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2024年菏泽市高三物理一模参考答案
1.B 2.D 3.B 4.D 5.C 6.C 7. A 8.A 9.CD 10.AC 11.ACD 12.
BC
d'
13.（1）ABC （2）
d
b
14.（1）a
b = >
（2）电流表A 的示数仍为I R -R
1 0 2 1
（3）2200 无
15.（8分）
L =18cm L =17.5cm
解：（1）设右侧气体初态压强为P， 右 ， 右1
对右侧气柱
PL S =P L S
右 B 1 右 B
1
①1分
L =18cm L =20cm T =273k
对左侧气柱 左 ， 左1 ， 1
PL S P L S
左 A 1 左1 A
=
T T
1 2 ②1分
T =312k(t =39oC)
解得 2 2 ③
1分
（2）左侧气柱加热到468K时，对右侧气柱，设压强为P
2
PL S =P L S
右 B 2 右2 B
④
2分
V =20S +(20−2.5−L ）S
对左侧气柱， 左2 A 右2 B
PL S P V
左 A 2 左
=
T T
1 3 ⑤
2分
L =15.75cm
解得 右 2 ⑥
1分
16.（10分）
解：（1）对物块甲，从A点到P点，由动能定理得
1 1
m gR+EqR= m v − m v
1 2 1 1 2 2 1 0 2 ①
1分
在P点
学科网（北京）股份有限公司v
2
F −m g=m 1
N 1 1 R ②
1分
F =12N
解得 N ③
1分
（2）物块甲在水平面上向右运动，碰乙前
1 1
（Eq−μm g)L = m v2 − m v
1 1 2 1 2 1 1 2 ④
1分
甲、乙相碰
m v=m v +m v
1 1 甲 2 乙 ⑤
1分
1 1 1
m v2 = m v + m v
2 1 2 1 2 2 2 2
甲 乙 ⑥
1分
v =0 v =4m/s
解 得 甲 乙 ⑦
1分
（3）对物体甲受力分析
Eq=1N>μm g=0.4N
1
则物体甲、乙最终停在挡板处，在整个过程，对甲、乙系统，由能量守恒定律
得
1
m v +mgR+Eq(R+L +L )=μmgS
2 1 0 2 1 2 总
m=m =m
1 2 （直接用m 或m 表示也对） ⑧
1 2 2分
S =6.25m
解得 总
⑨1分
17.（12分）
解：（1）对电子在磁场中匀速圆周运动，由题意得
r =R
1 ①
1分
v
2
ev B =m 0
0 0 r
1 ②
1分
mv
B = 0
0 eR
解得 ③
1分
（2）电子做类平抛运动
L=v t
0
④
学科网（北京）股份有限公司at
tanθ=
v
0 ⑤
1
h= at2
2
⑥
√3
h= L
6
解得
⑦2分
对电子从A点进入轨迹如图
根据对称性由几何知识得
D=2d=2√3R
⑧1分
电子在A点速度为
v 2√3
0
v= = v
cos30o 3 0 ⑨1分
电子圆周运动半径
r =2Rcos30o =√3R
2 ⑩1分
v2
evB=m
r
2 ⑪
2mv
B= 0
解得 3eR ⑫
1分
（3）在磁场外电子做匀速直线运动
4R
t =
1 v
⑬1分
在磁场内
学科网（北京）股份有限公司60o
t =2× T
2 360o 0
⑭1分
2πm
T =
0 eB
⑮
扭摆运动周期
T=t +t
1 2
⑯
R
T= (2√3+π)
v
解得 0 ⑰1分
18.
（16分）
解：（1）对物块A
m gsinθ+μ m gcosθ=m a
A 1 A A 0 ① 1分
a =10m/s2
得 0
v
t = =0.4s
0 a
则 0 ②
v
x = t =0.8 m < L
0 2 0 1
③1分
物块A继续向下做匀加速运动
m gsinθ−μ m gcosθ=m a
A 1 A A ′
0 ④1分
a =2m/s2
得 0 ′
1
L −x =vt + a t
则 1 0 0 ′ 2 0 ′ 0¿ ⑤
t =1s
′
得 0
Δx =vt−x =0.8m
1 0 0 ⑥
Δx =(L−x )−vt =1m
2 0 ′
0 ⑦
则痕迹长
学科网（北京）股份有限公司L=Δx =1m
2 ⑧1分
产生的热量
Q=μ m gcosθ⋅(Δx +Δx )
1 A 1 2 ⑨1分
得 Q = 1.44J ⑩1分
（2）物块A到达倾斜传送带底端时
v =v+a t =6m/s
A ′ ′
0 0 1分
⑪
物块A、B碰撞
m v =m v +m v
A A A ′ B B
A
⑫
1 1 1
m v = m v + m v
2 A A 2 2 A A¿ 2 B B 2 ⑬
v =2m/s
