文档内容
2021年辽宁省锦州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分1～7题为单选题，8～10题为多选题。多选
题漏选得1分，错选得0分）
1．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需
要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、此刻考场内的温度约为25℃，故A错误；
B、初中物理课本的长度约为26cm，符合实际，故B正确；
C、一支中性笔的质量约为10g，故C错误；
D、家用电冰箱正常工作时的电流约为1A，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，
找出符合实际的选项即可。
2．【分析】（1）声音是由物体振动而产生的；
（2）声音传播需要介质，真空不能传声；
（3）音色是发声体材料和结构决定的，不同发声体发出的声音的音色不同；
（4）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
【解答】解：A、声音是由物体振动而产生的，故A错误；
B、声音传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、音色是判断发声体的依据，“声纹门锁”，是依据声音的音色来识别的。故C错误；
D、给机器加橡皮垫是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单。
3．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形
成、日食和月食等；
（2）光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、
平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射
现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、阳光下的人影是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；
第1页（共17页）B、海市蜃楼是光在密度不均匀的大气层中传播时，发生折射形成的，故B不符合题意。
C、小猫在镜中成像，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意。
D、水中笔反射的光是从水中斜射入空气中，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射
光线看时，看到的是折射光线反向延长线形成的笔的虚像，比笔的实际位置要浅些，所以
感觉水中的笔向上折断了，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联
系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4．【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化。物体由液
态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾。物体由气态变为液态的过程叫
液化。物体由固态变为气态的过程叫升华。
【解答】解：从冰箱的冷藏室中取出一罐可乐，放在餐桌上，不一会儿这罐可乐“大汗淋
漓”，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴。
A、水烧开后壶嘴附近冒“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故A符合题意；
B、衣箱里的樟脑球逐渐变小，是固态直接变成气态，属于升华现象，故B不合题意；
C、阳光下的湿衣服逐渐变干，是液态的水变成气态的水蒸气，属于汽化现象，故C不合题
意；
D、燃烧的蜡烛有“流泪”的现象，是因为石蜡的熔点低，受热熔化形成的，是熔化现象，
故D不合题意。
故选：A。
【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个
知识点。
5．【分析】（1）用纳米陶瓷粉制成的陶瓷不易碎，其具有一定的韧性；
（2）硅光电池是一种直接把光能转换成电能的半导体器件；
（3）核能分为裂变和聚变两种，裂变应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上；
（4）可以从自然界中源源不断地得到的能源的是可再生能源；不可能在短期内从自然界得
到补充的能源是不可再生能源。
【解答】解：A.用纳米陶瓷粉制成的陶瓷具有一定的韧性，不易碎，故A错误；
B.硅光电池是把光能转换成电能的装置，故B正确；
C.原子弹爆炸时发生的是核裂变，故C错误；
D.地热能可以从自然界中源源不断地得到，属于可再生能源，故D错误。
第2页（共17页）故选：B。
【点评】本题考查能源的分类、半导体材料、核裂变、太阳能的利用，综合性强，但难度不大。
6．【分析】动圈式话筒的工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割
永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器→产生声音。
【解答】解：当你对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着一起
振动，而线圈处在磁场中，线圈振动时切割磁感线，能产生随着声音变化而变化的电流，
感应电流经过放大后，通过扬声器还原成声音。话筒运用的是电磁感应的原理，即导体在
闭合线圈中做切割磁感线运动，产生的感应电流；
A、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，故
A正确；
B、该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C、闭合开关，通电导体在磁场中受到力的作用，导体会运动，故C错误；
D、该图中电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查了动圈式话筒的工作过程及原理，动圈式话筒是根据电磁感应现象工作
的，将声音信号转变成电信号。
7．【分析】由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源电压，电流表A 测干路电流，电流表
1 2 1
A 测R 支路电流；
2 2
根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立
工作、互不影响可知滑片移动时通过R 电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电
1
阻的变化，根据欧姆定律可知通过R 电流的变化；根据电压表V示数与电流表A 示数的
2 1
变化判断两者比值的变化；根据并联电路的电流关系判定电流表 A 示数与电流表A 示
1 2
数的差值的变化。
【解答】解：由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源电压，电流表A 测干路电流，电流
1 2 1
表A 测R 支路电流；
2 2
A、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
B、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R 的电流不变；
1
当滑动变阻器R 的滑片P由中点向下端移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，由I＝
2
可知，通过R 的电流变大，即电流表A 的示数变大；因为通过R 的电流不变，通过R 的
2 2 1 2
电流变大，所以，由并联电路的电流特点可知，干路电流变大，即A 的示数变大，故B错
1
第3页（共17页）误；
C、根据并联电路的电流关系可知，电流表A 示数与电流表A 示数的差值为通过定值电
1 2
阻的电流，保持不变，故C错误；
D、电压表V示数不变、电流表A 示数变大，则电压表V示数与电流表A 示数的比值变
2 2
小，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好
并联电路中各支路独立工作、互不影响较为关键。
8．【分析】（1）二力平衡的特点：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直
线上；相互作用力的特点：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直
线上。
（2）物体因为运动而具有的能量叫动能；影响动能大小的因素是质量和速度。
（3）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性。
（4）做俯卧撑运动时，地面对手的支持力为动力，人的重力为阻力，根据动力臂和阻力臂
的大小关系，从而确定是省力杠杆还是费力杠杆。
【解答】解：A、足球静止在水平地面上时，受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用
在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误；
B、篮球出手后做斜上抛运动，到达最高点，竖直方向速度减为零，水平方向速度不为零，
动能不为零，故B正确；
C、奔跑的学生不能立即停下，是因为他具有惯性，仍要保持原来的运动状态；惯性不是力，
不能说受到了惯性的作用，故C错误；
D、做俯卧撑运动时，可以将人看成是一个杠杆，支点在脚尖位置，地面对手的支持力为动
力，人的重力为阻力，所以动力臂大于阻力臂，此时人相当于一个省力杠杆，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题通过体育运动考查惯性、相互作用力和平衡力的区别、杠杆、动能等知识的理
解和应用，综合题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
9．【分析】（1）已知甲、乙两容器装入质量相等的不同液体，由图可知：甲容器中液体的体积
小于乙容器中液体的体积，根据 ＝ 即可判断密度的大小；
ρ
（2）由图可知：容器中液体的深度相同，根据p＝ gh即可判断液体对容器底的压强大小；
（3）已知两球体积相同，根据排开液体的体积关系ρ，根据阿基米德原理得出受到的浮力大
第4页（共17页）小关系。
（4）根据小球B在乙液体中的浮沉判断出小球B与乙液体密度的关系，由甲乙液体密度
的关系判断出小球B与甲液体密度的关系，进而判断出小球B在甲乙中的浮沉和此时浮
力与重力的关系，最后判断出若把小球B放入甲液体中静止时小球B所受浮力与在乙液
体中所受浮力大小。
【解答】解：A、由图可知：甲容器中液体的体积小于乙容器中液体的体积，已知甲、乙两容
器装入质量相等的不同液体，根据 ＝ 可知：
甲
＞
乙
，故A正确；
ρ ρ ρ
B、未放入小球时，由图可知：容器中液体的深度相同，
甲
＞
乙
，根据p＝ gh可知：p甲 ＞p
乙 ，故B错误。 ρ ρ ρ
C、已知两球体积相同，均处于悬浮状态，则排开液体的体积相同，根据F浮 ＝ 液gV排 可知：
F浮A ＞F球B ，故C正确。 ρ
D、小球B在乙液体中悬浮，说明小球B的密度等于乙液体的密度，且F乙B ＝G
B
，由A知
甲
＞
乙
，所以若把小球B放入甲液体中，小球B静止时处于漂浮状态，受到的浮力等于
ρ小球Bρ的重力，所以若把小球B放入甲液体中静止时小球B所受浮力等于在乙液体中所
受的浮力，故D正确。
故选：ACD。
【点评】本题考查了学生浮沉条件的应用、对密度公式、阿基米德原理、液体压强公式的掌
握和运用，是一道综合题，有一定的难度。
10．【分析】由甲图可知：当开关S 、S 都闭合时，滑动变阻器R 与灯泡L并联，此时由于R
1 2 1 1
的阻值不能为零，由此即可判断出图乙中的上边的曲线为S 、S 都闭合时电流表示数与
1 2
R 阻值变化关系的图象，则下边的曲线为S ，S 都断开时电流表示数与R 阻值变化关系；
1 1 2 1
（1）由于开关S 、S 都闭合时，滑动变阻器R 与灯泡L并联在电源两端，则由图象即可读
1 2 1
出R 的阻值和电流，根据欧姆定律求出R 的两端的电压，即可得知电源电压和灯泡正常
1 1
工作的电压；
（2）灯泡发光时恰好正常工作，正常工作的电流是0.5A，利用P＝UI即可求出灯泡L的额
定功率；
（3）开关S 、S 都断开时，R 与R 串联，当R ＝0时电路中只有R 连入，由电流表示数与
1 2 1 0 1 0
R 阻值变化关系图象可知此时的电流表示数，利用欧姆定律求出R 的阻值；
1 0
（4）根据图象分别得出开关都闭合与都断开时电路中的最大电流；利用P＝UI即可求出比
第5页（共17页）值。
【解答】解：
由甲图可知，当开关S 、S 都闭合时，滑动变阻器R 与灯泡L并联，此时由于R 的阻值不
1 2 1 1
能为零，由此可判断出图乙中的上边的曲线为S 、S 都闭合时电流表示数与R 阻值变化
1 2 1
关系的图象，则下边的曲线为S 、S 都断开时电流表示数与R 阻值变化关系；如下图：
1 2 1
A、开关S 、S 都闭合时，滑动变阻器R 与灯泡L并联，由图象中上边的曲线可知，当R ＝
1 2 1 1
20 时，I ＝0.3A，
1
Ω
由I＝ 可得电源电压：U＝U ＝I R ＝0.3A×20 ＝6V，故A错误；
1 1 1
Ω
B、由于灯泡发光时恰好正常工作（其额定电压等于电源电压6V），且灯泡L正常工作的
电流是0.5A，则灯泡L的额定功率：P额 ＝P
L
＝UI
L
＝6V×0.5A＝3W，故B正确；
C、开关S 、S 都断开时，R 与R 串联，当R ＝0 时，电路中只有R 连入，由图象中下边
1 2 1 0 1 0
的曲线可知：I＝0.6A， Ω
由I＝ 可得R 的阻值：R ＝ ＝ ＝10 ，故C正确；
0 0
Ω
D、开关都闭合时，变阻器R
1
与灯泡L并联，干路最大电流I闭合 ＝I 1最大+I
L
＝0.6A+0.5A＝
1.1A；
开关都断开时，R
1
与R
0
串联，由图象中下边的曲线可知最大电流I断开 ＝0.6A，
则开关都闭合与都断开时，电路最大功率之比为：
P断开 ：P闭合 ＝UI断开 ：UI闭合 ＝I断开 ：I闭合 ＝0.6A：1.1A＝6：11，故D正确。
故选：BCD。
【点评】分析清楚电路结构、熟练应用串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的变形公
式即可正确解题。
第6页（共17页）二、填空题（每空1分，共17分
11．【分析】（1）物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子
运动越剧烈，分子间存在相互的引力和斥力；
（2）改变物体内能的方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
【解答】解：（1）分子在不停地做无规则运动，即扩散现象，温度越高，分子运动越剧烈，所
以刚出锅的“拔丝地瓜”的香味闻起来更加浓郁一些；
分子间存在相互作用的引力，在分子间引力作用下，使得夹起一块地瓜时就会拉出很长的
丝而不断开；
（2）做“拔丝地瓜”时，地瓜吸收热量由生到熟，是通过热传递的方式改变地瓜的内能。
故答案为：剧烈；引力；热传递。
【点评】本题主要考查学生对改变内能的方式、分子运动及分子间作用力的了解和掌握，
是一道基础题。
12．【分析】（1）饮料在大气压力作用下被压入嘴中；
（2）电荷间相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）在气体和液体中，流速大的位置压强小。
【解答】解：（1）用吸管吸饮料时，用力吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大
气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压的作用；
（2）将气球与头发摩擦后，气球和头发因摩擦起电而带有异种电荷，因异种电荷相互吸引，
所以相互靠近时气球与头发“吸”在一起；
（3）龙卷风旋转速度很大，内侧因流速大而压强小，外侧因流速小而压强大，所以物体在
压强差的作用下被“吸”起卷入空中。
故答案为：大气压；异种；压强小。
【点评】此题考查了大气压的应用、电荷间相互作用规律，以及流体压强与流速的关系等，
属于基础原理的应用，难度不大。
13．【分析】（1）卫星信号都是通过无线电波来传递信息的；
（2）在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象相对于参照物的
位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的。
【解答】解：（1）因电磁波可以在真空中传播，所以从火星探测器与地球之间用电磁波传递
信息；
（2）发射过程中，火箭携带“天问一号”探测器加速升空，以地面为参照物，火箭位置发
生了改变，所以是运动的。
第7页（共17页）故答案为：电磁波；运动。
【点评】本题考查电磁波的应用、运动和静止的判断，熟练掌握基础知识即可正确解题。
14．【分析】（1）根据二力平衡条件，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力
作用，且一对平衡力的大小相等，方向相反。
（2）影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；增大摩擦的方法：在压力一定时，
增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
【解答】解：小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，木箱处于静止状态，水平方
向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等；
擦黑板时要用力按黑板擦，是通过增大压力的方法增大摩擦力。
故答案为：等于；增大压力。
【点评】此题考查了二力平衡条件和增大摩擦力方法知识的应用，要明确当物体处于静止
状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，难度不大。
15．【分析】本题抓住根据右手定则判断通电螺线管的极性。影响电磁铁磁性强弱的因素：电
流的大小，线圈的匝数。滑动变阻器滑片移动，如何引起电流变化，从而引起的电磁铁磁
性强弱的变化。
【解答】解：根据右手定则判断电螺线管的上端为N极，小磁针将向顺时针方向转动；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强。
故答案为：顺时针、增强。
【点评】本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手定则判断通电螺线管的极性。
16．【分析】（1）从图中可知n＝3，设绳子对物体的拉力为F物 ，不计绳重和滑轮组的摩擦，对
动滑轮受力分析，根据平衡力的知识得出F物 ，因物体匀速运动，根据f＝F物 得出物体与
地面间的摩擦力；
（2）根据速度公式得出物体的速度v物 ，根据v绳 ＝3v物 得出绳子自由端的速度，根据P＝
＝ ＝Fv可知绳子自由端拉力F的功率；
（3）根据 ＝ ＝ ＝ ＝ 得出该滑轮组的机械效率。
η
【解答】解：（1）从图中可知n＝3，设绳子对物体的拉力为F物 ，不计绳重和滑轮组的摩擦，
对动滑轮受力分析，则3F＝G动+F物 ，则F物 ＝3F﹣G动 ＝3×10N﹣6N＝24N，
因物体匀速运动，物体与地面间的摩擦力f＝F物 ＝24N，
第8页（共17页）（2）物体的速度v物 ＝ ＝ ＝0.4m/s，
则绳子自由端的速度v绳 ＝3v物 ＝3×0.4m/s＝1.2m/s，
根据P＝ ＝ ＝Fv可知绳子自由端拉力F的功率P＝Fv绳 ＝10N×1.2m/s＝12W；
（3）该滑轮组的机械效率 ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝80%。
η
故答案为：24；12；80%。
【点评】本题考查功率的计算，并考查滑轮组的知识，综合性较强。
17．【分析】由图甲可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的
电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出最大和最小电流值，根据串联电路的特点和欧
姆定律表示出电源的电压，并求出R 的阻值和电源电压；
1
根据P＝I2R即可求出R 的最大电功率；
2
根据Q＝I2Rt即可求出R 产生的热量。
1
【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的
电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知最小和最大电流分别为I最小 ＝0.2A；I最大 ＝
0.6A，
由I＝ 及串联电路的电压规律可得：
U＝I最小 （R
1
+R
2
）＝0.2A×（R
1
+60 ）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
U＝I最大R
1
＝0.6A×R
1
﹣﹣﹣﹣﹣﹣Ω﹣﹣﹣②，
解①②得：R ＝30 ；U＝18V；
1
Ω
滑动变阻器 R 消耗的功率为：P ＝I2R ＝ R ＝ ＝
2 2 2 2
＝ ，当R ＝R 时，滑动变阻器R 消耗的功率最
1 2 2
第9页（共17页）大，最大功率为：
P ＝ ＝ ＝2.7W；
2
当滑片P在最左端时，R
1
产生的热量Q
1
＝I最大 2R
1
t＝（0.6A）2×30 ×60s＝648J；
故答案为：2.7；648。 Ω
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及识图能力，关键是知道滑动变
阻器接入电路中的电阻等于定值电阻的阻值时，滑动变阻器消耗的功率最大。
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．【分析】光从水中斜射入空气中时，在水面上发生折射的同时也发生了反射，利用光的反
射规律、折射规律即可作出对应的反射光线和折射光线。
【解答】解：先过折射点O垂直水面作出法线，根据折射角大于入射角，在法线左侧的水中
画出入射光线，方向指向入射点；
然后再根据反射角等于入射角做出反射光线，如图所示：
【点评】本题考查了根据光的折射规律作图，弄清光从空气斜射向水，还是从水斜射向空
气，从而确定折射角和入射角的大小关系。
19．【分析】宾馆房间内的灯和插座可以独立工作、互不影响即为并联，S 是控制灯L的开关
2
说明两者串联；只有房卡（开关S ）插入卡槽里，房间内的灯和插座才能工作，说明房卡开
1
关S 位于干路，由安全用电常识可知开关S 控制火线，据此进行解答。
1 1
【解答】解：开关S 是房卡开关相当于总开关，灯泡应与插座并联接入电路，S 是控制灯L
1 2
的开关；火线先连接S 然后连接插座与开关S 、灯泡，最后连在零线上，如下图所示：
1 2
第10页（共17页）【点评】本题考查了家庭电路的连接以及安全用电的常识，根据题意得出两开关的位置和
灯泡与插座的连接方式是关键。
四、简答题（共3分）
20．【分析】（1）由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个
冲程；
（2）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，在做功冲程中，内
能转化为机械能，在压缩冲程中，机械能转化为内能；
（3）汽油机的四个冲程只有做功冲程对外输出功，其它三个冲程依靠飞轮惯性完成。
【解答】解：（1）图中汽油机，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；
（2）汽油机在压缩冲程中，压缩气体做功，将机械能转化为内能；
（3）汽油机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其它三个冲程都是依靠惯性完成的，
因此吸气、压缩、排气冲程是靠飞轮的惯性完成的。
答：（1）此时汽油机处于压缩冲程；
（2）此冲程将机械能转化为内能；
（3）吸气冲程依靠惯性完成的。
【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断，以及能量的转化情况，要结合气门和活塞
运动情况进行判断，以及能量转化情况，是一道基础性题目。
五、计算题（本题共2小题，共12分，要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单
位）
21．【分析】（1）汽车静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝
mg求出其大小，根据p＝ 求出对地面的压强；
（2）根据P＝ ＝ ＝Fv求出汽车的牵引力，汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一
对平衡力，大小相等，据此求出阻力；
（3）利用Q＝mq计算汽油的质量。
【解答】解：（1）汽车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F压 ＝G＝mg＝1.8×103kg×10N/kg＝1.8×104N，
对地面的压强：
p＝ ＝ ＝2.4×105Pa；
第11页（共17页）（2）汽车在该路段的速度：
v＝ ＝ ＝20m/s；由P＝ ＝ ＝Fv可得汽车的牵引力：
F＝ ＝ ＝1200N，
因汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，
所以，在这一过程中汽车受到的阻力f＝F＝1200N；
（3）由题意知，Q放 ＝W总 ＝1.8×108J，
根据Q＝mq可得，汽油的质量：
m＝ ＝ ＝4kg。
答：（1）汽车静止在水平地面上时，对地面的压强为2.4×105Pa；
（2）在这一过程中汽车受到的阻力为1200N；
（3）该车百公里消耗电能1.8×108J，若这些能量完全由燃烧汽油来获得，相当于完全燃烧
汽油4千克。
【点评】本题是力学和热学的综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、燃料完全燃烧放
热公式、功率公式以及热量公式的理解与应用，是一道综合题。
22．【分析】（1）只闭合S 、断开开关S 时是温水挡，根据表格数据和P＝UI算出此时电路中
1 2
的电流；
（2）知道热水挡的电功率和温水挡的功率，求出R 消耗的电功率，利用P＝UI＝ 求R
2 2
的阻值；
（3）知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸 ＝cm（t﹣t
0
）求出水吸收的热量，又
知道热水挡的电功率和加热时间，根据W＝Pt求出1min消耗的电能，利用 ＝
η
×100%求出此电热水龙头加热的效率。
【解答】解：（1）闭合开关S 、断开开关S 时，只有电阻R 接入电路，是温水挡，此时的功
1 2 1
率为1980W，根据P＝UI知此时路中的电流：
I＝ ＝ ＝9A；
（2）热水挡时闭合开关S 、S ，电阻R 、R 并联，是热水挡，此时功率为4400W，R 消耗的
1 2 1 2 2
电功率为：
第12页（共17页）P
2
＝P热 ﹣P温 ＝4400W﹣1980W＝2420W，
根据P＝UI＝ 可知电热丝R 的电阻：
2
R ＝ ＝ ＝20 ；
2
Ω
（3）由P＝ 可得S 和S 都闭合出热水时，通电20s消耗的电能：
1 2
W＝Pt＝4400W×20s＝8.8×104J；
水吸收的热量：
Q吸 ＝c水m（t﹣t
0
）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（34℃﹣15℃）＝7.98×104J，
此电热水龙头加热的效率为：
＝ ×100%＝ ×100%≈90.7%。
η
答：（1）闭合开关S 、断开开关S ，此时电路中的电流为9A；
1 2
（2）电热丝R 的电阻为20 ；
2
（3）电热水龙头的加热效率Ω为90.7%。
【点评】本题考查了并联电路特点、欧姆定律公式、电功率公式、热量公式以及效率公式的
应用，正确分析电路，是一道中等题。
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．【分析】（1）看清温度计的0刻度线和分度值，可读出温度值。
（2）为了观察晶体熔化过程的现象，要使晶体受热均匀，水浴法加热可实现物质受热均匀。
（3）有一定熔化温度的固体叫晶体，晶体熔化过程中吸热温度保持不变，物质处于固液共
存状态。
（4）液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
【解答】解：（1）如图乙所示温度计的示数是﹣4℃。
（2）把装有碎冰块的试管放到装有水的大烧杯中加热，此方法称为水浴法，主要目的是使
碎冰块受热均匀。
（3）图丙是小明根据实验数据绘制的冰的温度随时间变化的图像，在第4min到第10min，
物质吸热温度保持不变，由此可知冰是晶体。在第6min时，试管内的物质处于固液共存态。
（4）小明又继续加热一段时间，观察到烧杯内的水会沸腾，但试管内的水不会沸腾，因为
试管内的水可以达到沸点，但不能继续吸热，所以只有烧杯内的水沸腾。
第13页（共17页）故答案为：（1）﹣4；（2）受热均匀；（3）晶体；固液共存态；（4）烧杯。
【点评】准确读取温度计的示数，知道水浴法加热的目的，理解晶体的特点以及晶体熔化
的规律，明确液体沸腾的特点，可解答此题。
24．【分析】（1）根据光线过光心不改变方向，判断蜡烛、或凸透镜、或光屏的移动情况；
（2）u＞2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用此原理；
（3）根据像的位置变化判断眼镜对光线的作用，根据其判断出眼镜的种类；
（4）当物距等于二倍焦距时，像距等于二倍焦距，成倒立、等大的实像。
【解答】解：
（1）像的位置偏高，根据光线过光心不改变方向，使烛焰升高，或使凸透镜降低，或使光屏
升高。
（2）凸透镜位于50cm刻线处，蜡烛移至25cm刻度线处，物距u＝50cm﹣25cm＝25cm，凸
透镜的焦距f＝10cm，u＞2f，成倒立、缩小的实像；其应用是照相机；
（3）把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏向左移动适当距离后像又清晰。说明该眼镜对光
线具有会聚作用，为凸透镜，是远视眼镜；
（4）将蜡烛移到光具座30cm刻度线处，此时的物距为20.0cm＝2f，凸透镜不动，移动光屏，
当光屏上再次出现清晰的像时，像距为v＝2f＝20.0cm；此时像与物体之间的距离为4f；
在凸透镜成实像时，物像之间的最小距离为4f，所以此时蜡烛和光屏之间的距离小于（2）
操作中光屏上出现清晰的像时蜡烛和光屏之间的距离。
故答案为：（1）下；（2）缩小；照相机；（3）远视眼；（4）小于。
【点评】凸透镜成像的三种情况和凸透镜成实像时，物距减小，像距变大像变大，都是凸透
镜成像习题的重要依据；还需掌握远视眼及其矫正方法，属基础问题的考查，难度不大。
25．【分析】（1）天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调；
（2）确定天平标尺的分度值，物体的质量等于砝码质量加游码（以左侧）对应的刻度值；
（3）量筒的分度值为1cm3，木块的体积等于水和木块的总体积减去水的体积；
根据 ＝ 求出木块的密度；
ρ
（4）如果考虑到木块吸水，测得木块的体积偏小，根据 ＝ 分析密度变化；
ρ
（5）根据浮力知识，若测出木块完全浸没时的浮力，则可根据V＝V排 ＝ 计算出木
块的体积，从而计算出木块的密度。
第14页（共17页）【解答】解：
（1）发现指针偏向分度盘中线的左侧，则应将平衡螺母向右调节，使天平横梁在水平位置
平衡。
（2）图甲中标尺的分度值为0.2g，则木块的质量：m＝10g+5g+3g＝18g；
（3）图乙中水的体积16ml，水和木块的总体积为46ml，
则木块的体积：V＝46ml﹣16ml＝30ml＝30cm3
木块的密度：
木块
＝ ＝ ＝0.6g/cm3＝0.6×103kg/m3，
ρ
（4）如果考虑到木块吸水，测得木块的体积偏小，根据 ＝ 可知，用以上方法测得木块密
ρ
度值偏大；
（5）②把一块石块系在木块下，用测力计吊着木块和石块，只让石块浸没在水中，静止时
读出测力计的示数为F ；此时石块没入水中排开水的体积就是自身的体积，此时受到的浮
2
力F浮1 ＝ 水gV石块 ＝G木+G石块 ﹣F
2
﹣﹣﹣①
③把挂在ρ测力计下的木块和石块浸没在水中（如图丙），静止时读出测力计的示数为F
3
；
此时受到的浮力F浮2 ＝ 水g（V石块+V木 ）＝G木+G石块 ﹣F
3
﹣﹣﹣②
ρ
由①﹣②可得V木块 ＝ ，
木块质量m＝ ＝ ，
木块密度表达式： ＝ ＝ ＝ • 。
木块 水
ρ ρ
故答案为：（1）右；（2）18；（3）0.6×103；（4）大；（5）②仅将石块浸没在水中；④ •
ρ
。
水
【点评】本题考查了密度公式的计算和阿基米德原理的应用，关键是知道石块没入水中排
开水的体积就是自身的体积，计算时要注意单位的统一，（5）小题用称重法测浮力和阿基
第15页（共17页）米德原理求得木块的体积，这是本题的关键。
26．【分析】（1）电流表在测电流时，要串联在被测电路中，故分析电路，电流表并联在灯泡两
端，会造成灯泡短路，故此时灯泡不发光，正确连接应去掉电流表“+”接线柱与灯右端
的连接的这一根线，将灯的右端与电压表的“﹣”接线柱连接；
（2）先判断电流表所选量程，数出电流表指针偏转的格数，格数乘以分度值即为电流表读
数，由R＝ 求小灯泡正常发光时的电阻；
（3）灯丝的电阻随温度升高而增大，根据欧姆定律，电压的增加量应大于电流的增加量；
（4）①闭合开关S 、S ，断开S ，将滑动变阻器的滑片移到右端，电压表示数为4.5V，即为
1 2 3
电源电压；
②闭合开关S 、S ，断开S ，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，此时灯泡两端
1 3 2
的电压为2.5V，此时灯泡正常发光；
③闭合开关S 、S ，断开S ，此时滑动变阻器接入最大阻值，保持滑动变阻器滑片的位置
1 2 3
不变，此时电压测量的电压为滑动变阻器最左端到滑片P之间电阻的电压；则滑动变阻器
的滑片到最右端的电压为：4.5V﹣3V＝1.5V；根据串联分压特点，则滑片分割的两部分电
阻为：R左 ＝10 ，R右 ＝5 ；由于③中滑片的位置和②中滑片位置相同，则②中滑片接入
Ω Ω
电阻中的阻值为10 ，则②中的电流I＝ ＝ ＝0.2A；根据P＝UI可求小灯泡的额
Ω
定功率P额 。
【解答】解：（1））电流表在测电流时，要串联在被测电路中，故分析电路，电流表并联在灯
泡两端，会造成灯泡短路，故此时灯泡不发光，正确连接应去掉电流表“+”接线柱与灯
右端的连接的这一根线，将灯的右端与电压表的“﹣”接线柱连接；故正确的电路连接如
图：
第16页（共17页）（2）电流表的量程为0～0.6A，则分度值为0.02A，指针偏转20格，则电流表读数为0.4A；
此时小灯泡正常发光，则电压为3.8V，故灯的电阻R＝ ＝ ＝9.5 ；
Ω
（3）灯丝的电阻随温度升高会增大；在丙图中，横轴应该表示的物理量是电压，电压变化
量要大于电流变化量，才能表示电阻的阻值在增大；
（4））①闭合开关S 、S ，断开S ，将滑动变阻器的滑片移到右端，电压表示数为4.5V，即
1 2 3
为电源电压；
②闭合开关S 、S ，断开S ，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，此时灯泡两端
1 3 2
的电压为2.5V，此时灯泡正常发光；
③闭合开关S 、S ，断开S ，此时滑动变阻器接入最大阻值，保持滑动变阻器滑片的位置
1 2 3
不变，此时电压测量的电压为滑动变阻器最左端到滑片P之间电阻的电压；则滑动变阻器
的滑片到最右端的电压为：4.5V﹣3V＝1.5V；根据串联分压特点，则滑片分割的两部分电
阻为：R左 ＝10 ，R右 ＝5 ；由于③中滑片的位置和②中滑片位置相同，则②中滑片接入
Ω Ω
电阻中的阻值为10 ，则②中的电流I＝ ＝ ＝0.2A；小灯泡的额定功率P额 ＝U额I
Ω
＝2.5V×0.2A＝0.5W。
故答案为：（1）不发光； ；（2）9.5；（3）
增大；电压；（4）②闭合开关S 、S ，断开S ；2；④0.5。
1 3 2
【点评】本题考查错误电路的分析及现象，电流表读数，电阻计算、影响电阻的因素，同进
也考查了设计实验测电功率，综合性，有一定难度。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布
日期：2022/3/25 16:11:06；用户：我不叫王海宁；邮箱：orFmNtygTZdeoRRXtaD47YJRzPg0@weixin.jyeoo.com；学号：39962365
第17页（共17页）
