文档内容
2009年湖南省株洲市中考物理试卷（教师版）
一、选择题（共18小题，每小题2分，满分36分）
1．（2分）新生婴儿的身高最接近（ ）
A．5nm B．5cm C．5dm D．5m
【考点】63：长度的估测．
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【分析】本题主要考查对长度的估测能力。
【解答】解：5cm或5nm的长度过小，不可能是婴儿的身高，所以选项A、B不符合实
际情况。
5m的身高又过大，不可能是婴儿的身高，所以选项D不符合实际情况。
故选：C。
【点评】本题的解题关键是了解5dm的长度概念和新生婴儿的实际情况。
2．（2分）诗句“不疑行船动，唯看远树来”中“远树来”所选择的参照物是（ ）
A．行船 B．远树 C．河岸 D．山峰
【考点】52：参照物及其选择．
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【分析】由题意可知，本题研究的是树的运动状态，“远树来”说明树处于相对运动状
态，那么它与所选参照物之间的位置应该发生了变化。
【解答】解：以行船为参照物，行船处于相对静止状态，远处的树和行船之间的位置不
断发生变化，树是运动的，所以会感到“远树来”。
故选：A。
【点评】此题中“不疑行船动”和“唯看远树来”两句研究的对象不同，所选的参照物
也不相同，应注意区分，这样才能正确理解和掌握参照物的选择和物体运动状态的辨别
之间的关系。
3．（2分）我市规划在攸县建造一座火力发电厂，以充分利用当地丰富的煤炭资源。火力
发电所需要的煤不是（ ）
A．化石能源 B．一次能源
C．可再生能源 D．不可再生能源
【考点】K2：能源的分类．
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【分析】要解答本题需掌握：煤不能在短时间内形成，是不可再生能源。
【解答】解：按照不同的分类标准对能源进行划分，能源的划分的类别不同。煤属于化
第1页（共21页）石能源，不能在短时间内形成，是不可再生能源，开采出的煤可直接利用，不需二次加
工，是一次能源。故A、B、D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对：能源划分种类的了解和掌握，是一道基础题。
4．（2分）如图中标出了制成铅笔的几种材料，通常条件下属于导体的是（ ）
A．木材、橡皮 B．橡皮、金属 C．石墨、金属 D．木材、石墨
【考点】HJ：导体；HK：绝缘体．
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【分析】根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物
体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
【解答】解：木材，橡皮是绝缘体；石墨、金属是导体。
故选：C。
【点评】本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日
常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作
用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导
电，是导体。
5．（2分）把萝卜腌成咸菜通常需要几天，而把萝卜炒熟，使之具有相同的咸味，仅需几
分钟。造成这种差别的主要原因是（ ）
A．萝卜分子间存在空隙，易扩散
B．盐分子与萝卜分子间存在相互作用的引力
C．炒菜时萝卜是运动的，盐分子更容易进入萝卜中
D．炒菜时温度高，分子热运动更激烈
【考点】54：分子的热运动．
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【分析】需要根据分子热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈进行解答。
【解答】解：A、萝卜分子间存在空隙，与分子的运动速度无关，不影响扩散的快慢，
不符合题意；
B、盐分子与萝卜分子间存在相互作用的引力，与分子的运动速度无关，不影响扩散的
快慢，不符合题意；
C、萝卜的运动不是分子的运动，与分子的运动速度无关，不影响扩散的快慢，不符合
题意；
第2页（共21页）D、分子热运动加快，炒菜时，温度升高，盐分子的动能增大，分子热运动就加快了，
符合题意；
故选：D。
【点评】考查了扩散现象以及分子热运动与温度的关系的知识点。
6．（2分）市面上出售一种装有太阳能电扇的帽子，如图所示，在阳光的照射下，小电扇
快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉意。该装置的能量转化情况是（ ）
A．机械能→太阳能→电能 B．太阳能→机械能→电能
C．电能→太阳能→机械能 D．太阳能→电能→机械能
【考点】KA：太阳能的转化．
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【分析】太阳能电池板将太阳能转化为电能，小电扇将电能转化为的机械能。
【解答】解：帽子上的太阳能电池板将太阳能转化为电能，供小电扇工作。小电扇工作
时消耗电能，将电能转化为扇叶的机械能。
故选：D。
【点评】本题考查学生对能量转化的掌握情况，需要根据具体实例依次进行分析。
7．（2分）小沈阳在2009年春晚小品“不差钱”中模仿歌手刀郎的声音，观众感觉很像。
从物理学角度看，小沈阳主要是模仿了刀郎歌声的（ ）
A．音速 B．音调 C．响度 D．音色
【考点】9H：音色．
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【分析】要解答本题需掌握：物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音
的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。
【解答】解：我们辨别声音是根据音色；模仿声音主要是模仿音色，只有音色一样，才
感觉相同。故ABC错误
故选：D。
【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。
8．（2分）排球比赛中，一方扣球时，另一方需拦网。从物理学的角度看，拦网的主要目
的是（ ）
A．改变排球运动的方向 B．改变排球运动的快慢
第3页（共21页）C．改变排球运动的动能 D．改变排球的重力势能
【考点】6F：力的作用效果．
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【分析】排球比赛中，大力扣球是为了增加球速，托球、拦网是为了改变球的运动方向。
所谓拦网就是将对方打来的球又给它拦回去。
【解答】解：改变排球运动方向是拦网的主要目的，以防止球过来，进入本方场地。
B、C、D都不是拦网的主要目的。
故选：A。
【点评】根据体育比赛的实际情况，分析拦网这个技术特点的主要目的。物理学无处不
在。
9．（2分）在“五岳”之一泰山上，历史上曾多次出现“佛光”奇景。据目击者说：“佛
光”是一个巨大的五彩缤纷的光环，与常见的彩虹色彩完全一样。“佛光”形成的主要
原因是（ ）
A．直线传播 B．光的色散 C．光的反射 D．小孔成像
【考点】AP：光的色散．
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【分析】太阳光是由七种颜色的光复合而成，经过色散现象后，可以看到多种颜色的光。
【解答】解：看到五彩缤纷的光环，说明发生了光的色散现象，与其他选项无关。
故选：B。
【点评】本题考查学生对色散具体现象的分析能力。
10．（2分）与下图所示实验电路相对应的电路图是选项中的（ ）
A． B．
第4页（共21页）C． D．
【考点】HQ：根据实物图画电路图．
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【分析】从实物图可以判断出是并联电路，且S 控制L ，S 控制整个电路，故可以选
2 2 1
择出正确的答案。
【解答】解：因为电路是并联的，故B选项不正确，又因为S 控制L ，S 控制整个电
2 2 1
路，所以，A C不正确。
故选：D。
【点评】会判断出串并联电路，会根据实物图判断正确的电路图，注意电流从正极流出，
最后回到负极。
11．（2分）体重为490N的某同学用双手握住竖直的木杆匀速上攀，他所受的摩擦力（
）
A．等于490N，方向竖直向下
B．等于490N，方向竖直向上
C．大于490N，方向竖直向下
D．小于490N，方向竖直向下
【考点】6T：二力平衡条件的应用．
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【分析】（1）由于该同学匀速上攀，那么在竖直方向受到平衡力的作用：重力和摩擦
力是一对平衡力。
（2）根据二力平衡的条件进行判断即可。
【解答】解：由题意知：该同学沿竖直的木杆匀速上攀，那么他在竖直方向上受到一对
平衡力的作用：重力和摩擦力；
由二力平衡的条件知：他所受的重力和摩擦力，大小相等，方向相反，且在同一条直线
上；
因此，他受到的摩擦力f＝G＝490N，方向竖直向上；
故选：B。
【点评】（1）静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用。
（2）二力平衡的条件包括四方面：同物、同线、等值、反向
第5页（共21页）12．（2分）在家庭电路中，导线相互连接处往往比别处更容易发热，老化更快。这是因
为（ ）
A．连接处的电流较大 B．连接处的电流较小
C．连接处的电阻较大 D．连接处的电阻较小
【考点】JH：焦耳定律；JJ：焦耳定律在实际中的应用．
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【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时
间成正比。导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，而导线连接处电
阻比较大，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
【解答】解：在家庭电路中，导线相互连接处因接触面积变小，再加上接触不良，该处
的电阻较大，
∵导线连接处与导线串联在电路中，
∴通过的电流相等、通电时间相等，
∵Q＝I2Rt，
∴连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，甚至引起火灾。
由上述可知选项A、B、D都不正确。
故选：C。
【点评】本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串
联（电流相等）是本题的关键。
13．（2分）在烟盒内取一片包装纸，用火烧去纸皮，便得到一片铝箔，将它做成中空的
碗状，可以漂浮在盛有水的塑料桶中。如果将这片铝箔揉成团，它会沉入水底。那么（
）
A．铝箔漂浮时受到的重力比它沉底时受到的重力小
B．铝箔漂浮时受到的浮力比它沉底时受到的浮力大
C．铝箔沉底时受到的浮力等于它的重力
D．铝箔沉底时排开水的体积与它漂浮时排开水的体积相等
【考点】8O：阿基米德原理的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用．
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【分析】铝箔无论做成碗状还是还是揉成团，受到的地球的吸引力不变，当它漂浮在水
面上时，受到的浮力等于自重；当沉到水底时它受到的浮力小于自重；可见漂浮时受到
的浮力大于下沉到水底时受到的浮力，根据阿基米德原理F浮 ＝ 水v排g知道铝箔漂浮
时排开水的体积大于沉底时排开水的体积。 ρ
【解答】解：铝箔漂浮和沉底时受到的重力（G＝mg）不变，故A错；
第6页（共21页）∵铝箔漂浮时受到的浮力F浮 ＝G，沉底时受到的浮力F浮 ′＜G，
∴F浮 ＞F浮 ′，
即：铝箔漂浮时受到的浮力比它沉底时受到的浮力大，故B正确；
又∵F浮 ＝ 水v排g，
∴排开水的ρ体积：
v排 ＞v排 ′，
即：铝箔漂浮时排开水的体积大于沉底时排开水的体积，故D错；
铝箔沉底时受到的浮力F浮 ′＜G，故C错；
故选：B。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，将二者联合使
用，是解决浮力问题的关键。
14．（2分）烛焰通过凸透镜在光屏上成一放大的像，如果在凸透镜上沾一个小黑点，则
光屏上（ ）
A．没有黑点的像 B．一片漆黑
C．有一个放大的黑点像 D．有一个缩小的黑点像
【考点】B8：凸透镜成像的应用．
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【分析】要解决此题，需要知道当物距小于焦距时，不能够在光屏上成像。若凸透镜被
遮住一部分，只能影响成像的亮暗程度。
【解答】解：黑点只是影响到透光的多少，进而影响的是像的明亮程度；而且在黑点在
透镜上，也就是在焦点以内，不会在光屏上成像。选项A最符合题意。
故选：A。
【点评】此题考查了学生对凸透镜成像现象的理解。要知道凸透镜部分被遮住后，不会
影响成像的完整性，只会影响像的亮暗程度。
15．（2分）你所在考室内的空气质量最接近（空气密度约1.3kg/m3）（ ）
A．1.5kg B．15kg C．150kg D．1500kg
【考点】2B：密度公式的应用．
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【分析】考室的体积大约为120m3，根据公式m＝ V可求空气质量。
【解答】解：考室内的空气质量m＝ V＝1.3kg/m3 ρ×120m3＝156kg，最接近150kg。
故选：C。 ρ
【点评】本题考查密度公式的应用，关键是考查对日常生活中常见的物体的估测能力，
估测题是中考中的常见题型。
第7页（共21页）16．（2分）如图所示为一环境温度监控电路，R 为定值电阻，R 为用半导体材料制成的
1 2
热敏电阻（电阻随温度的升高而变小）．当环境温度升高时，电流表的示数I和电源的
功率P的变化情况分别是（ ）
A．I变大，P变大 B．I变小，P变小
C．I变小，P变大 D．I变大，P变小
【考点】IZ：电路的动态分析．
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【分析】要解决此题首先要掌握电功率的基本公式及变形公式。同时还用到了欧姆定律
的内容，并且要从题意中找出已知条件。
【解答】解：R 与R 串联，由题意知，当环境温度升高时，R 的电阻变小。
1 2 2
由公式得：I＝ ，电源电压不变，R 不变，R 减小，所以电路中的电流增大。
1 2
则电源的电功率P＝UI，电压不变，电流变大，所以电源的电功率变大。
故选：A。
【点评】此题主要考查了电功率的计算。在判断电功率的大小时，需要选择合适的公式。
17．（2分）提高机车的额定功率是铁路进一步提速要解决的一个重要课题。机车的输出
功率等于牵引力与速度的乘积。若列车所受阻力与速度成正比，那么，列车提速前后分
别以最高时速120km和180km在平直轨道上匀速行驶时，机车的输出功率之比为（
）
A．2﹕3 B．3﹕2 C．4﹕9 D．9﹕4
【考点】6T：二力平衡条件的应用；FF：功率的计算．
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【分析】功率的计算公式：P＝ ，功的计算式：W＝Fs。
当物体做匀速运动时，由v＝ 得：s＝vt，所以W＝Fvt，将W＝Fvt代入功率计算公式
得：P＝ ＝ ＝Fv，
本题我们就需要用功率公式P＝Fv来分析。
【解答】解：由题意知：列车所受阻力与速度成正比，
v ：v ＝120km/h：180km/h＝2：3，
1 2
第8页（共21页）所以f ：f ＝2；3，
1 2
由于列车匀速行驶，则列车的牵引力F等于汽车所受的阻力f，
那么P ：P ＝F v ：F v ＝（2×2）：（3×3）＝4：9。
1 2 1 1 2 2
故选：C。
【点评】本题涉及三个知识：功率的计算，速度公式的应用，二力平衡条件的应用。
物理中的一些推导公式往往在计算题中能起到简便的作用，但要注意推导公式的适用范
围。
18．（2分）如图甲所示，长1.6m、粗细均匀的金属杆可以绕O点在竖直平面内自由转动，
一拉力﹣﹣位移传感器竖直作用在杆上，并能使杆始终保持水平平衡。该传感器显示其
拉力F与作用点到O点距离x的变化关系如图乙所示。据图可知金属杆重（ ）
A．5N B．10N C．20N D．40N
【考点】7N：杠杆的平衡条件．
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【分析】金属杆已知长度，且质地均匀，其重心在中点上，将图示拉力F与作用点到O
点距离x的变化关系图赋一数值，代入杠杆平衡条件求出金属杆重力。
【解答】解：金属杆重心在中心上，力臂为L ＝0.8m，取图象上的一点F＝20N，L ＝
1 2
0.4m，
根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂
GL ＝FL
1 2
G×0.8m＝20N×0.4m
解得：G＝10N
故选：B。
【点评】学会看图象是学物理的基本要求，像速度时间图象、路程时间图象等，要先看
纵坐标轴、横坐标轴各表示什么，再顺着图象看懂表示的物理过程。
二、填空题（共10小题，每小题2分，满分20分）
第9页（共21页）19．（2分）用水壶烧开水，水烧开时，在离壶嘴一定高度处冒出大量“白气”，而在壶
嘴处却没有“白气”冒出。这是由于这一高度处空气的温度与壶嘴处的温度相比，明显
低于 （填“高于”或“低于”）水蒸气的温度，这样，来自壶内的水蒸气遇冷就 液
化 （填物态变化的名称）成小水珠﹣﹣就是我们所看到的“白气”。
【考点】1M：液化及液化现象．
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【分析】沸腾是一种剧烈的汽化现象；
水蒸气变为水的过程是液化，液化的条件是遇冷或温度降低。
【解答】解：沸腾是一种剧烈的汽化现象，水烧开时，壶嘴就会喷出大量的温度较高的
水蒸气，水蒸气上升，遇到温度较低的空气就会液化，形成“白气”。
故答案为：低于；液化。
【点评】此题考查了生活中常见的物态变化现象，是一道理论联系实际的题目，是一道
好题。
20．（2分）使用托盘天平测质量前，应先将游码调到标尺的 零（或 0 ） 刻度处，再调
平衡。测量中，天平调平衡后砝码的示数以及游码的位置如图所示，则被测物体的质量
为 161. 4 g。
【考点】26：天平的使用．
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【分析】正确使用天平：（1）把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，（2）调节天
平的横梁平衡，（3）左物右码称量物体质量，物体的质量等于砝码的质量与游码对应
的刻度值的和，（4）整理器材。
【解答】解：（1）正确使用天平首先把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度。然后
调节天平的横梁平衡。
（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。每一个大格是1g，每一个小格
是0.2g，
所以物体的质＝100g+50g+10g+1.4g＝161.4g。
故答案为：零；161.4g
第10页（共21页）【点评】天平的正确使用可以概括为：放、调、称、算、整。
21．（2分）足球比赛罚点球时，点球位置距球门9.15m，球速可达到108km/h，则点球飞
到球门需要约 0.3 s．守门员扑点球时，我们往往看到球向球门左边飞去而守门员却
扑向右边，这说明足球到达球门的时间要 小于 （填“大于”或“小于”）人的反应
时间。
【考点】2S：物理量的单位及单位换算；69：速度公式及其应用．
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【分析】利用公式 可求到达的时间，判断失误说明人的反应时间要比球到达的时间
大。
【解答】解：速度V＝108km/h＝30m/s，
点球飞到球门需要 ，
守门员判断失误证明人的反应慢。
故答案为：0.3；小于。
【点评】本题考查速度公式的应用，关键是单位的换算和人的反应时间于点球到达时间
的比较。
22．（2分）一冰块中有一小石头，冰和石头的总重 1.5N．将这块冰放在盛有水的小塑料
桶中恰好悬浮于水中，此时冰块所受的浮力为 1. 5 N．随着冰的熔化，你可以观察到
哪些物理现象？请你写出其中的一个： 水面下降 。
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．
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【分析】（1）根据物体的悬浮条件（F浮 ＝G）计算冰块受到的浮力；
（2）因为冰的密度小于水的密度，质量相同，据 ＝ 知道，当冰熔化时体积变小，液
ρ
面将下降；因为石块的密度大于水的密度，冰熔化后石块将下沉，据此判断冰块将下沉。
【解答】解：（1）∵冰块在水中悬浮，
∴冰块受到的浮力：F浮 ＝G＝1.5N；
（2）∵ ＝ ，
冰
＜
水
，
ρ ρ ρ
∴当冰熔化成水时，体积变小，排开水的体积变小，
使塑料桶内的水面下降。
故答案为：1.5，水面下降。
第11页（共21页）【点评】本题考查了悬浮条件，涉及到密度知识的运用，利用好冰熔化成水体积变小是
关键。
23．（2分）在靠近塑料瓶底部的侧壁上开一个小圆孔，用胶带封住小孔，接着拧开瓶盖，
往瓶中加入水，然后撕去胶带，水便从小孔射出，如图所示。随着瓶内水面的不断下降，
可以观察到的现象是 水的射程变小 ；这个实验表明 水深减小，压强减小 。
【考点】88：液体的压强的特点．
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【分析】随着瓶内水面的不断下降，水深减小，由 p＝ gh可知小圆孔处受到水的压强
减小，水射的越来越近。 ρ
【解答】解：观察到的现象是水射的越来越近，水的射程变小，原因：
当水流出，水面下降，h减小，
∵p＝ gh，
∴小圆ρ孔处受到水的压强减小。
故答案为：水的射程变小；水深减小，压强减小。
【点评】本题考查了液体压强的特点（液体压强与深度的关系），知道压强小→射的近
是突破口。
24．（2分）用水银温度计测量液体的温度，在温度计示数上升的过程中，水银的质量
不变 ，密度 减小 。（填“增大”、“减小”或“不变”）
【考点】22：质量及其特性；28：密度及其特性．
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【分析】由质量的概念可知质量与物体的温度无关；密度是单位体积的质量，而物体的
体积会由于温度发生变化，所以密度与温度有关。
【解答】解：温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的。在温度计示数上升的过程中，
水银的体积在变大。
质量是物体内所含物质的多少，由此可知，质量与物体的温度和体积无关，所以水
银的质量不变。
密度是单位体积某种物质的质量。虽然水银的质量不变，但由于水银的体积变大了
所以水银的密度减小了。
故答案为：不变，减小。
第12页（共21页）【点评】本题考查了学生对质量和密度概念以及特性的了解，注意密度是与物质的温度
有关的。
25．（2分）在如图甲所示的覆杯实验中，水杯高 10cm，则水对纸片的压强为 1.0×1 0 3
Pa．为验证纸片不掉下的原因是“大气把纸片托住了”，将覆杯用支架支撑后放入真空
罩内，然后用真空泵抽气，如图乙所示。随着真空泵不断往外抽气，原先预计可以看到
纸片会掉下来的现象却没有发生。你认为实验没有达到预期效果的原因最有可能是 真
空罩内气压没有降到足够低（或真空罩的密封性较差） 。（取g＝10N/kg）
【考点】89：液体的压强的计算；8J：大气压的综合应用．
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【分析】本题因告诉了水杯高度，所以很容易求得压强；第二问由纸片上下压强关系即
可以分析。
【解答】解：h＝10cm＝0.1m，压强P＝ gh＝1.0×103kg/m3×10N/Kg×0.1m＝1.0×103pa，
要使纸片掉下，应让玻璃罩内压强小于ρ1.0×103pa，真空度比较高，实验不成功的原因
就应该是罩内气压达不到要求，不够低。
故答案为：1.0×103pa，玻璃罩内气压没有降到足够低。
【点评】本题第一空考查压强的计算方法，难度不大；第二空只要会分析纸片所受压强
对运动状态的影响即可。
26．（2分）在炎热的夏天中午，取两只相同的茶杯，盛入等量清水，将A杯盖上杯盖，B
杯敞开，如图所示。将它们放在通风良好的室内桌上，经过两个小时， B 杯中的水
温较低，这是由于这杯水 汽化 （填物态变化的名称）更快所致。
【考点】1L：影响蒸发快慢的因素．
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【分析】蒸发是一种在任何温度下都可以进行的汽化现象，汽化要吸热；
加快蒸发的办法有：升高液体的温度；增大液体的上表面积；加快液体上表面的空气流
动速度。
【解答】解：敞开的杯子B上方的空气流动速度大，蒸发就快，而蒸发属于汽化现象，
第13页（共21页）需要吸热。
故答案为：B； 汽化。
【点评】此题考查了影响蒸发快慢的因素和蒸发制冷的应用。
27．（2分）下面左图是照相机镜头成像原理示意图。在图中所标的 a、b、c三点中，点
a 表示凸透镜的焦点。吴力在家里的阳台上用数码相机（焦距可调）拍摄下了株洲天
元大桥美丽的夜景，如图甲、乙所示。结合下图分析可知，拍摄照片 乙 时，镜头焦
距调的较大。
【考点】B3：主光轴、光心、焦点和焦距；B8：凸透镜成像的应用．
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【分析】要解答本题需掌握：照相机的原理是利用物体到凸透镜的距离大于2倍焦距的
时候，成倒立缩小的实像的原理，且物距相同的时候，焦距越大所成的像就越大。
【解答】解： 因为焦点在凸透镜的主光轴上，且平行于主光轴的光线经过凸透镜后会
聚过焦点，所以①a点是焦点。
由题干中的照片可知：乙照片图象大，所以照乙照片的时候焦距大。因为物距相同的
②时候，焦距越大所成的像就越大。
故答案为：a，乙。
【点评】本题主要考查了学生对凸透镜成像特点的了解和掌握，是中考的热点。
28．（2分）晴天的正午时分，走在株洲长江北路茂密的樟树林下，你会看到阳光透过树
叶的缝隙而在地上留下许多大小不同的圆形光斑，这是光的 直线传播（或小孔成像）
现象，光斑大小不同的原因是 缝隙（或小孔）高度不同 。
【考点】A3：光直线传播的应用．
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【分析】用一个带有小孔的板挡在屏幕与物体之间，屏幕上就会形成物体的倒立的实像，
我们把这样的现象叫小孔成像，这个现象反映了光沿直线传播的性质。
我们用手电筒照射到墙上，会有一个光斑，如果手电筒离墙越远，则光斑会越大。
【解答】解：树叶的缝隙其实就是一个个小孔，圆形光斑就是太阳的像。地面上的圆形
光斑就是由于树叶之间形成许多小孔，由于光的直线传播形成的太阳的像。
当缝隙离地面越高，所成的像就会越大。
故答案为 直线传播（或小孔成像），缝隙（或小孔）高度不同。
第14页（共21页）【点评】本题考查了光直线传播的应用，光的直线传播所形成的现象，在生活中随处可
见，要学会用物理知识解释生活中的现象。
三、解答题（共4小题，满分44分）
29．（8分）学校新近买了30套总质量为300kg的物理实验器材，每套一箱。现在，某实
验员需要把这批实验器材搬运到14m高的物理实验室。
（1）该实验员需要做多少功？（不考虑他克服自身重力所做的功，取g＝10N/kg）
（2）假设他身体可以提供的功率P如图那样取决于所搬运物体的质量m。若要尽可能
快地把这批器材搬上去，那么他每次搬运的箱子数应为 3 个。
（3）不考虑搬起箱子、放下箱子和下楼的时间，求他搬运这批实验器材的最短时间。
【考点】EC：功的计算；FF：功率的计算．
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【分析】1、已知物体总质量和被升高的高度，可求克服重力做的功，
2、已知总质量，可求出一箱的质量，由图可看出功率最大时所搬运的物体质量，从而
可求他每次搬运的箱子数。
3、已求出做的功，要求搬运时间最短，身体所提供的功率应最大，由图可知，从而算
出最短时间。
【解答】解：（1）W＝mgh＝300kg×10N/kg×14m＝4.2×104J。
答：该实验员需要做功4.2×104J。
（2）由图得功率最大时，搬运的物体质量为30kg，一箱质量300÷30＝10Kg，所以一次
搬运3箱。
答：他每次搬运的箱子数应为3个。
（3）要求搬运时间最短，身体所提供的功率应最大，即P＝70W。
根据P＝ 得t＝ ＝ ＝600s＝10min。
答：他搬运这批实验器材的最短时间为10min。
【点评】本题考查功的计算和功率的计算。
第15页（共21页）30．（10分）医学上对病人进行脑部手术时，需要将体温降到合适的温度。准备手术之前，
病人的心肺功能开始由心肺机取代。
（1）心肺机的功能之一是用“电动泵”替代心脏，推动血液循环。如图所示，将线圈
ab缠绕并固定在活塞一端，利用与固定磁铁之间的相对运动，带动电动泵中的活塞，抽
送血液。图中阀门K 只能向外自由开启，反向则封闭管路；阀门K 只能向内自由开启，
1 2
反向则封闭管路。
当电动泵工作时，血液从阀门 K 抽进，从阀门 K 送出。
2 1
①当线圈中的电流从a流向b时，线圈的左端为 N 或北 极，活塞处于 送血 状态
②（填“抽血”或“送血”）。
在抽送血液的过程中，电动泵将 电 能转化为 机械能。
③（2）心肺机的另一个功能是用“热交换器”进行热量交换，通过血液循环调节体温。
经监测，病人体温由17℃上升至正常体温37℃历时1小时。在这段时间内，假设人体
所需热量完全由热交换器所提供，试求热交换器消耗的功率。设病人质量为75kg，人体
组织的比热容与水相当，为c＝4.2×103J/（kg•℃）。
【考点】CB：安培定则及其应用；EI：能量转化的现象；FF：功率的计算；GG：热量
的计算．
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【分析】（1） 由题意可知K 只能向外开，K 只能向里开，故可知血的流动方向只能
1 2
是K 进，K 出①；
2 1
由右手螺旋定则可知电磁铁的磁极，由磁极间的相互作用可知活塞的移动方向，则可
②知血液的流动方向；
电动泵消耗电能转化为血液的机械能；
③（2）由比热公式可求得人需要的能量，由功率公式可求得功率。
【解答】解：（1）
因阀门K 只能向外自由开启，反向则封闭管路；阀门K 只能向内自由开启，反向则
1 2
①封闭管路。故血只能由K 流入从K 送出
2 1
由右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极，此时同名磁极相对，故活塞右移，K 关
2
②
第16页（共21页）闭，K 打开，处于送血状态；
1
在抽血和送血过程中，电机消耗了电能，增加了机械能；
③（2）在时间t＝1h＝3600s内，热交换器提供的热量为
Q＝cm（t ﹣t ）＝4.2×103J/（kg•℃）×75kg×（37℃﹣17℃）＝6.3×106J
2 1
热交换器消耗的功率 ＝ ＝1750W；
答：（1） K ， ； N（北），送血； 电，机械；（2）热交换器功率为
2 K1
1750W。 ① ② ③
【点评】本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提
取有用信息并结合相关物理知识求解。
31．（10分）流量表示单位时间内通过某一横截面的流体的体积，用字母Q表示。流量在
生产和生活中有广泛的应用，如每到汛期，监测湘江的流量是抗洪防汛的重要工作。
（1）如图所示，水流在粗细均匀的水平管道内向右匀速流动，设水流速度为v，管内通
道的横截面积为S．取一段管道AB，水从B端流到A端所用时间为t，则AB间水柱的
长度l＝ v t ，体积V＝ Sv t （要求用S、v、t表示）．根据流量的定义Q＝V/t可
得Q＝vS，它表示流量等于流速与横截面积的乘积。
（2）打开水龙头，自来水通过导管流过如图所示的玻璃管。待水流稳定后，比较图中
1、2两处的流速， 2 处的流速较大；比较C、D玻璃管中的水面高度， C 管中的
水面较高。
（3）打开水龙头后，只要水流不散开，就可以观察到水柱越来越细，如图所示。请你
指出产生这种现象的原因： 根据公式 Q ＝ vS 可知：在流量 Q 不变时，水流越往下流
速 v 越大，水流的横截面积 S 越小，因此水柱越细 。（提示：流量不变）
第17页（共21页）（4）利用流量Q＝v S，请你设计一个测量水龙头出水速度的实验方案。要求：
列出主要的操作步骤； 说明需要测量的物理量； 写出出水速度的表达式。
①【考点】8M：流体压强与②流速关系的探究实验． ③
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【分析】（1）水柱的长度要用水的流速乘以时间计算，水的体积可用横截面积乘以水
柱长度计算；
（2）流量等于流速与横截面积的乘积，1、2两处流量相等，但是2处横截面积小，所
以流速大，然后用流体压强与流速关系来判断C、D两处液柱高低；
（3）在流量不变时，根据流速与横截面积的关系可解释此题。
【解答】解：（1）AB间水柱的长度可用水的流速乘以时间计算，即L＝vt，水的体积
可用横截面积S乘以水柱长度计算vt，即V＝Svt；
（2）在1、2两处流量相等时，根据公式Q＝vs可知：2处横截面积s小，水的流速v
就大，由于流速大的位置压强小，所以D处压强小水面低，C处压强大水面高。
（3）水往下流时，重力势能转化为动能，速度变大，而流量保持不变，根据Q＝vS可
知，水柱的横截面积将减小。因此，水柱越来越细。
（4） 测出水龙头出水口的内径d；
打开①水龙头，用容器接水并同时开始计时，测出经过一段时间t后容器内水的质量m
②（或体积V）；
根据 及Q＝vS得出水速度 （或 ）。
③
故答案为：（1）vt、Svt
（2）2、C
（3）根据公式Q＝vS可知：在流量Q不变时，水流越往下流速v越大，水流的横截面
积S越小，因此水柱越细。
（4） 测出水龙头出水口的内径d；
打开①水龙头，用容器接水并同时开始计时，测出经过一段时间t后容器内水的质量m
②（或体积V）；
根据 及Q＝vS得出水速度 （或 ）。
③ 第18页（共21页）【点评】这是一道综合题目，考查了路程计算、体积计算以及流体压强和流速的关系，
并且训练了我们的发散思维。
32．（16分）在物理学中，磁感应强度（用字母B表示，国际单位是特斯拉，符号是T）
表示磁场的强弱，磁感应强度B越大，磁场越强；磁感线形象、直观描述磁场，磁感线
越密，磁场越强。
（1）图 A为某磁极附近磁感线的方向和分布的示意图。由图可知，该磁极为 N
（北） 极，若在1处放置一个小磁针，当小磁针静止时，其指向应是图B中的 甲 。
（2）如果电阻的大小随磁场的强弱变化而变化，则这种电阻叫磁敏电阻。某磁敏电阻
R的阻值随磁感应强度B变化的图象如图C所示。根据图线可知，磁敏电阻的阻值随磁
感应强度B的增大而 增大 。图线没有过坐标原点，是因为 放入磁场前磁敏电阻的
阻值不为零 。
（3）利用该磁敏电阻的R﹣B特性曲线可以测量图中磁场中各处的磁感应强度。
将该磁敏电阻R放置在磁场中的位置1处。吴力设计了一个可以测量该磁敏电阻R的
①电路，所提供的实验器材如图D所示，其中磁敏电阻所处的磁场未画出。请你将该实验
电路连接完整。
1 2 3
U/V 1.50 3.00 4.50
I/m 3.00 6.00 9.00
A
正确接线后，测得的数据如表所示。该磁敏电阻的测量值为 50 0 。
②根据该磁敏电阻的R﹣B特性曲线可知，1处的磁感应强度为 1. 0 ΩT。
③在实验过程中，仅将磁敏电阻从1处移至2处，其它条件不变，那么电流表的示数
④增大 ，电压表的示数 减小 。（填“增大”、“减小”或“不变”）
（4）就现有的实验器材和电路，请提出一个有意义的可供探究的物理问题： 磁敏电
阻的阻值与磁场方向有关吗？ 。
第19页（共21页）（5）在上述电路中，将该磁敏电阻从待测磁场中移出，闭合开关，移动滑动变阻器的
滑片，当电流表的示数为10.0mA时，求滑动变阻器接入电路的阻值。设电源电压为
5.50V。
【考点】C6：磁场；IH：欧姆定律的应用．
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【分析】（1）由磁感线的方向确定条形磁铁的磁极，由小磁针N极受力确定N极指向；
（2）由图象可知随B的变大，电阻逐渐变大，但要注意磁敏电阻在没放入磁场前已经
有阻值；
（3）由欧姆定律可知电阻的阻值，由这个阻值可以图象出找到对应的坐标点，即可求
得对应的磁感应强度；由位置的变化可得出电阻的变化，由电路的特点可知电流的变化
及电压的变化；
（4）可以考虑磁场方向及磁场的分布对磁敏电阻的影响；
（5）由图可知没有磁场时的磁敏电阻的阻值，再由欧姆定律及串联电路的特点求得总
电阻，两者的差值为滑动变阻器的阻值。
【解答】解：（1）由图知磁感线从右端发出，故右端为N极、小磁针N极应指向磁感
线的方向，即N极向右，甲符合条件。
（2）由图可以看出，磁场增强时，磁敏电阻的阻值增大；没有磁场时，磁敏电阻的阻
值也不为零故图象不过原点。
（3） 让滑动变阻器控制电流，即接法如图
①
由R＝ 得：R＝ ＝500
② Ω
由图象中可看出电阻是500 时，磁感线强度为1.0T
③将电阻由1移到2时，磁感Ω线强度变小，磁敏电阻变小，则电路中电流增大，除磁敏
④电阻外，其他电阻不变，则得其他电阻上的电压增大，电源电压不变，故加在磁敏电阻
上的电压减小。增大、减小
第20页（共21页）（4）可以考虑磁场的一些性质：如磁敏电阻的阻值与磁场方向有关吗？（或磁场分布
是否具有空间对称性？或磁极受撞击后磁场强弱是否改变？）
（5）由图可知，移出磁场时，磁敏电阻为
R＝100
根据欧姆Ω定律，电路中总电阻
R总 ＝
解得滑动变阻器的阻值为
R滑 ＝R总 ﹣R＝550 ﹣100 ＝450 ；
故答案为：（1）N（Ω 北）、Ω甲 Ω
（2）增大、放入磁场前，磁敏电阻不为0；
（3） 接法如上图； 500； 1.0； 增大、减小；
（4）①磁敏电阻的阻值与②磁场方③向有关吗④？（或磁场分布是否具有空间对称性？或磁极
受撞击后磁场强弱是否改变？）
（5）滑动变阻器的阻值为450 。
【点评】本题问题较多，但只Ω要能将其折分为几个小题来处理即可简单化解：如（1）
考查的是条形磁铁的磁场分布特点，（2）考查图象的分析，（3）考查电路知识，
（5）考查串联电路的特点。
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日期：2019/12/22 10:52:48；用户：丶沐沙；邮箱：UID_CAE1F67E83831A1C520FA15D4547275E@qq.jyeoo.com；学号：27665923
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