福建省漳州市十校联盟2024-2025学年高一上学期11月期中物理答案_2024-2025高一（7-7月题库）_2024年11月试卷_1112福建省漳州市十校联盟2024-2025学年高一上学期11月期中考试

漳州市 2024-2025 学年十校联盟高一期中质量检测联考 物理学科参考答案 一、单项选择题: 本题共 4小题，每小题 4 分，共16 分，在每小题给出的四个 选项中只有一项是符合题目要求的。 1.【答案】B 【详解】A．物体的重力是由于地球对物体的吸引而产生的，它的方向总是竖直向下，不一 定垂直地面向下，故A错误； B．放在桌面上的木块受到桌面对它向上的支持力，这是由于桌面发生微小形变而产生的， 故B正确； C．滑动摩擦力总是阻碍接触物体间的相对滑动，所以滑动摩擦力的方向总是和物体间的相 对运动方向相反，可能与物体运动方向相同，也可能与物体运动方向相反，故C错误； D．重力、弹力、摩擦力是按力的性质命名的，动力、阻力是按力的效果命名的，故D错误。 故选B。 2.【答案】D 【详解】A．入水前只受重力作用，加速度不变，所以t 时刻刚好进入水中，故A错误； 2 B．离开跳板后在t 时刻到达最大高度，速度向上减为零，故B错误； 1 1 C．离跳台最大高度为h gt2，故C错误； 2 1 D．在vt图象中，速度的正负代表运动的方向，斜率表示加速度的大小，在t t 时间内加 2 3 速度越来越小，则速度变化越来越慢，故D正确。 故选D。 3.【答案】C 【详解】刹车加速度不变，速度为v 15m/s时，酒后刹车位x 30.0m15.0m15.0m， 1 1 v2 2ax ；速度为v =27m/s时，酒后刹车位移v 2 2ax ，解得x =48.6m；速度为27m/s 1 1 2 2 2 2 高一物理试卷（十校） 第 1 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}时酒后的制动距离为x=48.6m+27m=75.6m。故选C。 4.【答案】C 【详解】设PM的距离为x，则MN的距离为2x，则 x 2x  T 3 6 即从P点到M点的时间等于从M点到N点的时间。根据逐差公式可得，加速度为 x 9 a   ，MN时间中点的速度为该段的平均速度，即 T2 x v =6m/s 1 T 则该同学经过N点时的瞬时速度为v v a ，解得v=7.5m/s。 N 1 2 N 故选C。 二、多项选择题：本题共 4小题，每小题 6 分，共24 分。每小题有两项符合题目 要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0 分。 5.【答案】AC 【详解】A．2024年6月25日14时7分指的是时刻，故A正确； B．研究嫦娥六号采样过程的技术时，研究嫦娥六号的形状、大小不能忽略，不可以把它简 化成质点，故B错误； C．平均速率是指物体的路程和通过这段路程所用时间的比值，平均速度是指物体的位移和 通过这段位移所用时间的比值，嫦娥六号由图中O点到B点的路程大小大于由图中O点到B 点的位移大小，运动时间相同，故嫦娥六号由图中O点到B点的平均速率一定大于此过程的 平均速度的大小，故C正确； D．嫦娥六号变轨飞向环月轨道的过程中，以嫦娥六号为参考系，月球是运动的，故D错误。 故选AC。 6.【答案】BC 【详解】A．因为是搓纸轮带动第一张向右运动，第1张纸上表面受到搓纸轮施加的静摩擦 力f，方向向右，大小不确定，故A错误； B.由于进纸系统每次只进一张纸，则在第1张纸向右运动时，第2张纸与第3张纸保持相对 静止，第2张纸与第3张纸之间的摩擦力为静摩擦力，故B正确； C．工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为F ，第1张纸对第2张纸的压力为F +mg，则第1 高一物理试卷（十校） 第 2 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}张纸与第2张纸之间的滑动摩擦力为 f N (Fmg) 12 2 12 2 由于第2张及第2张以下的纸没有运动，只有运动趋势，所以第2张以下的纸之间以及第10 张纸与摩擦片之间的摩擦力均为静摩擦力，大小均为 f  f (Fmg) 静 12 2 故C正确； D．若 ，则有 1 2 F (Fmg) 1 2 可知搓纸轮与第1张纸之间会发生相对滑动，而第1张纸静止不动，所以进纸系统不能正常 进纸，故D错误。 故选BC。 7.【答案】AD 【详解】A．由图甲可知，0~t 时间内，A、B、C三物体做直线运动的位移相同，则三物体 1 x 的平均速度均为v  1 ，故A正确； t 1 B．根据v2v2 2ax整理，可得v2 2axv2 0 0 0v2 可知图像的斜率的绝对值等于2a，所以甲图中物体的加速度大小为2a 0 2x x 1 1 v2 解得a 0 ，故B错误； 2x 1 v C．根据a ，解得vat，可知阴影面积表示t ~t 时间内物体的速度变化量。故C t 1 2 错误； D．根据xv t 1 at2，可得 x v  1 at，根据丁图可知 1 ak  20 2m/s2 0 2 t 0 2 2 01 整理得结合可知加速度大小为a4m/s2，故D正确。 故选AD。 8.【答案】BD v2 102 【详解】A.沿斜坡上滑的最大位移x 0  m=10m， A错误；B球到达C点所用时间 2a 25 L v 为t  1.6s，A球滑到最大位移所用时间为t  0 2s，故A球在斜面上上滑1.6s时B 2 v 1 a 0 高一物理试卷（十校） 第 3 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}1 球才滑到斜面底端，此时两球间距x x' v t  at2 9.6m，B正确；从开始出发计时， A 0 2 2 2 1 设经过时间t两球相遇，A球位移为x v t at2，B球沿斜面位移为 A 0 2 1 x v tt  att 2，其中t 1.6s，相遇时满足x x ，代入可得t2.8s，C错误；A、 B 0 2 2 2 B A B相遇时，A的速度为v =v -at=4m/s，D正确。故选BD。 A 0 三、非选择题：共60 分，其中 9、10 、11 为填空题，12、13为实验题，14-16 为计算题。考生根据要求作答。 9.（3分） 【答案】 向右（1分） ； 不变（2分） 10.(3分) 【答案】 0.2（1分） ； 偏小（2分） 11.（3分）     【答案】 2:1 （1分）； 3 2 : 21 （2分） 12.（5分） 【答案】（1）300（2分）； （2）①甲（1分）； ②0.15（2分） 【详解】解：（1）由图读出，弹簧的弹力F＝0时，弹簧的长度为L ＝20cm，弹力F＝60N 0 时，弹簧的长度为L＝40cm，弹簧压缩的长度x ＝L﹣L ＝0.2m； 0 0 由胡克定律得弹簧的劲度系数为 F 60 k   N/m 300N/m； x 0.2 0 （2）①甲乙两种方案，在拉着物体A运动的过程中，拉A的弹簧测力计必须要求其做匀速 直线运动，比较困难，读数不是很准，弹簧测力计a是不动的，指针稳定，便于读数，故甲 方案更合理； ②由于弹簧测力计a示数为6.0N，所以A、B间的动摩擦因数 f 6.0   0.15 N 40 高一物理试卷（十校） 第 4 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}13.（7分） 【答案】（1）交流（1分）； 靠近（1分）； （2）B （1分）； （3）1.01（2分）； 1.98（2分） 【详解】解：（1）根据打点计时器的基本信息可知，打点计时器都是使用交流电；实验时小 车应该靠近打点计时器； （2）规定0到1的距离记为x ，1到2的距离记为x ，3到4的距离记为x ，由逐差法可知 1 2 4 ，代入数据解得：aT2＝6mm，所以 ，代入数据解得：x＝48mm， 5 2 2 故2−B 正1确=， ACD错误； 4− 1 =3 （3）3点的瞬时速度等于2到4点的平均速度，2到4点的距离记为x ，则 ，代入 24 24 数据解得：v ≈1.01m/s；0到3的距离记为x ，3到6的距离记为x ，根据逐差 3 法 = 可2 知 3 03 36 ，代入数据解得：a≈1.98m/s2 36− 2 1403.（=1 0(3分 ）) 【答案】（1）500N/m ；（2）0.14m 【详解】（1）由胡克定律和受力平衡可知 m g=k(l -l ) （3分） A 0 1 解得 k=500N/m （2分） （2）由胡克定律和受力平衡可知 (m +m )g=k(l -l ) （3分） A B 0 2 可得 l =0.14m （2分） 2 15.（13分）   【答案】（1）a=5m/s2,v=20m/s;（2）H=60m ；（3）t  62 3 s 【详解】解：（1）火箭点火后到燃料用完前做初速度为零的匀加速直线运动，设燃料恰好用 完时火箭的速度为v，则： v h  t （2分） 1 2 1 高一物理试卷（十校） 第 5 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}解得： v=20m/s （1分） 根据加速度定义可知， v 20 a   m/s2 5m/s2 （2分） t 4 1 （2）火箭匀减速上升过程中，根据速度—位移关系可得： v2 400 h   m20m （3分） 2 2g 20 最大高度 H=h +h =60m (1分) 1 2 （3）匀减速上升的时间 v t  2s （1分） 2 g 1 火箭做自由落体运动H  gt2 （1分） 2 3 解得： t 2 3 s （1分） 3 整个过程的总时间   t t t t  62 3 s （1分） 1 2 3 16.（16分） 【答案】（1）18m；（2）36m/s； （3）甲乙两车第一次相遇时间为2s，第二次相遇时间为4.75s。 【详解】解：（1）v﹣t图像与坐标轴围成的面积表示位移，所以乙车从静止加速到最大速 度时间内，行驶的位移为： 1   x   41 12m18m （2分） 0 2 （2）设甲车减速第5s末速度为v ，甲车减速的加速度大小为a，按甲车逆向运动为匀加 5 速直线运动， 刹车后第5s内： 高一物理试卷（十校） 第 6 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}1 x v t at2 5 5 2 1 刹车后第1s内 x vt at2 1 1 2 v ＝v +4at 1 5 将x ＝32m，x ＝1m，t＝1s代入以上三式，联立解得v ＜0，说明第5秒内甲车已经停下。 1 5 5 （2分） 设刹车后第5秒内甲车运动了△t，则 1 x  at2 （1分） 5 2 1 刹车后第1s内的位移： 1 1 x  a  t4 2  a  t3 2 （1分） 1 2 1 2 1 解得 Δt＝0.5s a ＝8m/s2 1 设甲车刚减速时速度为v，根据速度—时间关系可得： 0 v ＝a （4+Δt） （1分） 0 1 解得： v ＝36m/s （1分） 0 （3）设从甲车减速开始经过t 甲车乙车相遇： 1 1 x v t  at 2 （1分） 甲 0 1 2 11 设乙车加速度为a ，由图象得： 2 v 12 a   m/s2 4m/s2 （1分） 2 t 41 1 x  a  t 1 2 （1分） 乙 2 2 1 x ＝x +x 甲 乙 0 解得：t ＝2s，或t ＝4.67s（乙车已经匀速，不合理舍去） （1分） 1 2 由题意和以上结果可知，甲车乙车还会第二次相遇，设甲车减速阶段位移为x 甲 1 x  a  t4 2 甲 2 1 高一物理试卷（十校） 第 7 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}此过程中乙车的位移为： 1 x  a  t 1 2 v t 乙 2 2 4 乙 得 x 81m,x 24m （1分） 甲 乙 x   x s  甲 乙 0 说明第一次相遇之后，甲车在乙车前方停下时还没有第二次相遇。（1分） x   x s  v t 甲 乙 0 乙 得 t0.25s （1分） 甲车乙车第二次相遇时间为 t tt t 0.25s4s0.5s4.75s （1分） 4 高一物理试卷（十校） 第 8 页 （共 8 页） {#{QQABYYIEogiIABIAAQhCUQEgCAIQkhCAAYgOgFAMoAAByRFABAA=}#}