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2024-2025学年度高三年级下学期一模综合素养测评
，有 ，弹孔间距相等，
物理学科参考答案
故B正确。故选B。
1.【答案】C【详解】由静电屏蔽知识可知，金属板内的电场强度为0，因金属板是一个等势体，
图像的斜率表示电场强度大小，则金属板左右两侧直线的斜率相同，即电场强度相同，且 4.【答案】B【详解】 光子的能量为普朗克常量和电磁辐射频率的乘积 ， 光子的
与 轴交点的电势相等。故选C。
2.【答案】C【详解】根据楞次定律可知线圈中的感应电流为逆时针，根据法拉第电磁感应定 波长为 由质能方程有 ，根据能量守恒有 ，解得氦核的
律可得感应电动势为 故选C。
比结合能为 ，故选B。
3.【答案】B【详解】设枪口到靶板的距离为 ，子弹的水平速度为 ，子弹从发出到击中靶
5.【答案】D【详解】以被压缩进入储气室的外部气体和初态储气室内部气体为研究对象，设
板的时间为 。靶板从同一位置自由下落相同的较小时间 时，靶板的速度为 ，子弹从
被压缩进入储气室的外部气体体积为 ，由玻意耳定律，得 ，解得
发出到击中靶板的时间为 ，弹孔与 点的距离为
，故选D。
6. 【答案】C【详解】BD．铅球还受到重力的作用，作出力的矢量三角形，如图所示，可知
，故第一颗子弹距 点的距离为
为 和铅球重力的合力，则 和 沿 轴方向的分力相等，即 ，得
，第二颗子弹距 点的距离为 ，第三颗子弹 ，BD错误，AC．同理，沿 轴方向分解，有 ，即
，可得 ， ，A错误，C正确。故选C。
距 点的距离为 ，第四颗子弹距 点的距离为
学科网（北京）股份有限公司，可得 ， 是地球近地卫星的环绕速度，由于静止卫星的轨道半
径要大于近地卫星的轨道半径，根据轨道半径越大环绕速度越小，因此静止卫星运行的线速度
一定小于第一宇宙速度，故D错误。
9.【答案】AD【详解】滑块沿固定绝缘斜面下滑，受到重力 mg、斜面的支持力N和摩擦力
7.【答案】C【详解】A．A、B、C三球组成的系统水平方向上合力为零，动量守恒，竖直方向
上合力不为零，动量不守恒，故A错误；B．小球A、B先加速后减速，动能先增加后减少， f。根据牛顿第二定律，沿斜面方向有 ，其中 ，此时加速度
A、B、C三球组成的系统机械能守恒，C球的机械能先减少后增加，故B错误；C．C球落地前
，滑块带正电，进入竖直向下的匀强电场后，受到电场力 ，此时沿
瞬时，A、B两球的速度为零，A、B、C三球组成的系统机械能守恒，有 ，可得
斜面方向的合力 ，加速度
，故C正确；D．当两杆与水平面成 角时，根据A、C两球沿杆方向的分速度相等可
，对比 和 ，因为 ，所以 。AB．图像表示
知 ，根据机械能守恒有 ，解得
时刻前后速度不变，即加速度为0，若 ，物体未加电场时匀速运动，加上电场
，当 时，A球速度有最大值， 最大，则 ，故D
错误。 后依然会做匀速运动，所以 A 正确，B错误。 CD． 时刻前滑块做加速运动，进入电场 时
8.【答案】BC【详解】A．静止卫星位于赤道平面内，南昌不位于赤道上，静止卫星不可能在
南昌的正上方，故A错误；B．由于倾斜地球同步轨道卫星的周期和地球自转周期相等，地球 刻后，由于 ，图像斜率增大，即加速度增大，继续做加速运动，故 D 正确，C 错误。
赤道某一位置转过 ，该卫星也转过 ，该卫星又处于赤道上某位置上空，所以，倾斜轨
故选AD。
道静止卫星一天2次经过赤道正上方同一位置，故B正确；C．根据开普勒第二定律可知，对
10.【答案】AC【详解】A．由图乙可知，A的速度从0.4m/s减速到0.3m/s时，与B发生碰撞，
于同一卫星来说，它与地心的连线在相同时间内扫过的面积相等，所以任何一颗静止轨道卫星
和倾斜轨道静止卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积相等，故C正确；D．根据 此时A运动的位移为 ，则根据匀变速直线运动的平均速度公式可得，算珠A在碰撞前
学科网（北京）股份有限公司运动的时间为 ，故A正确；B．算珠A在杆上滑动的加速度为
_
，根据牛顿第二定律有 ，可得，算珠与杆之间的
动摩擦因数为 ，故B错误；C．由上述分析结合图乙可知，碰撞后B以0.2m/s的速度滑
行了0.2s停止，则碰撞后B的位移为 ，则算珠B碰撞后恰好 图像的斜率等于加速度，则小车此次运动的加速度
能到达归零位置，故C正确；D．设算珠A、B的质量均为m，则碰撞前A、B系统的能量为
（3）①图线不过原点，即当F=0时加速度不为零，可知原因可能是木板一端垫得过高，平衡
摩擦力过度，故选A。
，碰撞后A、B系统的能量为
②根据题意，由牛顿第二定律有mg=（M+m）a，而F=Ma，则
，故D错误。
，所以相对误差δ与 的关系成正比例
11.【答案】(1) 不挂 （2分）(2) 见解析（2分）1.0 （2分） (3) A （2分）
【详解】（1）平衡摩擦力时，按图甲把实验器材安装好，将小车放在木板上，后面固定一条 关系。故选D。
纸带，纸带穿过打点计时器，不挂盘和砝码。用垫块把木板一端垫高，接通打点计时器，让小
12.答案：(1)减小（2分）(2) （2分） （2分）(3)C（2分）
车以一定初速度沿木板向下运动，不断调节木板的倾斜度，直到小车拖动纸带沿木板做匀速直
线运动。
【详解】（1）如图所示，由题知，开始时电流计G的电流为零，调节滑动变阻器 接入电路
（2）作出小车运动的 图像
的阻值后，电流计G中有自下而上的电流，则可知
学科网（北京）股份有限公司解得 （1分）
后金属棒 匀速通过匀强磁场的速度
匀速通过磁场的时间
故在 时金属棒 还在磁场中运动；
说明 端电压偏大，则 阻值偏大，若使电流计G中的电流为零，则必须满足 ，在 由题图乙可知， 后磁场保持不变，所以电动势 （1分）
阻值不变的情况下，减小 的阻值。
解得 （1分）
（2）由题意可知 ，可得 ，结合图像可得，当 时，
故在 和 时刻电阻 的电功率比值 （1分）
电源的电动势为 ，当 时，内阻为
（3）由上可知，电流表示数之和为流过待测电源的电流值，电压表测量的电压示数之和是待
测电源两端的电压，均无系统误差，所以电表的内阻对电源电动势和内阻的测量结果均无影响， 14.解析：（1）小球恰好可沿轨道做圆周运动，在 A点对小球由牛顿第二定律 （1
C正确；故选C。 分）
13.解析：（1）设金属棒 的质量为 ，由题意可知 金属棒刚好进入磁场，根据
由A至C的过程由动能定理 （1分）
（1分）， （1分）
解得： （1分）
解得 （2分） 与水平方向夹角53o，斜向右上方（1分）
（2）在 时，金属棒 还没进入磁场，有 （1分）
（2）小弹力球抛出后水平速度 （1分）
竖直分速度 （1分）
解得 （1分）
落至D点时 （1分）
根据 ，
学科网（北京）股份有限公司（2）初速度为 的粒子在yOz平面左侧运动时
C点与水平台面的竖直高度差
解得 （1分）
求得 （1分）
如图所示
（3）在D点对小球竖直方向由动量定理 （1分）
水平方向 （1分）
解得
从D点到E点的运动时间 （1分） 由几何关系知，粒子第一次到达y轴时的速度与x轴正方向成 角斜向下，此时将粒子的速度
DE两点之间的距离 （1分）
分解，平行于x轴的分速度
15.解析：（1）初速度为 的粒子的运动轨迹与y轴相切，如图所示
平行于y轴的分速度 （1分）
在yOz平面右侧沿y轴方向，在电场力作用下先做匀减速直线运动，到达xOz平面沿y轴方向
速度为零，有 ， （1分）
由几何知识可得 （1分）
在垂直y方向，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动 ， ， （1分）
（1分）
联立求得 （1分） 粒子与xOz平面相切时，对应的坐标 （1分）
学科网（北京）股份有限公司粒子第n次在yOz平面左侧运动时速度大小为
（1分）
（1分）
即切点坐标为 （1分）
（3）粒子第一次经过yOz平面时的y轴坐标为 ，粒子从与平面xOz平面相切到第二次
与yOz平面相交用时为 ，有 （1分）
粒子沿y轴方向所受电场力不变，加速度不变，第二次与yOz平面相交时的y轴坐标为
（1分）
（1分）
（4）初速度为 的粒子在yOz平面右侧运动时加速度为
初速度为 的粒子第2次刚进入yOz平面左侧运动时沿y轴方向的速度大小为
（1分）
因为粒子沿y轴方向只在平面右侧才有不变的加速度，且每次加速时间均为 ，所以第n次刚
进入yOz平面左侧运动时的沿y轴方向的速度大小为 （1
分）
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