文档内容
2019年江苏省徐州市中考数学试卷
一、选择题（本大题共有8小题，每小题3分，共24分，在每小题所给出的四个选项中，恰有
一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置）
1．（3分）﹣2的倒数是（ ）
A．﹣ B． C．2 D．﹣2
2．（3分）下列计算正确的是（ ）
A．a2+a2＝a4 B．（a+b）2＝a2+b2
C．（a3）3＝a9 D．a3•a2＝a6
3．（3分）下列长度的三条线段，能组成三角形的是（ ）
A．2，2，4 B．5，6，12 C．5，7，2 D．6，8，10
4．（3分）抛掷一枚质地均匀的硬币2000次，正面朝上的次数最有可能为（ ）
A．500 B．800 C．1000 D．1200
5．（3分）某小组7名学生的中考体育分数如下：37，40，39，37，40，38，40，该组数据的众数、
中位数分别为（ ）
A．40，37 B．40，39 C．39，40 D．40，38
6．（3分）下图均由正六边形与两条对角线所组成，其中不是轴对称图形的是（ ）
A． B． C． D．
7．（3分）若A（x ，y ）、B（x ，y ）都在函数y＝ 的图象上，且x ＜0＜x ，则（ ）
1 1 2 2 1 2
A．y ＜y B．y ＝y C．y ＞y D．y ＝﹣y
1 2 1 2 1 2 1 2
8．（3分）如图，数轴上有O、A、B三点，O为原点，OA、OB分别表示仙女座星系、M87黑洞与
地球的距离（单位：光年）．下列选项中，与点B表示的数最为接近的是（ ）
A．5×106 B．107 C．5×107 D．108
二、填空題（本大题共有10小题，每小题3分，共30分.不需写出解答过程，请将答案直接填
写在答题卡相应位置）
第1页（共20页）9．（3分）8的立方根是 ．
10．（3分）使 有意义的x的取值范围是 ．
11．（3分）方程x2﹣4＝0的解是 ．
12．（3分）若a＝b+2，则代数式a2﹣2ab+b2的值为 ．
13．（3分）如图，矩形ABCD中，AC、BD交于点O，M、N分别为BC、OC的中点．若MN＝4，
则AC的长为 ．
14．（3分）如图，A、B、C、D为一个外角为40°的正多边形的顶点．若O为正多边形的中心，则
∠OAD＝ ．
15．（3分）如图，沿一条母线将圆锥侧面剪开并展平，得到一个扇形，若圆锥的底面圆的半径
r＝2cm，扇形的圆心角 ＝120°，则该圆锥的母线长l为 cm．
θ
16．（3分）如图，无人机于空中A处测得某建筑顶部B处的仰角为45°，测得该建筑底部C处
的俯角为17°．若无人机的飞行高度AD为62m，则该建筑的高度BC为 m．
（参考数据：sin17°≈0.29，cos17°≈0.96，tan17°≈0.31）
第2页（共20页）17．（3分）已知二次函数的图象经过点P（2，2），顶点为O（0，0）将该图象向右平移，当它再
次经过点P时，所得抛物线的函数表达式为 ．
18．（3分）函数y＝x+1的图象与x轴、y轴分别交于A、B两点，点C在x轴上．若△ABC为等
腰三角形，则满足条件的点C共有 个．
三、解答题（本大题共有10小题，共86分，请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字
说明、证明过程或演算步骤）
19．（10分）计算：
（1） 0﹣ +（ ）﹣2﹣|﹣5|；
π
（2） ÷ ．
20．（10分）（1）解方程： +1＝
（2）解不等式组：
21．（7分）如图，甲、乙两个转盘分别被分成了3等份与4等份，每份内均标有数字．分别旋
转这两个转盘，将转盘停止后指针所指区域内的两数相乘．
（1）请将所有可能出现的结果填入下表：
乙 1 2 3 4
积
甲
1
2
3
（2）积为9的概率为 ；积为偶数的概率为 ；
（3）从1～12这12个整数中，随机选取1个整数，该数不是（1）中所填数字的概率为
．
第3页（共20页）22．（7分）某户居民2018年的电费支出情况（每2个月缴费1次）如图所示：
根据以上信息，解答下列问题：
（1）求扇形统计图中“9﹣10月”对应扇形的圆心角度数；
（2）补全条形统计图．
23．（8分）如图，将平行四边形纸片ABCD沿一条直线折叠，使点A与点C重合，点D落在点
G处，折痕为EF．求证：
（1）∠ECB＝∠FCG；
（2）△EBC≌△FGC．
24．（8分）如图，AB为 O的直径，C为 O上一点，D为 的中点．过点D作直线AC的垂
线，垂足为E，连接⊙OD． ⊙
（1）求证：∠A＝∠DOB；
（2）DE与 O有怎样的位置关系？请说明理由．
⊙
第4页（共20页）25．（8分）如图，有一块矩形硬纸板，长30cm，宽20cm．在其四角各剪去一个同样的正方形，
然后将四周突出部分折起，可制成一个无盖长方体盒子．当剪去正方形的边长取何值时，
所得长方体盒子的侧面积为200cm2？
26．（8分）【阅读理解】
用10cm×20cm的矩形瓷砖，可拼得一些长度不同但宽度均为20cm的图案．已知长度为
10cm、20cm、30cm的所有图案如下：
【尝试操作】
如图，将小方格的边长看作10cm，请在方格纸中画出长度为40cm的所有图案．
【归纳发现】
观察以上结果，探究图案个数与图案长度之间的关系，将下表补充完整．
图案的长度 10cm 20cm 30cm 40cm 50cm 60cm
所有不同图案的个数 1 2 3
27．（9分）如图 ，将南北向的中山路与东西向的北京路看成两条直线，十字路口记作点A．
甲从中山路上①点B出发，骑车向北匀速直行；与此同时，乙从点A出发，沿北京路步行向
第5页（共20页）东匀速直行．设出发xmin时，甲、乙两人与点A的距离分别为y m、y m．已知y 、y 与x之
1 2 1 2
间的函数关系如图 所示．
②
（1）求甲、乙两人的速度；
（2）当x取何值时，甲、乙两人之间的距离最短？
28．（11分）如图，平面直角坐标系中，O为原点，点A、B分别在y轴、x轴的正半轴上．△AOB
的两条外角平分线交于点P，P在反比例函数y＝ 的图象上．PA的延长线交x轴于点C，
PB的延长线交y轴于点D，连接CD．
（1）求∠P的度数及点P的坐标；
（2）求△OCD的面积；
（3）△AOB的面积是否存在最大值？若存在，求出最大面积；若不存在，请说明理由．
第6页（共20页）2019 年江苏省徐州市中考数学试卷答案与解析
一、选择题（本大题共有8小题，每小题3分，共24分，在每小题所给出的四个选项中，恰有
一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置）
1．【分析】根据乘积是1的两个数叫做互为倒数解答．
【解答】解：∵（﹣2）×（﹣ ）＝1，
∴﹣2的倒数是﹣ ．故选：A．
【点评】本题考查了倒数的定义，是基础题，熟记概念是解题的关键．
2．【分析】分别根据合并同类项的法则、完全平方公式、幂的乘方以及同底数幂的乘法化简即
可判断．
【解答】解：A、a2+a2＝2a2，故选项A不合题意；
B．（a+b）2＝a2+2ab+b2，故选项B不合题意；
C．（a3）3＝a9，故选项C符合题意；
D．a3•a2＝a5，故选项D不合题意．故选：C．
【点评】本题主要考查了合并同类项的法则、幂的运算法则以及完全平方公式，熟练掌握
法则是解答本题的关键．
3．【分析】根据三角形两边之和大于第三边可以判断各个选项中的三天线段是否能组成三角
形，本题得以解决．
【解答】解：∵2+2＝4，∴2，2，4不能组成三角形，故选项A错误，
∵5+6＜12，∴5，6，12不能组成三角形，故选项B错误，
∵5+2＝7，∴5，7，2不能组成三角形，故选项C错误，
∵6+8＞10，∴6，8，10能组成三角形，故选项D正确，故选：D．
【点评】本题考查三角形三边关系，解答本题的关键是明确三角形两边之和大于第三边．
4．【分析】由抛掷一枚硬币正面向上的可能性为0.5求解可得．
【解答】解：抛掷一枚质地均匀的硬币2000次，正面朝上的次数最有可能为1000次，
故选：C．
【点评】本题主要考查随机事件，关键是理解必然事件为一定会发生的事件；解决此类问
题，要学会关注身边的事物，并用数学的思想和方法去分析、看待、解决问题，提高自身的
数学素养．
第7页（共20页）5．【分析】根据众数和中位数的概念求解可得．
【解答】解：将数据重新排列为37，37，38，39，40，40，40，
所以这组数据的众数为40，中位数为39，故选：B．
【点评】本题考查了中位数和众数的概念，一组数据中出现次数最多的数据叫做众数；将
一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间
位置的数就是这组数据的中位数；如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数
就是这组数据的中位数．
6．【分析】根据轴对称图形的概念求解可得．
【解答】解：
不是轴对称图形，
故选：D．
【点评】本题主要考查轴对称图形，解题的关键是掌握轴对称图形的概念：如果一个图形
沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形，这条直线叫
做对称轴，这时，我们也可以说这个图形关于这条直线（成轴）对称．
7．【分析】根据题意和反比例函数的性质可以解答本题．
【解答】解：∵函数y＝ ，
∴该函数图象在第一、三象限、在每个象限内y随x的增大而减小，
∵A（x ，y ）、B（x ，y ）都在函数y＝ 的图象上，且x ＜0＜x ，
1 1 2 2 1 2
∴y ＜y ，
1 2
故选：A．
【点评】本题考查反比例函数图象上点的坐标特征，解答本题的关键是明确题意，利用反
比例函数的性质解答．
8．【分析】先化简2.5×106＝0.25×107，再从选项中分析即可；
【解答】解：2.5×106＝0.25×107，
（5×107）÷（0.25×107）＝20，
从数轴看比较接近；
故选：C．
第8页（共20页）【点评】本题考查数轴，科学记数法；能够将数进行适当的表示，结合数轴解题是关键．
二、填空題（本大题共有10小题，每小题3分，共30分.不需写出解答过程，请将答案直接填
写在答题卡相应位置）
9．【分析】利用立方根的定义计算即可得到结果．
【解答】解：8的立方根为2，
故答案为：2．
【点评】此题考查了立方根，熟练掌握立方根的定义是解本题的关键．
10．【分析】根据二次根式中的被开方数必须是非负数，可得x+1≥0，据此求出x的取值范围
即可．
【解答】解：∵ 有意义，
∴x+1≥0，
∴x的取值范围是：x≥﹣1．
故答案为：x≥﹣1．
【点评】此题主要考查了二次根式有意义的条件，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：
二次根式中的被开方数必须是非负数，否则二次根式无意义．
11．【分析】首先把4移项，再利用直接开平方法解方程即可．
【解答】解：x2﹣4＝0，
移项得：x2＝4，
两边直接开平方得：x＝±2，
故答案为：±2．
【点评】此题主要考查了直接开平方法解一元二次方程，解这类问题要移项，把所含未知
数的项移到等号的左边，把常数项移项等号的右边，化成x2＝a（a≥0）的形式，利用数的
开方直接求解．（1）用直接开方法求一元二次方程的解的类型有：x2＝a（a≥0）；ax2＝b
（a，b同号且a≠0）；（x+a）2＝b（b≥0）；a（x+b）2＝c（a，c同号且a≠0）．法则：要把方程化
为“左平方，右常数，先把系数化为1，再开平方取正负，分开求得方程解”．（2）用直接
开方法求一元二次方程的解，要仔细观察方程的特点．
12．【分析】由a＝b+2，可得a﹣b＝2，代入所求代数式即可．
【解答】解：∵a＝b+2，
∴a﹣b＝2，
∴a2﹣2ab+b2＝（a﹣b）2＝22＝4．
故答案为：4
第9页（共20页）【点评】本题主要考查了完全平方公式，熟记公式是解答本题的关键．
13．【分析】根据中位线的性质求出BO长度，再依据矩形的性质AC＝BD＝2BO进行求解问
题．
【解答】解：∵M、N分别为BC、OC的中点，
∴BO＝2MN＝8．
∵四边形ABCD是矩形，
∴AC＝BD＝2BO＝16．
故答案为16．
【点评】本题主要考查了矩形的性质以及三角形中位线的定理，解题的关键是找到线段间
的倍分关系．
14．【分析】连接OB、OC，利用任意凸多边形的外角和均为360°，正多边形的每个外角相等即
可求出多边形的边数，再根据多边形的内角和公式计算即可．
【解答】解：连接OB、OC，
多边形的每个外角相等，且其和为360°，
据此可得多边形的边数为： ，
∴∠AOB＝ ，
∴∠AOD＝40°×3＝120°．
∴∠OAD＝ ．
故答案为：30°
【点评】本题主要考查了正多边形的外角以及内角，熟记公式是解答本题的关键．
15．【分析】易得圆锥的底面周长，也就是侧面展开图的弧长，进而利用弧长公式即可求得圆
锥的母线长．
【解答】解：圆锥的底面周长＝2 ×2＝4 cm，
π π
第10页（共20页）设圆锥的母线长为R，则： ＝4 ，
π
解得R＝6．
故答案为：6．
【点评】本题考查了圆锥的计算，用到的知识点为：圆锥的侧面展开图的弧长等于底面周
长；弧长公式为： ．
16．【分析】作AE⊥BC于E，根据正切的定义求出AE，根据等腰直角三角形的性质求出BE，
结合图形计算即可．
【解答】解：作AE⊥BC于E，
则四边形ADCE为矩形，
∴EC＝AD＝62，
在Rt△AEC中，tan∠EAC＝ ，
则AE＝ ≈ ＝200，
在Rt△AEB中，∠BAE＝45°，
∴BE＝AE＝200，
∴BC＝200+62＝262（m），
则该建筑的高度BC为262m，
故答案为：262．
【点评】本题考查的是解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题，掌握仰角俯角的概念、熟记
锐角三角函数的定义是解题的关键．
17．【分析】设原来的抛物线解析式为：y＝ax2．利用待定系数法确定函数关系式；然后利用平
移规律得到平移后的解析式，将点P的坐标代入即可．
【解答】解：设原来的抛物线解析式为：y＝ax2（a≠0）．
把P（2，2）代入，得2＝4a，
第11页（共20页）解得a＝ ．
故原来的抛物线解析式是：y＝ x2．
设平移后的抛物线解析式为：y＝ （x﹣b）2．
把P（2，2）代入，得2＝ （2﹣b）2．
解得b＝0（舍去）或b＝4．
所以平移后抛物线的解析式是：y＝ （x﹣4）2．
故答案是：y＝ （x﹣4）2．
【点评】考查了二次函数图象与几何变换，二次函数的性质，二次函数图象上点的坐标特
征．利用待定系数法确定原来函数关系式是解题的关键．
18．【分析】三角形ABC的找法如下： 以点A为圆心，AB为半径作圆，与x轴交点即为C；
以点B为圆心，AB为半径作圆，①与x轴交点即为C； 作AB的中垂线与x轴的交点即
②为C； ③
【解答】解以点A为圆心，AB为半径作圆，与x轴交点即为C；
以点B为圆心，AB为半径作圆，与x轴交点即为C；
作AB的中垂线与x轴的交点即为C；
故答案为4；
【点评】本题考查一次函数的图象上点的特征，等腰三角形的性质；掌握利用两圆一线找
等腰三角形的方法是解题的关键．
第12页（共20页）三、解答题（本大题共有10小题，共86分，请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字
说明、证明过程或演算步骤）
19．【分析】（1）先计算零指数幂、算术平方根、负整数指数幂和绝对值，再计算加减可得；
（2）先化简各分式，再将除法转化为乘法，继而约分即可得．
【解答】解：（1）原式＝1﹣3+9﹣5＝2；
（2）原式＝ ÷
＝（x﹣4）•
＝2x．
【点评】本题主要考查分式的乘除法，解题的关键是掌握分式的乘除运算顺序和运算法则．
20．【分析】（1）两边同时乘以x﹣3，整理后可得x＝ ；
（2）不等式组的每个不等式解集为 ；
【解答】解：（1） +1＝ ，
两边同时乘以x﹣3，得
x﹣2+x﹣3＝﹣2，
∴x＝ ；
经检验x＝ 是原方程的根；
（2）由 可得 ，
∴不等式的解为﹣2＜x≤2；
【点评】本题考查分式方程，不等式组的解；掌握分式方程和不等式组的解法是关键．
21．【分析】（1）计算所取两数的乘积即可得；
（2）找到符合条件的结果数，再根据概率公式计算可得；
（3）利用概率公式计算可得．
【解答】解：（1）补全表格如下：
1 2 3 4
1 1 2 3 4
第13页（共20页）2 2 4 6 8
3 3 6 9 12
（2）由表知，共有12种等可能结果，其中积为9的有1种，积为偶数的有8种结果，
所以积为9的概率为 ；积为偶数的概率为 ＝ ，
故答案为： ， ．
（3）从1～12这12个整数中，随机选取1个整数，该数不是（1）中所填数字的有5、7、10、
11这4种，
∴此事件的概率为 ＝ ，
故答案为： ．
【点评】此题考查的是用列表法或树状图法求概率．列表法可以不重复不遗漏的列出所有
可能的结果，适合于两步完成的事件；树状图法适合两步或两步以上完成的事件．用到的
知识点为：概率＝所求情况数与总情况数之比．
22．【分析】（1）从条形统计图中可得3﹣4月份电费240元，从扇形统计图中可知3﹣4月份
电费占全年的10%，可求全年的电费，进而求出9﹣10月份电费所占的百分比，然后就能
求出9﹣10月份对应扇形的圆心角的度数；
（2）全年的总电费减去其它月份的电费可求出7﹣8月份的电费金额，确定直条画多高，再
进行补全统计图．
【解答】解：（1）全年的总电费为：240÷10%＝2400元
9﹣10月份所占比：280÷2400＝ ，
∴扇形统计图中“9﹣10月”对应扇形的圆心角度数为：360°× ＝42°
答：扇形统计图中“9﹣10月”对应扇形的圆心角度数是42°
（2）7﹣8月份的电费为：2400﹣300﹣240﹣350﹣280﹣330＝900元，
补全的统计图如图：
第14页（共20页）【点评】考查条形统计图、扇形统计图的特点及反应数据的变化特征，两个统计图联系在
一起，可以发现数据之间关系，求出在某个统计图中缺少的数据．
23．【分析】（1）依据平行四边形的性质，即可得到∠A＝∠BCD，由折叠可得，∠A＝∠ECG，
即可得到∠ECB＝∠FCG；
（2）依据平行四边形的性质，即可得出∠D＝∠B，AD＝BC，由折叠可得，∠D＝∠G，AD
＝CG，即可得到∠B＝∠G，BC＝CG，进而得出△EBC≌△FGC．
【解答】证明：（1）∵四边形ABCD是平行四边形，
∴∠A＝∠BCD，
由折叠可得，∠A＝∠ECG，
∴∠BCD＝∠ECG，
∴∠BCD﹣∠ECF＝∠ECG﹣∠ECF，
∴∠ECB＝∠FCG；
（2）∵四边形ABCD是平行四边形，
∴∠D＝∠B，AD＝BC，
由折叠可得，∠D＝∠G，AD＝CG，
∴∠B＝∠G，BC＝CG，
又∵∠ECB＝∠FCG，
∴△EBC≌△FGC（ASA）．
第15页（共20页）【点评】本题主要考查了平行四边形的性质，平行四边形的对边相等；平行四边形的对角
相等；平行四边形的对角线互相平分．
24．【分析】（1）连接OC，由D为 的中点，得到 ＝ ，根据圆周角定理即可得到结论；
（2）根据平行线的判定定理得到AE∥OD，根据平行线的性质得到OD⊥DE，于是得到结
论．
【解答】（1）证明：连接OC，
∵D为 的中点，
∴ ＝ ，
∴∠BOD＝ BOC，
∵∠BAC＝ BOC，
∴∠A＝∠DOB；
（2）解：DE与 O相切，
理由：∵∠A＝∠⊙DOB，
∴AE∥OD，
∵DE⊥AE，
∴OD⊥DE，
∴DE与 O相切．
⊙
【点评】本题考查了直线与圆的位置关系，圆心角、弧、弦的关系，圆周角定理，熟练掌握切
第16页（共20页）线的判定定理是解题的关键．
25．【分析】设剪去正方形的边长为xcm，则做成无盖长方体盒子的底面长为（30﹣2x）cm，宽
为（20﹣2x）cm，高为xcm，根据长方体盒子的侧面积为200cm2，即可得出关于x的一元二
次方程，解之取其较小值即可得出结论．
【解答】解：设剪去正方形的边长为xcm，则做成无盖长方体盒子的底面长为（30﹣2x）cm，
宽为（20﹣2x）cm，高为xcm，
依题意，得：2×[（30﹣2x）+（20﹣2x）]x＝200，
整理，得：2x2﹣25x+50＝0，
解得：x ＝ ，x ＝10．
1 2
当x＝10时，20﹣2x＝0，不合题意，舍去．
答：当剪去正方形的边长为 cm时，所得长方体盒子的侧面积为200cm2．
【点评】本题考查了一元二次方程的应用，找准等量关系，正确列出一元二次方程是解题
的关键．
26．【分析】根据已知条件作图可知40cm时，所有图案个数5个；猜想得到结论；
【解答】解：如图
根据作图可知40cm时，所有图案个数5个
50cm时，所有图案个数8个；
60cm时，所有图案个数13个；
故答案为5，8，13；
【点评】本题考查应用与设计作图，规律探究；能够根据条件作图图形，探索规律是解题的
关键．
27．【分析】（1）设甲、乙两人的速度，并依题意写出函数关系式，再根据图 中函数图象交
点列方程组求解； ②
（2）设甲、乙之间距离为d，由勾股定理可得d2＝（1200﹣240x）2+（80x）2 ＝64000（x﹣ ）
第17页（共20页）2+144000，根据二次函数最值即可得出结论．
【 解 答 】 解 ： （ 1 ） 设 甲 、 乙 两 人 的 速 度 分 别 为 am/min ，bm/min ， 则 ：
y ＝
1
y ＝bx
2
由图 知：x＝3.75或7.5时，y ＝y ，∴ ，解得：
1 2
②
答：甲的速度为240m/min，乙的速度为80m/min．
（2）设甲、乙之间距离为d，
则d2＝（1200﹣240x）2+（80x）2
＝64000（x﹣ ）2+144000，
∴当x＝ 时，d2的最小值为144000，即d的最小值为120 ；
答：当x＝ 时，甲、乙两人之间的距离最短．
【点评】本题考查了函数图象的读图识图能力，正确理解图象交点的含义，从图象中发现
和获取有用信息，提高分析问题、解决问题的能力．
28．【分析】（1）如图，作PM⊥OA于 M，PN⊥OB于N，PH⊥AB于H．利用全等三角形的性
质解决问题即可．
（2）设OA＝a，OB＝b，则AM＝AH＝3﹣a，BN＝BH＝3﹣b，利用勾股定理求出a，b之间
的关系，求出OC，OD即可解决问题．
第18页（共20页）（3）设OA＝a，OB＝b，则AM＝AH＝3﹣a，BN＝BH＝3﹣b，可得AB＝6﹣a﹣b，推出
OA+OB+AB＝6，可得a+b+ ＝6，利用基本不等式即可解决问题．
【解答】解：（1）如图，作PM⊥OA于M，PN⊥OB于N，PH⊥AB于H．
∴∠PMA＝∠PHA＝90°，
∵∠PAM＝∠PAH，PA＝PA，
∴△PAM≌△PAH（AAS），
∴PM＝PH，∠APM＝∠APH，
同理可证：△BPN≌△BPH，
∴PH＝PN，∠BPN＝∠BPH，
∴PM＝PN，
∵∠PMO＝∠MON＝∠PNO＝90°，
∴四边形PMON是矩形，
∴∠MPN＝90°，
∴∠APB＝∠APH+∠BPH＝ （∠MPH+∠NPH）＝45°，
∵PM＝PN，
∴可以假设P（m，m），
∵P（m，m）在y＝ 上，
∴m2＝9，
∵m＞0，
∴m＝3，
∴P（3，3）．
（2）设OA＝a，OB＝b，则AM＝AH＝3﹣a，BN＝BH＝3﹣b，
∴AB＝6﹣a﹣b，
∵AB2＝OA2+OB2，
∴a2+b2＝（6﹣a﹣b）2，
可得ab＝6a+6b﹣18，
∴3a+3b﹣9＝ ab，
第19页（共20页）∵PM∥OC，
∴ ＝ ，
∴ ＝ ，
∴OC＝ ，同法可得OD＝ ，
∴S△COD ＝ •OC•DO＝ • ＝ • ＝ • ＝9．
解法二：证明△COP∽△POD，得OC•OD＝OP2＝18，可求△COD的面积等于9．
（3）设OA＝a，OB＝b，则AM＝AH＝3﹣a，BN＝BH＝3﹣b，
∴AB＝6﹣a﹣b，
∴OA+OB+AB＝6，
∴a+b+ ＝6，
∴2 + ≤6，
∴（2+ ） ≤6，
∴ ≤3（2﹣ ），
∴ab≤54﹣36 ，
∴S△AOB ＝ ab≤27﹣18 ，
∴△AOB的面积的最大值为27﹣18 ．
【点评】本题属于反比例函数综合题，考查了反比例函数的应用，全等三角形的判定和性质，
勾股定理，平行线分线段成比例定理，基本不等式等知识，解题的关键是学会利用参数构建
方程解决问题，属于中考压轴题．
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