文档内容
昆明一中 2024 届高三第 8 次联考
物理参考答案
题号 14 15 16 17 18 19 20 21
答案 C D B D D AC CD BC
14．解析：选C。贝克勒尔最早发现天然放射现象，故A错误；卢瑟福通过核反应第一次实现了原
子核的人工核反应，故B错误；符合半衰期特点，故C正确；根据比结合能——质量数图像可知，钡核
的平均结合能比铀核的平均结合能大，故D错误。
15．解析：选D。t 时刻游客的速度最大，故加速度应该为0，故Ａ错误。t 时刻游客运动到最低
1 2
点，故游客应该具有竖直向上的加速度，故B错误。t 时刻游客的加速度为0，因此游客已经受到了弹性
1
绳的作用，故０～t 时间内游客的机械能不守恒，故C错误。t ～t 时间内游客所受合力的方向向上，
1 1 2
且大小逐渐增大，故Ｄ正确。
16．解析：选B。只打开隔板Ｋ，Ｂ中气体进行自由扩散，不会对外做功，内能不变，故Ａ错误，
1
B正确。只打开隔板Ｋ，Ｂ中气体内能不变，温度不变，但体积变大了，故压强将减小，故C错误。打
1
开卡销Ｋ，活塞将向下运动，因此外界对B中气体做功，B中气体内能增大，故D错误。
2
17．解析：选D。根据系统机械能守恒可知，振动的振幅不变，故A错误；根据系统机械能守恒可
知，小物体和小桶一起运动过程中，在同一位置的速度都会减小，而振动的振幅不变，故周期变大，B、
C错误，D正确。
18．解析：选Ｄ。根据点电荷的电势公式可得a、b两点电势不一样，故A错误。根据电场场强叠
加原理，可得b、c两点处的场强仅大小相等但方向不一样，故Ｂ错误。根据点电荷的电势公式可得e点
电势将高于f点电势，故Ｃ错误。负试探电荷从a点运动到e点过程中，电场力做正功，电势能减小，故
Ｄ正确。
19．解析：选AC。对A球进行受力分析（图甲），根据动态平衡的分析方法，A球受到的重力大
小、方向不变，支持力的方向不变，库仑力的方向在改变，但是由于B球只能到C，故由矢量三角形可
知A受到的库仑力和支持力都在减小。根据库仑定律的表达式可得AB之间的距离变大。再对Ａ、B整体
受力分析（图乙），根据平衡条件可得Ｂ所受摩擦力的大小变小。故选Ａ、Ｃ。
20．解析：选CD。A．根据 ，可知“望舒”的平均密度与地球的平均密度之比为
1
学科网（北京）股份有限公司，可知“望舒”的平均密度比地球平均密度大，故A错误；
B．在星球表面，根据 ，可知“望舒”表面处的重力加速度与地球表面处的重力加速度之比
为 ，可知“望舒”表面处的重力加速度大于 ，故B错误；C．根据
，可得 ，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的速度与飞船在地球表面附近运行
时的速度之比为 ，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的速度大于
，故C正确；D．根据 ，可得 ，可知飞船在“望舒”表面附近运
行时的周期与飞船在地球表面附近运行时的周期之比为 ，可知飞船在
“望舒”表面附近运行时的周期要比绕地球表面运行时的周期小，故D正确，故选CD。
21．解析：选BC。小滑块运动到最低点B时，小滑块的速度方向为水平方向，重力的方向竖直向
下，此时重力的功率为0。因此小滑块从接触半圆槽到第一次运动至B的过程中，小滑块所受重力的功率
不可能逐渐增大，故A错误；设小滑块的对地水平位移大小为 ，槽的对地位移大小为 ，因为系统水
平方向动量守恒，则水平方向满足： ， ，故解得： ， ，故B正确；
小滑块运动到半圆槽的C处时，小滑块相对于半圆槽竖直向上运动，又因为系统水平方向动量守恒，且
系统水平方向的初动量为0，故小滑块运动到C点处，小滑块的对地速度的方向为竖直向上。对小滑块从
A运动到C的过程，通过动量定律可得该过程中槽对小滑块的的冲量为竖直向上的方向，故C正确。小
滑块运动到半圆槽的C处时，小滑块的对地速度的方向为竖直向上，又因为系统水平方向动量守恒，且
系统水平方向的初动量为0，故此时槽的对地速度为0。之后小滑块将从C点开始做竖直上抛运动（此过
程中小滑块与竖直挡板无相互作用），根据系统机械能守恒可知，小滑块将运动到与初始位置等高的位
置，故D错误。
2
学科网（北京）股份有限公司22.【答案】（每空2分）
（1）C
（2）13.870 7.3×10-7
（3）AD
【解析】（1）根据“用双缝干涉测量光的波长”实验装置的要求，C正确。
l
（2）根据螺旋测微仪的读数规则，示数为13.870mm。根据双缝干涉实验的公式∆x= λ（其中d
d
为双缝间距,l为双缝与屏的距离），可得波长为7.3×10-7m。
（3）仅撤掉滤光片仍能发生干涉现象，故A正确。单缝与双缝间的距离不会影响条纹间的距离，
故不会影响光屏上观察到的条纹数。故B错误。单、双缝相平行，两缝与光屏上的条纹相平行，故C错
误。仅撤掉双缝，有可能发生单缝衍射，故D正确。
23.【答案】（每小问2分）
（1）
（画出电磁铁部分的电路即可）
（2）A
（3）
（4）增大
（5）BC
【详解】（1）为满足实验要求，控制电路的连接情况如图所示。
（2）天亮时照度增大，光敏电阻的阻值减小，电磁铁中电流增大，磁场增强，吸引衔铁向下与C接通，
灯熄灭，故灯泡应接在A、B之间，故选择A。
（3）要求天色渐暗照度降低至15lx时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值约为 ，由闭合电路欧姆
定律可知，此时的滑动变阻器的阻值约为 ，故滑动变阻器应选择 ；
（4）使用过程中发现天色比较暗了，路灯还未开启，说明此时控制电路的电流较大，总电阻较小，所以
为使路灯亮得更及时，应适当地增大滑动变阻器的电阻。
3
学科网（北京）股份有限公司（5）车灯照到光敏电阻上时，光敏电阻的阻值减小，控制电路部分的电流增大，此时电动机启动，故将
开门电动机连接在BC接线柱上满足题意。
24.【答案】
【解析】小球做平抛运动，当垂直打在斜面上时，由速度关系有
（2分）
（1分）
由位移关系可得
（2分）
（2分）
有几何关系可得：
（2分）
联立求解可得： （1分）
25.【答案】（1） （2）
【详解】（1）金属棒MN运动的速度为v，则MN切割产生电动势
（2分）
回路总电阻为
（1分）
由闭合电路欧姆定律得
（1分）
电流为恒定电流，故安培力为
(2分)
由于导体棒匀速运动，可得
4
学科网（北京）股份有限公司（1分）
水平外力做功的功率随时间t变化的关系式为
（1分）
（2）金属棒MN以速度v匀速向右运动时，闭合回路中电流为0，根据法拉第电磁感应定律可得 ,
闭合回路的磁通量保持不变。
初始时,磁通量为
（2分）
t时,磁通量为
（2分）
磁通量保持不变,可得
（1分）
最终可得
（1分）
26.【答案】（1） （2） （3）
【解析】(1)粒子以速度v沿直径AOB方向射入磁场时，如图
由
（1分）
5
学科网（北京）股份有限公司得半径
（1分）
根据几何关系可知
（1分）
所以
（1分）
以速度 射入时，半径
（1分）
设第二次射入时的圆心角为 ，根据几何关系可知
（1分）
所以 （2分）
则第二次运动的时间为（由运动弧长计算）
（2分）
（2）当粒子的入射点和出射点的连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大，如图所示
（2分）
计算得出
（2分）
（3）当粒子的入射点和出射点的连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大，如图所示
6
学科网（北京）股份有限公司由图可知
（2分）
平移距离为
（2分）
解得
（2分）
7
学科网（北京）股份有限公司
