文档文本内容
化学
注意事项：
1.答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在答题卡
上，并认真核准条形码上的姓名、准考证号、考场号、座位号及科目，在规定的位置贴好条
形码。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，用黑色碳素笔将答案写在
答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 C 12 N 14 O 16 F 19 Na 23 S 32 Cl 35.5
Mn 55 Fe 56 Cu 64 Sb 122
一、选择题：本题共14 小题，每小题3 分，共42 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1. 画中有“化”，多彩中华。下列叙述正确的是
A. 岩彩壁画颜料所用贝壳粉，主要成分属于硅酸盐
B. 油画颜料调和剂所用核桃油，属于有机高分子
C. 竹胎漆画颜料赭石的主要成分氧化铁，耐酸、碱
D. 水墨画墨汁的主要成分碳，常温不易被氧化
【答案】D
【解析】
【详解】A．贝壳粉的主要成分是碳酸钙，属于碳酸盐，A 错误；
B．核桃油属于油脂，分子量较小，不属于有机高分子，B 错误；
C．氧化铁（Fe2O3）能与酸反应，不耐酸，C 错误；
D．碳在常温下化学性质稳定，不易被氧化，D 正确；
故选D。
2. 下列化学用语或图示表示正确的是
A.
的VSEPR 模型：
B.
的电子式：
C. Cl 的原子结构示意图：
D.
溶于水的电离方程式：
【答案】A
【解析】
【详解】A．
的中心原子价层电子对数为3+
=4，且含有1 个孤电子对，VSEPR 模型为四
面体形，A 正确；
B．硫化钠
离子化合物，电子式：
，B 错误；
C．氯是第17 号元素，Cl 原子结构示意图为：
，C 错误；
D．
是强电解质，溶于水完全电离，电离方程式：
，D 错误；
故选A。
3. 下列化学方程式错误的是
A. 煤制水煤气：
B.
供氧：
C. 覆铜板制作印刷电路板：
D. 铅酸蓄电池放电：
【答案】C
【解析】
【详解】A．煤在高温下与水蒸气反应生成CO 和H2，方程式正确，A 正确；
B．过氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠和氧气，方程式书写正确，B 正确；
C．FeCl3与Cu 反应时，Fe3+被还原为Fe2+而非单质Fe，正确反应为2FeCl3+Cu=2FeCl2+CuCl2，C 错误；
D．铅酸蓄电池放电时，Pb 和PbO2与硫酸反应生成PbSO4和H2O，方程式正确，D 正确；
故选C。
4.
为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A.
中原子的数目为
B.
所含中子的数目为
C.
粉和足量S 完全反应，转移电子的数目为
D.
盐酸与足量
反应，生成
的数目为
【答案】B
【解析】
【详解】A．未指明气体是否处于标准状况，22.4L CH4的物质的量无法确定为1mol，因此原子数目无法确
定为5NA，A 错误；
B．
18O 的中子数为18-8=10，1mol18O 含10mol 中子，数目为10NA，B 正确；
C．28g Fe（0.5mol）与S 反应生成FeS，Fe 的氧化态为+2，转移电子数为0.5×2=1mol=1NA，而非1.5NA，
C 错误；
D．浓盐酸与MnO2反应时，随反应进行浓度降低，反应停止，实际生成Cl2的物质的量小于理论值
0.3mol，D 错误；
故选B。
5. 下列装置(省略部分夹持装置)或操作正确的是
A．制备
B．配制
溶液
C．探究Na 与
反应
D．探究温度对化学平衡的影响
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】D
【解析】
【详解】A．
和
固体混合物加热制取氨气，试管口要略向下倾斜，A 错误；
B．配制
溶液，应在烧杯中溶解KCl 固体，B 错误；
C．金属钠与水反应剧烈，不能在试管中进行，应在烧杯中进行，且烧杯不能盛满水，C 错误；
D．两个烧杯中分别盛有热水和冰水，可以通过观察气体的颜色深浅来探究温度对2NO2(红棕色)
N2O4(无色)平衡的影响，D 正确；
故选D。
6. 化合物Z 是某真菌的成分之一，结构如图。下列有关该物质说法错误的是
A. 可形成分子间氢键
B. 与乙酸、乙醇均能发生酯化反应
C. 能与
溶液反应生成
D.
与
的
溶液反应消耗
【答案】D
【解析】
【详解】A．分子中存在-OH 和-COOH，可以形成分子间氢键-O-H…O，A 正确；
B．含有醇-OH，可以和乙酸发生酯化反应，含有-COOH，可以和乙醇发生酯化反应，B 正确；
C．分子中含有-COOH，可以和NaHCO3反应产生CO2，C 正确；
D．分子中只有碳碳双键能和Br2的CCl4溶液中的Br2反应，分子中含2 个碳碳双键，1molZ 可以和Br2的
CCl4反应消耗2molBr2，D 错误；
答案选D。
7. 稻壳制备纳米Si 的流程图如下。下列说法错误的是
A.
可与NaOH 溶液反应
B. 盐酸在该工艺中体现了还原性
C. 高纯Si 可用于制造硅太阳能电池
D. 制备纳米Si：
【答案】B
【解析】
【分析】稻壳在一定条件下制备纳米SiO2，纳米SiO2和Mg 在650℃发生置换反应生成MgO 和纳米Si，加
盐酸将MgO 转化为MgCl2，过滤、洗涤、干燥得到纳米Si。
【详解】A．SiO2是酸性氧化物，与NaOH 反应生成Na2SiO3和H2O，A 正确；
B．盐酸参与的反应为：MgO+2HCl=MgCl2+H2O，该反应是非氧化还原反应，盐酸体现酸性，没有体现还
原性，B 错误；
C．高纯硅可以将太阳能转化为电能，故可用于制硅太阳能电池，C 正确；
D ．SiO2 和Mg 在650℃条件下发生置换反应得到MgO 和纳米Si ，反应的化学方程式为
，D 正确；
答案选B。
8. 某化学兴趣小组设计如下实验装置，通过测定反应前后质量的变化，验证
固体在酒精灯加热条
件下，受热分解的气态产物。
实验步骤：先缓慢通入Ar 气，排尽装置内空气；关闭Ⅰ左侧阀门，点燃酒精灯；一段时间后，Ⅱ中灼热的
铜网变黑，熄灭酒精灯甲；再次缓慢通入Ar 气……
下列说法错误
是
A. 实验步骤中，点燃酒精灯的顺序为甲、乙、丙
B. 整个过程中，若Ⅲ中灼热的铜网未变黑，则说明生成的
在Ⅱ中反应完全
C. 实验结束后，若Ⅰ中减少的质量等于Ⅱ中增加的质量，则分解的气态产物只有
D.
应远离热源、可燃物，并与还原性物质分开存放
【答案】A
【解析】
【分析】先缓慢通入Ar 气，排尽装置内空气，防止对实验造成干扰，关闭Ⅰ左侧阀门，先后点燃乙、丙、
甲处酒精灯，一段时间后，Ⅰ中灼热的铜网变黑，说明NaNO3分解产生了O2，熄灭酒精灯甲，再次缓慢通
入Ar 气，使NaNO3分解产生的气态产物全部排尽，浓硫酸用于防止空气中的水蒸气进入装置干扰实验。
【详解】A．一段时间后，Ⅰ中灼热的铜网变黑，说明NaNO3分解产生了O2，为确保能准确测定产生的氧
气的质量，应先点燃乙处酒精灯，再点燃丙处酒精灯，最后点燃甲处酒精灯，A 错误；
B．Ⅱ、Ⅲ中Cu 均能和氧气反应生成黑色的CuO，整个过程中，若Ⅱ中灼热的铜网未变黑，则说明生成的
O2在Ⅱ中反应完全，B 正确；
C．Ⅱ中的Cu 只能吸收O2，实验结束后，若Ⅰ中减少的质量等于Ⅰ中增加的质量，则分解的气态产物只有
O2，C 正确；
D．由该实验可知NaNO3受热易分解产生氧化剂、助燃性气体O2，故NaNO3应远离热源、可燃物，并与还
原性物质分开存放，D 正确；
答案选A。
9. 钙霞石是一种生产玻璃陶瓷的原料，所含M、Q、R、T、X、Y、Z 为原子序数依次增大的前20 号主族
元素，M 是原子半径最小的元素，Q 是形成物质种类最多的元素，R 是地壳中含量最高的元素，T、X、Y
同周期，Q、X 均与Y 相邻，Z 的原子序数等于M、R 和T 的原子序数之和。下列说法正确的是
A. M 与Z 可形成离子化合物
B. 原子半径：
C.
是极性分子
D. 电负性：
【答案】A
【解析】
【分析】M 是原子半径最小的为H，Q 是形成物质种类最多，则为C， R 是地壳中含量最高，为O， T、
X、Y 同周期且原子序数递增。Q（C）和X 均与Y 相邻，结合Z 的原子序数Z = M + R + T = 1 + 8 + T，Z
≤ 20，得T = 11（Na），Z = 20（Ca）。又因为T、X、Y 同周期，Q、X 均与Y 相邻，可推出 Q（C）与
Y（Si）同主族相邻，X（Al）与Y（Si）相邻且T（Na）、X（Al）、Y（Si）同属第三周期， 故推出M
为H、Q 为C、R 为O、T 为Na、X 为Al、Y 为Si、Z 为Ca，据此解答。
【详解】A．H 与Ca 形成CaH2，为活泼金属形成的氢化物，为离子化合物，A 正确；
B．同周期原子半径从左到右逐渐减小，同主族原子半径从上到下逐渐增大，R 为O、T 为Na、X 为Al，
则它们的原子半径大小为O＜Al＜Na，即R＜X＜T，B 错误；
C．
为CO2，为直线型的非极性分子，C 错误；
D．同周期电负性从左到右逐渐增大，同主族电负性从下到上逐渐增大，Q 为C、R 为O、Y 为Si，则电负
性Si＜C＜O，正确顺序为Y＜Q＜R，D 错误；
故选A。
10. 铜催化下，由
电合成正丙醇的关键步骤如图。下列说法正确的是
A. Ⅰ到Ⅱ的过程中发生氧化反应
B. Ⅱ到Ⅲ的过程中有非极性键生成
C. Ⅳ的示意图为
D. 催化剂Cu 可降低反应热
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，Ⅰ到Ⅱ的过程中消耗了氢离子和电子，属于还原反应，A 错误；
B．Ⅱ到Ⅲ的过程中生成了一根C-H 键，如图
，有极性键生成，不是非极性键，B 错误；
C．Ⅱ到Ⅲ的过程中生成了一根C-H 键，由Ⅲ结合氢离子和电子可知，Ⅲ到Ⅳ也生成了一根C-H 键，Ⅳ到Ⅴ
才结合CO，可知Ⅳ的示意图为
，C 正确；
D．催化剂可改变活化能，加快反应速率，不能改变反应热，D 错误；
故选C。
11. 一种用双极膜电渗析法卤水除硼的装置如图所示，双极膜中
解离的
和
在电场作用下向两
极迁移。除硼原理：
。下列说法错误的是
A. Pt 电极反应：
B. 外加电场可促进双极膜中水的电离
C. Ⅲ室中，X 膜、Y 膜分别为阳离子交换膜和阴离子交换膜
D. Ⅳ室每生成
，同时Ⅱ室最多生成
【答案】C
【解析】
【分析】由图中氢离子和氢氧根的流向，可推出左侧Pt 电极为阳极，右侧石墨电极为阴极，阳极发生的反
应为：
，阴极发生的反应为：
，Ⅲ室中氯化钠浓度降低了，
说明钠离子往阴极方向移动，氯离子往阳极反向移动，据此解答。
【详解】A．由分析可知，Pt 电极为阳极，阳极发生的反应为：
，A 正确；
B．水可微弱的电离出氢离子和氢氧根，在外加电场作业下，使氢离子和氢氧根往两侧移动，降低了浓度，
可促进双极膜中水的电离，B 正确；
C．由分析可知，Ⅲ室中氯化钠浓度降低了，说明钠离子往阴极方向移动，氯离子往阳极反向移动，即钠
离子往右侧移动，通过Y 膜，则Y 膜为阳离子交换膜，氯离子往左侧移动，通过X 膜，则X 膜为阳离子
交换膜，C 错误；
D．Ⅳ室每生成
，则转移1mol 电子，有1mol 氢离子移到Ⅱ室中，生成
，D 正确；
故选C。
12. Be 及其化合物的转化关系如图。下列说法错误的是
A.
是两性氢氧化物
B.
和
的晶体类型相同
C.
中Be 原子的杂化方式为
D.
与
反应：
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图中转化信息可知，
既能与盐酸反应生成盐和水，又能与氢氧化钠反应生成盐，
因此其是两性氢氧化物，A 正确；
B．由题中信息可知，
的熔点远远高于
的，因此
不可能是分子晶体，而
的熔点和
沸点均较低，其为分子晶体，因此两者的晶体类型不相同，B 错误；
C．
中 Be 原子与4 个羟基形成4 个σ 键，没有孤电子对，只有4 个成键电子对，因此，
其杂化方式为 sp3，C 正确；
D．
中的Be 化合价为+2，C 的化合价为-4，因此其与
反应生成
和
，该反应的化
学方程式为
，D 正确；
综上所述，本题选B。
13.
是优良的固态电解质材料，
取代部分
后产生空位，可提升
传导性能。
取代后材料的晶胞结构示意图(
未画出)及其作为电解质的电池装置如下。下列说法错误的是
A. 每个晶胞中
个数为12
B. 该晶胞在yz 平面的投影为
C.
取代后，该电解质的化学式为
D. 若只有
发生迁移，外电路转移的电子数与通过截面MNPQ 的
数目相等
【答案】C
【解析】
【详解】A．由晶胞结构可知，Sc 原子分布在晶胞的8 个棱心和4 个面心，由均摊法算出其原子个数为
，由晶体的化学式
可知，O 原子的个数是Sc 的4 倍，因此，每个晶胞
中O2-个数为12，A 正确；
B．由晶胞结构可知，该晶胞在yz 平面的投影就是其前视图
，B 正确；
C．Ce4+ 取代La3+后，Li+数目减小并产生空位，因此，根据化合价的代数和为0 可知，取代后该电解质的
化学式为
，C 错误；
D．Li+与电子所带的电荷数目相同，只是电性不同，原电池中内电路和外电路通过的电量相等，因此，若
只有Li+发生迁移，外电路转移的电子数与通过截面MNPQ 的Li+数目相等，D 正确；
综上所述，本题选C。
14. 甲醛法测定
的反应原理为
。取含
的废
水浓缩至原体积的
后，移取20.00mL，加入足量甲醛反应后，用
的NaOH 标准溶液滴
定。滴定曲线如图1，含氮微粒的分布分数
与pH 关系如图2[比如：
]。下列说法正确的是
A. 废水中
的含量为
B. c 点：
C. a 点：
D.
的平衡常数
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图1 中的信息可知，当加入NaOH 标准溶液的体积为20.00mL 时到达滴定终点，由关系式
~[
]~4
可知，由于待测液的体积和标准溶液的体积相同，因此，浓缩后的
20.00mL
溶
液
中
，
则
原
废
水
中
，
因
此
，
废
水
中
的
含
量
为
，A 错误；
B ．c 点加入NaOH 标准溶液的体积过量，且只过量了
，由电荷守恒可知，
，浓缩后的废水中
的浓度是NaOH 标准
溶液浓度的4 倍，
和
均不参与离子反应，可以估算c 点
，
，B 错误；
C．
在溶液中水解使溶液显酸性，类比
可知
在溶液中与水作用发生电离而
使溶液显碱性；a 点为半滴定点，由其纵坐标可知溶液显酸性，说明
的水解作用强于
的电离作用，可知溶液中相关粒子的浓度的大小关系为
，
C 错误；
D．由图1 和图2 可知，当
时，
占比较高，
，则由氮守恒可
知，
，两种粒子的浓度之比等于其分布分数之比，则
的平衡常数
，
D 正确；
综上所述，本题选D。
二、非选择题：本题共4 小题，共58 分。
15. 从褐铁矿型金-银矿(含Au、Ag、
、
、CuO、
等)中提取Au、Ag，并回收其它有价金
属的一种工艺如下：
已知：①金-银矿中Cu、Mn 元素的含量分别为0.19%、2.35%。
②25℃时，
的
为
。
回答下列问题：
（1）基态Cu 原子的价层电子排布式为_______。
（2）“还原酸浸”时，
反应的离子方程式为_______。
（3）“浸金银”时，Au 溶解涉及的主要反应如下：
①
②
上述过程中的催化剂为_______。
（4）“沉铜”前，“滤液1”多次循环的目的为_______。
（5）根据“还原酸浸”“氧化”，推断
的氧化性由强到弱的顺序为_______。
（6）25℃“沉铁”后，调节“滤液4”的pH 至8.0，无
析出，则
_______
。
（7）一种锑锰
合金的立方晶胞结构如图。
①该晶胞中，每个Sb 周围与它最近且相等距离的Mn 有_______个。
②
为阿伏加德罗常数的值，晶胞边长为anm，则晶体的密度为_______
(列出计算式即可)。
【答案】（1）
（2）
（3）
（4）大幅度降低硫酸和亚碳酸钠的消耗成本，同时减少废水产生量及处理成本，并通过持续去除杂质提
高金银的富含度
（5）
（6）0.19 （7） ①. 12
.
②
【解析】
【分析】由流程可知，矿石经“还原酸浸”，
、
被还原为
和
，CuO 被溶解为
，
Au、Ag、
不溶进入“滤渣1”；“沉铜”时，
被铁粉还原为Cu；“氧化时”
被氧化为
；
“沉铁”时，
转化为沉淀，后续转化为氧化铁；“沉锰”时，
沉淀为碳酸锰。“浸金银”时，
Au、Ag 被混合液浸出，后续提炼出Au、Ag。
【小问1 详解】
Cu 为29 号元素，基态Cu 原子的核外电子排布属于洪物规则的特例，其价电子数为11，其价层电子排布
式为
。
【小问2 详解】
“还原酸浸”时，
被亚硫酸钠还原为
，该反应的离子方程式为
。
【小问3 详解】
“浸金银”时，Au 溶解涉及的主要反应如下：
①
②
分析以上两反应可知，
参与了反应①，但在反应②又重新生成，其质量和性质在反应前后
没发生变化，因此，上述过程中的催化剂为
。
【小问4 详解】
“还原酸浸”所得“滤液1”中含有一定浓度的未反应的硫酸和亚硫酸钠，多次循环利用“滤液1”对矿石进行
“还原酸浸”可以充分利用其中的有效成分，大大减少了原料的浪费，从而有效降低成本；其次，持续地将
杂质元素溶解并带出矿石体系，可以使矿石中的金银的相对品位得到提升，为后续提纯工序创造更好的条
件；第三，还可以减少废水的排放量和处理成本；第四，可以回收更多的有价值的溶解成分。综上所述，
“沉铜”前，“滤液1”多次循环的目的为：大幅度降低硫酸和亚碳酸钠的消耗成本，同时减少废水产生量及
处理成本，并通过持续去除杂质提高金银的富含度。
【小问5 详解】
“还原酸浸”时，
和CuO 可以被硫酸溶解转化为
和
，亚硫酸钠将
还原为
，而
并未被还原，因此，
的氧化性强于
；“氧化”时，
被
氧化为
，因此，
的氧化性强于
。综上所述，根据“还原酸浸”“氧化”，推断
的氧化性由强
到弱的顺序为
。
【小问6 详解】
25℃“沉铁”后，调节“滤液4”
pH 至8.0，此时
，无
析出，根据
的
为
，则
。
【小问7 详解】
由晶胞结构可知，该晶胞为面心立方， Sb 位于晶胞的顶点，其与邻近的3 个面的面心上的Mn 距离最近
且距离相等，每个顶点参与形成8 个晶胞，而每个面心参与形成2 个晶胞，因此，该晶胞中，每个Sb 周围
与它最近且相等距离的Mn 有
个。
②由晶胞结构和均摊法可知，该晶胞中平均占有1 个Sb 和3 个Mn，因此，该晶胞的质量为
，
该晶胞的体积为
，晶体的密度为
。
16. 三氟甲基亚磺酸锂
是我国科学家通过人工智能设计开发的一种锂离子电池补锂剂，其合成
原理如下：
实验步骤如下：
Ⅰ．向A 中加入
和20.0mL 蒸馏水，搅拌下逐滴加入2.1mL(3.3g)三氟甲磺酰氯
，有气泡产生(装置如图，夹持及加热装置省略)。80℃下反应3h 后，减压蒸除溶剂得浅黄色
固体。
Ⅱ．向上述所得固体中加入10.0mL 四氢呋喃(THF)，充分搅拌后，加入无水
，振荡，抽滤、洗涤。
将所得滤液减压蒸除THF，得黏稠状固体。加入适量乙醇进行重结晶。
Ⅲ．将所得三氟甲基亚磺酸钠和3.0mLTHF 加入圆底烧瓶中，搅拌溶解后逐滴加入足量浓盐酸，析出白色
固体。抽滤、洗涤。
Ⅳ．将滤液转入圆底烧瓶中，加入2.0mL 蒸馏水和过量LiOH。室温搅拌反应1h 后，减压蒸除溶剂，得粗
产品。加入适量乙醇进行重结晶，得产品1.1g。
已知：THF 是一种有机溶剂，与水任意比互溶。
回答下列问题：
（1）仪器A 的名称为_______，冷凝管中冷却水应从_______(填“b”或“c”)口通入。
（2）步骤Ⅰ反应中有气泡产生，其主要成分为_______。
（3）步骤Ⅱ中第一次洗涤的目的是_______。
（4）步骤Ⅲ中发生反应的化学方程式为_______，判断加入浓盐酸已足量的方法为_______。
（5）步骤Ⅳ中加入蒸馏水的作用是_______。
（6）三氟甲基亚磺酸锂的产率为_______(列出计算式即可)。
【答案】（1） ①. 三颈烧瓶 ②. b
（2）二氧化碳 （3）将吸附在滤渣上的产品尽可能全部转入滤液中，提高产率
（4） ①.
+HCl
+NaCl
.
②
取少量上层
清液于小试管中，滴加浓盐酸，若无白色沉淀，则浓盐酸已足量
（5）作为溶剂，溶解后加快反应速率
（6）40%
【解析】
【分析】向A 中加入
和20.0mL 蒸馏水，搅拌下逐滴加入2.1mL(3.3g)三氟甲磺
酰氯
，生成了三氟甲基亚磺酸钠，硫酸钠和氯化氢，碳酸氢钠与氯化氢反应生成二氧化碳，
所以有气泡产生，80℃下反应3h 后，减压蒸除溶剂得浅黄色固体。向上述所得固体中加入10.0mL 四氢呋
喃(THF)，充分搅拌后，加入无水
，可促进硫酸钠结晶析出，振荡，抽滤，除去硫酸钠，洗涤可
将吸附在滤渣上的产品尽可能全部转入滤液中，提高产率。将所得滤液减压蒸除THF，得黏稠状固体。加
入适量乙醇进行重结晶。将所得三氟甲基亚磺酸钠和3.0mLTHF 加入圆底烧瓶中，搅拌溶解后逐滴加入足
量浓盐酸，发生的化学方程式为：
+HCl
+NaCl，析出白色固体。抽滤、洗涤。将滤液转入圆底烧瓶中，加入2.0mL 蒸馏水和过量LiOH，水可作为
溶剂，溶解后加快反应速率，室温搅拌反应1h 后，减压蒸除溶剂，得粗产品。加入适量乙醇进行重结晶，
得产品1.1g，据此解答。
【小问1 详解】
由图可知，A 为三颈烧瓶，中间为冷凝管，为了提高冷凝效果，冷却水从b 口通入，c 口流出，故答案为：
三颈烧瓶；b；
【小问2 详解】
向A 中加入
和20.0mL 蒸馏水，搅拌下逐滴加入2.1mL(3.3g)三氟甲磺酰氯
，生成了三氟甲基亚磺酸钠，硫酸钠和氯化氢，碳酸氢钠与氯化氢反应生成二氧化碳，所以
有气泡产生，故答案为：二氧化碳；
【小问3 详解】
A 中反应生成了三氟甲基亚磺酸钠，硫酸钠和氯化氢等，上述所得固体中加入10.0mL 四氢呋喃(THF)，充
分搅拌后，加入无水
，可促进硫酸钠结晶析出，振荡，抽滤除去硫酸钠等固体、洗涤，洗涤可将
吸附在滤渣上的产品尽可能全部转入滤液中，提高产率，故答案为：将吸附在滤渣上的产品尽可能全部转
入滤液中，提高产率；
【小问4 详解】
由分析可知，将所得三氟甲基亚磺酸钠和3.0mLTHF 加入圆底烧瓶中，搅拌溶解后逐滴加入足量浓盐酸，
发生的化学方程式为：
+HCl
+NaCl，析出白色
固体，所以判断加入盐酸已足量的方法为：取少量上层清液于小试管中，滴加浓盐酸，若无白色沉淀，则
浓盐酸已足量，故答案为：
+HCl
+NaCl；取少
量上层清液于小试管中，滴加浓盐酸，若无白色沉淀，则浓盐酸已足量；
【小问5 详解】
将滤液转入圆底烧瓶中，加入2.0mL 蒸馏水和过量LiOH，水可作为溶剂，溶解后加快反应速率，故答案
为：作为溶剂，溶解后加快反应速率；
【小问6 详解】
已知向A 中加入
，2.1mL(3.3g)三氟甲磺酰氯
，三氟甲磺酰氯量
不足，以三氟甲磺酰氯计算理论产量为：
=2.75g，氟甲基亚磺酸锂的产率为
=40%，故答案为：40%。
17. 我国科学家研发出一种乙醇(沸点78.5℃)绿色制氢新途径，并实现高附加值乙酸(沸点118℃)的生产，
主要反应为：
Ⅰ．
Ⅱ．
回答下列问题：
（1）乙醇可由秸秆生产，主要过程为
秸秆
纤维素
_______
乙醇
（2）对于反应Ⅰ：
①已知
则
_______
。
②一定温度下，下列叙述能说明恒容密闭容器中反应达到平衡状态的是_______(填标号)。
A．容器内的压强不再变化
B．混合气体的密度不再变化
C．
的体积分数不再变化
D．单位时间内生成
，同时消耗
③反应后从混合气体分离得到
，最适宜的方法为_______。
（3）恒压100kPa 下，向密闭容器中按
投料，产氢速率和产物的选择性随温
度变化关系如图1，关键步骤中间体的能量变化如图2。[比如：乙酸选择性
]
①由图1 可知，反应Ⅰ最适宜的温度为270℃，原因为_______。
②由图中信息可知，乙酸可能是_______(填“产物1”“产物2”或“产物3”)。
③270℃时，若该密闭容器中只发生反应Ⅰ、Ⅱ，平衡时乙醇的转化率为90%，乙酸的选择性为80%，则
_______，平衡常数
_______
(列出计算式即可；用平衡分压代
替平衡浓度计算，分压=总压×物质的量分数)。
【答案】（1）葡萄糖 （2） ①. +44.4
.
②AC
.
③降温冷凝后收集气体
（3） ①. 乙酸选择性最大且反应速率较快 ②. 产物1
.
③36:5
.
④
【解析】
【小问1 详解】
纤维素水解得到葡萄糖，葡萄糖发酵产生二氧化碳和乙醇；
小问2 详解】
①反应Ⅰ- 反应Ⅱ得到“ 已知反应” ，根据盖斯定律
=-24.3kJ·mol-1+68.7 kJ·mol-1=+44.4
kJ·mol-1；
②恒温恒容下发生
：
A．该反应是气体总物质的量增大的反应，容器内的压强不再变化，说明气体总物质的量不再改变，说明
反应达到平衡状态，A 符合题意；
B．体积自始至终不变，气体总质量自始至终不变，则气体密度不是变量，混合气体的密度不再变化，不
能说明反应是否达到平衡状态，B 不符合题意；
C．
的体积分数不再变化，说明其物质的量不再改变，反应已达平衡，C 符合题意；
D．单位时间内生成
，同时消耗
均是逆反应速率，不能说明反应是否达到平衡状态，D
不符合题意；
答案选AC；
③可利用混合体系中各物质的沸点差异分离出氢气，最适宜的方法为降温冷凝后收集气体；
【小问3 详解】
①由图1 可知，反应Ⅰ最适宜的温度为270℃，原因为乙酸选择性最大且反应速率较快；
②由图2 可知关键步骤中生成产物1 的最大能垒为0.58eV，生成产物2 的最大能垒为0.66eV，生成产物3
的最大能垒为0.81eV，图1 中乙酸的选择性最大，说明相同条件下生成乙酸的反应速率最大，则乙酸可能
是产物1；
③设投料n(H2O)=9mol，n(乙醇)=1mol，密闭容器中只发生反应Ⅰ、Ⅱ，平衡时乙醇的转化率为90%，乙酸
的选择性为80%，则平衡时生成的乙酸的物质的量=90%×80%×1=0.72mol，n 平(乙醇)=1mol×10%=0.1mol，
恒温恒压下，压强比=物质的量之比，故
0.72:0.1=36:5；列三段式
、
，则平衡时乙醇、H2O(g)、氢气、乙酸、乙醛的物质的量
分别为0.1mol、8.28mol、1.62mol、0.72mol、0.18mol，气体总物质的量为
0.1mol+8.28mol+1.62mol+0.72mol+0.18mol=10.9mol，则
kPa。
18. 化合物L 是某中药的活性成分。一种合成路线如下(略去部分试剂与反应条件，忽略立体化学)。
已知：在Ru(Ⅱ)的催化下，端烯烃
和
生烯烃复分解反应得到产物
。
回答下列问题：
（1）A 中含氧官能团的名称为_______。
（2）对比C 和D 的结构，可以推知C 和D 的_______(填标号)不相同。
a．分子式 b．质谱图中的碎片峰 c．官能团
（3）D→F 中另一产物的化学名称为_______。
（4）E 发生加聚反应，产物
结构简式为_______。
（5）F→G 的反应类型为_______。
（6）羰基具有较强的极性。I→J 经历了加成和消去的过程，其中间体的结构简式为_______(填标号)。
a．
b．
c．
d．
（7）
的化学方程式为_______。
（8）写出一种满足下列条件的L 的同分异构体的结构简式_______(不考虑立体异构)。
①能与
发生显色反应；1mol 该物质与足量NaOH 溶液反应，消耗3molNaOH。
②核磁共振氢谱显示6 组峰，且峰面积比为
。
③含有酯基和氨基(或取代的氨基，
，
和
可以是H 或烃基)。
【答案】（1）醛基 （2）b
（3）乙烯 （4）
（5）氧化反应 （6）c
（
7
）
（
8
）
或
【解析】
【分析】A 发生取代反应生成B，B 与
发生反应生成C，C 发生反应生成D，D 与E 在
Ru(Ⅱ)作用下发生已知信息的反应生成F，F 在SeO2作用下生成G，G 比F 多了一个氧原子，截个H 的结构
简式可知，G 的结构简式为
，G 发生还原反应生成H，H 发生取代反应生成I，I 中氨
基与酮羰基先发生加成反应，再发生消去反应生成J，J 发生还原反应生成K，K 发生取代反应生成L，据
此解答。
【小问1 详解】
由A 结构简式可知，A 中含氧官能团名称为醛基；
【小问2 详解】
观察结构可知，C 和D 的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，其官能团也是相同的，排除a、c，两
种分子因结构差异导致断裂偏好不同，所形成的碎片种类或丰度显著不同，故其质谱图中碎片峰会不同，
故选b；
【小问3 详解】
结合烯烃复分解反应规律可知，其另一种产物是乙烯；
【小问4 详解】
E 中含有碳碳双键，能发生加聚反应，产物的结构简式为
；
【小问5 详解】
K→G 的反应是加氧的反应，反应类型是氧化反应；
【小问6 详解】
I→J 的反应为氨基和酮羰基的加成反应，形成七元环和羟基，得到的产物结构简式为
，随后，羟基发生消去反应，即可得到J，故选c；
【小问7 详解】
K 发生取代反应生成L，同时会生成甲醇，化学方程式为
；
【小问8 详解】
L 结构简式为
，分子中不饱和度为5，碳原子数为12，氧原子数为3，氮原子数为1，
满足下列条件：
① 能与FeCl3发生显色反应，说明其含有酚羟基，苯环占了4 个不饱和度，说明其余结构还剩余1
个不饱和度，1mol 该物质与足量氢氧化钠反应，消耗3molNaOH，则其结构中应含有酚羟基形成的
酯基，刚好消耗1 个不饱和度，结构中含有氨基，且核磁共振氢谱为9：2：2：2：1：1，说明其含
有三个等效的甲基，其核磁共振氢谱没有出现3，说明不含有单独的甲基，满足条件的结构简式为
、
。
