江西省泰和中学2024届高三暑期质量检测物理答案(1)_2023年7月_027月合集_2024届江西省泰和中学高三暑期质量检测

泰和中学2024届高三暑期物理答案7.26 一、选择题： 1.C 2.B 3.C 4.A 5.B 6.C 7. 【答案】A 【详解】AB．设该“气温计”所能测量的最高气温为T ，根据盖—吕萨克定律可得 max V V 1  max T T 1 max 其中 V 360cm30.2(5040)cm3 362cm3 1 T (27325)K 298K 1 V 360cm30.250cm3 370cm3 max 联立解得 T 305K max 则有 t (305273)C32C max 故A正确，B错误； C．根据盖—吕萨克定律可得 V C T 则有 1 T  V C 又 T T T  (273t )(273t )t 2 1 2 1 V V V  (V SL )(V SL ) SL 2 1 0 2 0 1 联立可得 S t  L C 即温度的变化量与距离的变化量成正比，则该“气温计”刻度分布均匀，故C错误； D．根据题意可知，罐内气体温度越高，体积越大，染色液柱越靠近吸管的右端；如果气压降低了，则染 色液柱稳定时的位置比真实值对应的位置偏右，测量值将较真实值偏大，故D错误。 故选A。 8. 【答案】AC 【详解】A．车速越快，线框磁通量变化率大，产生的感应电动势越大，所以车灯越亮，故A正确； B．车速越快，磁铁转动越快，交流电周期越小，故B错误； C．车速相同，磁铁转速相同，产生的感应电动势相同，所以灯泡亮度相同，故C正确； 1 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}U n U n D．由变压器原、副线圈电压与匝数关系可得 1  1 解得车灯电压为U  1 2 U n 2 n 2 2 1 所以原线圈匝数越大，车灯电压越小，灯泡越暗，故D错误。 9. 【答案】BD 【详解】AC．由乙图知，物块在x L处电势能最低，根据公式 E q P 可得，在x L处电势最高，且物块在次处所受静电力左右平衡，则两固定点电荷均为负电荷，AC错误； B．由以上分析知，在x L处物块所受静电力左右平衡，则 Q q Q q k A k B L3L  2  3LL 2   解得 Q 4Q A B D．从xL到x2L，静电力对物块做功为W ，此过程对物块用动能定理，有 电 mg3LW =00 电 解得 W =U q 3mgL 电 即xL与x2L处的电势差为 3mgL U  q 3mgL 所以，从xL到x2L，电势升高 ，D正确 q 10. 【答案】BD 【详解】A．由右手定则可知，通过电阻的电流方向为e R f ，故A错误； B．金属棒从cd运动到ab过程，由法拉第电磁感应定律可知，平均感应电动势  BrL E   t t 平均感应电流 E BrL I   2R 2Rt 流过R的电荷量 BrL q  It  2R C．金属棒做圆周运动转过的圆心角为θ时导体棒切割磁感线产生的感应电动势 E  BLv cos 0 回路产生正弦式感应电流，感应电动势的最大值 E  BLv m 0 2 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}有效值 E BLv E  m  0 有效 2 2 通过R的电流大小 E 2BLv I  有效  0 2R 4R 金属棒从cd到ab过程R上产生的热量 πr 2BLv πrB2L2v Q  I2Rt ( 0)2R 2  0 4R v 16R 0 D．由功能关系可知 W mgr2Q 解得 B2L2rv W mgr 0 8R 11.【答案】CD 【详解】A．煤块从传送带底部开始滑动，根据牛顿第二定律可知 mgsin37 mgcos37 ma 1 解得 a 10m/s2 1 煤块减速为零需要的时间 v 10 t   s1s 1 a 10 1 该过程煤块走过的位移为 v 10 12 x  t  1m5m m6m 1 2 1 2 2 由于 mgsin37 mgcos37 煤块减速为零后相对于皮带向下运动，所以煤块煤块运动至最高点，位移为5m，A错误； B．煤块速度减到零后开始向下运动，根据牛顿第二定律可知 mgsin37 mgcos37 ma 2 解得 a 2m/s2 2 滑块下滑到传送带底端时 1 x  a t2 1 2 2 2 解得 3 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}t  5s 2 煤块在传送带上运动的总时间为 t t t 1s 5s(1 5)s 1 2 C．有图乙可知，皮带的加速度为 v 5 a  m/s2 5m/s2 t 21 煤块沿传送带下滑过程中皮带的位移 1 1 x  at2  5( 5)2m12.5m 传送带 2 2 2 皮带的总长度为12m，所以划痕的长度为12m，C正确； D．煤块相对皮带运动的路程为 s 2x x 25m12.5m22.5m 1 传送带 煤块与传送带间产生的热量为 Qmgscos37 0.511022.50.8J90J 12. （8分） ①. 水平 （2分） ②. 2g(sh) （2分） ③. mg(H s) （2分） ④. 大于 （2分） 【详解】（1） ①[1]调整轨道末端沿水平方向； （2）[2][3]设从B点抛出的小球，经过时间t与板相切，可知此时小球的水平速度和竖直速度均为v0 ，由 几何关系 v2 h 0 v t s 2g 0 v  gt 0 解得 v  2g(sh) 0 小球在轨道上损失的机械能为 1 E mg(H h) mv2 mg(H s) 2 0 （3）[4]实际操作中，木板与水平地面的夹角为θ，且45，则表达式变为 (v tan)2 h 0 2g v t  s tan 0 v tan gt 0 可得 1 s h hstan E mg(H h) mv2 mg(H h  )mg(H h ) 2 0 tan tan2 tan2 4 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}当tanθ变大时∆E减小，即根据（2）中的实验结论得到的机械能损失量大于真实值。 13. （10分） 【答案】 ①. 乙 （2分） ②. 见解析（2分） ③. 2106m （2分） ④. 没有（2分） ⑤. 见解析（2分） 【详解】（1）[1]根据闭合电路欧姆定律有 U EIr 即 U r I 可知电压表的示数变化不明显是由于电源的内阻较小引起的，所以需要将定值电阻接在干路上，将定值电 阻与电源看成一个等效电阻，从而增大等效内阻的测量值，使电压表示数变化明显，故选图乙。 U （3）[2]根据表格中的实验数据，在图（c）中补全数据点，作出 x图像如图所示 I （4）[3]根据欧姆定律和电阻定律可得 U x  R R  R I x A S A U 可知 x图线的斜率为 I   323  k   /m S 44102 解得MN材料的电阻率为  323   3108 2106m 44102 （5）[4]根据 U   xR I S A U U 可知R 为 x图像的纵截距，R 对 x图线的斜率无影响，故电流表内阻对电阻率的测量没有影 A A I I 响。 （6）[5]根据闭合电路欧姆定律 E U I(rR ) 0 取表格其中两组数据，分别为U 、I ，U ，I ，代入方程可得E U I (rR ) 1 1 2 2 2 2 0 联立可得无人机电池的电动势和内阻分别为 U I U I U U E  1 2 2 1 r  1 2 R I I I I 0 2 1 2 1 5 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}3R 14 （10分）【答案】（1）30°；（2） c 【详解】（1）设光在射入圆面时入射角为i，折射角为α，如图所示 由几何关系可得 3 R 2 3 sini   R 2 解得 i 60 （1分） 由折射定律 sini 6 n  （2分） sin 2 射出圆面时，入射角为β，折射角为r，有 sinr n sin 由几何关系可得 45 （1分） 解得 r  60 （1分） 由几何关系可得 r 90i 30 （2分） （2）设光在透明材料中通过的距离为l，由几何关系可得l  2R （1分） c 光在透明材料中的速度为 v  （1分） n l 3R 光通过透明材料的时间 t   （1分） v c 15. （12分） 20 100 【答案】（1）m2kg，r 2m；（2）I  Ns，W  J； 1 n n2 【详解】（1）从静止释放到C点的过程，对小车1，由动能定理有 1 mg(h2r) mv2 （2分） 1 2 C 在C点，对小车1，由牛顿第二定律有 v2 F mg m C （1分） r 1 解得 6 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}2mg F  h5mg （2分） r 1 对照F-h图像可得 m2kg （1分） r 2m （1分） 1 （2）由题意，在C点对小车1由牛顿第二定律有 v2 mg m C1 r 1 C点到A点过程，对小车1，由动能定理有 1 1 2mgr  mv2  mv2 （1分） 1 2 A 2 C1 碰撞过程中由动量守恒有 mv nmv （1分） A n 对第n辆小车，由动量定理有 I mv （1分） n 由动能定理有 1 W  mv2 （1分） 2 n 20 100 联 I  Ns （1分） W  J （1分） n n2 16. （16分） 4mv2 8mv nL 【答案】（1）v 5v ， E  0 ；（2） B  0 ， x  （n 1、2、3…）；（3） 0 qL qL 4 17L 2 L2     16  8 【详解】（1）由题意可知粒子在匀强电场区域做类平抛运动，分解O点速度如图所示 v L 1 tan y （1分）  at2 （1分） v 2 2 0 L qE v t （1分） a  （1分） 2 0 m 4mv2 联立得v 5v （1分） E  0 （1分） 0 qL 7 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}（2）粒子在磁场中做等螺距螺旋线运动，粒子在水平方向以大小为v 的速度做匀速运动，在竖直平面内 0 以vsin2v 的速率做匀速圆周运动，粒子做圆周运动 0 m(vsin)2 qvsinB  （1分） R 又由题意恰好不出立方体得 L R  （1分） 4 可得 8mv B  0 （1分） qL 粒子做圆周运动的周期 2m T  qB 联立得 L T  （1分） 4v 0 由题目条件可知 xnTvcos（n 1、2、3…） （1分） 得 nL x  （n 1、2、3…） （1分） 4 （3）粒子沿水平方向做匀速直线运动，由 17L x 16 得在右侧区域运动时间 t 4.25T （2分） 由几何关系可得原点O到光屏上落点的距离为 17L 2 L2 l   x2 ( 2R)2     （2分）  16  8 8 学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司 {#{QQABZQQEggAAAgBAABgCQQGACEMQkBAAAIgOxAAMsAAAyQNABAA=}#}