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2015年广西桂林市中考物理试卷（教师版）
一、单项选择题（每小题3分，共36分，每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，每小
题选对的得3分，不选、多选或选错的均得0分）
1．（3分）家庭电路是最常见、最基本的实用电路，我国家庭电路的电压是（ ）
A．380V B．220V C．110V D．36V
【微点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法．
【思路】知道几个电压值：家庭照明电压220V、动力电压380V、对人体安全电压不高于
36V、一节干电池电压1.5、一节蓄电池电压2V。
【解析】解：因为家庭电路照明电压220V、动力电压380V、对人体安全电压不高于36V；所
以正确的答案是B选项；
故选：B。
【点拨】记住家庭电路的电压，一是注意安全，不要发生触电事故，二是接入家庭电路的用
电器的额定电压等于220V。
2．（3分）如图所示，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出罩内的空气，听到声音逐渐
变小，再让空气逐渐进入罩内，听到声音又逐渐变大，这个现象说明（ ）
A．声音的传播需要介质
B．声音的传播不需要介质
C．空气阻断了声音的传播
D．玻璃罩阻断了声音的传播
【微点】声音的传播条件．
【思路】声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作用传声的介质，真空不能传
声。
【解析】解：把玻璃罩内的空气抽出，传声的介质逐渐减少，所以听到声音逐渐减小，推理
得出，把空气抽净，即玻璃罩内是真空时不能听到声音，得出结论为：真空不能传声。逆向
思考：传声就不能真空，即声音的传播需要介质。
第 1 页 / 共 22 页故选：A。
【点拨】本题考查声音的传播条件实验，记住声音的传播需要介质，没有介质就不能传声。
3．（3分）如图所示是手影游戏，关于影子的形成原因，分析正确的是（ ）
A．是光的反射形成 B．是光的折射形成
C．是光的色散形成 D．是光的直线传播形成
【微点】光在均匀介质中直线传播．
【思路】影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，是由于光的直线传播形成的。
【解析】解：手不透明，光照射时会有一部分光被手挡住，从而形成一片暗的区域，即手影，
是光的直线传播形成的。
故选：D。
【点拨】本题主要通过手影考查光在同一物质中沿直线传播这一知识点，要会用所学的物
理知识解释有关的自然现象。达到学以致用的目的。
4．（3分）如图所示，某同学欲拍摄一棵高大树木的全景，但从取景框中只能看到树的一部分，
他要拍摄到这棵树的全景，可以采取的方法是（ ）
A．把相机向上举高 B．向前再走几步
C．向后退几步 D．向地面蹲下
【微点】凸透镜成像的应用．
【思路】从取景框中只能看到树的一部分，说明此时的像太大，因此要采取措施使凸透镜
成的像减小，由此入手解决此题。
【解析】解：在探究凸透镜成像的规律的过程中，物体从远处向凸透镜靠近的过程中，物体
所成的像逐渐变大，并且像距离凸透镜越来越远。
因此要使此时的像减小，就要使凸透镜逐渐的远离树木，即照相机远离树木，故应向后退
几步。
故选：C。
【点拨】“从生活走向物理，从物理走向社会”是新课程对物理教学的主要要求之一。本
题是捕捉了生活中照相的情景，考查了学生对凸透镜成像规律的理解。
第 2 页 / 共 22 页5．（3分）如下图所示的四种测量器具中，不能直接测量物体质量的器具是（ ）
A． 托盘天平 B． 电子天平
C． 弹簧测力计 D． 案秤
【微点】质量的测量与天平．
【思路】要弄清楚各种测量工具的用途再作出判断，测量质量的工具有托盘天平、物理天
平、杆秤、台秤、磅秤、电子称等，实验室常用的是托盘天平。
【解析】解：ABD、托盘天平、案秤、电子天平都是生活中用来测量质量的工具，故ABD不
符合题意；
C、弹簧测力计是用来测量力的工具，不是直接用来测量质量的工具，故C符合题意。
故选：C。
【点拨】测质量的工具很多，分清楚实验室常用的，日常生活常用的，家庭中常用的，并了
解各自的量程分度值。
6．（3分）如图所示，滑板车在沿水平方向运动时，如果人不再用脚蹬地，它最终就会停下来，
以下说法正确的是（ ）
A．运动需要力来维持
B．运动不需要力来维持
C．蹬力越大车的惯性越大
D．蹬力越小地面对车的摩擦力越小
【微点】力与运动的关系．
【思路】力是改变物体运动状态的原因；
惯性是物体本身的一种性质，只与质量有关；
第 3 页 / 共 22 页摩擦力的影响因素是：压力和接触面的粗糙程度。
【解析】解：
AB、沿水平方向运动的滑板车，当我们不再蹬地，滑板车由于惯性会继续运动，说明运动
不需要力来维持，最后会停下来，是应为受到摩擦力的作用，说明力是改变了物体的运动
状态的原因，故A错误，B正确；
C、惯性是物体本身的一种性质，只与质量有关，与蹬力无关，故C错误；
D、摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，与蹬力无关，故D错误。
故选：B。
【点拨】本题考查了力与运动关系、惯性现象、摩擦力影响因素的认识和理解，涉及到的知
识点较多，综合性强，有一定的难度。
7．（3分）如下图所示的四种机械装置中，不能省力的装置是（ ）
A． 自行车的脚踏板 B． 旗杆顶的定滑轮
C． 水管上的水龙头 D． 大门上的门把手
【微点】定滑轮及其工作特点；斜面与轮轴．
【思路】（1）自行车的脚踏板、水管上的水龙头、大门上的门把手都是轮轴，轮半径大于轴
半径，即杠杆的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
（2）定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力。
【解析】解：A、自行车的脚踏板是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂大于阻力臂，
是省力机械，故A不符合题意；
B、旗杆顶的定滑轮是等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省力也不费力，故B符合题意；
C、水管上的水龙头是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂大于阻力臂，是省力机械，
故C不符合题意；
D、大门上的门把手是轮轴，轮半径大于轴半径，在使用时动力臂小于阻力臂，是省力机械，
故D不符合题意；
故选：B。
第 4 页 / 共 22 页【点拨】此类型题目的解决主要是依据生活经验和动力臂及阻力臂的大小关系进行判断。
8．（3分）如图所示，用50N的水平拉力F拉着物体在2s内沿水平方向前进了4m，下列说法
正确的是（ ）
A．拉力做功为零 B．拉力的功率为零
C．拉力做功为100J D．拉力的功率为100W
【微点】功的计算；功率的计算．
【思路】已知拉力和拉力方向上移动的距离，利用W＝Fs可求拉力做的功，又知时间，利用
P＝ 可求功率。
【解析】解：拉力做的功为：
W＝Fs＝50N×4m＝200J；
拉力的功率为：
P＝ ＝ ＝100W．故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点拨】此题考查功和功率的计算，由于条件已经给出，难度不大。
9．（3分）在如图所示的电路中，闭合开关S，小灯泡L 、L 并联的是（ ）
1 2
A．
B．
第 5 页 / 共 22 页C．
D．
【微点】串联电路和并联电路的辨别．
【思路】两灯泡首尾相连在电源两端是串联，如果并联，即让灯泡的两端分别连在一起，结
合电路图选择合适的开关组合，组成题目要求的灯泡连接方式。
【解析】解：A、图中闭合开关S，小灯泡L 、L 并列连接，为并联电路，符合题意；
1 2
BCD、图中闭合开关S，电流只有一条路径，为串联电路，只是改变了开关的连接位置，不
影响电路的性质，不合题意。
故选：A。
【点拨】解决此题的关键是理解串、并联电路的特点，会连接简单的串并联电路。
10．（3分）如图所示，在电路中两个规格完全相同的小灯泡L 、L ，闭合开关S后，L 、L 两端
1 2 1 2
的电压分别为U 、U ，通过电流分别为I 、I ，则下列说法正确的是（ ）
1 2 1 2
A．I ≠I
1 2
B．I ＝I
1 2
C．U ≠U
1 2
D．若L 灯丝烧断，灯L 仍能正常发光
1 2
【微点】H!：串联电路的电流规律；欧姆定律的应用．
【思路】两灯泡串联，电流相等。根据电阻定律研究两棒的电阻关系，根据欧姆定律研究电
压关系。
【解析】解：（1）由串联电路的特点知：I ＝I ＝I．故A错误，B正确。
1 2
第 6 页 / 共 22 页（2）因为在电路中两个规格完全相同的小灯泡L 、L ，由I＝ 可得，U ＝U ，故C错误，
1 2 1 2
（3）串联电路中电流的路径只有一条，若L 灯丝烧断，灯L 将不能正常发光，故D错误。
1 2
故选：B。
【点拨】本题实质是简单的串联电路，明确串并联电路的特点，抓住串联电路电流处处相
等的特点是解题的关键。
11．（3分）如图所示，在探究通电螺旋管外部的磁场分布实验中，观察到小磁针指向正确的
是（ ）
A． B．
C． D．
【微点】通电螺线管的磁场．
【思路】用安培定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静
止时的磁极指向。
【解析】解：
A、由图电流从螺线管左侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的左端为N极，小磁针的
右端应为S极，故A错误；
B、由图电流从螺线管左侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的左端为N极，小磁针的
左端应为S极，故B错误；
C、由图电流从螺线管左侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的右端为S极，小磁针的
左端应为N极与螺线管右端吸引，所以小磁针应处于水平状态，故C错误；
D、由图电流从螺线管左侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的右端为S极，小磁针的
左端应为N极，故D正确。
故选：D。
【点拨】本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的
方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极。
12．（3分）小明经常与同学进行爬杆比赛，如图甲所示，在某次比赛中，小明向上爬的“速度
﹣时间”图象如图乙所示，但他所受“摩擦力﹣时间”图象漏画了一部分，如图丙所示，
若将之补充完整，应是图中的（ ）
第 7 页 / 共 22 页A． B．
C． D．
【微点】力与图象的结合．
【思路】爬杆时人受到身上的摩擦力和重力作用，根据人的运动情况分析判断摩擦力的大
小，从而判断图象。
【解析】解：
由题意知，人爬杆时受到了竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力这两个力的作用，
由图乙可知：
0～t 时间内，人加速向上运动，所以F＞G；
1
t ～t 时间内人在做匀速直线运动，所以人受到的重力和摩擦力是一对平衡力，即F＝G，
1 2
t ～t 时间内人在减速向上运动，F＜G；
2 3
A、由以上分析t ～t 时间内，摩擦力应不变，故不正确；
1 2
BCD、分析可知，0～t 时刻受到的摩擦力最大，t ～t 时间内受到的阻力最小，t ～t 时间
1 2 3 1 2
内受到阻力处于二者之间，故BD错误，C正确。
故选：C。
【点拨】本题考查运动和力的关系，明确匀速运动时物体受到的是平衡力，加速时合力方
向与速度方向相同，减速时合力方向与速度方向相反。
二、填空题（每空1分，共16分）
13．（2分）电磁波家族成员很多，有无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线， 射线等，它
们与人类生活息息相关。例如：用来辨别钞票真伪的验钞机就是利用 紫外线γ 来工作的。
这些电磁波在真空中传播速度 相等 （选填“相等”或“不等”）
第 8 页 / 共 22 页【微点】紫外线；电磁波的传播与应用．
【思路】要解答此题需要掌握电磁波传播的速度；了解紫外线的应用：合成维生素D、使荧
光物质发光、杀菌等。
【解析】解：验钞机能发出紫外线，钞票上涂有荧光物质，荧光物质只有在紫外线照射时，
才发光。
因为不同频率的电磁波在真空中传播的速度是相同的。
故答案为：紫外线；相等。
【点拨】本题主要考查学生对电磁波传播速度的掌握以及紫外线的应用。
14．（2分）凸透镜对光有 会聚 作用（选填“会聚”或“发散”）．凸透镜的焦点为F，当蜡
烛如图所示放置时，在透镜另一侧可成一个 倒立 、放大的实像（选填“倒立”或“正
立”）
【微点】凸透镜的会聚作用；凸透镜成像规律及其探究实验．
【思路】凸透镜对光有会聚作用，当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像。
【解析】解：凸透镜对光有会聚作用；
由图知，蜡烛在1倍焦距和2倍焦距之间，所以成倒立放大的实像。
故答案为：会聚；倒立。
【点拨】本题考查了凸透镜成像规律的应用，要掌握凸透镜的作用及成像特点与物距、像
距的关系。
15．（2分）如图所示，用滑轮拉着一重为400N的物体向上做匀速直线运动，该滑轮为 动
滑轮（选填“动”或“定”），如果不计滑轮重及细绳与滑轮间的摩擦，则竖直向上方向
拉力F是 20 0 N。
【微点】动滑轮及其工作特点．
【思路】（1）动滑轮使用时，滑轮随重物一起移动。
（2）动滑轮的特点：使用动滑轮能省一半力。
第 9 页 / 共 22 页【解析】解：（1）如图所示的滑轮工作特点可判断该滑轮为动滑轮；
（2）使用动滑轮能省一半力，不计滑轮重及细绳与滑轮间的摩擦，F＝ G＝ ×400N＝
200N。
故答案为：动；200。
【点拨】本题考查滑轮的判断和动滑轮的简单计算，是一道基础题目。
16．（2分）桂林“两江四湖”为国家4A级旅游景区。湖水对周围气温起到很好的调节作用，
这是由于水的 比热容 较大；秋天漫步在湖边林荫道上，闻到阵阵桂花花香，这属于
扩散 现象。
【微点】比热容解释简单的自然现象；扩散现象．
【思路】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度
升高或降低的少，据此分析；
扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。
【解析】解：（1）因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，
水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，故能
有效调节周围环境的气温。
（2）闻到阵阵桂花花香，这属于扩散现象，说明一切物质的分子都在不停地做无规则的运
动。
故答案为：比热容；扩散。
【点拨】本题考查了水的比热容大的应用及扩散现象，贴近生活实际，便于激发学生探究
物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求。
17．（2分）如图所示，小灯泡的电阻为10 ，滑动变阻器R的阻值范围为“0～20 ”，则小灯
泡和滑动变阻器串联后电阻的最大值是Ω 3 0 ；闭合开关后，变阻滑片由b往Ω a移动，小
灯泡的亮度 变亮 （选填“变亮”、“变暗Ω”或“不变”）。
【微点】欧姆定律的应用；电阻的串联．
【思路】根据串联电路的电阻特点，可计算出两者串联后电阻的最大值；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯
泡两端的电压变化，根据P＝UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化。
第 10 页 / 共 22 页【解析】解：
由图：L与R串联，当滑片滑到最右端时，R连入阻值最大，
所以串联后电阻的最大值：R最大 ＝R
L
+R＝10 +20 ＝30 ；
滑动变阻器的滑片由b向a移动的过程中，接Ω入电路Ω中的Ω电阻减小，电路中的总电阻减小，
由I＝ 可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大；
由U＝IR可知，灯泡两端的电压增大，
因为P＝UI，灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。
故答案为：30；变亮。
【点拨】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，要注意的灯
泡的亮暗取决于实际功率的大小。
18．（2分）如图所示，小明从滑梯上滑下的过程中臀部发热了，这说明通过 做功 的方式
可以改变物体的内能；在下滑的过程中，他的重力势能 减少 （选填“减少”、“增
大”或“不变”）
【微点】动能和势能的大小变化；做功改变物体内能．
【思路】改变物体内能的两种方法：做功和热传递。对物体做功（克服摩擦力做功、压缩气
体做功等），将机械能转化为物体的内能，使物体的内能增加、温度升高。
【解析】解：
小明在下滑过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以臀部有灼热的感觉，这是通过
做功的方式改变了他的内能；在下滑过程中，高度减小，质量不变，则重力势能减少。
故答案为：做功；减少。
【点拨】熟悉机械能的转化过程，并理解改变内能的两种方式是解决该题的关键。
19．（2分）用天平测量某木块的质量，示数如图所示，则该木块的质量为 5 4 g．当木块漂
浮在水面上时，所受到的浮力为 0.5 4 N。
第 11 页 / 共 22 页【微点】质量的测量与天平；浮力大小的计算．
【思路】使用天平测量质量时，物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；当木
块漂浮在水面上时，所受到的浮力等于其重力。
【解析】解：该木块的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和，即m＝54g＝0.054kg；
木块的重力G＝mg＝0.054kg×10N/kg＝0.54N。
因为木块漂浮在水面上，所以所受到的浮力等于其重力，即F浮 ＝G＝0.54N。
故答案为：54；0.54。
【点拨】此题考查质量的测量和浮力的计算，明确当木块漂浮在水面上时，所受到的浮力
等于其重力是解答最后一空的关键。
20．（2分）如图所示，有一横截面积为0.4m2的薄圆柱形盛水容器，侧面有一横截面积为
10mm2的小孔A；容器底部的密闭活塞可在小孔A下方沿容器内壁上下移动。开始水深h
＝2m，水流出小孔的速度为1m/s，水恰巧能落入小管B中，为使水始终能落入B管中，须
通过自动装置使活塞缓慢向上移动，则5000s内流入小孔的水的质量为 5 0 kg，容器中
的水对活塞压强减少了约 125 0 Pa（水的密度为1.0×103kg/m3）
【微点】密度公式的应用；液体的压强的计算．
【思路】根据水的流速、时间和小孔横截面积求出流出的水的体积，利用m＝ V求出水的
质量； ρ
根据流出的水的体积和容器的横截面积求出水深度的变化量，利用液体压强公式p＝ gh
求减少的压强。 ρ
【解析】解：流出的水的体积V＝S孔vt＝10×10﹣6m2×1m/s×5000s＝0.05m3，
由 ＝ 得：m＝ V＝1.0×103kg/m3×0.05m3＝50kg；
ρ ρ
第 12 页 / 共 22 页水深度的变化量△h＝ ＝ ＝0.125m，
减少的压强：
△p＝ g△h＝1×103kg/m3×10N/kg×0.125m＝1250Pa。
故答案ρ为：50；1250。
【点拨】本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用，关键是根据水的流速、时间和小
孔横截面积求出流出的水的体积；知道水的深度变化是由于水的流出引起的。
三、作图、实验与探究（21、22题各2分，23题5分，24题6分，25题9分，共24分）
21．（2分）如图所示，是平面镜反射所形成的光路，图中虚线是法线，请在图中补充画出入射
光线，并标出入射角。
【微点】作光的反射光路图．
【思路】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分
居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角。
【解析】解：图中法线已经给出。根据反射角与入射角相等作出入射光线，入射角为i。如图
所示：
【点拨】此题主要考查了反射光路的画法，关键是掌握光的反射定律的内容，特别是反射
角与入射角之间的关系。注意法线要画成虚线。
22．（2分）用笔画线代替导线，将图中的连有开关的电灯接入家庭电路中。
第 13 页 / 共 22 页【微点】家庭电路的连接．
【思路】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋
套。
【解析】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺
旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更
安全。如图所示：
【点拨】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性
和安全性。
23．（5分）如图所示是在“探究水的沸腾时温度变化的特点”活动中使用的实验装置。小丽
同学负责的实验小组测量了水在加热过程中温度随时间变化情况，并记录有关数据如下
表：
时间/ 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9
min
温 90 92 94 96 97 98 98 98 98 98
度/℃
（1）当水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升、大小 变大 （选填“变大”、
“变小”、或“不变”）；
（2）在本次实验中，观察到： 水的沸点为 9 8 ℃ ； 烧杯口有大量的“白气”不断冒
出，这些“白气”是 水蒸气①遇冷后液化成的小水滴 ②。
（3）通过实验可得：水在加热过程中，吸收热量，温度 升高 ；沸腾时，吸收热量，温度
不变 。
第 14 页 / 共 22 页【微点】探究水的沸腾实验．
【思路】（1）沸腾前气泡上升过程体积减小，沸腾时气泡上升过程体积不断增大；
（2）壶口冒出的大量“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴；液体沸腾时，不断吸收热量，
温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
（3）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；
【解析】解：（1）水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升、体积变大；
（2）由表格数据知，水在5min开始沸腾，沸腾时水不断吸收热量，水保持98℃不变，这个
不变的温度是水的沸点，所以此时水的沸点是98℃。
杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后液化成的小水滴；
（3）水在加热过程中，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸收热量，温度不变。
故答案为：
（1）变大；
（2）98℃；水蒸气遇冷后液化成的小水滴；
（3）升高；不变。
【点拨】本题考查水的沸腾实验，液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量；液体沸腾的
特点：不断吸收热量，温度保持不变。
24．（6分）如图所示，为小丽在“研究影响压力作用效果的因素”实验中所选用的器材在水
平桌面上进行的实验过程图示。
（1）本实验的科学探究方法是： 控制变量法、转换法 ；
（2）小丽为了探究压力作用的效果跟压力大小的关系，应该通过图中的 D 、 E 两次实验
进行比较得出结论：为了探究压力作用的效果跟受力面积大小的关系，应该通过图中的
E 、 F 两次实验进行比较得出结论；
第 15 页 / 共 22 页（3）通过实验小丽得出结论：压力作用的效果不仅跟压力的大小有关，而且跟受力面积有
关。小丽的结论 正确 （选填“正确”或“不正确”）
（4）在生活中，书包的背带做得又宽又大，这是利用了： 增加受力面积 来减少压力作
用的效果；俗话说“磨刀不误砍柴工”所蕴含的物理知识是： 减少受力面积 来增加压
力作用的效果。
【微点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验．
【思路】物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因
素的问题变成多个单因素的问题；每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素
不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方
法叫控制变量法；
不能直接观察物理量的变化，而是通过物理量变化导致其它量的变化时，通过其它量的变
化判断物理量的变化，这种方法是转换法；
根据控制变量法的要求分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出结论。
【解析】解：（1）探究影响压力作用效果的因素实验，应用了控制变量法与转换法。
（2）探究压力作用的效果跟压力大小的关系，应控制受力面积相同而压力大小不同，由图
示实验可知，应选择图D、E两次实验进行比较得出结论；为了探究压力作用的效果跟受
力面积大小的关系，应控制物体间的压力相等而受力面积不同，应该通过图中的E、F两
次实验进行比较得出结论；
（3）由图D、E所示实验可知，受力面积相同而物体间的压力不同，压力作用效果不同，由
此可知，压力作用效果与压力大小有关，由图E、F所示实验可知，物体间的压力相同而受
力面积不同，压力作用效果不同，由此可知，压力作用效果与受力面积有关，由此可知，小
丽的结论是正确的。
（4）书包的背带做得又宽又大，这是利用了：增加受力面积来减少压力作用的效果；俗话
说“磨刀不误砍柴工”所蕴含的物理知识是：减少受力面积来增加压力作用的效果。
故答案为：
（1）控制变量法、转换法；（2）D、E；E、F；（3）正确；（4）增加受力面积；减少受力面积。
【点拨】本题考查的是影响压力作用效果的因素，涉及到了控制变量法和转换法，这两种
方法是初中物理用到的最多的探究方法，大部分探究实验都用到这两种方法，需要重点掌
握。
25．（9分）学校实验室新进了一批“2.5V 0.75W”的小灯泡，小明想通过实验探究小灯泡的
额定功率是否符合规格。实验员提供了以下器材：待测小灯泡、铭牌为“10
Ω
第 16 页 / 共 22 页2A”、“50 1A”的滑动变阻器各一个、电流表、电压表、二节1.5V的干电池、开关、导
线。 Ω
（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线把图乙所示的实物电路补充完整。
（2）按图连接实物电路图时，开关S应该 断开 ；
（3）正确连接电路后，闭合开关S，小明在实验过程中发现小灯泡两端的电压调节范围小，
原因是： 滑动变阻器阻值太小 ；应换用铭牌为 5 0 1A 的滑动变阻器；
（4）小明更换器材后完成实验，应用实验数据作出“U﹣ΩI”关系图象如图丙所示，由图可
得小灯泡实测的额定功率为 0.75 W，该小灯泡 符合 （选填“符合”或“不符
合”）制造规格；
（5）由“U﹣I”关系图象可知，当小灯泡两端的电压为0.5V时，它的电阻是 5 ；进一
步分析图象可得小灯泡的电阻随着它 两端电压的升高而升高 增大 （选填“增Ω大”、
“减少”或“不变”）。
【微点】电功率的测量实验．
【思路】（1）根据电路图连接实物图，把电流表与滑动变阻器串联，滑动变阻器按一上一下
的原则串联在电路中，滑动变阻器与小灯泡右接线柱串联；
（2）为了保护电路元件，在连接电路时，开关要断开；
（3）电路连接正确，不是连接故障问题，而是器材的规格问题，从滑动变阻器规格方面考
虑；
（4）先根据图丙读出灯泡两端电压等于额定电压对应的电流，然后利用P＝UI求出小灯泡
的额定功率；
（5）根据图丙读出灯泡两端电压为0.5V时对应的电流，利用R＝ 求出灯泡的电阻；灯丝
的电阻随温度升高而增大。
【解析】解：
第 17 页 / 共 22 页（1）把电流表的负接线柱与滑动变阻器的B接线柱相连，滑动变阻器的C接线柱与灯泡
的右接线柱相连，如下图所示：
（2）在连接电路时开关应该处于断开状态；
（3）如果其它元件规格符合要求的情况下，滑动变阻器总阻值太小，根据串联电路的特点
可知，滑动变阻器阻值太小时，滑动变阻器分得的电压小，使得小灯泡两端的电压调节范
围小，应换用铭牌为“50 1A”的滑动变阻器；
（4）根据图丙可知，灯泡两Ω端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.3A，则灯泡的额定功率：
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W，该小灯泡符合制造规格；
（5）根据图丙可知，灯泡两端电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.1A，
根据I＝ 可知灯丝的电阻：R＝ ＝ ＝5 ；
Ω
因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以当小灯泡电压增大时，灯丝电阻将增大。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）滑动变阻器阻值太小；50 1A；（4）0.75；符合；（5）5；
增大。 Ω
【点拨】此题是“测量小灯泡功率”的实验，考查了有关电路连接的注意事项、欧姆定律
和电功率计算公式的应用，同时考查了灯丝电阻与温度的关系，考查得比较全面。
四、综合应用（26题6分，27题8分，28题10分，共24分）
26．（6分）如图所示，重500N的小丽同学，在今年中考体育必测项目800m的测试中，以
3min20s的好成绩跑完全程。求：
（1）跑前小丽站立地面，他对地面的压力为多少牛顿？
（2）小丽跑完全程的平均速度是多少米每秒？
第 18 页 / 共 22 页【微点】变速运动与平均速度；压力及重力与压力的区别．
【思路】（1）物体放在水平面上时，对水平面的压力大小等于物体重力；
（2）根据v＝ 计算平均速度。
【解析】解：
（1）物体放在水平面上时，对水平面的压力大小等于物体重力，
所以小丽站立地面时对地面的压力F＝G＝500N；
（2）小丽跑完全程的时间t＝3min20s＝3×60s+20s＝200s，
所以小丽跑完全程的平均速度：
v＝ ＝ ＝4m/s。
答：（1）跑前小丽站立地面，他对地面的压力为500N；
（2）小丽跑完全程的平均速度是4m/s。
【点拨】本题考查了压力的认识和速度的计算，属于一道基础题。注意计算时单位的统一。
27．（8分）如图甲所示，电源电压U＝6V，S为单刀双掷开关，小灯泡L的电阻R ＝10 ，R为
L
某种压敏电阻，其阻值R与压力F成反比关系，（如图乙所示），R的正上方装有一Ω电磁铁
P，其线圈电阻不计。
（1）在R上水平放置质量为1kg的铁制品，开关接a，通过小灯泡的电流为多大？小灯泡
两端的电压为多少伏？
（2）在R上水平放置质量为2kg的铁制品，开关接b，电压表稳定后的示数为4V，则此时
压敏电阻的阻值为多少欧？电磁铁P对铁制品的吸引力为多少牛？
【微点】欧姆定律的应用．
【思路】（1）根据G＝mg计算出铁制品的重力，可得对压敏电阻的压力，由图乙确定此时
R的阻值，根据欧姆定律计算出电路中的电流值；
由U＝IR计算出灯泡两端的电压；
（2）根据电压表的示数计算出电路中的电流值和R两端的电压，根据欧姆定律得出压敏
电阻的阻值；
第 19 页 / 共 22 页对照乙图得出此时铁制品对压敏电阻的压力，根据平衡力的知识可计算出 P对铁制品的
吸引力。
【解析】解：
（1）铁制品的重力G＝mg＝1kg×10N/kg＝10N；
由图乙知，当F＝10N时，电阻R＝6 ，则电路中电流I＝ ＝ ＝0.375A；
Ω
由I＝ 得，灯泡两端的电压U ＝IR ＝0.375A×10 ＝3.75V；
L L
Ω
（2）2kg铁制品的重力G′＝m′g＝2kg×10N/kg＝20N；
此时电路中的电流I′＝ ＝ ＝0.4A；
电阻R两端的电压U′＝6V﹣4V＝2V；
则R的阻值为R′＝ ＝ ＝5 ，
Ω
由图象知，FR＝60N• ，则当R＝5 时，F＝ ＝12N；
Ω Ω
所以吸引力F′＝20N﹣12N＝8N。
答：（1）通过小灯泡的电流为0.375A；小灯泡两端的电压为3.75V；
（2）此时压敏电阻的阻值为5 ；电磁铁P对铁制品的吸引力为8N。
【点拨】本题是有关欧姆定律的Ω题目，解决此题的关键是通过图象乙，从中确定压力与电
阻的关系。
28．（10分）认识自然，亲近自然。初春学校组织学生到桂东北的猫儿山山脚下一农庄进行社
会实践活动，小明携带一个质量为1kg的合金锅、一台如图甲所示的便携式丁烷气炉（内
置一瓶新的燃气，参数如表格所示），爱探究的小明通过手机上网查到便携式燃气炉的热
效率为30%，丁烷气体的燃烧效率为90%，野炊地水的沸点为96℃，测出当地水的温度为
26℃，[水的比热容为4.2×103J（/ kg•℃），锅的比热容为0.8×103J（/ kg•℃）（] 铝锅吸收的热
量不计）
（1）完全燃烧0.1kg的丁烷气体可以放出多少焦耳的热量？
（2）需多少焦耳的热量，才能使合金锅内2kg的水温度升高50℃？
（3）如果燃气炉以最大火力工作，一瓶燃气最多能持续燃烧1.4h，这样能够把质量为多少
千克的水烧开？（最后结果保留1位小数）。
品名 便携式丁烷气炉 质量 1.88kg（不含气瓶）
第 20 页 / 共 22 页型号 WZL.168．A 尺寸 343×284×113mm
用途 野外用 点火方式 电子点火
使用燃气 液化丁烷气 燃气消耗量 150g/h（最大火力时）
气瓶规格（尺寸/容量）
品名 总质 净质 主要 热值
量 量 成份
神州 354g 250g 丁烷 9×107J/
kg
【微点】热量的计算；燃料的热值及其计算．
【思路】（1）知道丁烷气体的质量和热值，利用Q放 ＝mq求完全燃烧0.1kg的丁烷气体可
以放出的热量；
（2）知道水的质量、比热容和温度变化，利用Q吸 ＝cm△t求使合金锅内2kg的水温度升高
50℃吸收的热量；
（3）燃气炉以最大火力工作时，知道燃气消耗的质量，而甲烷气体的燃烧效率为90%，则
燃气燃烧时所放出的热量Q
1
＝Q放×90%；又知道便携式燃气炉将其燃气燃烧所放出能量
的30%供给水加热，则水吸收的热量Q
2
＝Q
1
×30%，再由Q吸 ＝cm△t求能烧开水的质量。
【解析】解：
（1）完全燃烧0.1kg的丁烷气体可以放出的热量：
Q放 ＝mq＝0.1kg×9×107J/kg＝9×106J；
（2）使合金锅内2kg的水温度升高50℃吸收的热量：
Q吸1 ＝c
1
m
1
△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×50℃＝4.2×105J；
（3）燃气炉以最大火力工作时，燃气消耗的质量为m气 ＝0.15kg/h×1.4h＝0.21kg，
由题知，丁烷气体的燃烧效率为90%，则燃气燃烧时所放出的热量：
Q
1
＝Q放×90%＝m气q×90%＝9×107J/kg×0.21kg×90%＝1.701×107J，
又知道便携式燃气炉将其燃气燃烧所放出能量的30%供给水加热，则水吸收的热量：
Q ＝Q ×30%＝1.701×107J×30%＝5.103×106J，
2 1
由Q吸 ＝cm△t得能烧开水的质量：
第 21 页 / 共 22 页m水 ＝ ＝ ≈17.4kg。
答：
（1）完全燃烧0.1kg的丁烷气体可以放出9×106J的热量；
（2）需4.2×105J的热量，才能使合金锅内2kg的水温度升高50℃；
（3）如果燃气炉以最大火力工作，一瓶燃气最多能持续燃烧 1.4h，这样能够把质量为
17.4kg的水烧开。
【点拨】本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的掌握和运用，
利用好两个效率计算水吸收的热量是本题的关键、难点！
第 22 页 / 共 22 页
