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第五章能力提升检测卷
完卷时间：90分钟
可能用到的相对原子质量：C12 O16 Al27 S32 Ba137
一、选择题（每小题只有一个正确选项，共16*3分）
1．（2021·天津高三二模）下列化学用语正确的是
A．聚丙烯的结构简式为
B．HO的比例模型：
2
C．中子数为10的氧原子：
D．乙烯的电子式：
【答案】C
【解析】A．聚丙烯的结构简式为 ，故A错误；B．HO的比例模型： ，故B错
2
误；C．中子数为10的氧原子，核电荷数为18： ，故C正确；D．乙烯的电子式： ，故
D错误；故选C。
2．（2021·广东高三二模）“嫦娥五号”带回的月球土壤中富含 ， 可以发生核聚变反应生成
。下列关于 、 的说法正确的是
A．互为同位素 B．中子数相同 C．质量数相同 D．性质完全相同
【答案】A
【解析】 、 ，具有相同质子数，不同中子数，质量数不同互为同位素，性质相似，故A正确；故
选A。
3．（2021·四川遂宁市·高三三模）一种由短周期元素组成的化合物，其结构如图所示。X、Y、Z、Q、R
位于同一周期原子序数依次递增，Z、Q的核电荷数之和等于R的最外层电子数的2倍。下列不正确的是A．Y和R形成的化合物中各原子最外层均满足8电子稳定结构
B．原子半径：X＞Z＞Q＞R
C．元素的非金属性：Z＜Q＜R
D．化合物存在离子键和共价键
【答案】A
【解析】X、Y、Z、Q、R位于同一周期，Z形成4个共价键，为IVA元素，Q形成2个共价键，为VIA族元
素；R形成1个共价键，为VIIA族元素；由Z、Q的核电荷数之和等于R的最外层电子数的2倍，可以推出
Z为C，Q为O，R为F，X为Li；Y形成4个共价键，整个阴离子带有1个单位的负电荷，则Y为IIIA族元
素B。A．Y与R形成的化合物为BF，B原子没有满足8电子稳定结构，B原子周围为6个电子，故A错误；
3
B．同一周期，从左到右原子半径逐渐减小，Li>C>O>F，故B正确；C．同一周期，从左到右，非金属性增
强，所以BX>W
D．氧化物的水化物的酸性Z>X>W
【答案】B【解析】根据该物质的结构简式可知Y能形成2个共价键，可推测其为O原子，最外层电子数为6，X可以
形成3个共价键，推测为N原子，最外层电子数为5，Z可以形成一个共价键，且半径最大，应为Cl元素，
最外层电子数为7，则W的最外层电子数应为4，且半径小于Cl，应为C元素；综上所述W为C、X为N、Y
为O、Z为Cl。A．WY、XY 分别为CO、NO，CO 和水反应生成碳酸钠，不属于氧化还原反应，A错误；B．
2 2 2 2 2
Z 和ZY 分别为Cl 和ClO，水溶液都具有强氧化性，可以用于自来水消毒，B正确；C．C、N、O为同周期
2 2 2 2
元素，同周期主族元素自左至右原子半径减小，即半径C＞N＞O，即W＞X＞Y，C错误；D．非金属性Cl＞N
＞C，其最高价氧化物对于水化物的酸性依次减弱，但若不是最高价氧化对应的水化物则不一定，如HClO
的酸性小于HNO，D错误；综上所述答案为B。
3
8．（2021·四川成都市·石室中学高三三模）短周期主族元素X、Y、Z、W、Q、R的原子序数依次增大，
其中只有Z和W是金属元素。X原子的最外层电子数是其内层电子数的2倍，Y是地壳中含量最高的元素，
Z的原子半径是短周期主族元素中最大的，Q与Y同族。下列说法一定正确的是
A．简单离子半径的大小顺序：W>Q>R>Y
B．X、Z、Q最高价氧化物对应水化物均可与W的最高价氧化物对应水化物反应
C．X的氢化物沸点低于Y的氢化物沸点
D．ZY 可用于呼吸面具或潜水艇中作为氧气的来源
2 2
【答案】D
【解析】X原子的最外层电子数是其内层电子数的2倍，核外有6个电子，为C；Y是地壳中含量最高的元
素，Y为O；Q与Y同族，则Q为S，R原子序数大于S，且为短周期，为Cl；Z的原子半径是短周期主族元
素中最大的，Z为Na；W为金属，为Mg或Al，X、Y、Z、W、Q、R分别为C、O、Na、Mg或Al、S、Cl。A．
Y、W、Q、R分别为O、Mg或Al、S、Cl，具有相同核外电子排布的简单离子，序数越大，半径越小，则半
径的大小顺序：S2->Cl->O2-> Mg2+或Al3+，A说法错误；B．Z的氧化物为氧化钠，若W为Mg时，氧化钠与氢
氧化镁不反应，B说法错误；C．X的氢化物为烃类，沸点不一定低于水的沸点，C说法错误；D．ZY 为
2 2
NaO，能与水和二氧化碳产生氧气，可用于呼吸面具或潜水艇中作为氧气的来源，D说法正确；答案为
2 2
D。
9．（2021·江西高三二模）a、b、c、d、e均为短周期主族元素，其原子半径和最外层电子数的关系如图
所示。下列说法正确的是A．d的含氧酸酸性比e的强
B．c、d、e的氢化物的沸点：c＜e＜d
C．a、b形成的化合物与b、e形成的化合物化学键类型一定相同
D．a、b形成的化合物与水完全反应产生1mola单质转移的电子数为N
A
【答案】D
【解析】由图可知，根据原子最外层电子数和原子半径的大小可以推出，a是氢元素，b是钠元素，c是碳
元素，d是氮元素，e是硫元素。A．d，e的含氧酸的酸性强弱无法比较，应该比较d、e的最高价含氧酸
的酸性强弱，故A错误；B．没有说明是最简单氢化物的沸点，不能比较三种物质氢化物的沸点大小，故B
错误；C．a、b形成的化合物是氢化钠，含有离子键， b、e形成的化合物是硫化钠或者是过硫化钠，而过
硫化钠化学键是离子键和共价键，则化学键的类型不一定相同，故C错误；D．a、b形成的化合物是氢化
钠，与水反应的化学方程式是 ，则 与水完全反应产生1mola（氢气）单质转移
的电子数为N ，故D正确；故选：D。
A
10．（2021·天津高三二模）下列事实不能用元素周期律解释的是
A． 的碱性强于 B． 与冷水剧烈反应， 与冷水缓慢反应
C． 的稳定性强于HS D． 的沸点高于
2
【答案】D
【解析】A． 同周期从左到右元素的金属性减弱，最高价氧化物对应水化物碱性减弱， 的碱性强于
，故A不选；B． 同周期从左到右元素的金属性减弱，单质与水反应由易到难， 与冷水剧烈
反应， 与冷水缓慢反应，故B不选；C． 同主族从上到下，元素的非金属性减弱，氢化的稳定性减弱，的稳定性强于HS，故C不选；D． 相对分子质量 ＞ ，分子间作用力 ＞ ，
2
的沸点高于 ，不能用元素周期律解释，故D选；故选D。
11．（2021·福建高三三模）短周期元素X、Y、Z、R的原子序数依次增大，离子化合物YR可用于调味和
食品保存，X、Y、Z三种元素组成的两种化合物A、B的性质如图，Z的质子数是X的质子数的2倍。下列
说。法正确的是
A．R的氢化物可能为弱酸
B．简单离子半径：Y＜Z＜R
C．Y与X形成的一种化合物也可以使品红溶液褪色
D．化合物A和B的水溶液皆呈碱性
【答案】C
【解析】短周期元素X、Y、Z、R的原子序数依次增大，离子化合物YR可用于调味和食品保存，则Y为
Na，R为Cl，已知化合物A、B的转化关系图，且A与R的氢化物生成的气体能使品红溶液褪色，说明该气
体为二氧化硫，A中含有S元素。Z的质子数是X的质子数的2倍，则A为亚硫酸钠，B为硫酸钠，亚硫酸
钠与盐酸反应生成二氧化硫气体，与氯气反应生成硫酸钠，与过氧化氢反应生成硫酸钠，故元素X、Y、
Z、R分别为O、Na、S、Cl，A为亚硫酸钠，B为硫酸钠。A．HCl为强酸，A项错误；B．简单离子半径
NaC， 、HCO 中酸性较强的是 ；
2 3
(3) A．氯化铝溶液的 大于等浓度氯化钠溶液的 ，说明氢氧化铝的碱性比氢氧化钠弱，证明钠的金
属性大于铝，故选A；
B．单质的硬度和熔、沸点与金属性强弱无关，故不选B；
C．金属单质作还原剂时失去的电子数目的多少与金属性强弱无关，故不选C；
D．金属性越强，与酸反应的速率越快，根据单质与同浓度盐酸反应的剧烈程度，可判断金属性强弱，故
选D；
选AD。
(4)由元素 组成的剧毒化合物 不慎泄露时，通常用过氧化氢溶液处理，反应生成一种
酸式盐和一种气体，二者溶于水均呈碱性，则反应生成碳酸氢钠和氨气，该反应的化学方程式为
。
19．（2020·福建省福州第一中学高三一模）（10分）A、B、C、D、E五种物质均含有同一种元素，它们
之间有如图所示转化关系。(1)若A～E均为化合物，均含有Y元素，A是淡黄色固体；物质的量浓度相等的B、C两溶液中，C溶液的
pH较小；电解D的水溶液可以生成B和两种气体单质，该反应是工业上生产B的重要反应。写出电解D的
水溶液时发生反应的化学方程式：______。
(2)若A为气体单质，C、D的相对分子质量相差16，常温下，0.1mol·L－1 E溶液中只有3种离子，且溶液
中的 。则：
①A、B、C、D、E中都含有的元素在周期表中是位置为____，B的电子式为____。
②E→ C反应的离子方程式为________________。
(3)若A为短周期元素组成的固体非金属单质，标准状况下2.24 L C气体通入1L0.1mol·L－1的NaOH溶液
中，恰好完全反应，所得溶液的pH<7，则反应后溶液中离子浓度由大到小的顺序为__________(OH-除外)。
(4)若A为常见金属单质，B、C均为盐，B的水溶液呈酸性，C的水溶液呈碱性，D是一种白色沉淀。若将
金属A的粉末与硝酸钠溶液混合后，再加入足量的氢氧化钠溶液，产生的气体只有一种，该气体无色、有
刺激性气味，并能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，则该反应的离子方程式为___________________。
【答案】（除标注外，每空2分）(1)
(2)①第二周期VA族（1分） （1分）
②
(3) (4)
【解析】(1) 若A～E均为化合物，均含有Y元素，A是淡黄色固体，推知A是 NaO，NaO 能和水、CO 分
2 2 2 2 2
别反应生成 NaOH、NaCO，由溶液的 pH大小关系，得B是NaOH、C是 NaCO，由“电解D的水溶液可以
2 3 2 3
生成B和两种气体单质,该反应是工业上生产B的重要反应”，D是NaCl，电解 NaCl溶液的化学方程式为
，故答案为： ；(2) ①由条件“C、D的相对分子质量相差16”，知C、D相差一个O原子，C、D均为同一元素的氧化物，
再由A为气体单质，知A为N，再由条件“0.1 mol/L的E溶液的 与
2
联立，得到c(H+)=0.1mol/L，故溶液E为强酸性的HNO，则B为NH，C为 NO、D
3 3
为 NO，A、B、C、D、E中都含有氮元素，其在第二周期VA族
2
，B为NH 其电子式为 ，故答案为：第二周期VA族， ；
3
②E为强酸性的HNO，C为 NO ，E→ C反应的离子方程式为 ，
3
故答案为： ；
(3)短周期元素组成的固体非金属单质有硼、碳、硅、磷、硫五种，由0.1 mol气体C与0.1 mol NaOH 恰
好完全反应后溶液呈酸性可知，气体C为SO，恰好完全反应生成 NaHSO , HSO 的水解程度小于其电离
2 3
程度，故溶液的pH<7，溶液中离子浓度大小为 c(Na+)>c(HSO )>c(H+)>c(SO )，故答案为：
c(Na+)>c(HSO )>c(H+)>c(SO )；
(4) 由条件知A为Al，Al元素能形成铝盐和偏铝酸盐,B为溶液呈酸性的铝盐,C为溶液呈碱性的偏铝酸盐，
白色沉淀D为 Al(OH)，碱性条件下，金属 Al可在硝酸钠溶液中被氧化为 AlO ，根据题意，NO 被还原
3
为NH，即 ，故答案为：
3
。
20．（2020·全国高三模拟）（10分）A、B、C、D、E、F、G均为短周期元素，原子序数依次递增。A元
素原子核内无中子，B元素原子最外层电子数是次外层电子数的2倍，D是地壳中含量最多的元素，E的化
合物焰色反应是黄色，F与G位置相邻，G是同周期元素中原子半径最小的元素。请用化学用语回答：
(1)D的简单阴离子的结构示意图是__________________。
(2)用电子式表示EF的形成过程___________。
2
(3)E、F、G三种元素所形成的简单离子，半径由大到小的顺序是________。
(4)下列实验操作对应的实验现象中，不正确的是________（填字母）。
选
实验操作 实验现象
项
a 将E单质投入到CuSO 溶液中 生成大量红色固体
4
先生成白色沉淀，然后沉淀溶
b 向AlCl 溶液中通入过量C的气态氢化物
3 解
将G的单质通入到NaBr溶液中充分反应后，加入四氯化碳，振
c 下层溶液变为橙色
荡，静置
d 将B的最高价氧化物通入到NaSiO 溶液中 生成白色沉淀
2 3
(5)写出A与B形成的10电子分子的化学式___________，该物质与G的单质在光照下反应，一段时间后，
下列装置示意图中能正确反映实验现象的是_________ (填字母)。
【答案】（除标注外，每空2分）(1) （1分） (2)
(3) S2-＞C1-＞Na+
(4)ab
(5)CH（1分） D
4
【解析】A、B、C、D、E、F、G均为短周期元素，原子序数依次递增；A元素原子核内无中子，则A为H元
素；B元素原子最外层电子数是次外层电子数的2倍，则B原子只能有2个电子层，最外层有4个电子，则B为C元素；D元素是地壳中含量最多的元素，则D为O元素；C元素原子序数介于碳与氧之间，则C为N
元素；E的化合物焰色反应是黄色，则E为Na元素；G原子序数大于钠，处于第三周期，且G是同周期元
素中原子半径最小的元素，故G为C1元素；F与G位置相邻，原子序数大于钠元素，故F为S元素。由以
上分析知，A为H元素，B为C元素，C为N元素，D为O元素，E为Na元素，F为S元素，G为C1元素，
(1)D为O元素，其简单阴离子的结构示意图是 ；
(2)EF为NaS，是离子化合物，用电子式表示EF的形成过程为
2 2 2
；
(3)E、F、G三种元素的原子所形成的简单离子中，Na+比其他两种离子少一个电子层，半径最小，S2-、C1-
具有相同的电子层结构，核电荷数大的离子半径较小，故半径由大到小的顺序是S2-＞C1-＞Na+；
(4)a. 将单质钠投入到CuSO 溶液中，钠先和水反应生成NaOH和氢气，NaOH和CuSO 反应生成Cu(OH) 蓝色
4 4 2
沉淀，钠不能置换出单质铜，所以无大量红色固体生成，故不正确；b. C的气态氢化物氨气通入AlC1 溶
3
液，发生反应：AlC1+3NH∙HO=Al(OH)↓+3NHCl，产生白色沉淀，氨气过量，Al(OH) 不溶解，故不正确；
3 3 2 3 4 3
c. Cl 通入到NaBr溶液中充分反应，C1 置换出NaBr中的Br，加入四氯化碳，振荡，静置，由于Br 易溶
2 2 2 2
于CCl，则CCl 层变为橙色，CCl 比水的密度大，在下层，故正确；d. B的最高价氧化物CO 通入到
4 4 4 2
NaSiO 溶液中产生HSiO 白色沉淀，故正确；故选ab；
2 3 2 3
(5)A与B形成的10电子分子的化学式为CH；CH 与Cl 在光照下能够发生取代反应，生成一系列的氯代甲
4 4 2
烷(一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯化碳)及氯化氢，一氯甲烷为气体，二氯甲烷、三氯甲烷、四氯
化碳均为难溶于水的油状液体，故试管内壁有油状液滴，氯气被消耗，因此气体颜色变浅，生成的氯化氢
极易溶于水，而使试管中的气压减小，饱和食盐水进入试管中，因此可以看到D装置的现象，答案选D。
21．（2020·四川省广汉中学高三一模）（12分）A、B、C、D、E、F是原子序数依次增大的短周期主族元
素，A的最外层电子数是次外层电子数2倍，B是短周期中金属性最强的元素，C是同周期中阳离子半径最
小的元素，D元素的最高价氧化物对应水化物与B元素的最高价氧化物对应水化物反应的产物M是制备木
材防火剂的原料，E的最外层电子数与内层电子数之比为3﹕5。
请回答：
（1）D的元素符号为___________。
（2）F在元素周期表中的位置___________。（3）用电子式表示由元素B和F组成的化合物的形成过程：__________________________。
（4）B单质与氧气反应的产物与C的单质同时放入水中，产生两种无色气体，有关的化学方程式为
________________________、________________。
（5）工业上将干燥的F单质通入熔融的E单质中可制得化合物EF，该物质可与水反应生成一种能使品红
2 2
溶液褪色的气体，0.2mol该物质参加反应时转移0.3mol电子，其中只有一种元素化合价发生改变，该反
应的化学方程式为
______________________________________________。
（6）某混合物的稀溶液中，只可能含有B、C、F构成的简单离子或A、E的最高价氧化物对应水化物所电
离出来的阴离子。现分别取一定体积的该溶液进行实验。两次每次取200.00mL进行实验。
实验1：取200mL溶液，向其中加入AgNO 溶液有沉淀产生；
3
实验2：取200mL溶液，向其中加入足量BaCl 溶液后，得干燥沉淀12.54g，沉淀经足量盐酸洗涤、干燥后，
2
剩余4.66g。
请回答：
①根据以上实验，不能判断是否存在的离子有_____________。
② B的简单离子是否存在？_____；若存在，浓度至少为_____mol/L（若不存在，则不必回答第二问）。
【答案】（除标注外，每空2分）（1）Si（1分）
（2）第3周期VIIA族（1分）
（3） （1分）
（4）2NaO + 2HO = 4NaOH + O↑（1分）2Al+ 2NaOH + 2HO =2NaAlO +3H↑（1分）
2 2 2 2 2 2 2
（5）2SCl + 2HO =3S + SO↑+ 4HCl
2 2 2 2
（6）①Cl- HCO- ②存在（1分） 0.6
3
【解析】A、B、C、D、E、F是原子序数依次增大的短周期主族元素，A的最外层电子数是次外层电子数2
倍，则A是第二周期元素，因此A是碳元素。B是短周期中金属性最强的元素，则B是钠元素。C是同周期
中阳离子半径最小的元素，原子序数大于钠，则C是铝元素。D元素的最高价氧化物对应水化物与B元素
的最高价氧化物对应水化物反应的产物M是制备木材防火剂的原料，所以D是硅元素。E的最外层电子数
与内层电子数之比为3﹕5，则E是硫元素，所以F是氯元素。
（1）根据以上分析可知D的元素符号为Si。
（2）F的原子序数是17，在元素周期表中的位置第三周期第VIIA族。
（3）氯化钠是离子化合物，电子式为 ，其表示过程为 。
（4）B单质与氧气反应的产物与C的单质同时放入水中，产生两种无色气体，这说明钠与氧气的产物是过氧化钠，过氧化钠溶于水生成氢氧化钠和氧气。氢氧化钠与铝反应生成偏氯酸钠和氢气，有关的化学方程
式为2NaO + 2HO＝4NaOH + O↑、2Al+ 2NaOH + 2HO＝2NaAlO +3H↑。
2 2 2 2 2 2 2
（5）工业上将干燥的F单质通入熔融的E单质中可制得化合物EF，该物质可与水反应生成一种能使品红
2 2
溶液褪色的气体，该气体是SO。0.2mol该物质参加反应时转移0.3mol电子，其中只有一种元素化合价发
2
生改变。在SCl 中S元素的化合价＋1价，所以化合价发生变化的元素是S，氧化产物是SO，还原产物是
2 2 2
S，该反应的化学方程式为2SCl + 2HO＝3S + SO↑+ 4HCl。
2 2 2 2
（6）实验1：取2mL溶液，向其中加入AgNO 溶液有沉淀产生，说明含有氯离子或硫酸根离子或碳酸根离
3
子；实验2：取200mL溶液，向其中加入足量BaCl 溶液后，得干燥沉淀12.54g，沉淀经足量盐酸洗涤、干
2
燥后，剩余4.66g，这说明4.66g沉淀是；硫酸钡，物质的量是0.02mol，碳酸钡的质量是12.54g—4.66g
＝7.88g，物质的量是0.04mol，一定含有硫酸根和碳酸根，则一定没有铝离子。根据溶液的电中性可知一
定含有钠离子。
①根据以上分析可知，不能判断是否存在的离子有Cl-、HCO-。
3
②根据以上分析可知，钠离子一定存在。由于硫酸根和碳酸根的浓度分别是0.1mol/L、0.2mol/L，而氯离
子与碳酸氢根离子不能确定，所以根据电荷守恒可知钠离子浓度至少为0.1mol/L×2＋0.2mol/L×2＝
0.6mol/L。
