ＝ ，
1 L 1
小灯泡的额定功率：P ＝I 2R ＝I 2• ＝ 。
额 1 灯 1
故答案为：
（1）灯泡断路；（2）0.1；0.625；（3）灯丝电阻受温度影响；（4）不能；（5） I ； 调节滑动变
1
① ②
阻器R 的滑片； 。
1
③【点评】本题考查了“测量小灯泡电功率”，运用了两种不同的测量方法，要求我们对实验的
原理、注意事项、欧姆定律及电功率的变形公式等有一个全面的了解和掌握，考查内容多，
有一定难度。
