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浙江强基联盟 2023 学年第一学期高三年级 10 月联考
物理学科试题参考答案
选择题部分
一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
符合要求的。）
题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
答 A C D B B D A C B D B A C
1、A 解析：Ω非基本单位，故BC错误，D推导错误
2、C 解析：切球时网球有旋转，故A错误。作用力等于反作用力，故B错误。飞行过程无推力，
故D错误。
3、D 解析：气排球飞行过程中需考虑空气阻力，故ABC错误。由于空气阻力影响过大，气排球出
手后速度减小，阻力也减小，故斜率减小，故D正确。
4、B 解析：吊绳间夹角为锐角，故A错误。汽车离开水面后需考虑有水流出，故C错误。在水里
需考虑水的浮力，故D错误。
5、B 解析：X是氦核，故A错误。公式表达错误，故C错误。半衰期不变，故D错误。
6、D 解析：应向y轴正向运动，故A错误。P质点不随波迁移，故B错误。M点是平衡位置，故C
错误。
7、A 解析：本题需考虑二极管的单向导电性，故A正确BC错误。接收线圈1s内电流方向变化
100次，故D错误。
8、C 解析：所有颗粒均在电场力的作用下做正功，故C正确B错误。静止电荷在磁场中不受力，
故D错误。
9、B 解析：A选项应改为等于，故A错误。B选项由开普勒第二定律推导。在B点非匀速圆周运
动，故C错。运动过程只受万有引力，故机械能不变，D错误。
10、D 解析：导电粒子带负电，由左手定则可判断，故A错误。自由电子所受洛伦兹力的大小为
𝑒𝑈𝐻，故B错误。霍尔电压大小与垂直于工作面的磁场强度有关，故摆放方向有影响，故C错误。
𝑑
11、B 解析：忽略空气阻力，故A错误。谷粒2从O到P运动时间更长，故CD错误。
12、A 解析：PM两位置运动速度皆为零，故A正确B错误。从N到P电场力做负功，故C错误。
通过单位判断物理量关系错误，故D错误。
13、C 解析：防窥屏实现防窥效果的原理是因为某些角度范围内的光被屏障吸收，故相邻屏障间隙
L越大，防窥效果越差，故AB错误；透明介质的折射率越大，折射角越大，可视角度越大，故C
正确；从上往下看，看到的图像比实际位置高，故D错误。
二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个选项中至少有一个是符合
题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
题 14 15
答 AD BC
{#{QQABaQSEggCgAABAAQhCQwHQCgAQkAACAIoGxAAAIAAAAANABAA=}#}14、AD 解析：B选项应改为固体颗粒的运动，故B错误。应采用电阻率受温度变化而变化的金
属，故C错误。
15、BC 解析：A选项中的波长应改为频率，故A错误。钟激光频率不够，故D错误。
非选择题部分
三、非选择题（本题共8小题，共55分）
16-Ⅰ（6分）
（1）BC （2分，漏选得1分，错选不得分）
（2） 2.4 （2分）
（3） C （2分）
16-Ⅱ（6分）
（1） B （2分）
（2） 4.1-4.3 5.2-5.6 （每空1分）
（3） 大于 （2分）
16-Ⅲ AB （2分，漏选得1分，错选不得分）
17.(8分)（1）吸热；（2）𝑝 = 5.2×104 𝑃𝑎 ；（3）手对活塞拉力48𝑁
1
解析：（1）抽气过程温度不变所以气体的内能不变∆𝑢 = 0，
此过程气体体积变大，气体对外界做功，𝑊 < 0，
由热力学第一定律∆𝑢 = 𝑊+𝑄 可得 𝑄 > 0，吸热 2分
（2）抽气过程，以原球内气体为研究对象，缓慢过程为等温变化过程
𝑝 ∙𝑉 = 𝑝 (𝑉 +𝑉 ) 2分
0 0 1 0 针
得 𝑝 = 5.2×104𝑃𝑎 1分
1
（3）抽气完成的最后时刻对活塞分析
𝐹 = (𝑝 −𝑝 )𝑆 2分
塞 0 1 塞
𝐹 = 48𝑁 1分
塞
18.（11分）（1）𝐹 =0 2分
𝑚𝑖𝑛
（1）当物体A恰好通过圆轨道最高点后进入传送带是速度最小，此时若传送带静止或逆时针转
动，则物体一直在传送带上做匀减速直线运动。当物体到达N点的速度为0时，则动摩擦因数最
大，即：对物体A分析：
𝑚 𝑔=
𝑚 𝐴𝑣𝐴 2
1分
𝐴
𝑅
𝑚 𝑔2𝑅−𝜇𝑚 𝑔𝐿=0− 1 𝑚 𝑣2 2分
𝐴 𝐴 2 𝐴 𝐴
得：𝜇 =0.45
{#{QQABaQSEggCgAABAAQhCQwHQCgAQkAACAIoGxAAAIAAAAANABAA=}#}所以传送带的动摩擦因素应满足𝜇 <0.45 1分
（2）物体A不脱离圆轨道有两种情况：
① 过最高点的速度𝑣 ≥√𝑔𝑅
𝐸
则从弹簧弹出开始到最高点列动能定理：−𝑚 𝑔2𝑅= 1 𝑚 𝑣2 − 1 𝑚 𝑣2 1分
𝐴 2 𝐴 𝐸 2 𝐴 𝐴
得：𝑣 ≥√5𝑔𝑅=3√5m/s
𝐴
②到达圆轨道的圆心等高处时速度恰好为0
则从弹簧弹出开始到圆心等高处列动能定理：：−𝑚 𝑔𝑅=0− 1 𝑚 𝑣2 1分
𝐴 2 𝐴 𝐴
得：𝑣 ≤√2𝑔𝑅=3√2m/s
𝐴
因为物体A是通过释放弹簧的弹性势能获得速度，且A与B反向弹开，满足动量守恒：
𝑚 𝑣 =𝑚 𝑣 1分
𝐴 𝐴 𝐵 𝐵
𝐸 = 1 𝑚 𝑣2+ 1 𝑚 𝑣2 1分
𝑃 2 𝐴 𝐴 2 𝐵 𝐵
𝑣2
得𝑚 = 𝐴
𝐵 60−𝑣2
𝐴
3
代入数据得 𝑘g≤𝑚 ≤3𝑘𝑔 1分
𝐵
7
19.（11分）
（1）流过R的电流方向为𝑎 →𝑑 2分
(2)对导体棒从b点开始沿轨道运动直至静止列动量定理：
−𝐵𝐼̅·2𝐿·∆𝑡 =0−𝑚 𝑣0 1分
2
−
4𝐵2𝐿2𝑑
=−𝑚
𝑣0
1分
2 𝑅 2
3
得：𝑑=
𝑚𝑅𝑣0
1分
12𝐵2𝐿2
（3）导体棒在ab轨道上运动时：
2
𝜀 =𝐵(𝐿+𝑥)·𝑣 =𝐼· 𝑅
3
1 1 𝑥
= (1+ ) 1分(上两式只要写出一式均可得1分)
𝑣 𝑣0 𝐿
2
𝐼 = 𝐼 1分
𝑅
3
得： 𝐼 =
𝐵𝐿𝑣0
1分
𝑅
𝑅
{#{QQABaQSEggCgAABAAQhCQwHQCgAQkAACAIoGxAAAIAAAAANABAA=}#}（4）撤力前电路中的总热量：𝑄 =𝐼2· 2 𝑅·t
1
3
3𝐿
t由图像面积可知为 1分(上两式只要写出一式均可得1分)
2𝑣0
撤力后导轨运动，整个回路产生的热量：𝑄 =
𝑚
(
𝑣0)2
1分
2
2 2
电阻2R产生的热量：𝑄 =
1
(𝑄 +𝑄 )=
3𝐵2𝑣0𝐿3
+
𝑚𝑣
0
2
1分
1 2
3 4𝑅 24
20.（11分）（1）沿垂直纸面向里的电子在Y轴正向最远为y=2𝑥 可知：
0
电子在磁场中做匀速圆周运动得最大半径为𝑥 。即：
0
𝑟 =𝑥 1分
𝑚𝑎𝑥 0
𝑒𝑣 𝐵 =
𝑚𝑣0 2
1分
𝑜
𝑟𝑚𝑎𝑥
则电子的最大速度𝑣 =
𝑒𝐵𝑥0
1分
0
𝑚
（2）电子通过O点后，若速度垂直纸面向里，且速度最大时都不能击中 Q板，则不会有电子击
中。即：
2𝑟 =𝑥 = 2𝑚𝑣1 1分
1 0
𝑒𝐵
1 𝑚(𝑣2−𝑣2) =−𝑒𝑈 2分
2 1 0 0
得：𝑈 =
3𝐵2𝑥0 2𝑒
1分
0
8𝑚
（3）当M、Na两板电压为7U 时，从O点进入磁场的电子的最大速度为v，即：
0 2
12
1 𝑚(𝑣2−𝑣2)=− 7 𝑒𝑈
2 2 0 12 0
𝑟 =
𝑚𝑣2
2
𝑒𝐵
得：𝑟 = 3 𝑥 ，𝑣 = 3 𝑣 1分
2 0 2 0
4 4
以最大速度在垂直与x轴的y轴平面内做圆周运动，能打在Q板上的临界粒子轨迹如图所示,分别
{#{QQABaQSEggCgAABAAQhCQwHQCgAQkAACAIoGxAAAIAAAAANABAA=}#}能达在Q板上的A点和B点：
根据几何关系：𝑧2 =(2𝑟 )2−𝑥2
1 2 0
𝑧2 =(𝑟 )2−(𝑥 −𝑟 )2
2 2 0 2
可得： 𝑧 = √2 𝑥 𝑧 = √5 𝑥 1分
1 0 2 0
2 2
从O点飞出的粒子水平方向速度不同，当粒子水平方向速度最大，且又能打在Q板上即要求：
𝑣2 =𝑣2−𝑣2
𝑥 2 1
1
𝑥 =𝑣 ·𝑇·
𝑚𝑎𝑥 𝑥 2
2𝜋𝑚
𝑇 =
𝑒𝐵
得：𝑣 = √5 𝑣
𝑥 0
4
𝑥 = √5𝜋𝑚𝑣0 = √5 𝜋𝑥 1分
𝑚𝑎𝑥 0
4 𝑒𝐵 4
𝑆 =(𝑧 +𝑧 )·𝑥 =（√2 + √5）√5 𝜋𝑥2 1分
𝑚𝑖𝑛 1 2 𝑚𝑎𝑥 2 2 4 0
{#{QQABaQSEggCgAABAAQhCQwHQCgAQkAACAIoGxAAAIAAAAANABAA=}#}
