文档内容
宜宾市高中2022级第一次诊断性考试
物理参考答案
一、选择题
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A B C B A D D AC BC BD
二、实验题
4n2π2 d
11.(1) l+
t2 2
(2分) (2)1:3(2分) 不均匀 (2分)
h -h
12.(1) 3 1 (2分) (m -m )gh (2分)
2T B A 2
m g-m g (m -m )g
(2) B A 或者 B A (2分) (3)116或117(3分)
m +m m +m
A B A B
三、计算题
13.(1)10cm； (2)3.5s
(1)由波源的振动图像可知：
波源在前半个周期偏离平衡位置的最大距离为：
A =4cm (1分)
1
后半个周期偏离平衡位置的最大距离为：
A =2cm (1分)
2
0~3s内，即波源质点一个半周期内通过的路程为：
S=4A +2A (1分)
1 2
得：S=20cm(1分)
(2)由图可知，波的周期与波长分别为：
T=2s λ=4m(1分)
此列机械波传播的速度为：
λ
v= (1分)
T
由乙图可知，t=2s时，波刚传到x=4m处，x=4m处质点向上起振，
设波再经过Δt 时间传到x=6m处，则有：
1
Δx
Δt = (1分)
1 v
刚传到x=6m处时，该质点向上起振，再历时Δt 第一次到达波峰
2
T
Δt = (1分)
2 4
故x=6 m处的质点第一次到达波峰的时刻为：
t=t +Δt +Δt (1分)
0 1 2
得：t=3.5s (1分)
·1·(其他合理答案也给分)
14.(1)T=1090N；(2)4m/s； (3)624N·s
【详解】(1)体验者从A到B的过程，由运动学公式：
v2=2ax(1分)
B
体验者抓住绳脱离地面瞬间，由牛顿第二定律有：
v2
T-mg=m B (2分)
L
联立解得：T=1090N(1分)
根据牛顿第三定律可知：
所求体验者对绳的拉力大小为1090N(1分)
(2)体验者沿圆弧运动到C的过程中，由动能定理：
1 1
-mgL(1-cosθ)= mv2- mv2(2分)
2 C 2 B
解得：v =5m/s(1分)
C
由运动的分解可知，体验者在C点的水平分速度为：
v =v cos37° (1分)
x C
体验者从松手到最高点过程中，水平分速度不变，竖直分速度减为零：
即体验者在最高点的速度大小为4m/s(1分)
(3)体验者从最高点到落在软垫上，由动量定理：
水平方向上冲量大小：I =mv (1分)
x x
竖直方向上：I -mgt=0(1分)
y
由矢量合成可知，所求冲量大小为：
I= I2+I2 (1分)
x y
得：I=624N⋅s (1分)
(其他合理答案也给分)
15.(1)1m/s； (2)0.4s； (3)24m
【详解】(1)小球从静止释放到第一次碰前瞬间，由动能定理有：
1
m gLsinθ= m v2 ①(2分)
A 2 A A1
由①得：v =1m/s (2分)
A1
(2)第一次碰撞，由动量守恒定律与机械能守恒定律有：
m v =m v +m v ②(1分)
A A1 A A1 B B1
1 1 1
m v2 = m v2 + m v2 ③(1分)
2 A A1 2 A A1 2 A B1
由②③可得：
1 4
v = m/s. v = m/s
A1 3 B1 3
·2·碰后B作匀速运动，A作匀加速运动，到刚要发生第二次碰撞时位移相同，则：
1
v t+ at2=v t ④(2分)
A1 2 B1
m gsinθ=m a ⑤(1分)
A A
由④⑤可得： t=0.4s(1分)
(3)刚要发生第二次碰撞前瞬间，小球与滑块的速度分别为：
7
v =v +at= m/s⑥(1分)
A2 A1 3
4
v =v = m/s ⑦(1分)
B2 B1 3
第二次碰撞瞬间过程，同样由动量、能量守恒定律有：
m v +m v =m v +m v ⑧(1分)
A A2 B B2 A A2 B B2
1 1 1 1
m v2 + m v2 = m v2 + m v2 ⑨(1分)
2 A A2 2 B B2 2 A A2 2 A B2
由⑥⑦⑧⑨式可得：
5 8
v = m/s v = m/s(1分)
A2 3 B2 3
同理可得，碰后到刚要发生第三次碰撞时，小球与滑块的位移仍相同：
1
v t+ at2=v t，得：t=0.4s
A2 2 B2
再次利用上述方法可得：相邻两次碰撞的时间间隔相等Δt=0.4s(1分)
4n
第n次碰后B的速度为：v = m/s(1分)
Bn 3
故第二次与第十次碰撞位置间距：
x=(v +v +......v )Δt=24m(1分)
B1 B2 B9
(其他合理答案也给分)
·3·
