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高二物理上学期期中考试
模拟卷（八）
班级 姓名 学号 分数
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、
学号填写在试卷上。
2．回答第I卷时，选出每小题答案后，将答案填在选择题上方的答题表中。
3．回答第II卷时，将答案直接写在试卷上。
第Ⅰ卷（选择题 共 48 分）
一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目
要求，第9-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1．下列对电场、电源的理解正确的是（ ）
A．根据电容的定义式 C= 可知，电容器的电容与电容器两端的电压成反比
B．根据公式F=k 可知，当两个电荷之间的距离趋近于零时库仑力变得无限大
C．根据公U = 可知，若将电荷量为1C 的正电荷，从 A 点移动到 B 点克服电场力做功1J，则 A、B
AB
两点的电势差为1V
D．电动势在数值上等于非静电力在电源内把1C 的电子从正极移送到负极所做的功
【答案】D
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【解析】A．电容器的电容由电容器本身决定，与电容器两端的电压无关，故A错误；
B．当两个电荷之间的距离趋近于零时，电荷已经不能看成点电荷了，也就不能应用库仑定律了，故B错
误；
C．根据公式 可知，若将电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功1J，则A、B
两点的电势差为-1V，故C错误；
D．由电动势的物理意义可知，电动势在数值上等于非静电力在电源内把1C的电子从正极移送到负极所做
的功。故D正确。故选D。
2．对于电场强度的公式 和 ，下列说法正确的是（ ）
A．由 可知，场强E与试探电荷的电荷量q成反比
B．由 可知，此公式适用于任何电场中
C．电场中某点的场强方向与放在该点正电荷受力方向一致
D．电场中某点放入不同的电荷，则该点场强E与电荷q的图像关系如图所示
【答案】C
【解析】AD．公式 为场强的定义式，可以用来计算场强的大小，但相应场强与试探电荷的电荷量及
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂所受电场力无关，即E不随q的变化而变化，AD错误；
B．公式 只适用于点电荷形成的电场，B错误；
C．电场中某点的场强方向与放在该点正电荷受力方向一致，C正确。故选C。
3．金属板和板前一正点电荷形成的电场线分布如图所示，A，B，C，D为电场中的四个点，则（ ）
A．A、C两点的电场强度方向相同 B．B点的电场强度比D点的大
C．负电荷在C点的电势能高于在A点的电势能 D．正电荷由D点静止释放，只受电场力作用沿电场线
运动到B点
【答案】A
【解析】A．电场强度方向沿电场线的切线方向，由图可知，A、C两点的电场强度方向相同，故A正确；
B．电场线的疏密表示电场强度的大小，由图可知，B点的电场强度比D点的小，故B错误；
C．沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，C点电势比A点电势高，所以负电荷在C点的电势能低于在A点
的电势能， 故C错误；
D．沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，D点电势比B点电势高，正电荷由D点静止释放，受电场力方向
沿电场线的切线方向，所以运动的轨迹不会沿电场线的方向，故D错误。故选A。
4．在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市用电，电工经常要在高压线上带电作业。为了保障电
工的安全，电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服（如图甲）。图乙中电工站在高压直流输电线的A供电
线上作业，其头顶上方有 供电线， 供电线的电势高于A供电线的电势。虚线表示电工周围某一截面上
的等势面，c、d、e、f是不同等势面上的四个点，以下说法中正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．在c、d、e、f四点中，c点的电场最强
B．连接c、d、e、f四点，则此线一定为电场线
C．电工全身穿上用金属丝线编织的衣服，静电感应使体内电势保持为零
D．电工全身穿上用金属丝线编织的衣服，静电屏蔽使体内电场强度保持为零
【答案】D
【解析】A．根据等势面的分布，可判断出f点的电场最强，故A错误；
B．电场线与等势线垂直，从图中不能确定c、d、e、f四点的连线恰好垂直于各等势面。所以该连线不一
定是电场线，故B错误；
CD．电工全身穿上用金属丝线编织的衣服，静电屏蔽使体内电场强度保持为零，故C错误，D正确。故选
D。
5．心脏除颤器的工作原理是用较强的脉冲电流，通过心脏以消除心律失常，使之恢复窦性心律的方法，
称为电击除颤。工作时向储能电容器充电，使电容器获得一定的储能，对心额患者皮肤上的两个电极板放
电，让一部分电荷通过心脏，刺激心额患者的心脏恢复正常跳动。如图是一次心脏除颤器的模拟治疗，该
心脏除颤器的电容器电容为14μF，充电至10kV电压，如果电容器在2ms时间内完成放电，放电结束时电
容器两极板间的电势差减为零，下列说法正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．这次放电有0.14C的电荷量通过人体组织
B．人体起到绝缘电介质的作用
C．这次放电过程中通过人体组织的电流是恒定不变的
D．若充电至5kV，则该电容器的电容为7μF
【答案】A
【解析】A．电容器储存的电荷量为 放电结束时电容器两极板间的电势
差减为零，所以电容器储存的电荷全部通过了人体组织，A正确；
B．人体是导体，不是绝缘体，所以人体不能起到绝缘电介质的作用，B错误；
C．电容器在放电过程放电电流是逐渐减小的，所以这次放电过程中通过人体组织的电流是减小的，不是
恒定不变，C错误；
D．电容器的电容大小是电容器本身结构所决定的，与两极板的电压无关，D错误。故选A。
6．热敏电阻是电学中常用的电学元件。 为热敏电阻，其阻值 随温度t变化的图线如图甲所示。图乙
中电源电动势为E、内阻为r，带电油滴P原来静止在平行板电容器中间，所有的电表都是理想电表，且
。当温度升高时，则（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．电压表V的示数增大，电流表A的示数减小
B．电源对外的输出功率随着温度的升高而逐渐减小
C． 两端电压的 增大量比 两端电压的减小量 小
D．带电油滴P向上运动
【答案】C
【解析】A．由图甲可知，当温度升高时，R 的电阻降低，此时电路的总电阻变小，故通过电路的电流变
2
大，路端电压变小，同时R 两端电压增大，故并联部分电压减小，根据欧姆定律可知流经R 的电流减小，
1 3
根据并联电路电流的特点，电流表的示数变大，故R 的电压增大，因为并联部分的电压减小，所以R 两端
4 2
的电压减小，即电压表示数减小，A错误；
B．当温度升高时，R 的电阻降低，此时电路的总电阻变小，可知当外电路电阻接近电源内阻时，电源对
2
外的输出功率越大，且R =r，故当温度升高时，电源对外的输出功率随着温度的升高而逐渐增大，B错误；
1
C．可知并联部分电压减小，电流增大，则流经R 的电流变大，R 两端的电压变大，R 与R 串联，故R 两
4 4 4 2 2
端的电压变小，并联电阻总电压变小，故R 两端电压的增大量 ，比R 两端电压的减小量 小，C正
4 2
确；
D．油滴在电容器中静止，可知此时受力平衡 电容器两端的电压为并联部分的电压，并联部分电压
减小，根据 可知此时E减小，故带电油滴P向下运动，D错误。故选C。
7．如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一小灯
泡的U—I图线。曲线Ⅲ与直线I、Ⅱ相交点的坐标分别为P(5，3.75)、Q(6，5)。如果把该小灯泡分别与电
源1、电源2单独连接，下列说法不正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．电源1、电源2的内阻之比为3：2
B．电源1与电源2的电动势之比为1：1
C．在这两种连接状态下、小灯泡的电阻之比为R ：R = 10：9
1 2
D．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比为P ：P = 5：8
1 2
【答案】C
【解析】A．在电源的U—I图象中，图象的斜率的绝对值表示电源的内电阻，根据电源U—I图线可知，电
源1．电源2的内阻分别为r = Ω = Ω，r = Ω = Ω则r ：r = 3：2，A正确，不符合题意；
1 2 1 2
B．U—I图象的纵轴截距表示电动势，故E = E = 10V即电源1与电源2的电动势之比是1：1，B正确，
1 2
不符合题意；
CD．灯泡的U—I图线与电源的U—I图线的交点即为灯泡与该电源连接时的工作状态，则连接电源1时
U = 3.75V，I = 5A故灯泡消耗的功率为P = U I = 18.75W灯泡的电阻R = = Ω = 0.75Ω
1 1 1 11 1
连接电源2时U = 5V，I = 6A故灯泡消耗的功率P = U I = 30W灯泡的电阻R = = Ω故R ：R
2 2 2 22 2 1 2
= 9：10，P ：P = 5：8，C错误，符合题意、D正确，不符合题意。故选C。
1 2
8．如图所示，平面内存在一匀强电场， 电场方向与该平面平行，A、B、C、D、E是平面内的5个点，其
中AC平行于ED，B为AC的中点，AC=7 cm，ED=3cm。A点的电势φ =16 V，C点的电势φc=2 V，E点的电
A
势φ=20 V，元电荷为e。下列说法正确的是（ ）
E
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．B点的电势φ =8 V
B
B．D点的电势φ =13 V
D
C．电子在A点的电势能E =16 eV
pA
D．将电子从B点移到D点的过程中电场力做的功为5 eV
【答案】D
【解析】A．在匀强电场中，沿相同方向前进相同的距离，电势变化相同，故 故A错误；
B．在AC连线上靠近C的一侧距离A点3cm处的F点电势为 因为
故 故B错误；
C．电子在A点的电势能 故C错误；
D．将电子从B点移到D点的过程中电场力做的功为 故D正确。故选D。
9．如图，一点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运
动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．M带正电荷，N带负电荷 B．M在b点的动能小于它在a点的动能
C．N在d点的电势能等于它在e点的电势能 D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功
【答案】BC
【解析】A．做曲线运动的物体，受力的方向总是指向凹侧，可知N受排斥力带正电荷，M受吸引力带负
电荷，A错误；
B．M受吸引力，若从b点运动到a点，电场力做正功，动能增加，B正确；
C．由于d点和e点处于同一等势面上，电势能相等，C正确；
D．N受排斥力，因此从c点运动到d点的过程，电场力做正功，D错误。故选BC。
10．如图所示，一条直线上的A、B两点固定两个点电荷+Q和+q（ ），一个带电荷量为 的粒子
C，以一定的初速度 从靠近A点的位置沿 直线向B运动，则在粒子C运动的过程中，粒子C的电势（
）、电势能（ ）、速度的平方（ ）、电场强度（E），这四个量与距A点的距离（x）的关系图像可
能正确的是（ ）
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C． D．
【答案】ACD
【解析】对于 图像，斜率为电场强度，由于是两个正点电荷形成的静电场，连线上的 随着x的增
加先减小后增大，其最小点应该位于A、B连线中点的右侧；关于带电粒子C的电势能 ，应该与
的变化趋势相反，且为负值，且最高点在中点的右侧；粒子C在向右运动的过程中，由于只有电场力做
功，所以 为常量，所以 与 的变化趋势相同；在向右运动过程中，则电场强度应先减小后增
大。所以ACD正确，B错误。故选ACD。
11．如图所示，光滑绝缘的半圆形轨道 固定在竖直面内，圆心为O，轨道半径为R，B为轨道最低点。
该装置右侧的 圆弧置于水平向右的足够大的匀强电场中。某一时刻一个带电小球从A点由静止开始运动。
到达B点时，小球的动能为 ，进入电场后继续沿轨道运动，到达C点时小球的电势能减少量为 ，则
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A．小球所受重力大小为
B．小球所受电场力的大小为
C．小球脱离轨道后到达最高点时的动能
D．小球在曲面BC运动过程中做匀变速曲线运动
【答案】ABC
【解析】A．到达B点时，小球的动能为 ，从A到B过程，据动能定理可得 解得小球所受重力
大小为 ，A正确；
B．B到C过程小球的电势能减少量为 ，据功能关系可得 解得小球所受电场力的大小为
联立可得 ，B正确；
C．从A到C过程，据动能定理可得 小球脱离轨道后竖直方向以 做上抛运动，当竖
直分速度为零时达到最高点，历时 此时小球的速度为 到达最高点时的动能为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂联立解得 ，C正确；
D．小球在曲面BC运动过程是变速圆周运动，有向心加速度，故不是做匀变速运动，D错误。故选ABC。
12．如图所示，初速度为零的氕（ ）、氘（ ）、氚（ ）原子核经同一加速电场加速后，又沿垂直
电场方向进入同一偏转电场，最后都飞出电场打在光屏上，已知两电场均为匀强电场，那么（ ）
A．经过加速电场过程，电场力对氚核做的功最多
B．经过偏转电场过程，电场力对三种核做的功一样多
C．三种原子核都打在屏上的同一位置上
D．三种原子核打在屏上时的速度一样大
【答案】BC
【解析】A．设加速电压为 ，偏转电压为 ，偏转极板的长度为 ，板间距离为d。在加速电场中，电
场力做的功为 由于加速电压相同，电荷量相等，所以电场力做的功相等，故A错误；
BC．在偏转电场中的偏转位移 解得 同理可得到偏转角度的正切
可见y和tanθ与电荷的电量和质量无关。所以三种粒子出射点的位置y相同，出射速度的方
向tanθ也相同，粒子的运动轨迹相同，打屏上同一点。又因为三种粒子的电荷量相同，电场力相同，根据
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂动能定理，在偏转电场中电场力做功 也相同，故B和C均正确；
D．整个过程运用动能定理得 由于三种粒子的电荷量相同，质量不同，则打在屏上
时的速度v的大小不同，故D错误。故选BC。
第 II 卷（非选择题 共 52 分）
二、实验题（满分14分）
13．某同学从电子市场买了一个手机电池，该同学通过实验测量该电池的电动势和内阻，除了开关和若干
导线以外，还有如下器材可供选择：
A．电流表A（0.6A， ）
B．电压表V（5V， ）
C．滑动变阻器 （ ，1A）
D．滑动变阻器 （ ， ）
（1）为了使测量结果尽可能准确，请根据现有器材在方框中设计电路图（画在答题卡上）___________，
其中滑动变阻器应选___________（填写前面的字母序号）。
（2）根据实验中记录的电压表的示数U与电流表的示数I的值，经描点、连线得到 图像，如图所示，
根据图中所给数据，该电池的电动势与内电阻分别为 ___________V， ___________Ω。
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【解析】（1）[1][2]电流表内阻已知，电流表应接在干路中，所画电路图如图所示
由（2）题中图像可知，电源电动势为3.6V，实验中电流最大为0.6A，选择滑动变阻器 即可满足实验要
求，且滑动变阻器 允许通过的最大电流太小，且电阻太大不易调控，故选C。
（2）[3][4]由题中图像可得电池的电动势为3.6V，图像斜率为3Ω，减去电流表内阻，易得电池内阻为
1Ω。
14．某同学准备将量程 ，内阻r约为200Ω的电流表G改装成量程为2V的电压表。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（1）该同学先设计了如图甲所示的电路来测量电流表G的内阻 。用此电路，经以下步骤：
①闭合 ，断开S ，调节R ，使电流表G的示数为500μA；
2 1
②闭合S ，R 保持不变，调节R ，使电流表的示数为250μA，此时 的示数如图乙所示。
2 1 2
（2）由此可知，电流表G的内阻 _________Ω；
（3）为了将电流表G改装成2V的电压表，需要_________（填“串联”或“并联”）一个阻值为
_________Ω的电阻；
（4）该同学的上述测量存在着系统误差，电流表的内阻测量值_________（填“大于”或“小于”）真实
值。因此，用这个改装成的电压表去直接测量电压时，将使测量值_________（填“偏大”或“偏小”）。
校正该改装电压表的可行办法是_________（填“增大”或“减小”）与电流表串联的分压电阻。
【答案】190 串联 3810 小于 偏小 减小
【解析】(2)[1]由于电流表示数与电阻箱并联，且电流表示数变为原来的一半，则电流表的内阻与电阻箱阻
值相等，由图乙可知，电阻箱的阻值为 ；
(3)[2][3]为了将电流表G改装成2V的电压表，需要串联电阻分压，串联的电阻
(4)[4]闭合S ，R 保持不变，电路中的总电阻变小，总电流变大，则流过电阻箱的电流大于电流表的电流，
2 1
电流表的内阻测量值小其真实值；
[5]测量电压时有 则使测量值偏小；
[6]根据校正电压表原理可知，为使电压表的示数增大，即增大流过表头的电流，所以应减小与电流表串联
的分压电阻。
三、计算题（满分38分，其中15题8分，16题8分，17题10分，18题12分，每小题需写出必要的解题
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂步骤，只有答案不得分）
15．如图所示，带电小球 和 放在倾角为 的光滑绝缘斜面上，质量均为 ，所带电荷量分别为 和
，沿斜面向上的恒力 作用于 球，可使 、 保持间距 不变沿斜面向上加速运动，已知重力加速度
为 ，静电力常量 ，求：
(1)加速度 的大小；
(2) 的大小。
【解析】（1）根据库仑定律，两球相互吸引的库仑力为
隔离B球，由牛顿第二定律有
联立解得加速度为
（2）把A球和B球看成整体，由牛顿第二定律有
联立以上解得
16．学生小风扇携带方便，某兴趣小组设计一个特殊小风扇的电动机并且测试它的性能，按如图所示连接，
电动机（假设功率挡位大小可以连续调节）与滑动变阻器串联在电源上，电源的电动势E=30V，内阻
r=1Ω，闭合开关，若滑动变阻器接入电路的阻值R=9Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电
动机线圈的电阻R =1Ω，求：
M
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（1）通过电动机的电流强度；
（2）电源的输出功率；
（3）滑动变阻器接入电路的阻值R=4Ω，调节电动机挡位，电动机所消耗最大的电功率。
【解析】（1）设通过电动机的电流强度为I ，根据闭合电路欧姆定律可知
1
解得I =2A
1
（2）电源的输出功率为
（3）设通过电动机的电流强度为I时电动机消耗的功率为
根据数学知识可知P的最大值为45W。
17．如图所示，空间有场强 竖直向下的电场，长 不可伸长的轻绳固定于O点，
另一端系一质量 、电荷量 的小球，拉起小球至绳水平后在A点无初速度释放，当小球
运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂，小球继续运动并垂直打在同一竖直面内且与水平面成θ=37°的无
限大的挡板 上的C点，取 ，试求：
（1）绳子能够承受的最大拉力；
（2）小球运动到C点时速度大小；
（3）小球由A运动到C点过程中电势能的增加量。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【解析】（1）设小球运动到B点时的速度大小为v ，根据动能定理有
B
解得
设绳子能够承受的最大拉力为T，则根据牛顿第二定律有
解得T=15N
（2）绳子断裂后小球做类平抛运动，设小球运动到C点时的竖直分速度大小为v，则根据速度的合成与分
y
解有
解得
所以小球运动到C点时速度大小为
（3）小球从B到C做类平抛运动时的竖直分加速度大小为
设B、C两点的高度差为y，则由运动学公式有
解得
小球由A运动到C点过程中电势能的增加量等于克服电场力做的功，即
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂18．如图，一个半径 竖直光滑半圆绝缘轨道与足够长、粗糙绝缘水平面在B处平滑连接，半圆轨
道处在一个 的竖直向下的匀强电场中，半圆直径的左侧空间无电场。一个质量为 ，
带电量为 的绝缘小滑块与水平面间的动摩擦因数为 ，滑块从A点由静止开始受到一个
水平向右的推力，推到B点时撤去该力（ ）。
（1）设滑块刚好能通过半圆轨道的最高点C，求滑块到达C点的速度；
（2）要使滑块能从C点离开半圆轨道，求AB最小值；
（3）若 ，求滑块第一次落到水平面上的点距B点之距。
【解析】（1）在C点对小滑块进行受力分析，受竖直向下的重力和电场力作用，合力提供向心力，由牛顿
第二定律有
得
（2）设AB的最小距离为 ，在滑块从A到C的过程中，有拉力做正功，摩擦力做负功，重力和电场力
做负功，由动能定理有
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂代入数据解得
（3）若 ，设到达C的速度为 ，则滑块从A到C的过程中，由动能定理有
代入数据解得
小滑块能到达C点，离开C点后做平抛运动，设运动时间为t，则有在竖直方向上
解得时间为
在水平方向上
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