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专题08 抛体运动九大问题
目录
题型一 平抛运动的基本规律.................................................................................................................................... 1
题型二 平抛运动的临界、极值问题........................................................................................................................5
题型三 斜面上的平抛问题........................................................................................................................................ 9
类型1.顺着斜面平抛斜面倾斜角是“位移”偏向角.......................................................................................9
类型2.顺着斜面（圆弧）平抛斜面倾斜角是“速度”偏向角.....................................................................14
类型3.对着斜面平抛“垂直”打在斜面上斜面倾斜角为“速度”偏向角的余角.....................................17
类型4 对着斜面平抛“最小位移”打在斜面上斜面倾斜角为“位移”偏向角的余角............................22
题型四 有约束条件的平抛运动模型......................................................................................................................25
类型1 对着竖直墙壁的平抛运动................................................................................................................. 25
类型2 半圆内的平抛问题.............................................................................................................................27
题型五 平抛的多解问题.......................................................................................................................................... 32
题型六 平抛与圆周的临界问题.............................................................................................................................. 35
题型七 斜抛运动的理解和分析.............................................................................................................................. 39
题型八 类平抛运动..................................................................................................................................................45
题型九 抛体运动中的功能与动量..........................................................................................................................50
题型一 平抛运动的基本规律
【解题指导】1.性质：平抛运动是加速度为g 的匀变速曲线运动，运动轨迹是抛物线。
2.研究方法：运动的合成与分解
（1）水平方向：匀速直线运动。
（2）竖直方向：自由落体运动。
3.基本规律（如图）
（1）速度
合速度的大小v＝＝
设合速度的方向与水平方向的夹角为θ，有
tan θ＝＝。
（2）位移
合位移的大小s＝＝
设合位移的方向与水平方向的夹角为α，有
tan α＝＝。
（3）三个重要结论：①合速度方向与水平方向的夹角θ 和合位移方向与水平方向的夹角α
的关系，tan θ＝2tan α。
②做平抛（或类平抛）运动的物体任一时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位
移的中点，即xOC＝。
③速度变化：平抛运动是匀变速曲线运动，故在相等的时间内，速度的变化量（Δv＝gΔt）
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相等，且必沿竖直方向，如图所示。任意两时刻的速度与速度的变化量Δv 构成三角形，
Δv 沿竖直方向。
【例1】（2023 春·湖南衡阳·高三校考阶段练习）如图所示，甲、乙两人练习配合传球投
篮，两人分别以2m/s、3m/s 的速度同时匀速垂直通过篮球场地中线时，二者相距3m，甲
继续匀速奔跑2s 后从1.7m 的高度将篮球近似水平抛出，乙在1.5m 的高度接住篮球并奔向
篮板。不考虑篮球的自转，忽略空气阻力，重力加速度g 取
，则篮球被甲抛出瞬间
的速度大小约为（ ）
A．10m/s
B．15m/s
C．18m/s
D．20m/s
【答案】D
【详解】从场地中线开始，甲匀速跑动2 s 后，甲、乙两人沿垂直场地中线方向的位移差为
。甲抛出篮球后，球做平抛运动，乙接到球时，球下落的竖直高度
由
可得球运动的时间
在球做平抛运动的0.2 s 内，乙仍然做匀速运动，此过程篮球的水平位移
由
可解得篮球被甲抛出瞬间的速度
故选D。
【例2】（2023·河南郑州·高三郑州外国语学校校考阶段练习）从O 点以水平速度v 抛出一
小物体，经过M 点时速度大小为
v，N 点为O 到M 之间轨迹上与直线OM 距离最远的点，
不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
2
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A．小物体经N 点时的速度方向与OM 不平行
B．小物体从O 到N 经历的时间为
C．O、N 之间的距离为
D．曲线ON 与MN 关于过N 点且与OM 垂直的直线对称
【答案】B
【详解】A．小物体运动过程中与OM 的距离最远，即沿与OM 垂直方向的分速度为零，
所以此时的速度方向与OM 平行，选项A 错误；
B．经过M 点时的速度与水平方向的夹角为45°，设OM 与水平方向的夹角为α，由几何关
系可知
所以经N 点时的速度竖直分量
故从O 到N 的时间为
选项B 正确；
C．ON 之间的水平位移
竖直位移
O、N 之间的距离为
选项C 错误；
D．初速度为v，末速度为
v，所以曲线ON 与MN 不对称，选项D 错误；
故选B。
【例3】．(2022·浙江金华十校4 月模拟)图甲是消防车正在机场进行水柱灭火演练的情景，
小刘模拟消防水柱的示意图如图乙所示。水在空中运动，A、B 为其运动轨迹上的两点，已
知水在A 点时的速度大小为v＝6 m/s，速度方向与竖直方向的夹角为45°，它运动到B 点时，
速度方向与竖直方向的夹角为37°(sin 37°＝0.6)，不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s2，
则( )
3
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A.图中A 点是水在空中运动过程的最高点
B.水在空中运动过程为变加速曲线运动
C.水在B 点时的速度大小为8 m/s
D.A、B 两点间的高度差为0.7 m
【答案】 D
【解析】 图中A 点速度方向不是水平的，则图中A 点不是水在空中运动过程的最高点，
选项A 错误；水在空中运动过程中，加速度恒定为g，则水在空中运动，为匀加速曲线运
动，选项B 错误；水在A、B 两点时水平速度相同，则vAsin 45°＝vBsin 37°，解得B 点时水
的速度大小为vB＝5 m/s，选项C 错误；A、B 两点间的高度差为h＝＝0.7 m，选项D 正确。
【例4】．（2023·广东广州·高三广州市白云中学校考期中）如图，正在平直公路行驶的汽
车紧急刹车，位于车厢前端、离地高度分别为
、
的两件物品，因没有固
定而散落到路面，相距
。由此估算刹车时的车速最接近（ ）
A．40km/h
B．50km/h
C．70km/h
D．90km/h
【答案】A
【详解】汽车紧急刹车后物品做平抛运动，平抛初速度等于汽车碰撞瞬间的行驶速度，设
为v。
对于物品A，水平方向上，有
竖直方式上，有
对于物品B，水平方向上，有
竖直方式上，有
根据题图分析可知
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解得汽车的行驶速度
所以刹车时的车速最接近40km/h
故选A。
题型二 平抛运动的临界、极值问题
【解题指导】1．平抛运动的临界问题有两种常见情形：(1)物体的最大位移、最小位移、
最大初速度、最小初速度；(2)物体的速度方向恰好达到某一方向．
2．解题技巧：在题中找出有关临界问题的关键字，如“恰好不出界”、“刚好飞过壕沟”、
“速度方向恰好与斜面平行”、“速度方向与圆周相切”等，然后利用平抛运动对应的位
移规律或速度规律进行解题．
【例1】（2023·山东滨州·统考二模）从高
处的点A 先后水平抛出两个小球1 和2，
球1 与地面碰撞一次后，恰好越过位于水平地面上高为h 的竖直挡板，然后落在水平地面
上的D 点，碰前碰后的速度水平方向不变，竖直方向等大反向。球2 恰好越过挡板也落在
D 点，忽略空气阻力。挡板的高度h 为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】A．设1、2 球的初速度分别为
、
，从抛出到落到D 点运动的时间分别为
、
则对两球在水平方向有
依题意
所以
又因两球飞过竖直挡板前的水平位移相同，而速度的水平分量的关系为
故它们飞过挡板前的运动时间满足
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设球1 从第一次落地到飞至挡板顶端所用的时间为t，则上述关系可写为
球1 第一次落地时速度的竖直分量为
到达挡板顶端时速度的竖直分量为
两者满足
联立方程并代入数据可得
故选B。
【例2】(多选)(2022·海南省模拟)将小球从如图所示的阶梯状平台上以一定的水平初速度v0
水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为1.0 m，取g＝10 m/s2，要使小球抛出后落到第三级
台阶上，则v0可能为( )
A．2 m/s
B．3.5 m/s
C．4 m/s
D．2 m/s
【答案】 AB
【解析】 小球抛出后越过第二台阶，根据平抛运动的特点水平方向做匀速运动，竖直方
向做自由落体运动可知h2＝2L＝gt，x2＝v0t2＞2L；小球抛出后不会越过第三台阶，有h3＝
3L＝gt，x3＝v0t3≤3L，解得 m/s＜v0≤ m/s，故选项A、B 正确。
【例3】(2022·广东五校一联)某科技比赛中，参赛者设计了一个轨道模型，如图所示.模型
放到0.8 m 高的水平桌子上，最高点距离水平地面2 m，右端出口水平.现让小球由最高点
静止释放，忽略阻力作用，为使小球飞得最远，右端出口距离桌面的高度应设计为( )
A.0 B.0.1 m C.0.2 m D.0.3 m
【答案】 C
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【解析】 小球从最高点到右端出口，满足机械能守恒，有mg(H－h)＝mv2，从右端出口
飞出后小球做平抛运动，有x＝vt，h＝gt2，联立解得x＝2，根据数学知识知，当H－h＝h
时，x 最大，即h＝1 m 时，小球飞得最远，此时右端出口距离桌面高度为Δh＝1 m－0.8 m
＝0.2 m，故C 正确.
【例4】（2023·广东惠州·统考一模）“山西刀削面”堪称天下一绝，如图所示，小面圈
（可视为质点）从距离开水锅高为h 处被水平削离，与锅沿的水平距离为L，锅的半径也
为L。忽略空气阻力，且小面圈都落入锅中，重力加速度为g，则下列关于所有小面圈在空
中运动的描述正确的是（ ）
A．运动的时间都相同
B．速度的变化量不相同
C．落入锅中时，最大速度是最小速度的3 倍
D．若小面圈刚被抛出时初速度为
，则
【答案】AD
【详解】A．所有的小面圈在空中均做平抛运动，竖直方向均为自由落体运动，根据
可知所有的小面圈在空中运动的时间都相同，A 正确；
B．所有面圈都只受到重力作用，所以加速度均为g，根据
可知所有面圈在空中运动过程中速度的变化量相同，B 错误；
CD．若小面圈刚被抛出时初速度为
，根据水平方向为匀速直线运动，落在锅里的水平距
离最小值为L，最大值为3L，有
则
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面圈落入锅中时水平速度最大值为最小值的3 倍，但是竖直速度相等，根据速度的合成
可知落入锅中时，最大速度小于最小速度的3 倍，C 错误，D 正确。
故选AD。
题型三 斜面上的平抛问题
类型1.顺着斜面平抛斜面倾斜角是“位移”偏向角
(1)落到斜面上，已知位移方向沿斜面向下(如图)
处理方法：分解位移.
x＝v0t
y＝gt2
tan θ＝
可求得t＝.
(2)物体离斜面距离最大，已知速度方向沿斜面向下(如图)
处理方法：分解速度
vx＝v0，vy＝gt
tan θ＝
t＝.
【例1】（2023·安徽·校联考模拟预测）如图所示，在倾角为
的斜面上A 点以初速度
水平抛出一个小球，小球恰好落在斜面上的B 点，若小球在
点抛出的初速度方向与斜面
垂直，结果小球也恰好落在斜面上的B 点，则此时小球抛出的初速度大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
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【详解】根据题意，由平抛运动规律有
解得
则有
设小球与斜面垂直方向以抛出，则有
解得
故选C。
【例2】（2023 春·湖南岳阳·高三岳阳一中校联考阶段练习）如图所示，物体在倾角为θ、
足够长的斜面上做平抛运动，最终落在斜面上，从抛出到第一次落到斜面上的过程，下列
说法正确的是（ ）
A．物体在空中运动的时间与初速度成正比
B．落到斜面上时，速度方向与水平面的夹角随初速度的增大而增大
C．抛出点和落点之间的距离与初速度成正比
D．物体在空中运动过程中，离斜面的最远距离与初速度成正比
【答案】A
【详解】A．依题意，初速度不同的小球均落在斜面上，则具有共同的位移偏向角
，根据
平抛运动规律有
得
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物体在空中运动的时间与初速度成正比，A 正确；
B．落到斜面上时，速度与水平方向夹角
满足
则落到斜面上时速度方向与斜面夹角与初速度无关，B 错误；
C．抛出点与落点间距离
，
抛出点和落点之间的距离与初速度的平方成正比，C 错误；
D．当小球在运动过程中速度方向与斜面平行时，小球离斜面的距离最大，把小球初速度
及重力加速度分解在平行斜面与垂直斜面方向上，可得小球离斜面的最大距离为
则物体在空中运动过程中，离斜面的最远距离与初速度的平方成正比，D 错误。
故选A。
【例3】（2023 春·浙江·高三校联考阶段练习）跳台滑雪是一项勇敢者的运动，某运动员
从跳台A 处沿水平方向飞出，在斜面AB 上的B 处着陆，斜面AB 与水平方向夹角为
且
足够长，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．运动员在空中相同时间内的速度变化相同B．运动员在斜面上的落点到A 点的距离与初
速度成正比
C．运动员落在B 处的速度与水平方向夹角
D．运动员的质量越大，落点离A 越远
【答案】A
【详解】A．运动员在空中只受重力，加速度恒定，单位时间内速度变化相同，A 正确；
B．落点到A 的距离利用平抛规律
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得
所以运动员在斜面上的落点到A 点的距离与初速度的平方成正比，故B 错误；
C．速度与水平方向夹角的正切值是
，C 错误；
D．落点与质量无关，D 错误。
故选A。
【例4】.（2023·全国·高三专题练习）近年来，国家大力开展冰雪运动进校园活动，目前
已有多所冰雪特色学校，蹬冰踏雪深受学生喜爱。如图所示，现有两名滑雪运动员（均视
为质点）从跳台a 处先后沿水平方向向左飞出，其速度大小之比为
，不计空气阻
力，则两名运动员从飞出至落到斜坡（可视为斜面）上的过程中，下列说法正确的是（
）
A．他们飞行时间之比为
B．他们飞行的水平位移之比为
C．他们速度变化之比为
D．他们在空中离坡面的最大距离之比为
【答案】C
【详解】A．运动员从跳台a 处水平飞出，设初速度为
，飞行时间为，斜坡的倾角为
，
运动员在空中做平抛运动，落到斜坡上时则有
解得
可得他们飞行时间之比为
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A 错误；
B．运动员飞行的水平位移为
他们飞行的水平位移之比为
B 错误；
C．两运动员在水平方向的速度不变，在竖直方向的速度变化为
因为他们飞行时间之比为
则有他们速度变化之比为
C 正确；
D．运动员在空中离坡面的最大距离为
他们在空中离坡面的最大距离之比为
D 错误。
故选C。
类型2.顺着斜面（圆弧）平抛斜面倾斜角是“速度”偏向角
1.从斜面外恰好与斜面平行的方向落到斜面(如图)：
合速度与水平速度的夹角等于斜面倾角，常用速度关系tan θ＝＝.
2.从圆弧形轨道外平抛，恰好无碰撞地进入圆弧形轨道，如图所示，即已知速度方向沿该
点圆弧的切线方向
分解速度tan θ＝＝
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【例1】．（2023·四川·模拟预测）如图所示，从a 点以初速度v0=6m/s 水平抛出一质量
m=0.5kg 的小球（视为质点），小球恰好从竖直放置的光滑圆弧轨道的b 点沿切线进入圆
弧轨道，经过最低点c，最后从d 点飞出圆弧轨道。已知圆弧轨道半径R=l.2m，bc 段圆弧
所对的圆心角α=60°，O 为圆心，Od 为水平半径，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。
则下列分析错误的是（ ）
A．a、b 两点的高度差为5.4m
B．小球在c 点时对圆弧轨道的压力大小为70N
C．小球在d 点时对圆弧轨道的压力大小为55N
D．小球从d 点离开后还能上升的高度为4.8m
【答案】D
【详解】A．小球恰好从竖直放置的光滑圆弧轨道的b 点沿切线进入圆弧轨道，则有
解得
h＝5.4m
故A 正确，不符合题意；
B．规定c 点为零势能面根据能量守恒可得
在c 点由牛顿第二定律
解得
故B 正确，不符合题意；
C．由牛顿第二定律和机械能守恒定律
解得
13
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故C 正确，不符合题意；
D．由公式可得
解得
故D 错误，符合题意。
故选D。
【例2】（2023 春·全国·高三专题练习）如图所示，以速度
从O 点水平抛出的小
球，抵达光滑固定的斜面上端P 处时，速度方向恰好沿着斜面方向，然后紧贴斜面PQ 做
匀加速直线运动，已知斜面倾角为
（
，
），不计空气阻力，取
重力加速度为
。下列说法正确的是（ ）
A．O 点到P 点的竖直距离为0.45m
B．小球在斜面上运动的加速度大小比平抛运动时的大
C．撤去斜面，小球仍从O 点以相同速度水平抛出，落地时间将变小
D．撤去斜面，小球仍从O 点以相同速度水平抛出，落地速度不变
【答案】AC
【详解】A．由题意可知，小球落到斜面上时速度偏转角为
，则有
解得
又因为
解得
故A 项正确；
B．小球做平抛运动时的加速度为
，小球在斜面上运动时
14
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解得
故B 项错误；
C．由于小球在斜面上的加速度，由之前分析可知为
，则小球在斜面上运动时，
在竖直方向的加速度为
由此可知，有斜面时，小球在竖直方向上的加速度小于重力加速度，所以撤去斜面后，小
球的下落时间变小，故C 项正确；
D．根据机械能守恒得
撤去斜面，h 不变，则落地的速率v 不变，但是速度方向不同，故D 项错误。
故选AC。
类型3.对着斜面平抛“垂直”打在斜面上斜面倾斜角为“速度”偏
向角的余角
对着斜面平抛
垂直撞在斜面上，已知速度方向垂直斜面向下(如图)
处理方法：分解速度.
vx＝v0
vy＝gt
tan θ＝＝
可求得t＝.
【例1】（2023·全国·二模）一种定点投抛游戏可简化为如图所示的模型，以水平速度
从
O 点抛出小球，小球正好落入倾角为
的斜面上的洞中，洞口处于斜面上的P 点，O、P 的
连线正好与斜面垂直；当以水平速度
从O 点抛出小球时，小球正好与斜面在Q 点垂直相
碰。不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
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A．小球落在P 点的时间是
B．Q 点在P 点的下方
C．
D．小球落在P 点所用的时间与落在Q 点所用的时间之比是
【答案】AD
【详解】A．以水平速度v1从O 点抛出小球，正好落入倾角为
的斜面上的洞中，此时位
移垂直于斜面，由几何关系可知
所以
A 正确；
BC．当以水平速度v2从O 点抛出小球，小球正好与斜面在Q 点垂直相碰，此时速度与斜
面垂直，根据几何关系可知
即
故OQ 连线与竖直方向的夹角满足
而OP 连线与竖直方向夹角为θ，所以
，故Q 点在P 点的上方。由
可知，
，又因为水平位移
，由
可知，
，故B、C 错误；
D．落在P 点的时间与落在Q 点的时间之比是
16
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D 正确。
故选AD。
【例2】（2023 秋·河北邢台·高三统考期末）如图所示，小球以初速度
正对倾角为
的斜
面水平抛出，小球刚好垂直碰撞斜面，已知小球做平抛运动的时间为t，则重力加速度大小
为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】小球刚好垂直碰撞斜面时，碰撞速度与水平速度、竖直速度的情况如图所示
则有
结合
解得
故C 正确。
故选C。
【例3】．（2023 春·山西晋城·高三校考阶段练习）如图，飞机距离水平地面的高度为H，
在水平方向以速度v0匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一箱质量为m 的救援物资，救
援物资打在山坡上的A 点，A 点的高度为h，不考虑空气阻力的影响，则（ ）
17
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A．这箱物资在空中飞行的时间为
B．这箱物资落到A 点时的动能为
C．A 点距山坡底端的水平距离为
D．山坡的倾角θ 满足
【答案】C
【详解】A．由
可得这箱物资在空中飞行的时间为
故A 错误；
B．不考虑空气阻力的影响，只有重力做功，所以有
可得
故B 错误；
C．A 点距山坡底端的水平距离即为物资的水平位移，则有
故C 正确；
D．山坡的倾角θ 满足
故D 错误。
故选C。
【例4】．（2023·江苏盐城·高三盐城中学校考阶段练习）如图在同一竖直平面内将两个完
全相同的小球从不同的位置沿水平方向抛出，抛出点分别为A 点和B 点（图中未画出），
初速度分别为
和
，并且
，经过一段时间的运动后，两个小球同时垂直落到斜面
上的同一个位置O 点，不计空气阻力，则（ ）
18
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A．AO 连线与水平方向的夹角一定和BO 连线与水平方向的夹角不相同
B．两个小球落到斜面上时的动能可能相同
C．AO 连线与水平方向的夹角一定与斜面的倾角相同
D．两个小球的运动时间一定不同
【答案】D
【详解】A．两小球垂直落入斜面，速度的偏转角相同，由平抛运动的规律可知，速度偏
转角的正切值是位移偏转角的正切值的两倍，所以AO 连线与水平方向的夹角一定和BO 连
线与水平方向的夹角相同，故A 错误；
BD．当小球落到斜面上时，将小球的速度进行分解，由几何关系可得
由平抛运动的规律
解得
由题目可知
所以
小球的末动能
所以
故B 错误，D 正确；
C．设AO 连线与水平方向的夹角为
，由平抛运动的规律
联立求解可得
19
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故C 错误。
故选D。
类型4 对着斜面平抛“最小位移”打在斜面上斜面倾斜角为“位移”偏向角的
余角
在斜面外平抛，落在斜面上位移最小，如图所示，已知位移方向垂直斜面
分解位移tan θ＝＝＝
【例1】.（2023 秋·陕西安康·高三统考阶段练习）如图所示，倾角为37°的斜面体
固
定放置在水平面上，斜面的高度为，
点是A 点正上方与
点等高的点，让一小球（视
为质点）从
点水平向左抛出，落在斜面的
点，已知
、
两点的连线与斜面垂直，重
力加速度为g，
、
，下列说法正确的是（ ）
A．小球在
点的速度为
B．小球从
点到
点的运动时间为
C．小球在
点的速度大小为
D．小球在
点的速度与水平方向夹角的正切值为2
【答案】A
【详解】AB．过
点作
的垂线与
的交点为
，设平抛运动的水平位移为
，即
、
两点之间的距离为
，如图所示
由几何关系可得
20
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由平抛运动的规律可得
，
解得
、
、
A 正确、B 错误；
CD．小球在
点沿竖直方向的分速度为
小球在
点的速度大小为
与水平方向夹角的正切值为
解得
，
CD 错误。
故选A。
【例2】（2023·广东·高三统考阶段练习）如图所示，在斜面的上方A 点，水平向右以初速
度
抛出一个小球，不计空气阻力，若小球击中斜面B 点（图中未画出），且AB 距离恰
好取最小值，则小球做平抛运动的时间为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】若小球击中斜面B 点，且AB 距离恰好取最小值，则AB 垂直斜面，此时有
21
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可得
故选C。
【例3】.如图所示，一小球从某固定位置以一定初速度水平抛出，已知当抛出速度为v0时，
小球落到一倾角为θ＝60°的斜面上，且球发生的位移最小，不计空气阻力，则( )
A.小球从抛出到落到斜面的时间为
B.小球从抛出到落到斜面的时间为
C.小球的抛出点到斜面的距离为
D.小球的抛出点到斜面的距离为
【答案】 BC
【解析】 球平抛的位移最小，则抛出点和落点的连线与斜面垂直，分解位移，如图所示。
设平抛时间为t，结合几何关系知，tan θ＝，x＝v0t，y＝gt2，解得t＝，故选项A 错误，B
正确；s＝＝＝，选项C 正确，D 错误。
题型四 有约束条件的平抛运动模型
类型1 对着竖直墙壁的平抛运动
如图所示，水平初速度v0不同时，虽然落点不同，但水平位移d 相同，t＝。
【例1】(多选)(2022·石家庄市质检)如图所示，水平放置的网球发球机正对着竖直墙面发射
网球，两次发射的网球分别在墙上留下A、B 两点印迹。测得OA＝AB，OP 为水平线，若
忽略网球在空中受到的阻力，下列说法正确的是( )
22
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A．两球发射的初速度vA∶vB＝1 2∶
B．两球发射的初速度vA∶vB＝∶1
C．两球从P 点发射到碰到墙面所用的时间tA∶tB＝1∶
D．两球从P 点发射到碰到墙面所用的时间tA∶tB＝1 2∶
【答案】 BC
【解析】 设OA＝AB＝h，忽略空气阻力，则网球做平抛运动，竖直方向上有h＝gt，2h
＝gt，整理可得tA∶tB＝1∶，选项C 正确，D 错误；网球在水平方向上做匀速运动，而且水平
位移大小相等，则有x＝vAtA＝vBtB，整理可得vA∶vB＝∶1，选项A 错误，B 正确。
【例2】.（2023·全国·高三专题练习）如图所示，某同学从O 点对准前方的一块竖直放置
的挡板将小球水平抛出，O 与A 在同一高度，小球的水平初速度分别为
、
，不计空气
阻力，小球打在挡板上的位置分别是B、C，且AB=BC，则
为（ ）
A．2 1∶
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】不计空气阻力，小球在空中做平抛运动，由平抛运动规律
，
联立得
所以
又因为
23
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所以
故选B。
【例3】(2022·云南二模)“飞镖”是一项深受人们喜爱的运动。镖靶如图所示，一同学练习
投镖，若他每次都是将飞镖水平投出，飞镖在空中运动可视为平抛运动。某次飞镖打在了
靶中心的正上方某处，该同学下次打靶时做出调整，可能让飞镖打在靶中心的是（ ）
A. 保持飞镖出手点距地高度和出手速度不变，减小飞镖出手点到靶的水平距离
B. 保持飞镖出手点到靶的水平距离和出手速度不变，降低飞镖出手点距地高度
C. 保持飞镖出手点距地高度和到靶的水平距离不变，增大飞镖的出手速度
D. 保持飞镖出手点距地高度和到靶的水平距离不变，减小飞镖的出手速度
【答案】BD
【解析】A．保持飞镖出手点距地高度和出手速度不变，减小飞镖出手点到靶的水平距离，
则运动到靶的时间变短，竖直位移更短，落点在靶中心的正上方，A 错误；
B．保持飞镖出手点到靶的水平距离和出手速度不变，则运动到靶的时间不变，竖直位移
不变，由于降低飞镖出手点距地高度，落点可能在靶中心，故B 正确
C．保持飞镖出手点距地高度和到靶的水平距离不变，增大飞镖的出手速度，则运动到靶
的时间变短，竖直位移更短，落点在靶中心的正上方，故C 错误；
D．保持飞镖出手点距地高度和到靶的水平距离不变，减小飞镖的出手速度，则运动到靶
的时间变长，竖直位移变长，落点可能在靶中心，故D 正确；
故选BD
类型2 半圆内的平抛问题
利用位移关系
从圆心处抛出落到半径为R 的圆弧上，
如图所示，位移大小等于半径R
从与圆心等高圆弧上抛出落到半径为R
24
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的圆弧上，如图所示，水平位移x 与R
的差的平方与竖直位移的平方之和等于
半径的平方
【例1】（2023·广东·一模）如图所示，一平台固定在竖直平面内，以平台右边缘O 点为原
点，沿平台右侧竖直向下为y 轴正方向，沿水平向右为x 轴正方向建立直角坐标系xOy。在
该坐标系中，以坐标原点O 为圆心，半径为R 的四分之一圆弧轨道竖直固定在平台的右侧。
质量为m 的小球从坐标原点O 以初速度v0（大小未知）沿x 轴正方向平抛。重力加速度大
小为g，不计空气阻力。小球从O 点抛出后到落到圆弧轨道上的过程中，下列说法正确的
是（ ）
A．当初速度
的大小为适当的值时，小球可能垂直落到圆弧轨道上
B．初速度
越大，小球在空中运动的时间越长
C．初速度
时，小球落到圆弧轨道上的动量最小
D．小球落到圆弧轨道上的最小动能为
【答案】D
【详解】A．若小球垂直打在圆轨道上，则速度方向的反向延长线应交于圆心；而于平抛
运动的规律可知，速度方向的反向延长线应交于水平位移的中点，根据题意可知圆心和水
平位移的中点不是同一位置，故A 错误；
B．小球做平抛运动，在竖直方向上物体做自由落体运动，有
解得
可知h 越大，小球在空中运动时间越长，由图可知小球速度v0越小，下落的高度越高，飞
行时间越长，故B 错误；
CD．设落地点与O 点的连线与水平方向的夹角为θ，小球做平抛运动
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Rcosθ=v0t
由动能定理得
解得
由数学知识得：当
即
Ek取最小值
根据
可知动能最小时动量最小，此时
联立以上可得
故C 错误，D 正确。
故选D。
【例2】．（2023·山东滨州·高三校考阶段练习）如图所示，
是半圆弧的一条水平直径，
是圆弧的圆心，
是圆弧上一点，
，在
、
两点分别以一定的初速度
、
水平抛出两个小球，结果都落在 C 点，则两个球抛出的初速度
、
的大小之比为（
）
A．
B．
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C．
D．
【答案】B
【详解】两球下落的高度相同，根据
；知，下落的时间相同，设圆弧的半径为R，
根据几何关系可得
则A 点抛出的球平抛运动的水平位移
从O 点抛出的球做平抛运动的水平位移为
根据
知
故选B。
【例3】（2023·云南·校联考一模）如图，水平地面上有一个坑，其竖直截面为
圆弧bc，
半径为R，O 为圆心，若在O 点以大小不同的初速度v0沿Oc 方向水平抛出小球，小球落在
坑内。空气阻力可忽略，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（ ）
A．落在球面上的最小速度为
B．落在球面上的最小速度为
C．小球的运动时间与v0大小无关
D．无论调整v0大小为何值，球都不可能垂直撞击在圆弧面上
【答案】BD
【详解】AB．小球做平抛运动
且
而落点的速度
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整理得
显然当
时速度取得最小值，代入可得最小值为
B 正确，A 错误；
C．
越大，水平位移越大，竖直下落距离越小，运动时间越短，C 错误；
D．由于速度的反向延长线恰好过与抛出点等高的水平位移的中点处，若与圆弧垂直，恰
好与半径一致，两者相矛盾，因此球都不可能垂直撞击在圆弧上，D 正确。
故选BD。
【例4】．（2023·安徽六安·高三六安一中阶段练习）如图所示，一竖直圆弧形槽固定于水
平地面上，O 为圆心，AB 为沿水平方向的直径。若在A 点以初速度v1平抛一小球，小球将
击中槽壁上的最低点D 点；若A 点小球抛出的同时，在C 点以初速度v2向左平抛另一个小
球并也能击中D 点，已知∠COD=60°，且不计空气阻力，则（ ）
A．两小球同时落到D 点
B．两小球初速度大小之比为
C．两小球落到D 点时的速度方向与OD 线夹角相等
D．两小球落到D 点时的瞬时速率之比为
【答案】BD
【详解】A．根据
可知，向左平抛的另一个小球竖直下降的高度小一些，其先落到D 点，A 错误；
B．对A 点抛出的小球有
，
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对C 点抛出的小球有
，
解得
B 正确；
C．A 点抛出的小球落到D 点时
C 点抛出的小球落到D 点时
可知，两小球落到D 点时的速度方向与OD 线夹角不相等，C 错误；
D．A 点抛出的小球落到D 点时
C 点抛出的小球落到D 点时
结合上述，解得
D 正确。
故选BD。
题型五 平抛的多解问题
【例2】（2023 春·云南昆明·高三云南师大附中校考阶段练习）如图所示，两平行竖直光
滑挡板MN、PQ 直立在水平地面上，它们之间的距离为L，它们的高度均为2L。将一小球
（可视为质点）从M 点以垂直于MN 的初速度水平抛出，恰好落到Q 点（小球未与挡板碰
撞），重力加速度为g。
（1）求小球的初速度大小；
（2）若改变小球水平抛出的初速度大小，小球与两挡板碰撞时，竖直速度保持不变，水平
速度瞬间等大反向，要使小球落地时与两挡板的距离相等，求初速度大小应满足的条件
（碰撞时间可忽略不计）。
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【答案】（1）
；（2）
【详解】（1）小球做平抛运动
，
解得
（2）若小球与挡板碰撞n 次后落到地面
解得
【例2】（2023·河南开封·统考三模）如图所示，刚性圆柱形容器，上端开口，容器内侧高
，内径
，现有一刚性小球（视为质点）从容器上端内边缘沿直径以
的初
速度水平抛出，小球恰好可以击中容器底部中心位置。已知重力加速度
，忽略
空气阻力，小球与容器内壁碰撞视为弹性碰撞，则小球的初速度
可能是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】根据平抛运动的分析可知，竖直方向有
解得
30
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而根据题意，水平方向有
（
）
解得
因此
的可能值为
、
、
、
、
、
故选B。
【例3】（2023·北京·统考模拟预测）如图所示，竖直墙MN、PQ 间距为l，竖直线OA 到
两边墙面等距。从离地高度一定的O 点垂直墙面以初速度
水平抛出一个小球，小球与墙
上B 点、C 点各发生一次弹性碰撞后恰好落在地面上的A 点。设B 点距地面高度为
，C
点距地面高度为
，所有摩擦和阻力均不计。下列说法正确的是（ ）
A．
B．
C．仅将间距l 加倍而仍在两墙中央O 点平抛，小球不会落在A 点
D．仅将初速度
增为
（n 为正整数），小球可能落在N 或Q 点
【答案】B
【详解】AB．由于竖直线OA 到两边墙面距离均为
，小球与墙面发生弹性碰撞，无能量
损失，小球在运动过程中，竖直方向为自由落体，水平方向匀速运动，运动到B、C 及A
水平方向的路程之比为1：3：4，所用时间之比为1：3：4，O 到B、C、A 的竖直距离分
别为
、
、
，由匀变速运动规律得
31
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故
故A 错误，B 正确；
C．由于OA 间高度不变，小球落到地面时间不变，仅将间距加倍而仍在两墙中央O 点平
抛，小球将与前面碰撞一次后落在A 点，故C 错误；
D．仅将初速度
增为
（
为正整数），小球从抛出到落地在水平方向通过路程为
根据对称性，小球一定落在A 点，故D 错误。
故选B。
题型六 平抛与圆周的临界问题
【例1】（2023·河北沧州·沧县中学校考模拟预测）一不可伸长的轻绳上端悬挂于
点，另
一端系有质量为
的小球，保持绳绷直将小球拉到绳与竖直方向夹角为
的
点由静止释
放，运动到
点的正下方时绳断开，小球做平抛运动，已知
点离地高度为
，绳长为
，
重力加速度大小为
，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．在绳断开前，小球受重力、绳的拉力和向心力作用
B．在绳断开前瞬间，小球处于失重状态
C．在绳断开前瞬间，小球所受绳子的拉力大小为
D．若夹角
不变，当
时，落点距起点的水平距离最远
【答案】CD
【详解】A．在绳断开前，小球在竖直平面内做圆周运动，小球只受重力和绳的拉力作用，
故A 错误；
B．在绳断开前瞬间，小球加速度方向竖直向上，处于超重状态，故B 错误；
C．在绳断开前瞬间，设小球受绳子拉力为
，根据牛顿第二定律可得
质量为
的小球由静止开始，运动到
点正下方过程中机械能守恒，则有
联立解得
32
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故C 正确；
D．绳断开后，小球做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，则有
在竖直方向上做自由落体运动，则有
联立解得
根据基本不等式可知，当
即
时，落点距起点的水平距离最远，故D 正确。
故选CD。
【例2】（2023·云南·校联考模拟预测）一质量为
可视为质点的小球，系于长为
的轻绳
一端，绳的另一端固定在
点，假定绳不可伸长，柔软且无弹性。现将小球从
点的正上
方距离
点
的
点以水平速度
抛出，如图所示，则下列说法正确的是
（ ）
A．轻绳即将伸直时，绳与竖直方向的夹角为
B．轻绳从释放到绷直所需时间为
C．轻绳绷直后瞬间，小球的速度大小为
D．当小球到达
点正下方时，绳对质点的拉力为
【答案】D
【详解】AB．小球水平抛出后，在绳子绷直之前做平抛运动，有
解得
33
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故AB 错误；
C．绳子绷直时，水平方向的速度突变为零，只剩下竖直方向的速度，故速度
故C 错误；
D．小球在绳子绷直后运动到
的正下方，机械能守恒，有
又在最低点，根据受力关系
解得
故D 正确。
故选D。
【例3】（2023·河北·高三学业考试）某水上娱乐项目可简化为如图所示的模型。摆绳上端
固定在离水面高度为H 的O 点，人抓紧绳子另一端，在绳子伸直情况下从与O 点等高处由
静止开始下落，到达最低点时松手，做一段平抛运动后落入水中。当绳长为L（
）
时，平抛运动的水平位移为x，人可视为质点，不计空气阻力。下列说法正确的是
（ ）
A．绳长L 不同，平抛运动的水平位移x 一定不同
B．当绳长
时，平抛运动的水平位移有最大值，为
C．绳长L 不同，人落水时的速度大小一定不同
D．绳长L 不同，人落水时的速度方向一定不同
【答案】D
【详解】A．设人在O 点正下方松手时的速度为v，由机械能守恒定律有
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可得
松手后人做平抛运动，竖直方向有
水平方向有
可得
则当绳长取不同值时，平抛运动的水平位移x 可能相同，故A 错误；
B．当
，即
时，平抛运动的水平位移有最大值，为H，故B 错误；
C．设人落水时的速度为
，对全过程由机械能守恒定律有
可得
与绳长无关，故C 错误；
D．人做平抛运动，竖直方向有
设人落水时的速度方向与水平方向的夹角为
，有
L 与
一一对应，绳长L 不同，人落水时的速度方向一定不同，故D 正确。
故选D。
题型七 斜抛运动的理解和分析
1．定义：将物体以初速度v0斜向上方或斜向下方抛出，物体只在重力作用下的运动．
2．性质：斜抛运动是加速度为g 的匀变速曲线运动，运动轨迹是抛物线．
3．研究方法：运动的合成与分解
(1)水平方向：匀速直线运动；
(2)竖直方向：匀变速直线运动．
4．基本规律
以斜抛运动的抛出点为坐标原点O，水平向右为x 轴的正方向，竖直向上为y 轴的正方向，
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建立如图所示的平面直角坐标系xOy.
初速度可以分解为v0x＝v0cos θ，v0y＝v0sin θ.
在水平方向，物体的位移和速度分别为
x＝v0xt＝(v0cos θ)t①
vx＝v0x＝v0cos θ②
在竖直方向，物体的位移和速度分别为
y＝v0yt－gt2＝(v0sin θ)t－gt2③
vy＝v0y－gt＝v0sin θ－gt④
5.方法与技巧
(1)斜抛运动中的极值
在最高点，vy＝0，由④式得到t＝⑤
将⑤式代入③式得物体的射高ym＝⑥
物体落回与抛出点同一高度时，有y＝0，
由③式得总时间t 总＝⑦
将⑦式代入①式得物体的射程xm＝
当θ＝45°时，sin 2θ 最大，射程最大．
所以对于给定大小的初速度v0，沿θ＝45°方向斜向上抛出时，射程最大．
(2)逆向思维法处理斜抛问题
对斜上抛运动从抛出点到最高点的运动，可逆过程分析，看成平抛运动，分析完整的斜上
抛运动，还可根据对称性求解某些问题．
【例1】（2023·浙江金华·统考三模）如图所示，某同学在距离篮筐一定距离的地方起跳投
篮，篮球在A 点出手时与水平方向成60°角，速度大小为v0，在C 点入框时速度与水平方
向成
角。现将篮球简化成质点，忽略空气阻力，取重力加速度为g，则下列分析正确的
是（ ）
A．篮球在空中飞行过程中，单位时间内的速度变化量大小改变
B．AC 两点的高度差大小为
C．篮球在最高点时重力势能的大小是动能大小的2 倍
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D．篮球在C 点时候的速度大小为
v0
【答案】B
【详解】A．篮球在空中飞行过程中，仅受重力作用，做匀变速曲线运动，故单位时间内
的速度变化量大小不变，A 错误；
B．A 点竖直方向上和水平方向上的分速度分别为
，
C 点竖直方向上分速度为
竖直方向上可视为竖直上爬运动，根据运动学关系可得AC 两点的高度差大小为
B 正确；
C．未确定重力势能的零势能面，故篮球在最高点时重力势能的大小与动能大小的无法比
较，C 错误；
D．篮球在C 点时候的速度大小为
D 错误。
故选B。
【例2】（2023 春·江西·高三校联考阶段练习）两名同学在篮球场进行投篮练习，投篮过
程如图所示，篮球抛出点
距离篮筐初始位置的水平距离为
、竖直高度为
。同学甲在
点原地静止不动，将篮球以速度与水平成
角的方向斜向上抛
出，篮球投入篮筐；同学乙以
的速度运球至
点，将篮球相对同学乙自身竖直向上
抛出，也将篮球投入篮筐。篮球可视为质点，不计空气阻力，重力加速度
取
，
，
。下列说法正确的是（ ）
A．同学甲将篮球抛出时的速度大小为
B．同学乙将篮球抛出时竖直向上的分速度为
C．同学甲抛出的篮球最大高度较高
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D．甲、乙同学抛出的篮球在空中运动的时间相等
【答案】C
【详解】A．同学甲抛出的篮球在空中做斜上抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方
向做竖直上抛运动，则
解得
选项A 错误；
D．同学乙将篮球投入篮筐所用时间为
可知甲、乙两同学投出的篮球在空中运动的时间不相等，选项D 错误；
B．设同学乙抛出球时竖直方向的分速度为
，则
解得
选项B 错误；
C．同学甲投出的篮球在竖直方向的分速度为
根据
可知同学甲投出的篮球最大高度较高，选项C 正确。
故选C。
【例3】．（2023·北京昌平·统考二模）如图所示，把质量为m 的石块从距地面高h 处以初
速度
斜向上抛出，
与水平方向夹角为
，不计空气阻力，重力加速度为g。若只改变
抛射角
，下列物理量一定不变的是（ ）
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A．石块在空中的飞行时间
B．石块落地的水平距离
C．石块落地时的动能
D．石块落地时的动量
【答案】C
【详解】A．石块方向分速度
竖直方向根据
可知在空中的飞行时间因
的不同而不同，A 错误；
B．水平方向
结合A 选项分析可知石块落地的水平距离可能因
的不同而不同，B 错误；
C．根据动能定理可得石块落地时的动能
可知石块落地时的动能一定相同，C 正确；
D．根据C 选项分析可知，落地时速度的大小相同，但是方向不相同，所以石块落地时的
动量不同，D 错误。
故选C。
【例4】．（2023 春·四川·高三校联考阶段练习）如图所示，某同学在篮筐前某位置跳起
投篮。篮球出手点离水平地面的高度
，篮筐离地面的高度
。篮球离开手
的瞬间，水平分速度大小
，篮球到达篮筐时竖直方向的分速度刚好为零。将篮球
看成质点，篮筐大小忽略不计，忽略空气阻力，取重力加速度大小
。篮球出手
点到篮筐的水平距离为（ ）
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A．
B．
C．
D．
【答案】A
【详解】篮球做斜抛运动，逆过程处理，上升阶段看作平抛运动，篮球到篮筐时竖直方向
的速度为零，竖直方向则有
代入数据可得
篮球出手点到篮筐的水平距离
故A 正确，BCD 错误。
故选A。
【例5】．（2023 春·山西·高三统考阶段练习）如图所示，某同学在距离篮筐中心水平距
离为x 的地方跳起投篮。出手点离地面的高度为h，篮筐离地面的高度为H。该同学出手的
瞬时速度
，要使篮球到达篮筐中心时，竖直速度刚好为零。将篮球看成质
点，篮筐大小忽略不计，忽略空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是（ ）
A．出手时瞬时速度与水平方向的夹角为
B．出手时瞬时速度与水平方向的夹角为
C．水平距离
D．水平距离
【答案】C
【详解】根据题意可知，篮球到达篮筐时，竖直速度刚好为零；根据逆向思维将篮球看成
40
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从篮筐处开始做平抛运动；设出手时瞬时速度与水平方向的夹角为
，由平抛运动规律可
得
联立解得
，
故选C。
题型八 类平抛运动
1.类平抛运动的特点
(1)有时物体的运动与平抛运动很相似，也是物体在某方向做匀速直线运动，在垂直匀速直
线运动的方向上做初速度为零的匀加速直线运动。对这种像平抛又不是平抛的运动，通常
称为类平抛运动。
(2)受力特点：物体所受的合力为恒力，且与初速度的方向垂直。
(3)运动特点：在初速度v0方向做匀速直线运动，在合外力方向做初速度为零的匀加速直线
运动，加速度a＝。
如图所示，将质量为m 的小球从倾角为θ 的光滑斜面上A 点以速度v0水平抛出(v0
的方向与CD 平行)，小球运动到B 点的过程中做的就是类平抛运动。
2.类平抛运动与平抛运动的规律相类似，两者的区别
(1)运动平面不同：类平抛运动→任意平面；平抛运动→竖直面。
(2)初速度方向不同：类平抛运动→任意方向；平抛运动→水平方向。
(3)加速度不同：类平抛运动→a＝，与初速度方向垂直；平抛运动→重力加速度g，竖直向
下。
【例1】 （2023 春·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）某同学要探究类平抛运动的规
律，设计了如图所示实验装置，他将一块足够大的平整方木板的一端放在水面地面上，另
一端用支撑物垫起，形成一个倾角为
的斜面。他先将一个小木块轻轻放在斜面上，放手
后发现小木块会沿斜面向下运动；接着该同学将木块置于木板左上角，同时给小木块一个
平行木板水平向右的初速度
，为探究木块的运动轨迹，在木板上沿斜面向下和水平方向
建立xOy 直角坐标系。木块与木板表面间的动摩擦因数处处相同均为
，不计空气阻力，
重力加速度为
，下列说法正确的是（ ）
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A．小木块在斜面上的运动轨迹为一条抛物线，该同学实验方案可行
B．小木块获得初速度
开始运动的瞬间，其加速度大小为
C．小木块沿y 轴方向的分运动为匀加速直线运动
D．小木块最终沿与y 轴平行的方向做匀加速直线运动，加速度大小
【答案】D
【详解】ABD．小木块获得初速度
开始运动的瞬间，受重力、支持力、滑动摩擦力，滑
动摩擦力的方向与
方向反向，把重力分解为垂直斜面向下和沿斜面向下的两个力，则根
据牛顿第二定律有
解得小木块获得初速度
开始运动的瞬间的加速度大小为
此后木块在y 方向做加速运动，x 方向做减速运动，当x 方向速度减为零时，x 方向不再运
动，最终木块在y 方向做匀加速直线运动，其加速度大小为
所以木块不是做类平抛运动，故AB 错误，D 正确；
C．滑动摩擦力的方向从最初与
方向反向，逐渐变为沿y 轴负方向，则小木块沿y 轴方向
的分运动为先做加速度减小的加速直线运动，后做匀加速直线运动，故C 错误。
故选D。
【例2】．（2023 春·浙江·高三校联考阶段练习）如图所示，将小球从倾角为
的光
滑斜面上A 点以速度
水平抛出（即
），最后从B 处离开斜面，已知
间的高度
，g 取
，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
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A．小球的加速度为
B．小球作平抛运动，运动轨迹为抛物线
C．小球到达B 点时的速度大小为
D．小球从A 点运动到B 点所用的时间为
【答案】C
【详解】A．根据牛顿第二定律有
解得加速度为
故A 错误；
B．小球在斜面沿CE 方向加速度恒定，做匀加速度运动，沿CD 方向做匀速运动，故小球
作类平抛运动，运动轨迹为抛物线，故B 错误；
CD．沿斜面向下为匀加速直线运动，根据位移—时间公式可得
代入数据解得
小球到达B 点时的速度大小为
故C 正确，D 错误。
故选C。
【例3】（2023·全国·高三专题练习）一足够大且光滑的矩形斜面，倾角为
，高为h，现
有一小球在A 处沿平行于底边的初速度
滑上斜面，最后从B 处离开斜面。已知重力加速
度大小为g。下列说法正确的是（ ）
A．小球的运动轨迹为抛物线
B．小球的加速度为
C．小球从A 处到达B 处所用的时间为
43
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D．小球从A 处到达B 处的位移为
【答案】ABC
【详解】A．小球受重力和支持力两个力作用，合力沿斜面向下，与初速度方向垂直，小
球做类平抛运动，其运动轨迹为抛物线，故A 项正确；
B．根据牛顿第二定律知，有
解得
故B 项正确；
C．由几何关系得，小球沿加速度方向上的位移为
根据公式
解得
故C 项正确；
D．小球在沿初速度方向的位移为
则小球从A 处到达B 处的位移为
故D 项错误。
故选ABC。
【例4】（2022·高三课时练习）风洞实验室中可以产生沿水平方向、大小可调节的风力。
如图所示，将一个质量为m 的小球放入风洞实验室的光滑水平地面上的O 点，小球以初速
度v0水平向右抛出，此时调节水平风力的大小为恒定值F，F 的方向始终与初速度v0的方
向垂直，最后小球运动到水平地面上的P 点。已知O、P 两点连线与初速度v0方向的夹角
为θ。试求：
(1)该小球运动到P 点时的速度大小和“P 点速度方向与初速度v0方向夹角的正切值”；
(2)OP 之间的距离。
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【答案】(1)
，
；(2)
【详解】（1）设小球运动到P 点时的速度大小为v，OP 之间的距离L。以O 点为坐标原点、
初速度v0方向为x 轴正方向、风力F 方向为y 轴正方向,建立平面直角坐标系，如图所示，
有
沿v0方向
沿风力F 方向
由题意知
小球运动到P 点时的速度大小
解得
设P 点的速度方向和x 轴（初速度v0）的夹角为α，有
P 点速度方向与初速度v0方向夹角的正切值
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（2）OP 之间的距离
解得
题型九 抛体运动中的功能与动量
【例1】(2023.全国333 大联考)如图所示，竖直面内有一以O 为圆心的圆形区域，直径AB
与水平方向的夹角
=30°。一小球自A 点由静止释放，从圆周上的C 点以速率v0穿出圆形
区域。现将几个质量为m 的小球自A 点，先后以不为零的不同水平速度平行该竖直面射入
圆形区域。忽略空气阻力，重力加速度大小为g。求：
(1)该圆形区域的半径；
(2)为使小球穿过圆形区域动能增量最大，该小球进入圆形区域时的速度大小；
(3)为使小球穿过圆形区域前后的动量变化量大小为mv0，该小球进入圆形区域时的速度大
小。
【答案】(1)
；(2)
；(3)
【详解】(1)小球从圆周上的C 点以速率
穿出圆形区域，故AC 沿竖直方向
由几何关系可知
由运动学公式可知
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解得
(2)只有重力做功，故由圆形区域最低点（图中D 点）穿出的小球重力做功最多，动能增量
最大，由运动学公式可得
解得
(3)只受重力作用，且平抛运动的运动时间只与高度有关，故穿过圆形区域前后的动量变化
量大小为
的小球，必然从与C 点等高的B 点穿出，由运动学公式可得
解得
【例2】.(2022·山东潍坊市高三下3 月一模)质量为m 的物块从某一高度以动能E 水平抛出，
落地时动能为3E.不计空气阻力，重力加速度为g.则物块( )
A．抛出点的高度为
B．落地点到抛出点的水平距离为
C．落地时重力的功率为g
D．整个下落过程中动量变化量的大小为2
【答案】 D
【解析】 由动能定理得 mgh＝3E－E＝2E，故抛出点的高度为h＝，故A 错误；由E＝
mv0
2，水平方向x＝v0t，竖直方向h＝gt2，解得落地点到抛出点的水平距离为x＝，故B 错
误；落地时速度的竖直分量vy＝＝2，故落地时重力的功率为P＝mgvy＝2g，故C 错误；整
个下落过程中动量变化量的大小为Δp＝mΔvy＝m·2＝2，故D 正确．
【例3】（2022 届云南省昆明市高三（下）“三诊一模”摸底诊断测试理综物理试题）跳
台滑雪是一项勇敢者的滑雪运动，图甲是2022 年北京冬奥会跳台滑雪的主跳台“雪如意”，
图乙是其部分赛道及运动情况简化示意图。现有一运动员在滑雪道上获得一定速度后从跳
台a 处沿水平方向飞出，在斜坡上b 处着陆，测得ab 间的距离为40m，斜坡与水平方向的
夹角为30°，运动员（包括装备）质量为60kg，且可视为质点，不计空气阻力，取重力加
速度g=10m/s2，则运动员（包括装备）（ ）
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A. 从a 处运动到b 处的时间为2s
B. 落到b 处前瞬间动能为2.1×103J
C. 从a 处运动到b 处过程中动量变化率不变
D. 在空中距离斜坡最大距离为
【答案】ACD
【解析】A．由a 到b 过程，运动员做平抛运动在竖直方向
解得
A 正确；
B．在水平方向
解得
运动员在b 点处的竖直速度为
运动员在b 点处的速度大小为
落到b 处前瞬间动能
B 错误；
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C．从a 处运动到b 处过程中
解得
C 正确；
D．沿斜面方向和垂直斜面方向建立直角坐标系，沿垂直斜面初速度的分量为
，重
力加速度g 垂直斜面的分量为
．设所求最大距离为H，在垂直斜面方向，根据运
动学公式得
得
D 正确。
故选ACD。
【例4】（2023·山东·高三专题练习）我国正在攻关的
超高速风洞，是研制新一代飞
行器的摇篮，它可以复现40 到100 公里高空、时速最高达10 公里/秒，相当于约30 倍声速
的飞行条件。现有一小球从风洞中的点M 竖直向上抛出，小球受到大小恒定的水平风力，
其运动轨迹大致如图所示，其中M、N 两点在同一水平线上，O 点为轨迹的最高点，小球
在M 点动能为
，在O 点动能为
，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．小球所受重力和风力大小之比为
B．小球落到N 点时的动能为
C．小球在上升和下降过程中机械能变化量之比为
D．小球从M 点运动到N 点过程中的最小动能为
【答案】BD
【详解】A．根据题意，设风力大小为
，小球的质量为
，小球的初速度为
，
的
水平距离为
，竖直距离为，竖直方向上有
则有
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从
到
过程中，由动能定理有
可得
又有
水平方向上，由牛顿第二定律有
由运动学公式有
由于运动时间相等，则
则有
解得
故A 错误；
B．根据题意可知，小球在水平方向做初速度为0 的匀加速直线运动，由对称性可知，小
球从
和从
的运动时间相等，设
的水平距离为
，则有
小球由
过程中，由动能定理有
解得
故B 正确；
C．由功能关系可知，小球机械能的变化量等于风力做功，则小球在上升和下降过程中机
械能变化量之比为
故C 错误；
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D．根据题意可知，小球在重力和风力的合力场中做类斜抛运动，当小球速度方向与合力
方向垂直时动能最小，根据前面分析可知合力与竖直方向的夹角的正切值为
根据速度的合成与分解可得小球从
点运动到
点过程中的最小速度为
则最小动能为
故D 正确。
故选BD。
【例5】（2023 春·湖北·高三校联考阶段练习）如图所示，网球运动员发球时，将质量为m
的网球（可将其视为质点）从空中某点以初速度
水平抛出，网球经过M 点时，速度方向
与竖直方向夹角为
；网球经过N 点时，速度方向与竖直方向夹角为
。不计空气阻力，
网球在从M 点运动到N 点的过程，动量变化大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【详解】根据平抛运动规律可知，网球在M 点时竖直分速度为
在N 点的竖直分速度为
则网球从M 点到N 点的时间为
在从M 点运动到N 点的过程，由动量定理求得网球动量变化大小为
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故选D。
【例6】（2023·海南海口·校考模拟预测）如图所示，空间P 点有一个点光源，仅靠P 点右
侧A 点有一个质量为m 的小球水平抛出，不计空气阻力，小球打在竖直墙上的位置离A 点
的高度为h，A 到竖直墙面间的距离也为h，重力加速度为g。则当小球在竖直墙上的影子
下移
时，小球重力的瞬时功率大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】小球从A 点平抛击中Q 点，有
可得
，
当小球在竖直墙上的影子下移
时，即平抛至A1点，影子在A2点，如图所示
由A 至A1点由相似三角形有
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而
解得
则重力做功的瞬时功率为
故选B。
【例7】（2023 春·河南·高三校联考阶段练习）C919 国产大飞机将于近日进行商业首飞，
若C919 某次起飞离地速度为v0，离地一段时间内水平方向速度不变，竖直方向升力（竖直
方向升力为空气对飞机作用力在竖直方向合力）保持不变，飞机水平位移为x 时离地高度
为y，已知起飞阶段C919 质量为m 且保持不变，重力加速度为
，下列说法正确的是（
）
A．起飞阶段飞机竖直方向升力为
B．起飞阶段飞机竖直方向升力为
C．自起飞至离地高度为y 的过程中，竖直升力对飞机做功为
D．自起飞至离地高度为y 的过程中，飞机机械能的增加量为
【答案】BC
【详解】AB．由题意，可知水平方向满足
竖直方向满足
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联立解得
故A 错误，B 正确；
C．自起飞至离地高度为y 的过程中，竖直升力对飞机做功为
故C 正确；
D．自起飞至离地高度为y 的过程中，根据功能关系可知飞机机械能的增加量即为竖直升
力所做的功，则
故D 错误。
故选BC。
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