文档内容
2019年贵州省黔西南州中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题6小题，每题3分，共18分）
1．【分析】此题考查对生活中常见物体重力的估测，结合对生活的了解和对重力单位N的认
识，必要时根据对物体质量的了解，利用G＝mg得到重力，再选出符合题意的选项。
【解答】解：A、一枚大头针的质量非常小，受到的重力也非常小，一般不超过0.01N．故A
不符合题意；
B、两个鸡蛋的质量在100g＝0.1kg左右，受到的重力为G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N．故B
符合题意；
C、一头奶牛的质量在300kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝300kg×10N/kg＝3000N左
右。故C不符合题意；
D、一张书桌的质量在15kg左右，受到的重力为G＝mg＝15kg×10N/kg＝150N．故D不符
合题意。
故选：B。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种
能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．【分析】（1）声音在空气中传播受到温度的影响。
（2）减弱噪声可以从声源处、传播过程中和人耳处。
（3）话筒处是声信号变成电信号，听筒处是电信号变成声信号，导线是传递变化的电流。
（4）通过音色来辨别什么物体发声。
【解答】解：
A、声音在空气中传播速度受温度的影响，声音在15℃空气中传播速度是340m/s，故A说
法正确。
B、在教室周围植树可以在传播过程中减弱噪声，故B说法错误。
C、座机电话间是靠变化的电流来传播声信号的，即导线传递的是电信号，故C说法错误。
D、区分钢琴和二胡的声音是根据音色来判断的，故D说法错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了声的传播、减弱噪声、声音的特性和座机工作原理等基础知识。
3．【分析】（1）物体发出或反射的光通过小孔后，在小孔后面的光屏上形成倒立的实像，这就
第1页（共13页）是小孔成像；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜
成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
（3）近视眼成像在视网膜前方，戴凹透镜进行矫正；远视眼成像在视网膜后方，戴凸透镜
进行矫正；
（4）不论是镜面反射还是漫反射，即使是看不见的光的反射，都遵循光的反射定律。
【解答】解：A、根据小孔成像的特点可知，小孔成的像是倒立的，可能是放大的实像，也可
能是缩小的实像，故A错误；
B、镜花水月属于平面镜成像，是由光的反射形成的；故B错误；
C、如果我们长期不注意用眼卫生，就会使晶状体的凸度增大，或眼球前后径过长，形成的
物像就会落在视网膜的前方，形成近视眼。近视眼可以佩戴凹透镜加以矫正。故C正确；
D、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故D
错误。
故选：C。
【点评】此题为光学综合题，知道小孔成像的特点、近视眼的成因及矫正，了解平面镜成像
原理、以及光的漫反射、镜面反射的特点，可顺利解答。
4．【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物
发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一
定时，通过减小压力来减小压强。
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力
一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：A、比赛中以路边的树木为参照物，选手与树木之间发生了位置变化，所以是运
动的。故A错误；
B、轮椅坐垫做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故B正确；
C、用力推轮椅，轮椅开始运动，说明力改变了物体的运动状态，由静止到运动，停止用力，
由于惯性仍继续运动，不能立即停下来，说明力不是维持物体运动的原因，故C错误；
D、轮椅轮胎上有较深的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦
力。故D错误。
故选：B。
第2页（共13页）【点评】以一个生活中的场景综合考查学生对多个物理知识点的理解和掌握，是中考热点
题型，题目难度适中，综合性强，是一道好题。
5．【分析】这两个图主要是发电机和电动机的工作原理图，发电机是根据电磁感应原理工作
的，电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的。
【解答】解：
AB、甲实验电路中没有电源，不能用来研究通电导体周围存在磁场；该实验中，开关闭合
时，当导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，所以可以研究电
磁感应现象，故A说法错误，B说法正确。
CD、乙实验电路中有电源和磁体，可以研究通电导体在磁场中受力情况，是电动机的原理
图，工作时电能转化为机械能，故CD说法都正确。
故选：A。
【点评】发电机和电动机的原理图非常相似，关键是一个有电源，一个没有电源，发电机电
路没有电源，电动机电路有电源。
6．【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。根
1 2 2
据滑片的移动可知接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R 两
1
端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R 两端的电压变化。
2
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电
1 2 2
流。
当滑片P向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝ 可知，电路中的电流变小，即电流表的读数变小，故AB错误；
由U＝IR可知，R 两端的电压变小，
1
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压变大，即电压表的读数变大，故C错误、D正确。
2
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意
电压表示数的变化应借助于串联电路的电压特点和欧姆定律进行判断。
二、填空题（本题6小题，每空1分，共16分）
7．【分析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，
物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：小齐到平面镜的距离是1.6m，根据物像到平面镜的距离相等，所以小齐的像到
第3页（共13页）平面镜的距离也是1.6m，像与他本人的距离为3.2m；
平面镜成像与成像物体大小相等，跟物体到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所
以小齐沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，像的大小不变。
故答案为：3.2；不变。
【点评】人靠近平面镜时，感觉像变大，实际上像的大小不变，是眼睛看像的视角增大，感
觉像在变大，是一种错觉。
8．【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
（2）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种
效果。
【解答】解：
（1）机翼的形状是“上凸下平”，等质量的空气在相同时间内通过机翼的上表面和下表面，
上方空气通过时的路程大，所以机翼上方的空气流速比机翼下方大；由流体压强与流速的
关系可知，机翼上方的压强小，下方的压强大，存在向上的压强差，这样就产生了作用在
机翼上的向上的升力。
（2）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入
吸管。
故答案为：大；大气压。
【点评】该题考查流体压强与流速的关系、大气压的应用，难度不大。解题关键是看准机翼
面向哪弯曲，找出机翼的上下方的空气流速特点。
9．【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V；
（2）开关控制用电器时，开关接在用电器和火线之间，开关能控制用电器，而且断开开关
能切断火线，使用用电器更安全。
（3）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害。
【解答】解：（1）我国家庭电路的电压是220V；
（2）用电器的开关要连接在火线上，断开开关时，能切断火线，此时接触用电器不会发生
触电事故；
（3）家用电器或电线失火时，如果用水救火，因水是导体，则会发生触电事故，必须断开电
源，然后再救火。
故答案为：220；火；断开。
【点评】（1）掌握家庭电路的开关、灯泡接法。
（2）掌握安全用电常识。
第4页（共13页）10．【分析】（1）扩散是指不同物质相互接触时彼此进入对方的现象，扩散现象说明分子在不
停地做无规则运动；
（2）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再
生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；（3）
知道水的质量和水的初温、末温以及比热容，根据Q＝cm（t﹣t ）求出水吸收的热量。
0
【解答】解：
（1）闻到汽油味，这是扩散现象，说明汽油分子在不停地做无规则运动；
（2）汽油属于化石能源，消耗后不可能在短时间内得到补充，属于不可再生资源；
（3）水吸收的热量：
Q吸 ＝c水m（t﹣t
0
）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（40℃﹣20℃）＝8.4×106J。
故答案为：无规则运动；不可再生；8.4×106。
【点评】本题考查了分子的运动、能源分类以及热量的计算，属于基础题目。
11．【分析】使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要
观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻
度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此
刻度尺的分度值为1mm；
铅笔左侧与1.00cm刻度线对齐，右侧与8.50cm刻度线对齐，所以铅笔的长度为 L＝
8.50cm﹣1.00cm＝7.50cm。
故答案为：7.50。
【点评】本题考查了刻度尺的使用与读数，明确分度值是测量读数的关键。
12．【分析】（1）天平的读数：物体质量＝砝码+游码；游码读数看左边，注意游码的最小分度
值（一般是0.2g）。
（2）密度计算公式： 。
【解答】解：（1）物体质量＝砝码+游码＝50g+2.2g＝52.2g；
（2）石块的密度 。
故答案是：52.2；2.61×103。
【点评】该题考查天平的读数及简单的密度计算，做题时候需要注意题目单位。
第5页（共13页）13．【分析】（1）通过图示的模型结合杠杆的定义，即可确定它用到的相关知识；通过桥高度
的变化，结合图示模型分析出杠杆五要素中哪个量发生了变化，然后再利用杠杆平衡条件
分析出原因。
（2）已知汽车的质量，可以得到其重力；已知阻力与重力的关系，可以得到汽车受到的阻
力；已知汽车匀速行驶，牵引力与阻力相同，已知牵引力和车速，利用公式P＝Fv得到牵
引力的功率。
【解答】解：
（1）图4所示的模型，可以看做是一个在力的作用下静止在水平位置的硬棒，结合杠杆的
定义，即可知道它就是杠杆的模型。所以用到了杠杆的知识。
由图可知，若增加塔桥的高度，增加了支点O到钢索的垂直距离，即增大了动力臂，根据
公式F ＝ ，可以得到，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小，即桥
1
对钢索的拉力就越小。
（2）汽车受到的重力为G＝mg＝5×103kg×10N/kg＝5×104N
汽车发动机的牵引力为F＝f＝0.06G＝0.06×5×104N＝3×103N
汽车行驶的速度为v＝60km/h＝ m/s＝ m/s
汽车的功率为P＝ ＝ ＝Fv＝3×103N× m/s＝5×104W。
故答案为：（1）杠杆；增加；（2）5×104。
【点评】此题考查杠杆的应用和功率的计算，将图示的钢索斜拉桥抽象成杠杆模型是解决
第一小题的突破口。
三、简答题（本题2小题，每题4分，共8分）
14．【分析】解答此题的关键是掌握：惯性是物体本身固有的属性，由于惯性物体仍旧要保持
原来的运动状态。
【解答】答：小敏坐在小车的座位上，当汽车紧急刹车时，小敏的下身随汽车一起停止运动，
但其上身由于惯性仍要保持原来的运动状态继续向前运动，所以小敏身体会突然向前方
倾倒。
【点评】此题主要考查学生对惯性现象的理解和掌握。惯性现象在现实生活中随处可见，
和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。
第6页（共13页）15．【分析】结合文本信息，找出背后的物理知识或者规律即可。
比如：①采用轻型铝制车身，轻量化效果显著。（铝密度小）
②每节车厢设有高速WIFI（无线）服务，可在线分享照片、视频等。（电磁波可以传递信
息）
③每天清晨，它可以在完成牵引、制动、车门、照明等多项检测之后，自动上线，随后自动
运行，自动“回家”及自动“休眠”。（电能转化为其它能量等）
【解答】答：①采用轻型铝制车身，轻量化效果显著，是利用铝密度比较小的物理知识；
②每节车厢设有高速WIFI（无线）服务，可在线分享照片、视频等。是利用电磁波可以传
递信息的知识；
③每天清晨，它可以在完成牵引、制动、车门、照明等多项检测之后，自动上线，随后自动
运行，自动“回家”及自动“休眠”。是利用电能可以转化为其他能量的知识。
【点评】考查学生从文本中，从生活现象中发现物理知识的能力。
四、作图题（本题3小题，每题3分，共9分）
16．【分析】先分析出物体受力情况；用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，重力方向竖直向
下，浮力、拉力方向竖直向上；
【解答】解：由图可知，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，受的浮力、拉力和重力的作
用，重力从重心竖直向下画，浮力、拉力从重心竖直向上画，标出符号，浮力与拉力之和等
于重力，如图所示：
【点评】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、
方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
17．【分析】（1）根据折射光线的特点，根据凸透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线。
（2）折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线
分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
【解答】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以
第7页（共13页）画出这条折射光线对应的入射光线。
（2）过入射点垂直于水面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折
射光线，如图所示：
【点评】题考查了凸透镜的三条特殊光线和光的折射图，在空气和水的分界面发生折射时，
在空气中的角度大。
18．【分析】首先根据小磁针的磁极判断通电螺线管的磁极，根据螺线管的磁极判断电流方向；
然后根据电磁铁磁性强弱的影响因素判断电路在电流强弱，判断滑动变阻器接入电路的
电阻。
【解答】解：小磁针静止时左端为S极、右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，通
电螺线管的左端是N极，右端是S极如图；
根据安培定则可以判断电流从左端进入通电螺线管，则可知电源左端为正极、右端为负极；
当电流越小时，电磁铁的磁性越弱，要想电磁铁的磁性变弱，应减小电路中的电流，由欧
姆定律可知，应增大电路中的电阻，则向右移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路
的电阻应变长，故连接如图所示。
故答案为：如上图。
【点评】本题首先由小磁针的极性判断通电螺线管的极性，由通电螺线管的极性判断电流
方向，由电流方向判断电源正负极。
五、实验题（本题2小题，共18分）
19．【分析】（1）根据实验装置观察分析确定操作错误之处，温度计使用中玻璃泡不能碰到容
器壁和容器底；
（2）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
第8页（共13页）（3）为了说明水沸腾过程中需要吸热，可以撤去酒精灯，观察水能否继续沸腾即可得出结
论；
（4）液体从加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关：水量的多少、水温的高低、火
力的大小、是用酒精灯的外焰还是内焰加热等等。
【解答】解：（1）由图1可知，温度计的玻璃泡碰到容器壁，会使测量结果不准确；
（2）由图2可知，水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；
（3）水沸腾后，若撤去加热源，则水不再吸收热量，也就不能维持沸腾状态，所以应停止加
热，观察水是否能够继续沸腾；
（4）发现从开始加热到沸腾的这段时间过长；故为了缩短实验的时间，可以采取的措施是：
①减小水的质量；②提高水的初温；
原来是10min开始沸腾，当减小水的质量后，在10min之前就开始沸腾，如图所示：
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁；（2）不变；（3）停止加热；（4）见上图。
【点评】在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对
其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
20．【分析】（1）电压表与灯泡并联，电流表选0～0.6A的量程且串联在电路中，注意正负接
线柱的连接；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；
（2）灯泡L 几乎不发光，说明电路是通路，但是电流太小，并且移动串联在电路中的滑动
1
变阻器的滑片，灯泡亮度不变，说明电路中的电阻太大，滑动变阻器又不起作用，是滑动
变阻器把下面两个接线柱接入电路了。
（3）比较灯泡亮度增大时，可以判断灯泡的实际功率，因为灯泡的亮度由灯泡的实际功率
决定的；
（4）根据用电器的额定电压选择合适量程的电表；
（5）导体电阻大小跟导体长度、横截面积、材料、温度有关；灯丝电阻受温度影响较大，定
第9页（共13页）值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑。
【解答】解：（1）电压表的负接线柱与灯泡的左接线柱相连，滑动变阻器的任意上方接线柱
与电流表0.6的接线柱相连，如下图所示：
（2）闭合开关，灯L 几乎不发光→电路电流太小→电路电阻太大，并且移动滑动变阻器滑
1
片，灯泡亮度不改变，滑动变阻器都接下面A、B两个接线柱。
（3）从实验1→实验2→实验3，灯泡越来越亮，灯泡实际功率越大；
（4）用L 替换L 重复上面的实验时，L 的额定电压是3.8V，需要改变电压表的量程；
2 1 2
（5）灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均
值代表灯丝电阻无意义，该同学忽略了温度对电阻的影响；
故答案为：（1）见上图；（2）AB；（3）大；（4）电压；（5）灯丝的电阻随温度升高而增大。
【点评】本题涉及到知识点较多，由电路图连接实物图、电流表量程的选择和连接方式、滑
动变阻器接线柱的选择、电路故障的判断、灯丝电阻与温度的关系等，综合性较强；要注
意“研究导体中的电流与电压的关系”时需控制电阻的阻值不变。
六、计算题（本题3小题，第21题6分，第22题8分，第23题7分，共21分）
21．【分析】（1）当闭合开关S 、S，断开S 时，电路为R 的简单电路，电流表测通过的电流，
1 2 1
根据欧姆定律求出电源电压；
（2）当闭合开关S 、S，断开S 时，电路为R 的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆
2 1 2
定律求出电流表的示数；
（3）当闭合开关S 、S 、S时，R 与R 并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可
1 2 1 2
知通过R 、R 的电流不变，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用W＝UIt求出通
1 2
电100s整个电路消耗的电能。
【解答】解：（1）当闭合开关S 、S，断开S 时，电路为R 的简单电路，电流表测通过的电流，
1 2 1
由I＝ 可得，电源电压：
U＝I R ＝0.4A×30 ＝12V；
1 1
Ω
第10页（共13页）（2）当闭合开关S 、S，断开S 时，电路为R 的简单电路，电流表测通过的电流，
2 1 2
则电流表的示数：
I ＝ ＝ ＝1.2A；
2
（3）当闭合开关S 、S 、S时，R 与R 并联，
1 2 1 2
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R 、R 的电流不变，
1 2
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I＝I +I ＝0.4A+1.2A＝1.6A，
1 2
通电100s整个电路消耗的电能：
W＝UIt＝12V×1.6A×100s＝1920J。
答：（1）电源电压为12V；
（2）当闭合开关S 、S，断开S 时，电流表的示数为1.2A；
2 1
（3）当闭合开关S 、S 、S时，通电100s，整个电路消耗的电能为1920J。
1 2
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意开关均闭合时通过R 、R
1 2
的电流不变。
22．【分析】（1）由于金属块浸没水中，金属块排开水的体积等于金属块的体积，利用密度公
式求解，再利用阿基米德原理求金属块所受的浮力；
（2）由图知，使用的滑轮组n＝2，绳重和摩擦、滑轮与轴的摩擦、水对金属块的阻力均忽略
不计，人的拉力F＝ （G金 ﹣F浮+G动 ）；
（3）拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求人的拉力所做的功。
【解答】解：
（1）因为金属块浸没水中，
所以金属块排开水的体积：
V排 ＝V金 ＝ ＝ ＝0.01m3；
金属块所受的浮力：
F浮 ＝ 水gV排 ＝1×103kg/m3×10N/kg×0.01m3＝100N；
（2）由ρ图知，使用的滑轮组n＝2，在金属块未露出水面时，绳重和摩擦、滑轮与轴的摩擦、
第11页（共13页）水对金属块的阻力均忽略不计，人的拉力：
F＝ （G金 ﹣F浮+G动 ）＝ ×（80kg×10N/kg﹣100N+100N）＝400N；
（3）拉力端移动距离s＝2h＝2×2m＝4m，
人的拉力所做的功：
W＝Fs＝400N×4m＝1600J。
答：（1）在金属块还未露出水面时，此时金属块所受到的浮力为100N；
（2）在金属块未露出水面时，人的拉力F为400N；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，人的拉力所做的功为1600J。
【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理、功的公式的应用，计算时注意：在金属块未
露出水面时，人的拉力F＝ （G金 ﹣F浮+G动 ）。
23．【分析】（1）当电流表示数为0.2A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联
求出压敏电阻R 的阻值；
2
（2）当压敏电阻R 的阻值为20 时，根据图2读出压敏电阻受到的压力，利用p＝ 求出
2
Ω
此时压敏电阻R 所在深度处的海水压强；
2
（3）海水的深度越大时，压敏电阻受到的压力越大，根据图2可知，压敏电阻的阻值越小，
此时电路中的电流越大，所以电流表的示数最大时使用此方法能测出海水的深度最大，根
据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出此时压敏电阻的阻值，根据图2可
知压敏电阻受到的压力，利用p＝ 求出此时压敏电阻R 所在深度处的海水压强，利用p
2
＝ gh求出使用此方法能测出海水的最大深度。
【ρ解答】解：（1）由I＝ 可得，当电流表示数为0.2A时电路的总电阻：
R总 ＝ ＝ ＝30 ，
Ω
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，压敏电阻R 的阻值：
2
R
2
＝R总 ﹣R
1
＝30 ﹣2 ＝28 ；
（2）当压敏电阻ΩR
2
的Ω阻值为Ω20 时，由图2可知，压敏电阻受到的压力F＝4×104N，
此时压敏电阻R
2
所在深度处的海Ω水压强：
第12页（共13页）p＝ ＝ ＝2×106Pa；
（3）当电流表的示数I′＝0.6A时，使用此方法能测出海水的深度最大，
此时电路的总电阻：
R总 ′＝ ＝ ＝10 ，
Ω
此时压敏电阻的阻值：
R
2
′＝R总 ′﹣R
2
＝10 ﹣2 ＝8 ，
由图2可知，压敏电阻Ω受到Ω的压Ω力F′＝10×104N，
此时压敏电阻R 所在深度处的海水压强：
2
p′＝ ＝ ＝5×106Pa，
由p＝ gh可得，使用此方法能测出海水的最大深度：
ρ
h＝ ＝ ＝500m。
答：（1）当电流表示数为0.2A时，压敏电阻R 的阻值为28 ；
2
（2）当压敏电阻R
2
的阻值为20 时，压敏电阻R
2
所在深度处Ω的海水压强为2×106Pa；
（3）若电流表的最大测量值为0Ω.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是500m。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、压强定义式、液体压强公式的应用，从图
象中获取有用的信息是关键。
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