菏泽期末-物理答案_4.2025物理总复习_2023年新高复习资料_3物理高考模拟题_新高考_2023山东省菏泽市高三上学期期末考试物理_2023山东省菏泽市高三上学期期末考试物理

高三物理试题参考答案 一、单选题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。 1.B 2.D 3.C 4.D 5.A 6.B 7.C 8.B 二、多选题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中有多项符合 要求。全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。 9.BC 10.AD 11.BD 12.AC 三、非选择题：本题共6 小题，共 60 分。 13. （6 分） d2 （1）1.050 （2） （3）偏大 2lt2 评分标准：每问2 分，共6 分。 14. （8 分） （1）R （2）右 （3）电路连接如图 1 （4）1.56 1.3 评分标准：第（1）、（2）问各1 分；第（3）问2 分；第（4）问每空2 分；共8 分。 15. （7 分） sin 解：（1）设光在EF 介面上折射角为r，由折射定律得：n ① sinr d 光由EF 面至AB 面传播距离：s  ② cosr c 光在玻璃中的传播速度：v ③ n s 光束穿过玻璃砖所用时间：t  ④ v 学科网（北京）股份有限公司2 6d 联立以上各式代入数据解得：t  ⑤ 3c （2）不放遮光板时光束传播光路图如图所示， 从EF 面恰好观察不到有光束射出，则遮光板上沿应位于D 点  L  由几何关系可得：l   d tanrsin45 ⑥  2  2 6d 即l  L ⑦ 4 6 评分标准：每式1 分，共7 分。 16. （9 分） 解：（1）设轻绳断开时甲速度的大小为v ，根据机械能守恒 1 L L 1 Mg sinmg  (M m)v2 ① 2 2 2 1 设甲到达斜面底端时的速度大小为v ，根据动能定理 2 L 1 1 Mg sin Mv2  Mv2 ② 2 2 2 2 1 重力的瞬时功率 P Mgv sin ③ 2 解得：P=21W ④ （2）设甲到达C 时的速度大小为v ，根据动能定理 3 1 1 Mgl  Mv2  Mv2 ⑤ 2 3 2 2 由C 到D 过程，由动能定理得 学科网（北京）股份有限公司1 1 Mg2R Mv2  Mv2 ⑥ 2 4 2 3 设甲到达D 时的速度大小为v ，根据牛顿运动定律 4 v2 Mg M 4 ⑦ R 解得：0.4 ⑧ 评分标准：①式2 分，其余每式1 分，共9 分。 17. （14 分） 解：（1）I 区域内粒子在xoz 平面内做匀速圆周运动，轨迹如图 由几何关系得：r 2l ① 1 mv2 由牛顿第二定律得：qvB  ② r 1 mv 解得：B  0 ③ 2ql （2）II 区域内粒子在yoz 平面内做类平抛运动 4l z 轴方向： v t ④ 3 01 l 1 y 轴方向：  at2 ⑤ 2 2 1 qE a ⑥ m 9mv2 联立解得：E  0 ⑦ 16ql （3）进入Ⅲ区域后做螺旋线运动 粒子在M 点沿y 轴方向的分速度为： 学科网（北京）股份有限公司3 v at v  v ⑧ y 1 y 4 0 xoy 平面内做圆周运动，轨迹如图 由几何关系可知：  l  2 3   r2  lr 2 可解得：r  l ⑨ 2 2 2 2 8 2r l 则粒子在xoy 平面内做圆周运动的周期：T  2  ⑩ v v y 0 设由M 到N 时间为t ，M、N 两点y 坐标相同 2 则：t nT （n=1，2，3……） 2 ⑪ 粒子沿z 轴的正方向做初速度为v 的匀加速直线运动，由运动学公式得 0 1 Lv t  at2 0 2 2 2 ⑫ 9n22 代入数据解得：Lnl l （n=1，2，3……） 32 ⑬ 评分标准：①式2 分，其余每式1 分，共14 分。 18. （16 分） 解：（1）P 能沿斜面匀速下滑，则 mgsinmgcos ① 解得：tan ② （2）设Q 下滑的加速度为a，由牛顿第二定律：mgsinma ③ 1 经t 发生第1 次碰撞，由匀变速直线运动规律：l  at2 ④ 1 0 2 1 学科网（北京）股份有限公司2l 解得：t  0 ⑤ 1 gsin （3）Q 与P 第1 次碰撞前的速度：v at ⑥ 0 1 解得：v  2gl sin 0 0 Q、P 第1 次碰后速度分别为v 、v Q1 P1 碰撞过程动量守恒：mv mv mv ⑦ 0 Q1 P1 1 1 1 碰撞过程机械能守恒： mv2  mv2  mv2 ⑧ 2 0 2 Q1 2 P1 解得：v 0 v v  2gl sin Q1 P1 0 0 即碰撞过程交换速度 碰后Q 做初速度为零的匀加速运动，加速度仍为a 碰后物块P 匀速下滑 设再经时间t ，发生第2 次碰撞 2 1 v t  at2 ⑨ P 1 2 2 2 第2 次碰前物块Q 的速度：v at ⑩ Q2 2 根据弹性正碰可得，碰撞过程Q、P 交换速度，则碰后Q、P 的速度分别为v 、v Q2 P2 v v  2gl sin Q2 0 0 v 2v 2 2gl sin P2 0 0 ⑪ （4）设再经t 发生第3 次碰撞，同理可得t t 3 3 2 第三次碰前Q 的速度大小为v v at 3v Q3 0 2 0 碰后Q 的初速度大小v 2v Q3 0 P 匀速运动速度大小v 3v P3 0 经t 第4 次碰撞：t t 4 4 2 P 匀速运动速度大小v 4v P4 0 学科网（北京）股份有限公司综上分析可得： 第n-1 次碰撞到第n 次碰撞用时t t n 2 ⑫ 2l 则从释放到第n 次碰撞用时t t t t (2n1) 0 1 2 n gsin ⑬ 物体第1 次、第2 次、第3 次、…第n-1 次碰撞后运动位移分别为x 、x 、x 、…x ， 1 2 3 n1 x v t 1 0 2 x 2v t 2 0 2 x (n1)v t n1 0 2 ⑭ 第n 次碰撞点到Q 释放点距离为xl x x x 0 1 2 n1 ⑮ 解得x(2n2 2n1)l 0 评分标准：每式1 分，共16 分。⑯ 学科网（北京）股份有限公司