2025届：质检（三）物理参考答案_2025年5月_2505152025届河北省石家庄市普通高中高三教学质量检测（三）（全科）_2025届河北省石家庄市普通高中高三教学质量检测（三）物理试卷

石家庄市 2025 届高中毕业年级教学质量检测（三） 物 理 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题 目要求。 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 D A C D C D C 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以 上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 8 9 10 答案 BC BD ABD 三、实验题：共16分。 11.（6分） （1） （2分） （2） ①4（2分） （3）实验过程中有漏气现象或者环境温度降低。（2分）（其他写法合理可给分） 12.（10分） （1）45（2分） （2）“×1”（2分） 向上（2分） 100（2分） （3）1.0（2分） 13．（8分） 【解析】（1）（4分）由图乙可知，浮标P的振动周期T=1s（1分） 由图甲可知，波长λ=12m（1分）  波速v= （1分） T 解得：v=12m/s（1分） （2）（4分）由图甲、乙可判断海浪沿x轴正向传播，传播距离x(12n2)m（n=0,1,2...）（2分） x 浮标Q到达波峰的时间t  （1分） v 1 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#}1 解得：t (n )s（n=0,1,2...）（1分） 6 14.（14分） 【解析】（1）（5分）球A自由下落到2Lsin，设绳子绷紧前瞬间速度为v，由机械能守恒定律得： 1 mg2Lsin mv2（1分） ，解得v2 2m/s 2 此时，绳子绷紧，绳子绷紧瞬间球A沿绳方向的速度瞬间变为零。设球A垂直绳子方向速度大小为v 0 由几何关系得：v vcos（1分），解得v  6m/s 0 0 设球A运动到最低点时速度为v ，绳子绷紧后瞬间到球A运动到最低点过程，由机械能守恒定律得： 1 1 1 mg(LLsin) mv2 mv2（2分）， 2 1 2 0 解得v  10m/s （1分） 1 （2）（9分）球A运动到最低点时与积木B发生的碰撞为弹性碰撞且瞬间完成，满足动量守恒和机械能 守恒。设碰后球A的速度大小为v ，积木B的速度大小v ，则 A B mv mv mv （1分） 1 A B 1 1 1 mv2  mv2  mv2 （1分） 2 1 2 A 2 B 联立解得：v 0, v v A B 1 碰撞完，积木B向前做匀减速运动，由动能定理得： 1 (3mg2mg)dmgs0 mv2（1分） 2 B 解得：s=2m 球A与积木C碰撞后，设积木C的速度为v ，则v =v （1分） C C 1 设积木C被打出后与B碰撞前的速度为v ，由动能定理得： C 1 1 （mg2mg）d mg(sd) mv2  mv 2（1分） 2 C 2 C 解得：v  1.2m/s c 设积木C、B碰撞粘合后的速度为v ，由动量守恒得： BC mv 2mv （1分） C BC 2 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#}1.2 解得：v  m/s BC 2 设碰后积木C、B一起滑动的距离为x，由动能定理得： 1 2mgx0 2mv 2（1分） 2 BC 解得：x0.075m 积木C离开右侧挡板后向前滑行的位移为：S=s-d+x （1分） S=1.975m （1分） 15.（16分） 【解析】（1）（4分）电子在区域Ⅰ内做圆周运动，设轨道半径为R ，根据牛顿运动定律： 1 mv2 evB  （2分） R 1 电子运动的轨道半径等于圆形磁场的半径:R =R（1分） 1 eBR 解得：v （1分） m R （2）（6分）做出电子在磁场中运动的轨迹如图，距离电子源中心位置 的粒子打在O点时，速度方向 2 R 分布在y轴左右两侧，与y轴夹角均为30°。由题意可知，距离电子源中心位置大于 的区域粒子直接 2 打到收集板上，其它电子均不能打到收集板上。（2分） 做出速度方向与y轴左右两侧夹角均为30°角的电子在区域Ⅱ运动的轨迹，两电子在区域Ⅱ内运动的轨迹 圆心角为120°和240°。（1分） 设收集板的长度为l，根据几何关系得： 3 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#}l 2rcos300（1分） 因为区域Ⅱ磁场磁感应强度也为B，故r=R（1分） 解得：l  3R（1分） 1 （3）（6分）正对O 点射向区域Ⅰ的电子在区域Ⅰ内做 圆周运动，运动的轨道半径等于圆形磁场的半径 1 4 R，电子从O点沿y轴负方向射出，速度大小为v，运动轨迹如下图。设y轴正向为正，经时间t，由动 量定理得： ev B't mv （1分） x y 所以：ev B't mv (mv) x y 设题中乙图图像与x轴围成的面积为S，则： eS mv (mv)（1分） y 1 在0~R间，S 2BR （1分） 2 解得电子经过点（R，-kR）时沿y轴负方向分速度：v 0（1分） y 0~R全程洛伦兹力不做功，速率不变。可知电子经过点（R，-kR）时沿x方向分速度v =v（1分） x 在R~2R间，电子沿y轴负方向分速度由0增大到v，沿x方向分速度由v减小到0，电子在轴负方向的位 移与0~R间的相同，之后重复运动，故该电子轨迹上横坐标为4R的点的纵坐标为-4kR。（1分） 4 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#}