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专题26 带电粒子在复合场中的运动
目录
题型一 带电粒子在组合场中的运动...........................................................................................1
类型1 磁场与磁场的组合......................................................................................................2
类型2 先磁场后电场..............................................................................................................6
类型3 先电加速后磁偏转....................................................................................................18
类型4 先电偏转后磁偏转....................................................................................................25
题型二 带电粒子在叠加场中的运动.........................................................................................38
题型三 带电粒子在交变电、磁场中的运动.............................................................................52
题型四 洛伦兹力与现代科技.......................................................................................................59
类型1 质谱仪的原理及应用..............................................................................................59
类型2 回旋加速器的原理和应用......................................................................................64
类型3 电场与磁场叠加的应用实例分析............................................................................71
题型一 带电粒子在组合场中的运动
1．组合场：电场与磁场各位于一定的区域内，并不重叠，或在同一区域，电场、磁场交替
出现．
2．分析思路
(1)划分过程：将粒子运动的过程划分为几个不同的阶段，对不同的阶段选取不同的规律处
理．
(2)找关键点：确定带电粒子在场区边界的速度(包括大小和方向)是解决该类问题的关键．
(3)画运动轨迹：根据受力分析和运动分析，大致画出粒子的运动轨迹图，有利于形象、直
观地解决问题．
3．常见粒子的运动及解题方法
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司类型1 磁场与磁场的组合
磁场与磁场的组合问题实质就是两个有界磁场中的圆周运动问题，带电粒子在两个磁场中
的速度大小相同，但轨迹半径和运动周期往往不同．解题时要充分利用两段圆弧轨迹的衔
接点与两圆心共线的特点，进一步寻找边角关系．
【例1】(多选)如图所示，在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，第一、二、
四象限内的磁场方向垂直纸面向里，第三象限内的磁场方向垂直纸面向外，P(－L,0)、
Q(0，－L)为坐标轴上的两点．现有一质量为m、电荷量为e的电子从P点沿PQ方向射出，
不计电子的重力，则下列说法中正确的是( )
A．若电子从P点出发恰好第一次经原点O，运动时间可能为
B．若电子从P点出发恰好第一次经原点O，运动路程可能为
C．若电子从P点出发经原点O到达Q点，运动时间一定为
D．若电子从P点出发恰好第一次经原点O到达Q点，运动路程可能为πL或2πL
【答案】 ABD
【解析】 电子在磁场中做圆周运动，从P点到Q点运动轨迹可能如图甲或图乙所示，电
子在磁场中的运动周期为T＝
设电子在PO段完成n个圆弧，则电子从P点出发恰好经原点O点的时间为
t＝nT＝，n＝1、2、3……
所以若电子从P点出发恰好第一次经原点O，运动时间可能为，则A正确；电子在磁场中
做圆周运动的半径为r，由几何关系可得nr＝L
电子从P点出发恰好经原点O，运动路程为s＝n
当n＝1时s＝
所以若电子从P点出发恰好第一次经原点O，运动路程可能为，则B正确；电子从P点出
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司发经原点O到达Q点，运动时间为t＝nT＝，n＝1、2、3…，所以若电子从P点出发经原
点O到达Q点，运动时间可能为，则C错误；若电子从P点出发经原点O到Q点，运动轨
迹可能如图甲、乙所示，若电子在PO段完成n个圆弧，那么关于电子的运动路程，n为奇
数时为2πL，n为偶数时为πL，故D正确．
【例2】.如图所示，空间均匀分布的磁场，其方向都垂直于纸面向外，y轴是两磁场的分
界面．在x>0区域内，磁感应强度大小为B ＝2 T，在x<0的区域内，磁感应强度大小为B
1 2
＝1 T．在坐标原点O处有一个中性粒子(质量为M＝3.2×10－25 kg)分裂为两个带等量异号
的带电粒子a和b，其中粒子a的质量m＝γM(γ可以取0～1的任意值)，电荷量q＝＋
3.2×10－19 C，分裂时释放的总能量E＝1.0×104 eV.释放的总能量全部转化为两个粒子的动
能．设a粒子的速度沿x轴正方向．不计粒子重力和粒子之间的相互作用；不计中性粒子
分裂时间．求：
(1)若γ＝0.25，粒子a在右边磁场运动的半径R ；
a1
(2)γ取多大时，粒子a在右边磁场运动的半径最大；
(3)γ取多大时，两粒子会在以后的运动过程中相遇？
【答案】 (1) m (2) (3)或
【解析】 (1)分裂过程动量守恒，则有γMv ＝(1－γ)Mv
a b
由能量守恒定律得，E＝γMv 2＋(1－γ)Mv 2，解得v＝
a b a
v＝
b
粒子a轨迹满足qvB＝
a 1
R ＝＝ m
a1
(2)由(1)问可知R ＝＝
a1
可知当γ＝时R 最大；
a1
(3)一个中性粒子分裂为两个带电粒子a和b，根据电荷守恒，a粒子带正电，则b粒子带负
电．由于两个粒子的质量和速度的乘积相等，所以两个粒子在同一磁场中的运动半径也相
等r＝
即＝＝
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司a、b两粒子的运动轨迹如图所示，它们相遇的位置只有两个，分别为C点和D点
①若在C点相遇＝＋
则γ＝
②若在D点相遇，由于△OCD为正三角形，所以＋＝
则γ＝.
【例3】宇宙中的暗物质湮灭会产生大量的高能正电子，正电子的质量为m，电荷量为e，
通过寻找宇宙中暗物质湮灭产生的正电子是探测暗物质的一种方法(称为“间接探测”)．
如图所示是某科研攻关小组为空间站设计的探测器截面图，粒子入口的宽度为 d，以粒子
入口处的上沿为坐标原点建立xOy平面直角坐标系，以虚线AB、CD、EF为边界，0 (2)(＋) (3)－3d≤y≤－d
【解析】 (1)正电子只要能经过边界AB就能到达探测板PQ，正电子能到达探测板PQ时，
正电子做圆周运动的轨道半径r>d
由牛顿第二定律得evB＝m
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司解得v>
(2)在边界AB速度方向与x轴夹角为60°的正电子到PQ的时间最短，正电子在磁场中做匀
速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设正电子的轨道半径为r ，由牛顿第二定律得evB＝
1 1
m
由几何知识得d＝rsin
1
在入口和AB间、AB和CD间的运动时间相同，设为t，则r＝vt
1 1 11
解得t＝
1
自CD至PQ，t＝
2
t＝2t＋t＝(＋)
1 2
(3)速度最大的正电子在每一磁场区域沿y轴负方向偏移的距离y＝r－rcos
1 1 1
速度最小的正电子在每一磁场区域沿y轴负方向偏移的距离y＝d
2
正电子经过边界CD时的y轴坐标范围是－2y－d≤y≤－2y
2 1
即－3d≤y≤－d.
类型2 先磁场后电场
1．进入电场时粒子速度方向与电场方向相同或相反(如图甲所示)．
2．进入电场时粒子速度方向与电场方向垂直(如图乙所示)．
【例1】（2023·海南海口·海南中学校考三模）如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限区
域中，有沿y轴正方向的匀强电场，电场强度的大小为E=k 。在第二象限有一半径为R=b
的圆形区域磁场，圆形磁场的圆心O 坐标为（－b，b），与两坐标轴分别相切于P点和N
1
点，磁场方向垂直纸面向里。在x=3b处垂直于x轴放置一平面荧光屏，与x轴交点为Q。
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司大量的电子以相同的速率 在纸面内从P点进入圆形磁场，电子的速度方向在与x轴正方
向成θ角的范围内，其中沿y轴正方向的电子经过磁场到达N点，当速度与x轴正方向成
θ=120°角的电子经过磁场后到达Y轴上M点。忽略电子间的相互作用力，不计电子的重力，
电子的比荷为 。求：
（1）圆形磁场的磁感应强度大小；
（2）M点的坐标；
（3）电子打到荧光屏上距Q点的最远距离。
【答案】（1）B=k；（2）（0，1.5b）；（3）
【详解】（1）由于速度沿y轴正方向的电子经过N点，因而电子在磁场中做圆周运动的半
径为
r=b
而
电子的比荷为
解得
B=k
（2）速度与x轴正方向成θ角的电子在磁场中做圆周运动的圆心为O′，电子离开磁场时的
位置为P′，连接POP′O′可知该四边形为菱形，如图甲
1
由于PO 竖直，因而轨迹半径P′O′也为竖直方向，电子离开磁场时速度一定沿x轴正方向
1
由图甲可知
Y=bsin（θ－90°）＋b=1.5b
可见M点的坐标是（0，1.5b）。
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司（3）由（2）可知，所有的电子以平行于x轴正方向的速度进入电场中做类平抛运动，设
电子在电场中运动的加速度为a，运动的时间为t，竖直方向位移为y，水平方向位移为x，
则有
x=vt
0
eE=ma
联立解得
设电子最终打在荧光屏的最远点距Q点为H，如图乙所示
设电子射出电场时的夹角为α，有
v=at
有
有
当
即
时，H有最大值，由于
所以
【例2】.（2023·全国·高三专题练习）如图所示，在直角坐标系 的范围内有磁感应强
度为B的匀强磁场，方向垂直纸面向外；在 的范围内有与y轴负方向成 斜向下的
匀强电场。y轴与x轴上有P、Q两点，Q点坐标为 。一个质量为m、带电量为
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司的粒子从O点以与x轴正方向夹角为 的方向射入磁场中，先后经过P、Q两点又回
到O点，粒子重力不计。求：
（1）P点的纵坐标 和粒子从O射入磁场时的初速度 的大小；
（2）匀强电场场强E的大小；
（3）在此过程中，粒子轨迹经过点的纵坐标范围。
【答案】（1） ， ；（2） ；（3）
【详解】（1）依题意，画出粒子在磁场中的运动轨迹，如图所示
根据几何关系判断，可知粒子在磁场中的运动轨迹所对应圆心角为 ；利用几何知识，
可求得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为
且
所以 点的纵坐标为
由粒子在磁场中运动时满足
可得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司因为 ，可得
（2）依题意，可知粒子进入电场后在电场力的作用下做类平抛运动，从 到 点过程中，
有
而
联立可求得
（3）利用几何关系，可得粒子轨迹点纵坐标的最大值为
粒子在电场中做类平抛运动，当粒子的速度方向平行 轴时，此时粒子轨迹的纵坐标有最
小值。将 处速度及电场力分别分解，在垂直 轴方向上，则有
则可得
联立可求得
所以，可得粒子运动轨迹纵坐标的范围为
【例3】.（2023·黑龙江·统考模拟预测）如图所示，平面直角坐标系 中，y轴右侧有三
个足够长的区域，区域边界线均与y轴平行其中Ⅰ、Ⅲ区域内存在垂直于 平面向外的
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司匀强磁场，磁感应强度的大小为B，其宽度均为 ；Ⅱ区域内存在沿着y轴正方向、电场
强度大小为E的匀强电场，其宽度为 。P为Ⅲ区域右边界线与x轴交点。一带负电粒子
以一定的速度从O点出发沿x轴正方向射入磁场，一段时间后该粒子恰好以从O点出发时
的速度从P点沿x轴正方向离开Ⅲ区域。不计粒子重力。
（1）定性画出粒子在三个区域中的运动轨迹；
（2）求粒子在Ⅱ区内的运动时间 ；
（3）若粒子刚进入Ⅱ区时的速度与y轴正方向夹角为 ，求粒子在磁场中运动的总
时间t。
【答案】（1）见详解；（2） ；（3）
【详解】（1）粒子运动轨迹作图如下
（2）在Ⅰ中
由几何关系，有
在Ⅱ区中，y方向上粒子做匀减速运动，有
且有
，
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司联立解得
（3）在Ⅰ区的运动时间
在Ⅱ区的水平分运动
在Ⅰ区内，由几何关系有
解得在磁场中运动总时间
【例4】．（2023·广东清远·校考模拟预测）如图所示，在xOy平面的第一象限内存在方向
垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场，在第二、三象限内存在沿y轴负方向的
匀强电场。一比荷为k的带负电粒子（不计重力）从x轴负半轴上的M点（图中未画出）
沿x轴正向射入电场，从y轴上的N（0，b）点进入磁场，进入磁场时的速度方向与y轴正
方向的夹角θ=45°，粒子经过磁场偏转后从P点（图中未画出）垂直穿过x轴。求:
（1）P点与O点之间的距离。
（2）该粒子在磁场中运动的速度大小v。
（3）M点的坐标及电场强度E的大小。
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司【答案】（1） ；（2） ；（3）（-2b，0），
【详解】（1）带电粒子在电场和磁场中的运动轨迹如图所示
设带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r，根据几何关系可知
P点与O点之间的距离
（2）根据洛伦兹力提供向心力有
解得
（3）带电粒子在电场中做类平抛运动，设其射入电场时的初速度大小为v，根据类平抛运
0
动的规律可知,带电粒子在N点的速度v的反向延长线过O、M连线的中点，故M点的坐标
为（-2b，0）
粒子在x轴方向有
2b=v t
0
粒子在y轴方向有
并且
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司又因为
联立解得
【例5】．（2023春·安徽·高三校联考阶段练习）如图所示，坐标系 的第一象限存在
匀强磁场，磁场方向垂直于 平面向外；第四象限内有沿 轴负方向的匀强电场。质量
为 、带电量为 的粒子以速率 从 轴的点 射入磁场，经 轴上的点
沿 轴负方向进入电场，然后从 轴负半轴 点以与 轴负方向成 角离开电场，
不计粒子重力，求：
（1）粒子在 点时速度方向与 轴正方向的夹角 ；
（2）匀强电场的电场强度大小；
（3）粒子在电场和磁场中运动的总时间 。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【详解】（1）根据题意，画出粒子的运动轨迹，如图所示
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司由于 ，且从 点沿 轴负方向进入电场，则圆心在 轴负半轴，设粒子在第一象
限磁场中做匀速圆周运动的半径为 ，圆心为 ，由几何关系有
解得
则有
设粒子在A点的速度方向与y轴正方向成 角，由几何关系，有
解得
（2）根据题意可知，粒子在第二象限做类平抛运动，沿电场方向上有
垂直电场方向上有
又有
联立解得
（3）由上述分析可知，粒子在磁场中运动轨迹所对圆心角为 ，则粒子在磁场中运动的
时间为
粒子在电场中运动的时间为
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司粒子在磁场电场中运动的总时间
【例6】（2023·重庆万州·重庆市万州第二高级中学校联考模拟预测）如图所示，半径为R
的圆形边界，圆心为O，半径Oe与直径jp垂直，圆形边界内除扇形区域jOe外，存在垂直
纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场，带电平行金属板ab、cd的长度均为R，间距为
2R，圆形边界与ac相切于e点，且e点是ac的中点，在平行板的右侧放置一荧光屏，荧光
屏与bd平行，且与bd的间距为R。一带电量为 、质量为m的粒子甲（不计重力），从
p点以指向圆心O的速度垂直进入磁场，然后从e点进入匀强电场，最后从d点射出；再
让与粒子甲相同的粒子乙从p点垂直射人磁场，速度的大小与甲相同、方向与甲不同，乙
从j点射出磁场，进入电场，最后打在荧光屏上的f点，求：
（1）匀强电场的场强；
（2）粒子乙从p点到f点的运动时间。
【答案】（1） ；（2）
【详解】（1）作出甲粒子的运动轨迹如图所示
轨迹几何关系可知，粒子圆周运动的轨道半径为
粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，则有
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司粒子在电场中做类平抛运动，则有
，
根据牛顿第二定律有
解得
（2）作出乙粒子的运动轨迹如图所示
粒子在磁场中圆周运动的周期
结合解得
粒子在磁场中运动的时间
粒子进入电场前做匀速直线运动，经历时间
解得
粒子在电场中做类平抛运动，根据上述，可知
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司粒子飞出电场后做匀速直线运动，水平方向有
解得
则粒子乙从p点到f点的运动时间为
解得
类型3 先电加速后磁偏转
带电粒子先在匀强电场中做匀加速直线运动，然后垂直进入匀强磁场做匀速圆周运动，如
图甲．
【例1】(2020·全国Ⅱ卷，17)CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，CT扫描机可
用于对多种病情的探测。图(a)是某种CT机主要部分的剖面图，其中X射线产生部分的示
意图如图(b)所示。图(b)中M、N之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；
经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生 X射线(如图
中带箭头的虚线所示)；将电子束打到靶上的点记为P点。则( )
A．M处的电势高于N处的电势
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司B．增大M、N之间的加速电压可使P点左移
C．偏转磁场的方向垂直于纸面向外
D．增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P点左移
【答案】 D
【解析】 电子带负电，故必须满足N处的电势高于M处的电势才能使电子加速，故选项
A错误；由左手定则可判定磁感应强度的方向垂直纸面向里，故选项C错误；对加速过程
应用动能定理有eU＝mv2，设电子在磁场中运动半径为r，由洛伦兹力提供向心力有evB＝
m，则r＝，电子运动轨迹如图所示，由几何关系可知，电子从磁场射出的速度方向与水平
方向的夹角θ满足sin θ＝(其中d为磁场宽度)，联立可得sin θ＝dB，可见增大U会使θ减
小，电子在靶上的落点P右移，增大B可使θ增大，电子在靶上的落点P左移，故选项B
错误，D正确。
【例2】（2023·山西·校联考模拟预测）半导体有着广泛的应用，人们通过离子注入的方式
优化半导体以满足不同的需求。离子注入系统的原理简化如图所示。质量为m、电荷量为
q的正离子经电场加速后从P点沿 方向垂直射入圆心为O、半径为R的圆形匀强磁场区
域，磁场方向垂直纸面向里。当磁感应强度为 时，离子恰好沿 方向射出并击中晶体
的中点Q。已知 ， ， ， ，不考虑离子进入加速
器的初速度及离子重力和离子间的相互作用。
（1）求加速电场两板间的电压；
（2）为使离子能够击中晶体 的各个部分，求磁感应强度的取值范围。
【答案】（1） ；（2）
【详解】（1）设加速电场两板间的电压为U，离子经电场加速后的速度大小为v，由动能
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司定理有
当磁感应强度为 时，设离子在磁场中运动的半径为 ，由几何关系和牛顿运动定律有
解得
（2）当磁感应强度为 时，离子离开磁场后到达晶体的M处，设离子在磁场中运动的半
径为 ，由几何关系和牛顿运动定律有
解得
当磁感应强度为 时，离子离开磁场后到达晶体的N处，设离子在磁场中运动的半径为 ，
由几何关系和牛顿运动定律有
解得
所以，磁感应强度的取值范围为 。
【例3】(2022·江苏省第二次适应性模拟)平面直角坐标系xOy中，第二象限存在沿y轴负方
向的匀强电场，场强大小为E，第三、四象限存在垂直坐标平面向里的匀强磁场，如图所
示．一质量为m，带电荷量为q的正粒子从坐标为(－L，L)的P点沿y轴负向进入电场，初
速度大小为v＝，粒子第二次到达x轴的位置为坐标原点．不计粒子的重力．
0
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司(1)求匀强磁场的磁感应强度B的大小；
(2)若粒子由P点沿x轴正方向入射，初速度仍为v ＝，求粒子第二次到达x轴时与坐标原
0
点的距离．
【答案】 (1)4 (2)L
【解析】 (1)由动能定理得EqL＝mv2－mv2
0
粒子进入磁场时速度大小为v＝
在磁场中L＝2R
qvB＝
可得B＝4
(2)假设粒子由y轴离开电场，运动轨迹如图所示
L＝vt，
0
y＝at2，
1
Eq＝ma
解得y＝0)的液滴，以速度
v沿与水平方向成θ＝45°角斜向上进入正交的范围足够大的匀强电场和匀强磁场叠加区域，
电场强度方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，液滴在场区做直线运动.重力加速度为
g，试求：
(1)电场强度E和磁感应强度B各多大？
(2)当液滴运动到某一点A时，电场方向突然变为竖直向上，大小不改变，不考虑因电场变
化而产生的磁场的影响，此时液滴加速度为多大？
(3)在满足(2)的前提下，液滴从A点到达与A点位于同一水平线上的P点(图中未画出)所用
的时间.
【答案】 (1) (2)g (3)
【解析】 (1)液滴带正电，受力情况如图所示：
有qE＝mgtan θ＝mg，qvB＝＝mg
可得E＝，
B＝.
(2)电场方向突然变为竖直向上，大小不改变，故电场力与重力平衡，洛伦兹力提供向心力，
粒子做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，有：a＝＝g.
(3)电场变为竖直向上后，qE＝mg，故液滴做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得qvB＝m
可得r＝
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司则T＝＝
由几何知识得t＝T
可得t＝.
【例3】（2023·黑龙江·校联考一模）如图所示，在 坐标系所在的竖直平面内有一方向
未知的匀强电场，第二象限内有垂直纸面向里、大小未知的匀强磁场。一带正电的小球沿
方向以速度 向坐标原点 做直线运动， 与 轴负向夹角为 。小球质量为
，电荷量为 ，重力加速度为 。
（1）电场强度的最小值；
（2）在（1）的条件下，小球在第四象限运动轨迹与 轴的交点到坐标原点的距离。
【答案】（1） ；（2）
【详解】（1）小球在复合场中做直线运动，一定做匀速直线运动，则合力为零，重力和洛
伦兹力的合力与电场力等大反向，重力大小方向确定，当洛伦兹力取不同值时，重力和洛
伦兹力的合力如下图所示
由上图可知，重力和洛伦兹力的合力的最小值方向沿着 直线向下，所以电场力最小值
沿着 直线向上，由几何关系可知，电场力最小值
由
可知电场强度
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司（2）小球进入第四象限，受力和运动轨迹如下图所示
小球在第四象限受电场力和重力，两者的合力与 线垂直，与原来洛伦兹力的大小相等，
则重力和电场力的合力
由牛顿第二定律可知加速度
小球做类平抛运动，设小球从坐标原点再到 轴运动的时间为 ，则水平方向的位移
竖直方向的位移
由图可知
解得
则小球运动轨迹与 轴的交点到坐标原点的距离
【例4】（2023·云南曲靖·统考二模）现代科技可以利用电场、磁场对带电粒子的作用来控
制其运动轨迹，让其到达所需的位置，在现代科学技术、生产生活、仪器电器等方面有广
泛的应用。如图所示是此种仪器中电磁场的简化示意图。以竖直向上为y轴正方向建立直
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司角坐标系，该真空中存在方向沿x轴正方向、电场强度大小 的匀强电场和方向
垂直xOy平面向外、磁感应强度大小 的匀强磁场。原点O处的粒子源连续不断地
发射速度大小和方向一定、质量 、电荷量 的带正电的粒子束，粒子
恰能在xOy平面内做直线运动，重力加速度为 ，不计粒子间的相互作用。
（1）求粒子发射的速度大小和方向；
（2）若保持粒子束的初速度不变，在粒子从O点射出时立即撤去磁场，求粒子从O点射
出后经过y轴时的坐标（不考虑磁场变化产生的影响）；
（3）若保持粒子束的初速度不变，在粒子从O点射出时立即将电场变为竖直向上、场强
大小变为 ，求从O点射出的所有粒子第一次经过x轴时的坐标（不考虑电场变化
产生的影响）。
【答案】（1）20m/s，与y轴负方向夹角为 ；（2） ；（3）
【详解】（1）粒子做匀速直线运动，如下图
则
解得
粒子出射的速度方向与y轴负方向夹角为
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司（2）撤去磁场后，粒子做类平抛运动，如下图
则
解得
所以坐标为 ；
（3）由题意可得
粒子做匀速圆周运动，如下图
则
解得
由几何关系可知
经过y轴的坐标为 。
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司【例5】（2023·全国·高三专题练习）如图所示，直角坐标系xoy，x轴水平，y轴竖直。第
一象限内存在沿y轴正方向匀强电场 ，且在第一象限内的某圆形区域存在垂直于坐标平
面向外的匀强磁场B，第二象限内存在平行于坐标平面的匀强电场 （大小、方向均未
知）。一带正电小球由x轴上点 （ ，0）以初速度 竖直向上抛出，当其经过y轴上的
A点时速度水平，且动能为初动能的3倍，再经过一段时间小球由x轴上点 （ ，0）飞
出磁场，此时小球速度方向与x轴负方向的夹角为 。已知小球质量为m、电荷量为q，
，空气阻力忽略不计，重力加速度为g。求：
（1）A点坐标；
（2）磁场的磁感应强度B；
（3）小球由P点到达Q点的时间。
【答案】（1）（0， ）；（2） ，方向垂直于坐标平面向外；（3）
【详解】（1）小球从P点到A点水平和竖直方向均为匀变速直线运动，由小球在A点动能
为P点的3倍，则有
可得A点速度为
水平方向
竖直方向
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司故A点坐标为（0， ）。
（2）由题意可得
可知小球在第一象限中的磁场中做匀速圆周运动，如图所示
由几何关系得
由洛伦兹力提供向心力得
联立解得
方向垂直于坐标平面向外。
（3）小球由P点至A点时间记为 ，从A匀速到进入磁场时间记为 ，在磁场中匀速圆周
运动时间记为 。则有
小球由A运动到磁场中满足
解得
小球在磁场中运动时间为
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司小球从P到Q运动总时间为
【例6】（2023·全国·高三专题练习）建立如图所示的坐标系xOy，x轴紧挨着光滑绝缘的
水平地面。在 且 区域内存在着彼此垂直的匀强电场与匀强磁场，匀强电场平
行y轴向上，匀强磁场垂直纸面向里。质量为m且带电量为q的小球（视为点电荷）从坐
标原点以速度 沿x轴射入该区域，小球在复合场中做匀速圆周运动，并恰好从坐标为
的点飞离复合场。忽略空气阻力，小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度为
g，试求：
（1）匀强电场E及匀强磁场B的大小；
（2）小球落地时的坐标；
（3）若小球从坐标原点以速度 沿x轴射入该区域，此后经多长时间第5次进入复合场，
并确定进入点的坐标。
【答案】（1） ， ；（2）（ ）；（3） ，（9a，a）
【详解】（1）小球在复合场中做匀速圆周运动，故电场力与重力平衡，洛伦兹力提供圆周
运动的向心力，则有
解得
小球恰好从坐标为 的点飞离复合场，由几何关系得
洛伦兹力提供向心力
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司联立解得
（2）小球飞离复合场后做平抛运动，则有
，
解得
故小球落地时的坐标为（ ）
（3）若小球从坐标原点以速度 沿x轴射入该区域，小球在磁场中运动的轨迹半径为
解得
小球在磁场中运动的时间
小球离开磁场后做竖直上抛运动，运动时间
小球在第一象限做周期性运动，其周期为
小球从坐标原点到第5次进入复合场的时间
第5次进入复合场的横坐标为
故进入点的坐标（9a，a）。
【例7】（2023·浙江·高三校联考阶段练习）如图所示，在真空中沿竖直方向分布着许多足
够大的、水平放置的金属网（厚度不计），编号为1，2，3，……，相邻的网间距离都为
。金属网间存在方向竖直（交替反向）的匀强电场，电场强度大小为 。
一质量 、电荷量 的带正电微粒，在 时从1号金属网处由静
止释放开始运动，若微粒经过任意金属网时都能从网孔中无机械能损失地自由穿过。重力
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司加速度 。
（1）求微粒穿过5号金属网时的速度大小及从1号到5号金属网所用的时间；
（2）若维持电场不变，在2~3、4~5、6~7、……网间再加上磁感应强度 、方向垂直
于纸面向里的匀强磁场（图中未画出），仍让微粒从1号金属网处静止释放，求微粒穿过
3号金属网时的速度大小及从1号到3号金属网所用的时间；
（3）保持（2）中条件不变，当微粒从无限靠近2023号网的上边界以 水平向右射
入，求该微粒可到达的最远的金属网的编号。
【答案】（1） ， ；（2） ；（3）2015
【详解】（1）1~2金属板间，对微粒受力分析，取竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律
得
解得
2~3金属板间，对微粒受力分析，根据牛顿第二定律得
解得
根据匀变速直线运动位移速度公式得
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司再根据速度时间公式得
匀速运动的时间为
则微粒从1号到5号金属网所用的时间为
（2）1~2金属板间，微粒的运动同上，则
2~3金属板间，对微粒受力分析，知微粒做匀速圆周运动，则
再根据洛伦兹力提供向心力得
解得
设微粒在磁场中运动的圆心角为 ，运动轨迹如下图所示，由几何关系得
解得
微粒做圆周运动的周期为
运动时间为
微粒从1号到3号金属网所用的时间为
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司（3）某次粒子经过磁场区时，运动轨迹如图所示，由几何关系得
微粒在水平方向上的速度变化量为
综上可得
经分析可知，微粒通过4次磁场偏转后，速度只剩竖直分量，这过程只有重力和电场力做
功，经过三个重力场和电场混合场，当粒子到达第2016金属网时，速度为 。
即微粒能够到达的金属网的编号为2015。
题型三 带电粒子在交变电、磁场中的运动
解决带电粒子在交变电、磁场中的运动问题的基本思路
先读图 看清并且明白场的变化情况
受力分析 分析粒子在不同的变化场区的受力情况
过程分析 分析粒子在不同时间段内的运动情况
找衔接点 找出衔接相邻两过程的速度大小及方向
选规律 联立不同阶段的方程求解
【例1】（2023·全国·高三专题练习）如图甲所示，在 平面的第一象限内（含 轴和
轴的正半轴）存在周期性变化的磁场，规定垂直纸面向内的方向为正，磁感应强度 随时
间 的变化规律如图乙所示。某质量为 、电荷量为 的粒子，在 时刻沿 轴正方向
从坐标原点 射入磁场。图乙中 为未知量．已知 ， ， 。
求：
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司（1） 时间内粒子做匀速圆周运动的角速度 ；
（2）若粒子不能从 轴正半轴射出磁场，磁感应强度变化周期的最大值 ；
（3）若粒子能沿 轴正方向通过坐标为（ ， ）的 点，其射入磁场时速率 。
【答案】（1） ；（2） ；（3） （ ， ， ）
【详解】（1）设粒子进入磁场的速度为 ，根据洛伦兹力提供向心力可得
解得轨道半径为
则粒子做匀速圆周运动的角速度为
（2）要使得粒子不从 轴射出，则轨迹如图1所示
在前 内的运动半径为
在后 内的运动半径为
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司可得
由几何关系可知
联立解得
粒子做圆周运动的周期为
则在 运时间内有
解得磁感应强度变化周期的最大值为
（3）使粒子经过 点且平行 轴射出，在 时刻达到 点的轨迹如图2所示
由几何关系可得
可得
根据周期性，在 时刻达到 点可满足题意，由几何关系可得
（ ， ， ）
又有
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司根据洛伦兹力提供向心力可得
联立解得
（ ， ， ）
【例2】．（2023·河北衡水·高三统考专题练习）某空间存在着一个变化的电场和一个变化
的磁场，电场方向向右（如图甲中由B到C的方向），电场变化如图乙中E－t图像，磁感
应强度变化如图丙中B－t图像。在A点，从t=1s（即1s末）开始，每隔2s，有一个相同
的带电粒子（重力不计）沿AB方向（垂直于BC）以速度v射出，恰能击中C点，且粒子
在AB间运动的时间小于1s，若 ，求：
（1）图线上E 和B 的比值是多少？磁感应强度B的方向是怎样的？
0 0
（2）若第1个粒子击中C点的时刻已知为（1＋Δt）s，那么第2个粒子击中C点的时刻是
多少？
【答案】（1） ，磁场方向垂直纸面向外；（2）（3＋ Δt）
【详解】（1）设 ，在t=1s时，空间区域只有磁场，故粒子做匀速圆周运动，
则有：
画出粒子运动轨迹，有几何关系由可得：
则：
当粒子在电场中运动时，在AB方向上匀速运动，在BC方向上是匀加速运动，则有：
联立可求得：
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司故
由于粒子的电场力方向与电场方向相同，故粒子带正电，由粒子在磁场中的偏转方向和左
手定则可以判断磁场方向垂直纸面向外。
（2）第一个粒子击中C点的时刻已知为（1+ ）s，该粒子在磁场中运动，所需时间是由
其轨迹对应的圆心角所确定，由几何关系可得，粒子从A到C时，轨迹所对应的圆心角为
，故粒子在磁场中运动时间：
Δt=
又第二个粒子在电场中运动的时间为：
故第2个粒子击中C点的时刻为：
【例3】．（2023·江苏·高三专题练习）如图甲所示，电子从静止开始经加速电场加速后从
O点以速度v水平射入有界匀强磁场，恰好从M点飞出。已知磁场宽度为 ，MP的距
离为L，电子质量为m，电荷量为e，求：
(1)加速电压U；
(2)磁感应强度B；
1
(3)若磁场的磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，磁场垂直纸面向外为正方向，
要使t=0时刻射入的电子从M点水平射出，磁感应强度B 和周期T应该满足的条件。
2
【答案】(1) ；(2) ；(3) （n＝1，2，3，…）； （n＝1，2，
3，…）
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司【详解】(1)根据动能定理
解得
(2)电子运动轨迹如图
根据几何关系有
解得
r=2L
1
对于电子有
解得
(3)电子运动轨迹如图
可知：θ=60º，电子经n个周期后从M点射出。则
OM=2nr
2
即
2L=2nr
2
又
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司解得
（n＝1，2，3，…）
周期关系为
即
解得
（n＝1，2，3，…）
【例4】．（2023·高三课时练习）如图甲所示，在xOy平面内存在磁场和电场，磁感应强
度和电场强度大小随时间周期性变化，B的变化周期为4t，E的变化周期为2t，变化规律
0 0
分别如图乙和图丙所示。在t=0时刻从O点发射一带负电的粒子（不计重力），初速度大
小为v，方向沿y轴正方向。在x轴上有一点A（图中末标出），坐标为 若规定
0
垂直纸面向里为磁感应强度的正方向，y轴正方向为电场强度的正方向，v、t、B 为已知
0 0 0
量，磁感应强度与电场强度的大小满足： ；粒子的比荷满足： 。求：
（1）在 时，粒子的位置坐标；
（2）粒子偏离x轴的最大距离；
（3）粒子运动至A点的时间。
【答案】(1) ；(2) ；（3）
【详解】（1）在 时间内，粒子做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力可得
，
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司周期 则在 时间内转过的圆心角 ，所以在 时，粒子的位置坐标为：（
）
（2）在 时间内，粒子经电场加速后的速度为v，粒子的运动轨迹如图所示
运动的位移
在 时间内粒子做匀速圆周运动，半径
故粒子偏离x轴的最大距离
（3）粒子在xoy平面内做周期性运动的运动周期为 ，一个周期内向右运动的距离
AO间的距离为
所以，粒子运动至A点的时间为
题型四 洛伦兹力与现代科技
类型1 质谱仪的原理及应用
1．作用
测量带电粒子质量和分离同位素．
2．原理(如图所示)
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司(1)加速电场：qU＝mv2；
(2)偏转磁场：qvB＝，l＝2r；
由以上两式可得r＝，m＝，＝.
【例1】（2023·广东广州·高三统考阶段练习）图示装置为质谱仪，最初是由阿斯顿设计的，
是一种测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具。其工作原理如下：一个质量为 、
电荷量为 的粒子，从容器A下方的小孔S 飘入电势差为 的加速电场，其初速度可视
1
为0，然后自S 垂直于磁场边界射入匀强磁场，最后打到照相的底片 上、已知磁感应强
3
度为 ，方向垂直于纸面向外，不计粒子的重力，求：
（1）粒子进入磁场时的速率；
（2）若a、b是两种带电量均为 、但质量不同的粒子，从底片上获知a、b打在底片上
的点分别为P、P（未画出），测得P、P 到S 的距离之比为12：1，求a、b的质量之比。
1 2 1 2 3
【答案】（1） ；（2）
【详解】（1）粒子在电场中加速，根据动能定理有
解得
（2）粒子进入磁场，洛伦兹力提供向心力，有
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司a、b粒子的轨道半径之比
由题目可知S 到P、P 的距离为粒子运动轨迹的直径，即
3 1 2
所以a、b粒子运动轨迹半径之比
则质量之比
【例3】（2023·河南开封·统考三模）质谱仪是科学研究和工业生产中的重要工具，如图所
示是一种质谱仪的工作原理示意图。质量为m、电荷量为q的粒子，从容器A下方的小孔
飘入电势差为 的加速电场，其初速度几乎为0，接着经过小孔 进入速度选择器中，
沿着直线经过小孔 垂直进入磁感应强度为 的匀强磁场中，最后打到照相底片CD上。
已知速度选择器的板间距为d，板间电压为 且板间存在匀强磁场 ，粒子打在底片上的
亮点距小孔 的距离为D。则该带电粒子的比荷可以表示为（ ）
A． B． C． D．
【答案】CD
【详解】粒子在电场中加速，由动能定理可得
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司粒子进入速度选择器中做直线运动，由平衡条件可得
联立可得
粒子在磁场中做圆周运动，由洛伦兹力充当向心力，有
与
联立可得
故选CD。
【例3】（2023·全国·高三专题练习）利用质谱仪可以测量带电粒子的比荷，如图所示为一
种质谱仪的原理示意图。某带电粒子从容器A下方的小孔飘入加速电场（其初速度可视为
零），之后自O点垂直磁场边界进入匀强磁场中，最后打到照相底片上的P点，粒子重力
不计。此过程中，比荷越大的带电粒子（ ）
A．进入磁场时的速度越小
B．粒子带正电
C．在磁场中的运动时间越长
D．在加速电场中的加速时间越长
【答案】B
【详解】AD．根据
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司可得
则比荷大的粒子进入磁场时的速度越大，在加速电场中的加速时间越短，故AD错误；
B．由图可知，当粒子刚进入磁场时，其所受洛伦兹力的方向向左，根据左手定则可知，
粒子带正电，故B正确；
C．粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为
可知，比荷大的粒子在磁场中的运动周期越短，则时间越短，故C错误。
故选B。
【例4】．（2023·河南郑州·统考模拟预测）如图甲所示为质谱仪工作的原理图，已知质量
为m、电荷量为q的粒子，从容器A下方的小孔飘入电势差为U的加速电场，其初速度几
乎为0，经电场加速后，由小孔S沿着与磁场垂直的方向，进入磁感应强度为B的匀强磁
场中。粒子在S点的速度与磁场边界垂直，最后打在照相底片上的P点，且 。忽略
粒子的重力，通过测量得到x与 的关系如图乙所示，已知斜率为k=0.5，匀强磁场的磁
感应强度B为 ， ，则下列说法中正确的是（ ）
A．该粒子带负电
B．该粒子比荷为
C．该粒子在磁场中运动的时间约为
D．若电压U不变，打到Q点的粒子比荷大于打到P点的粒子
【答案】C
【详解】A．粒子进入磁场后向左偏转，根据左手定则可知，该粒子带正电，故A错误；
B．粒子经过加速电场过程，根据动能定理可得
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力可得
可得
则有
可知 图像的斜率为
可得粒子的比荷为
故B错误；
C．该粒子在磁场中运动的时间为
故C正确；
D．根据
若电压 不变，可知打到Q点的粒子比荷小于打到P点的粒子比荷，故D错误。
故选C。
类型2 回旋加速器的原理和应用
1．构造
如图4所示，D 、D 是半圆形金属盒，D形盒处于匀强磁场中，D形盒的缝隙处接交流电
1 2
源。
2．原理
交流电周期和粒子做圆周运动的周期相等，使粒子每经过一次D形盒缝隙，粒子就被加速
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司一次。
3．最大动能
由qv B＝、E ＝mv得E ＝，粒子获得的最大动能由磁感应强度B和盒半径R决定，与加
m km km
速电压无关。
4．总时间
粒子在磁场中运动一个周期，被电场加速两次，每次增加动能qU，加速次数n＝，粒子在
磁场中运动的总时间t＝T＝·＝。
【例1】（2023·广东广州·统考模拟预测）1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，
其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D、D 构成，其间留有空隙，现对核（
1 2
）加速，所需的高频电源的频率为f，已知元电荷为e，下列说法正确的是（ ）
A．被加速的带电粒子在回旋加速器中做圆周运动的周期随半径增大而增大
B．高频电源的电压越大，氚核最终射出回旋加速器的速度越大
C．氚核的质量为
D．在磁感应强度B和频率f不变时，该加速器也可以对氦核（ ）加速
【答案】C
【详解】A．根据周期公式 可知，被加速的带电粒子在回旋加速器中做圆周运动
的周期与D型盒半径大小无关。A错误；
B．设D形盒的半径为R，则最终射出回旋加速器的速度满足
即有
最终射出回旋加速器的速度与电压无关。B错误；
C．根据周期公式 可知
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司C正确；
D．因为氚核（ ）与氦核（ ）的比荷不同，在磁场中圆周运动周期不同，所以不能
用来加速氦核（ ）。D错误。
故选C。
【例2】．（2023·重庆万州·重庆市万州第二高级中学校考模拟预测）近年来利用重离子治
疗某些肿瘤获得很好的效果，越来越多的医疗机构配置相应的设备.重离子治疗肿瘤时通过
回旋加速器将碳离子加速到光速的70％～80％后照射肿瘤位置杀死病变细胞.如图所示为回
旋加速器示意图，D形盒的半径为R，D形盒间的交变电压大小为U，碳离子的电荷量为
q，质量为m，加速后的速度为 （c为光速），不计相对论效应，则下列说法正确的是
（ ）
A．碳离子被加速的次数为 B．回旋加速器所加磁场的磁感应强度大小为
C．交变电压的频率为 D．同一个回旋加速器能加速任意比荷的正离
子
【答案】A
【详解】A．由动能定理得
解得
故A正确；
B．当碳离子被加速到速度为 时，在磁场中运动的轨迹半径为R，由
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司故B错误；
C．交流电压的周期与碳离子在磁场中做匀速圆周运动的周期相等，由
解得
故C错误；
D．一个回旋加速器只能加速比荷相同的离子，故D错误。
故选A。
【例3】（2023·北京海淀·北京市十一学校校考三模）回旋加速器的示意图如图所示。它由
两个铝制D型金属扁盒组成，两个D形盒正中间开有一条狭缝；两个D型盒处在匀强磁场
中并接在高频交变电源上。在 盒中心A处有粒子源，它产生并发出带电粒子，经狭缝电
压加速后，进入 盒中。在磁场力的作用下运动半个圆周后，垂直通过狭缝，再经狭缝电
压加速；为保证粒子每次经过狭缝都被加速，设法使交变电压的周期与粒子在狭缝及磁场
中运动的周期一致。如此周而复始，速度越来越大，运动半径也越来越大，最后到达D型
盒的边缘，以最大速度被导出。已知某粒子所带电荷量为q，质量为m，加速时电极间电
压大小恒为U，磁场的磁感应强度为B，D型盒的半径为R，设狭缝很窄，粒子通过狭缝的
时间可以忽略不计。设该粒子从粒子源发出时的初速度为零，不计粒子重力和粒子间的相
互作用力，忽略相对论效应，求：
（1）交变电压的周期T；
（2）粒子被加速后获得的最大动能 ；
（3）粒子在回旋加速器中运动的总时间。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【详解】（1）设交变电压的周期为T，为保证粒子每次经过狭缝都被加速，带电粒子在磁
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司场中运动一周的时间应等于交变电压的周期（在狭缝的时间极短忽略不计），则
联立以上两式，解得交变电压的周期为
（2）粒子在D形盒内做圆周运动，轨道半径达到最大时被引出，具有最大动能。设此时
的速度为v，有
解得
设粒子的最大动能为 ，则
（3）质子完成一次圆周运动被电场加速2次，由动能定理得
经过的周期个数为n，则有
质子在D型盒磁场内运动的时间
联立解得质子在回旋加速器中运动的总时间为
【例4】．（2023春·云南昆明·高三昆明一中校考阶段练习）1932年美国物理学家劳伦斯
发明了回旋加速器，巧妙地利用带电粒子在磁场中运动特点，解决了粒子的加速问题。现
在回旋加速器被广泛用于科学研究和医学设备中。回旋加速器的工作原理如图甲所示，置
于真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计。
磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，加速器按一定频率的高频交流电源，保证粒子每
次经过电场都被加速，加速电压为U。D形金属盒中心粒子源产生的粒子，初速度不计，
在加速器中被加速，加速过程中不考虑相对论效应和重力作用。
（1）求把质量为m，电荷量为q的静止粒子加速到最大动能所需时间；
（2）若此回旋加速器原来加速α粒子（ ）。获得的最大动能为 ，现改为加速氘核
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司（ ），它获得的最大动能为多少？要想使氚核获得与α粒子相同的动能，请你通过分析，
提出一种简单可行的办法；
（3）已知两D形盒间的交变电压如图乙所示，设α粒子在此回旋加速器中运行的周期为
T，现对 核进行加速，已知该核的电荷量为 ，在 时进入加速电场，求该粒子在
加速器中能获得的最大动能？（在此过程中，粒子未飞出D形盒）
【答案】（1） ；（2）见解析；（3）
【详解】（1）由洛伦兹力提供向心力得
粒子每旋转一周动能增加2qU，则旋转周数
周期
粒子在磁场中运动的时间
一般地可忽略粒子在电场中的运动时间，t 可视为总时间
磁
（2）对α粒子，由速度
得其最大动能为
对氘核，最大动能为
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司若两者有相同的动能，设磁感应强度变为B′、由α粒子换成氘核，有
解得
即磁感应强度需增大为原来的 倍，高频交流电源的原来周期
故
由α粒子换为氘核时，交流电源的周期应为原来的 。
（3）对α粒子有
对粒子 分析，其在磁场中的周期
每次加速偏移的时间差为
满足
解得
根据动能定理
即
类型3 电场与磁场叠加的应用实例分析
共同特点：当带电粒子(不计重力)在叠加场中做匀速直线运动时，洛伦兹力与静电力大小
相等qvB＝qE或qvB＝q.
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司1 速度选择器
(1)平行板间电场强度E和磁感应强度B互相垂直．(如图)
(2)带电粒子能够沿直线匀速通过速度选择器的条件是洛伦兹力与静电力平衡
qvB＝qE，即v＝.
(3)速度选择器只能选择粒子的速度，不能选择粒子的电性、电荷量、质量．
(4)速度选择器具有单向性．
【例1】（2023·湖南·统考模拟预测）如图所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源
射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的 点，出现一个光斑。在垂直纸面向
里的方向上加一宽度为 、磁感应强度为 的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为
的圆弧运动，最后打在距磁场右侧距离为 的荧光屏上的 点。现在磁场区域再加一竖直
方向、电场强度大小为 的匀强电场，光斑从 点又回到 点，不计粒子重力，则
（ ）
A．粒子带正电
B．粒子的初速度大小为
C．粒子的比荷为
D． 两点之间的距离为
【答案】AC
【详解】A．由题图可知，粒子在加上磁场后向上偏，磁场方向为垂直于平面向里，根据
左手定则可知，粒子带正电，故A项正确；
B．由题意可知，粒子在电场和磁场的叠加场内做直线运动，有
解得
故B项错误；
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司C．在只有磁场时，对粒子有
解得
故C项正确；
D．由几何关系，粒子在磁场中偏转的距离为
由几何关系有
粒子出磁场后竖直方向的位移为
所以OP两点之间的距离为
故D项错误。
故选AC。
【例2】如图所示为一速度选择器，两极板MN之间的距离为d，极板间所加电压为U，两
极板间有一磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场．一束质子流从左侧两板
边缘连线的中点沿两板中心线进入板间区域，能够沿直线运动，不计粒子重力．则下列说
法正确的是( )
A．M极板接电源的负极
B．质子流的入射速度为
C．如果将质子换成电子，从右侧沿中心线以与质子流相同的速率进入板间区域，则电子
在该区域运动过程中电势能增加
D．如果换成一束α粒子，仍从左侧沿中心线以与质子流相同的速度进入板间区域，则 α
粒子同样可以沿直线飞出该区域
【答案】 D
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司【解析】 质子流从左侧两板边缘连线的中点沿两板中心线进入板间区域，所受的洛伦兹
力垂直于M极板向上，因垂直于极板方向受力平衡，故静电力方向垂直于M极板向下，即
电场强度方向向下，M极板接电源的正极，故A错误；由平衡条件得qBv＝q，解得质子流
的入射速度为v＝，故B错误；如果将质子换成电子，从右侧沿中心线以与质子流相同的
速率进入板间区域，电子受到的静电力和洛伦兹力都垂直于 M极板向上，静电力做正功，
电势能减少，故C错误；如果换成一束α粒子，仍从左侧沿中心线以与质子流相同的速度
进入板间区域，所受洛伦兹力垂直于M极板向上，静电力方向垂直于M极板向下，且有
q Bv＝q ，则α粒子同样可以沿直线飞出该区域，故D正确．
α α
2 磁流体发电机
(1)原理：如图所示，等离子体喷入磁场，正、负离子在洛伦兹力的作用下发生偏转而聚集
在B、A板上，产生电势差，它可以把离子的动能通过磁场转化为电能．
(2)电源正、负极判断：根据左手定则可判断出正离子偏向B板，图中的B是发电机的正极．
(3)发电机的电动势：当发电机外电路断路时，正、负离子所受静电力和洛伦兹力平衡时，
两极板间达到的最大电势差为U，则q＝qvB，得U＝Bdv，则E＝U＝Bdv.
当发电机接入电路时，遵从闭合电路欧姆定律．
【例1】（2023·河北·校联考三模）如图为磁流体发电机的示意图，间距为d的平行金属板
A、B之间的磁场可看成匀强磁场，磁感应强度大小为B，板A、B和电阻R连接，将一束
等离子体以速度v沿垂直于磁场的方向喷入磁场，已知金属板A、B的正对面积为S，A、B
及其板间的等离子体的等效电阻率为 ，下列说法正确的是（ ）
A．金属板A为正极 B．电阻R两端的电压为
C．电阻R两端的电压为 D．流过电阻R的电流大小为
【答案】B
【详解】A．根据左手定则可得，正离子向金属板B，金属板B为正极，金属板A为负极。
故A错误；
D．根据稳定时，等离子体满足
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司该发电机的电动势为
流过电阻 的电流大小为
故D错误；
BC．电阻 两端电压为
故B正确；C错误。
故选B。
【例2】．（2023·广东佛山·统考模拟预测）法拉第曾提出一种利用河流发电的设想，并进
行了实验研究。实验装置示意图如图所示，两块面积均为 的矩形平行金属板正对地浸在
河水中，金属板间距为 。水流速度处处相同大小为 ，方向水平向左，金属板面与水流
方向平行。地磁场磁感应强度竖直向下的分量为 ，水的电阻率为 ，水面上方有一阻值
为 的电阻通过绝缘导线和开关 连接到两金属板上。忽略边缘效应，则下列说法正确的
是（ ）
A．电阻 上的电流方向从里向外
B．河水流速减小，两金属板间的电压增大
C．该发电装置的电动势大小为
D．流过电阻 的电流大小为
【答案】C
【详解】A．根据题意，由左手定则可知，河水中的正离子向外面金属板偏转，外金属板
为正极，负离子向里面金属板偏转，里金属板为负极，则电阻 上的电流方向从外向里，
故A错误；
C．设稳定时产生的感应电动势为 ，两板间有一带电荷量为 的离子匀速运动受力平衡，
根据平衡条件可得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司解得
故C正确；
B．设极板间等效电阻为 ，由闭合回路欧姆定律可得，两金属板间电压为
可知，河水流速减小，两金属板间的电压减小，故B错误；
D．根据题意，由电阻定律可得，极板间等效电阻为
由闭合回路欧姆定律可得，流过电阻 的电流大小为
故D错误。
故选C。
【例3】．（2023·浙江金华·统考三模）磁流体发电机发电通道是一个长、高、宽分别为
a、h、b的长方体空腔。上下两个侧面是电阻不计的电极，电极与固定在水平桌面上间距
为L电阻不计的平行金属导轨相连。发电通道内的匀强磁场方向垂直与a、h组成的平面，
磁感应强度大小为B。电阻率为ρ的等离子体以速率v水平向右通过发电通道。导轨间匀强
磁场与导轨平面成θ角右斜向上，磁感应强度大小也为B，质量为m，电阻为R的金属棒
垂直于导轨放置，与导轨道动摩擦因数为μ。棒的中点用条水平垂直于棒的细线通过光滑
定滑轮与重物相连。当S闭合后，金属棒恰好处于静止状态，则重物的质量可能为
（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司【详解】等离子体中的正电荷受向上的洛伦兹力偏向上极板，可知上极板为正极，电流流
过导体棒，受安培力斜向左上方，若导体棒恰不向左运动，则摩擦力向右，对导体棒受力
平衡
其中
解得
同理若导体棒恰不向右运动，则摩擦力向左对导体棒受力平衡
其中
解得
故选C。
【例4】．（2023·江苏·模拟预测）目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机，
立体图如图甲所示，侧视图如图乙所示，其工作原理是燃烧室在高温下将气体全部电离为
电子与正离子，即高温等离子体，高温等离子体经喷管提速后以速度 进入矩形
发电通道，发电通道有垂直于喷射方向的匀强磁场（图乙中垂直纸面向里），磁感应强度
大小 ，等离子体在发电通道内发生偏转，这时两金属薄板上就会聚集电荷，形成电
势差。已知发电通道从左向右看长 ，宽 ，高 ，等离子体的电
阻率 ，电子的电荷量 。不计电子和离子的重力以及微粒间的相互
作用，则以下判断正确的是（ ）
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司A．发电机的电动势为2500V
B．若电流表示数为16A，则1s内打在下极板的电子有1010个
C．当外接电阻为12Ω时，电流表的示数为5A
D．当外接电阻为8Ω时，发电机输出功率最大
【答案】D
【详解】A．由等离子体所受的电场力和洛伦兹力平衡得
qvB＝
0
则得发电机的电动势为
E＝Bdv＝1000V
0
故A错误；
B．由电流的定义可知 ，代入数据解得
n＝1020个
故B错误；
C．发电机的内阻为
r＝ρ ＝8Ω
由闭合电路欧姆定律
I＝ ＝50A
故C错误；
D．当电路中内、外电阻相等时发电机的输出功率最大，此时外电阻为
R＝r＝8Ω
故D正确。
故选D。
3.电磁流量计
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司(1)流量(Q)：单位时间流过导管某一截面的液体的体积．
(2)导电液体的流速(v)的计算．
如图所示，一圆柱形导管直径为d，用非磁性材料制成，其中有可以导电的液体向右流动．
导电液体中的正、负离子在洛伦兹力作用下发生偏转，使a处积累正电荷，b处积累负电
荷，使a、b间出现电势差，φ>φ.当自由电荷所受静电力和洛伦兹力平衡时，a、b间的电
a b
势差(U)达到最大，由q＝qvB，可得v＝.
(3)流量的表达式：Q＝Sv＝·＝.
(4)电势高低的判断：根据左手定则可得φ>φ.
a b
【例1】（2023春·安徽·高三校联考阶段练习）安装在排污管道上的流量计可以测量排污
流量，流量为单位时间内流过管道横截面的流体的体积。图为流量计的示意图，左、右两
端开口的长方体绝缘管道的长、宽、高分别为a、b、c，所在空间有垂直于前、后表面，
磁感应强度大小为B的匀强磁场，在上、下两个面的内侧固定有金属板M、N，污水充满
管道从左向右匀速流动，测得排污流量为Q。污水流过管道时受到的阻力大小 ，k
是比例系数，L为管道长度，v为污水的流速。则（ ）
A．金属板M的电势低于金属板N的电势
B．M、N两板间的电势差
C．排污流量Q与污水中离子浓度无关
D．左、右两侧管口的压强差
【答案】CD
【详解】A．污水经流量计时，污水中的正负离子受到洛伦兹力作用，由左手定则，可知
正离子向上极板M聚集，负离子向下极板N聚集，则有M极板电势高，N极板电势低，A
错误；
B．金属板M带正电，N带负电，在M、N两板间产生竖直向下的电场，离子在电场力和
洛伦兹力的作用下处于平衡状态，由平衡条件可得
解得
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司B错误；
C．流量为在单位时间内流经管道横截面积的流体的体积，可知污水的流量为
由上式可知，排污流量Q与污水中离子浓度无关，C正确；
D．由题意可知，污水流过管道时受到的阻力大小为
可知污水充满管道从左向右匀速流动，则有两侧的压力差等于阻力，即
又有
联立解得
D正确。
故选CD。
【例2】．（2023·全国·高三专题练习）环境保护，人人有责，为加强环境监管，暗访组在
某化工厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，测量管由绝缘材料制成，其长为L、直
径为D，左右两端开口，匀强磁场方向竖直向下，在前后两个内侧面a、c固定有金属板作
为电极。污水充满管口从左向右流经测量管时，显示仪器显示a、c两端电压为U，污水流
量为Q（单位时间内排出的污水体积）。则（ ）
A．a侧电势比c侧电势高
B．污水中离子浓度越高，U的示数将越大
C．若污水从右侧流入测量管，显示器显示为负值，再将磁场反向则显示为正值
D．污水流量Q与U成正比，与L、D无关
【答案】AC
【详解】A．根据左手定则可知，正离子向a侧偏转，则a侧电势比c侧电势高，A正确；
B．根据平衡关系可知
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司qvB＝ q
可得
U＝BDv
可知显示仪器的示数与污水中离子浓度无关，B错误；
C．若污水从右侧流入测量管，则磁场力使得正离子偏向c侧，则c端电势高，显示器显示
为负值，再将磁场反向，磁场力使得正离子偏向a侧，则显示为正值，C正确；
D．污水流量
Q＝Sv＝ πD2· ＝
则污水流量Q与U成正比，与D有关，与L无关，D错误。
故选AC。
【例3】(2022·浙江省柯桥中学模拟)在实验室中有一种污水流量计如图甲所示，其原理可
以简化为如图乙所示模型：废液内含有大量正、负离子，从直径为 d的圆柱形容器右侧流
入，左侧流出．流量Q等于单位时间通过横截面的液体的体积．空间有垂直纸面向里的磁
感应强度为B的匀强磁场，并测出M、N间的电压U，则下列说法正确的是( )
A．正、负离子所受洛伦兹力方向是相同的
B．容器内液体的流速为v＝
C．污水流量计也可以用于测量不带电的液体的流速
D．污水流量为Q＝
【答案】 B
【解析】 离子进入磁场后受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，正离子受到的洛伦兹
力向下，负离子受到洛伦兹力向上，故A错误；当达到平衡时有q＝qvB，解得v＝，故B
正确；不带电的液体在磁场中不受力，M、N两点没有电势差，无法计算流速，故C错误；
污水流量为Q＝vS＝πd2·＝，故D错误．
4.霍尔效应的原理和分析
(1)定义：高为h、宽为d的导体(自由电荷是电子或正电荷)置于匀强磁场B中，当电流通过
导体时，在导体的上表面A和下表面A′之间产生电势差，这种现象称为霍尔效应，此电压
称为霍尔电压．
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司(2)电势高低的判断：如图，导体中的电流I向右时，根据左手定则可得，若自由电荷是电
子，则下表面A′的电势高．若自由电荷是正电荷，则下表面A′的电势低．
(3)霍尔电压：导体中的自由电荷(电荷量为q)在洛伦兹力作用下偏转，A、A′间出现电势差，
当自由电荷所受静电力和洛伦兹力平衡时，A、A′间的电势差(U)就保持稳定，由qvB＝q，I
＝nqvS，S＝hd，联立解得U＝＝k，k＝称为霍尔系数．
【例1】(2022·江苏省前黄高级中学高三月考)霍尔器件广泛应用于生产生活中，有些电动
自行车上控制速度的转动把手就应用了霍尔器件，这种转动把手称为“霍尔转把”．“霍
尔转把”内部有永久磁铁和霍尔器件等，截面如图甲所示．开启电动自行车的电源时，在
霍尔器件的上下面之间就有一个恒定电流I，如图乙．将“霍尔转把”旋转，永久磁铁也跟
着转动，施加在霍尔器件上的磁场就发生变化，霍尔器件就能输出变化的电势差U.这个电
势差是控制车速的，电势差与车速的关系如图丙．以下叙述正确的是( )
A．若霍尔器件的自由电荷是自由电子，则C端的电势高于D端的电势
B．若改变霍尔器件上下面之间的恒定电流I的方向，将影响车速控制
C．其他条件不变，仅增大恒定电流I，可使电动自行车更容易获得最大速度
D．按图甲顺时针均匀转动把手，车速减小
【答案】 C
【解析】 若霍尔器件的自由电荷是自由电子，根据左手定则，电子受到洛伦兹力向与 C
端相连接的面移动，因此C端电势低于D端的电势，A错误．当霍尔器件上下面之间的恒
定电流I的方向改变，从霍尔器件输出的控制车速的电势差正负号相反，但由题图丙可知，
不会影响车速控制，B错误．设自由电荷定向移动的速率为v，霍尔器件前后表面间的距离
为h，左右表面间距离为d，达到稳定后，自由电荷受力平衡，由Bqv＝q可得U＝Bhv
电流的微观表达式I＝nqvS＝nqvhd
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司则U＝
可知仅增大电流I时前后表面电势差增大，对应的车速更大，电动自行车的加速性能更好，
更容易获得最大速度，C正确．当按题图甲顺时针均匀转动把手时霍尔器件周围磁场增大，
那么霍尔器件输出的控制车速的电势差U增大，因此车速变快，D错误．
【例2】（2023·全国·高三专题练习）霍尔元件是一种应用霍尔效应的磁传感器，广泛应用
于各领域。如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁场方向垂直霍尔元件工作面，霍尔元件
宽为d（M、N间距离），厚度为h（图中上下面距离），当通以图示方向电流时，MN两
端将出现电压U ，则（ ）
H
A．若霍尔元件的载流子是自由电子，则M端电势比N端高
B．若仅改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，U 将不变
H
C．若仅增大霍尔元件宽度d，则MN两端电压U一定增大
D．若仅减小霍尔元件厚度h，则MN两端电压U一定增大
【答案】AD
【详解】A．根据左手定则，电子向N侧面偏转，N表面带负电，M表面带正电，所以M
表面的电势高，故A正确；
B．仅改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，在垂直于工作面方向上的磁感应强度将小于
原磁场磁感应强度的大小，则 将减小，故B错误；
CD．据
以及
可得
U 与宽度d无关，仅减小霍尔元件厚度h，则MN两端电压U一定增大，故C错误，D正
H
确。
故选AD。
【例3】．（2023·全国·高三专题练习）速度选择器可以使一定速度的粒子沿直线运动，如
图甲所示。霍尔元件的工作原理与速度选择器类似，某载流子为电子的霍尔元件如图乙所
示。下列说法正确的是（ ）
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学学科科网网（（北北京京））股股份份有有限限公公司司A．图甲中，电子以速度大小 从Q端射入，可沿直线运动从P点射出
B．图甲中，电子以速度大小 从P端射入，电子向下偏转，轨迹为抛物线
C．图乙中，仅增大电流I，其他条件不变，MN之间的霍尔电压将增大
D．图乙中，稳定时霍尔元件M侧的电势低于N侧的电势
【答案】CD
【详解】A．当电子从Q→P时，所受电场力向上，洛伦兹力向上，合力不会为零，电子不
能做直线运动，A错误；
B．电子以速度大小
从P端射入，则
电子向下偏转，所受合力为变力，轨迹不可能为抛物线，故B错误；
C．图乙中，设霍尔元件厚度为h，宽为d，由
可得
仅增大电流I，其他条件不变， 将增大，故C正确；
D．根据左手定则可判断电子受到的洛伦兹力向左，所以M侧电势低，N侧电势高，故D
正确。
故选CD。
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