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2025-2026 学年江西省多校高二（上）学情检测物理试卷（12 月）
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.昆虫飞行过程中会带上少量的正电荷，它落到花朵上时，花粉会吸附在昆虫身上，当飞到另一朵花朵上
时，就会遗留一部分花粉下来，帮助植物完成授粉。下列说法正确的是( )
A. 昆虫飞行过程中会带上少量的正电荷，原因是它得到了一些电子
B. 昆虫所带正电荷的电荷量可能不是元电荷e的整数倍
C. 花粉会吸附在昆虫身上，原理是静电感应
D. 昆虫不愿靠近刚被授粉而带正电的花朵，原因是同种电荷相互吸引
2.如图甲为激光打印机的核心部件硒鼓，正常工作时，半径为r的圆形感光鼓的表面均匀对称的分布着一
层电荷量均为−q(q>0)的点电荷，如图乙所示。若某时刻圆周上P点的一个点电荷的电荷量突变成−3q，
静电力常量为k，则圆心O点处的电场强度为( )
2kq 2kq
A. ，方向从P点指向O点 B. ，方向从0点指向P点
r2 r2
3kq 3kq
C. ，方向从P点指向O点 D. ，方向从O点指向P点
r2 r2
3.如图为《天工开物》中撞木榨油的情境。若某次撞击前撞木的速度为4m/s，方向水平，垂直撞击木
模后，撞木沿水平方向反弹且速度大小变为原来的一半。已知撞木的质量为100kg，与木模的作用时间为
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1 10.2s，则撞木对木模平均撞击力大小为( )
A. 600N B. 1000N C. 2000N D. 3000N
4.如图甲为键盘按键的结构简图，按键由相互平行的活动、固定金属片组成，两金属片间有空气间隙，组
成了一个平行板电容器。图乙为其电路图，电源输出电压恒定，下列说法错误的是( )
A. 按下按键的过程中，电容器的电容增大
B. 松开按键的过程中，电容器所带的电荷量减少
C. 按下按键的过程中，图乙中电流方向从a流向b
D. 松开按键的过程中，电容器两极板间的电场强度减小
5.某实验小组用四个相同规格的灵敏电流计改装成了两个电流表A 、A (A 的量程大于A 的量程)和两个
1 2 1 2
电压表V 、V (V 的量程大于V 的量程)，然后接入图示的电路，R为定值电阻，闭合开关S，下列说法正
1 2 1 2
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2 1确的是( )
A. V 指针的偏角大于V 指针的偏角 B. V 的读数等于V 的读数
1 2 1 2
C. A 的指针的偏角大于A 的指针的偏角 D. A 的读数等于A 的读数
1 2 1 2
6.某种喷墨打印机打印头的内部结构简图如图所示，墨盒喷出的极小的墨汁微粒(不计重力)经过带电室后
带上一定的电荷量，然后以一定的初速度垂直射入偏转电场，经偏转电场后打到纸上。为了使打在纸上的
范围变大，下列方案可能成功的是( )
A. 仅减小偏转电场的电压 B. 仅增大墨汁微粒所带的电荷量
C. 仅增大墨汁微粒的质量 D. 仅增大墨汁微粒进入偏转电场的速度
7.水上乐园里，质量为m的小朋友站立在漂浮的圆形气垫上，都处于静止状态。现在小朋友要跳到第二个
气垫上，起跳初速度方向和水平面的夹角为45∘，跳跃距离为L。已知气垫的质量均为m，小朋友跳离气垫
的时间极短，气垫始终在水面上运动，小朋友和气垫均视为质点，重力加速度大小为g，不计空气阻力。
则本次跳跃，小朋友要做的功为( )
3mgL 4mgL 5mgL
A. B. mgL C. D.
4 3 3
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3 1二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.长度均为2R的光滑直细管MN、EF平行且和半径为R的光滑半圆细管NPE平滑连接，固定在水平面上，
俯视图如图所示。在半圆细管NPE的圆心O处固定一个带负电荷的小球，另一个带负电小球a(半径略小于
管径)以一定初速度从M点进入细管，最后从F点离开。两小球均视为质点，不计空气阻力，下列说法正确
的是( )
A. 小球a在M点所受库仑力的大小小于在N点所受库仑力的大小
B. 小球a从M点运动到N点的过程中，电势能一直增加
C. 小球a从N点运动到E点的过程中，电势能先增加后减少
D. 小球a从F点离开时速度的大小小于从M点进入时速度的大小
9.某款倍率分别为“×10”和“×100”欧姆表的内部电路如图所示，A、B是两个表笔的插孔，下列说法
正确的是( )
A. 开关S合向1时，选择的倍率为“x100”
B. A插孔应插入红表笔
C. 若欧姆表使用一段时间后，电源电动势E不变，内阻略有增加，欧姆调零后，电阻的测量值相对于真实
值偏大
D. 若欧姆表使用一段时间后，电源电动势E略有减小，内阻略有增加，欧姆调零后，电阻的测量值相对于
真实值偏大
10.如图甲，一轻弹簧的两端分别与物块A、B相连并静止在光滑的水平地面上。t=0时，物块A以3m/s
的速度向物块B运动压缩弹簧，物块A、B的速度随时间变化的图像如图乙所示，已知物块A质量为1kg，
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4 1下列说法正确的是( )
A. t 时刻弹簧处于压缩状态 B. t 时刻弹簧处于压缩状态
1 3
C. 物块B质量为2kg D. 弹簧的最大弹性势能为3J
三、实验题：本大题共2小题，共15分。
11.如图，某实验小组应用气垫导轨装置做“验证动量守恒定律”的实验，具体的实验步骤如下：
(1)首先查验轨道面平整光滑、透气孔无阻塞，查验两个滑块无扭曲形变、滑块与轨道接触的平面平整光
滑无划痕。
(2)通过调节底脚螺丝使轨道水平，判断方法是：接通电源，放一个滑块在轨道一端，轻轻推动滑块后，
滑块在轨道上经过A、B两个光电门的挡光时间 。
(3)测出挡光板的宽度d，滑块a和b带挡光板时的质量分别为m 和m 。
1 2
(4)在滑块a、b之间夹一个压缩弹簧，用细绳连接a、b并固定紧绳子，然后一起放在气垫导轨中间。静止
时烧断细绳，滑块a、b向两边水平弹开，测出滑块a、b挡光板的挡光时间t 和t (滑块经过光电门前，已
1 2
经与弹簧分开)，则滑块a通过光电门时的速度为 (用题中物理量的符号表示)。
(5)若在误差允许的范围内，关系式 (用题中物理量的符号表示)成立，则表明系统总动量守恒。
12.某实验小组同学从继电器中拆下一个压敏电阻R ，来研究其电阻值随压力变化的规律，压敏电阻R 铭
F F
牌上标示：无压力时阻值R =600Ω。实验室提供的器材如下：
0
A.滑动变阻器R (最大阻值约为20Ω);
P
B.电阻箱R (最大阻值为999.9Ω);
b
C.灵敏电流计G(量程0∼3mA，内阻为27Ω);
D.电压表V(量程0∽3V，内阻约为3kΩ);
E.直流电源E(电动势为3V，内阻不计);
F.开关S，导线若干。
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5 1(1)尽量减小误差，该小组同学设计的电路图如图甲所示。
(2)电表改装，本实验中需要将灵敏电流计改装为量程30mA的电流表，需要并联电阻箱R 的阻值
b
为 Ω。
多次改变压力 ，测出对应电阻值 ，以R 为纵坐标， 为横坐标，得到R 图线如图乙所示，
(3) F R 0 F 0 −F
F R R
F F
由图可知该图像为一次函数，表达式为 ，压力越大，压敏电阻的阻值(选填“越大”或“越小”)。
(4)该小组同学用图丙的电路测量静置于压敏电阻上物体的质量，需要在电压表表盘刻度上标出对应的放
置在压敏电阻上的物体的质量，则物体质量的示数 (选填“是”或“不是”)随刻度均匀变化。
四、计算题：本大题共3小题，共39分。
13.如图所示的电路中，A、B两端的电压U=6V，灯L标有“3V 0.9W”的字样，R =10Ω。开关S断
1
开时，灯L正常发光，求：
(1)此时滑动变阻器的阻值R ;
2
(2)若开关S闭合后，调节滑动变阻器R 的阻值，仍使灯L正常发光，则此时滑动变阻器的阻值R′ 又为多
2 2
少?
14.如图，在平面直角坐标系xOy的第一、二、四象限内分别存在着沿y轴正方向、x轴负方向和y轴负方
向匀强电场，第一、二象限内的电场强度大小均为E，第四象限内的电场强度大小为2E。一电子由第二象
限内的A点(−d,d)静止释放，已知电子的质量为m、电荷量为−e，不计电子的重力，求：
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6 1(1)电子由A点运动到y轴的时间t;
(2)电子第一次经过x轴时的速度v;
(3)电子第二次经过x轴时的横坐标。
15.某校科技小组设计了一款简易的缓震器，结构简图如图所示。矩形木板放置在水平面上，木板中央竖
直固定一根光滑且足够长的细杆，滑块2套在细杆上，通过轻弹簧与木板连接，初始时，整个系统处于静
止状态。现将滑块1从距滑块2高h处由静止释放，滑块1、2相撞(时间极短)后立即粘在一起运动。已知木
1
板(含长细杆)的质量为2m，滑块1、2均可视为质点且质量均为m，弹簧弹性势能表达式为E = kx2，k
p 2
mg
为弹簧劲度系数且k= ，x为弹簧的形变量，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度大小为g，不计空
h
气阻力，求：
(1)滑块1、2相撞后瞬间，滑块1、2组合体的速度v的大小;
(2)滑块1、2粘在一起运动的过程中，木板对地面的最大压力F 的大小;
max
(3)若仅调整滑块1释放的高度，让其从距滑块2高h′处由静止释放，一段时间后，发现木板离开水平面，
则h′的范围为多少?
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7 1参考答案
1.C
2.B
3.D
4.C
5.D
6.B
7.A
8.AB
9.BD
10.ACD
11. 相等 d m m
(2) (4) (5) 1− 2=0
t t t
1 1 2
12. 或 R 越小 不是
(2)3( 3.0) (3) 0 =0.5F+1 (4)
R
F
13.解： 灯 正常发光时的电流 P
(1) L I = L
L U
L
滑动变阻器两端的电压U =U−U
2 L
此时滑动变阻器的阻值 U
R = 2
2 I
L
解得R =10Ω
2
要使灯 正常发光，则通过 的电流 U
(2) L R I = 1
1 1 R
1
通过滑动变阻器的电流I=I +I
1 L
U−U
滑动变阻器的阻值R ′= L
2 I
解得R ′=5Ω
2
14.解：(1)电子由A点运动到y轴，根据牛顿第二定律
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8 1eE=ma
1
1
d= a t2
2 1
v =a t
0 1
√2eEd
解得v =
0 m
√2dm
t=
eE
(2)电子在第一象限做类平抛运动，且电场力方向竖直向下，电子第一次经过x轴时的交点为C，设速度v
方向与x轴正方向的夹角为θ，轨迹如图
1 1
由动能定理有eEd= my2− mv2
2 2 0
√eEd
解得v=2
m
v √2
cosθ= 0=
v 2
θ=45∘
√eEd
所以，电子第一次经过x轴时的速度大小为2 ，与x轴正方向的夹角为45∘
m
(3)由类平抛规律可知，水平方向有x =v t
OC 0 1
vsinθ
竖直方向d= t
2 1
解得x =2d
OC
设电子第一次经过x轴到第二次经过x轴用时为t ，且第二次经过x轴时与x轴交点为D，竖直方向
2
2vsinθ
t =
2 a
2
2eE
a =
2 m
水平方向x =v t
CD 0 2
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9 1解得x =2d
CD
x =x +x =4d
OD OC CD
15.解： 滑块 、 相撞前，滑块 做自由落体运动
(1) 1 2 1 v2=2gh
0
滑块1、2相撞过程动量守恒mv =2mv
0
√gh
解得v=
2
(2)滑块1、2相撞前，对滑块2研究，受力平衡mg=kx
0
滑块1、2相撞后，粘在一起向下运动，当滑块1、2组合体的速度减小到0时，弹簧的压缩量最大，此时木
板对地面的压力最大，从滑块1、2相撞后瞬间至滑块1、2组合体的速度减小到0，根据能量守恒
1 1 1
2mgx + ×2mv2= k(x +x ) 2− kx2
1 2 2 0 1 2 0
滑块1、2组合体的速度减小到0时，对木板进行受力分析k(x +x )+2mg=F′
0 1 max
根据牛顿第三定律F =F′
max max
解得
F =(4+√2)mg
max
(3)仅调整滑块1释放的高度，让其从距滑块2高h′处由静止释放时，木板恰好能离开水平面，由第(1)问知，
√gh′
滑块1、2相撞后瞬间，滑块1、2组合体的速度v′=
2
当木板恰好能离开水平面时，设此时弹簧的伸长量为x
3
kx =2mg
3
1 1 1
从滑块1、2相撞后瞬间至木板恰好离开水平面，根据能量守恒 kx2− kx2+2mg(x +x )= ×2mv′2
2 3 2 0 3 0 2
解得h′=15h
所以h′≥15h
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10 1
