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2024 年新高考联考协作体高三 2 月收心考试
高三物理答案与解析
1. 【答案】D
【解析】干涉条纹宽度越大，其光的频率越小，A项错误；图（b）中两单色光的频率不同，不可能产生干涉条纹，
B项错误；光子动量 ，Ⅰ光的波长小于Ⅱ光的波长，Ⅰ光的光子动量大于Ⅱ光的光子动量，C项错误；Ⅰ光的频率大于
ℎ
Ⅱ光的频率，D项正确 。=
2. 【答案】A
【解析】如图，左眼三棱镜对光线的折射光路图，三棱镜使光线向底边偏折，人眼看
到像点 在物点S的下方，所以，两眼看到的视标分成上、下两部分，右眼前看到的是上
部视标，
'
左眼前看到的是下部视标，A项正确。
3. 【答案】D
【解析】比较角速度，单位时间扫过的面积相等，距离远的对应的角度越小，角速度越小。由于 ，所以 ，
故A项错误；由开普勒第二定律可知，哈雷彗星在近日点的速度大于远日点的速度，即v 1 >v 2 ， 1故 <B 2项错误 ；1设 > 太 阳2
质量为M，由万有引力定律和牛顿第二定律可知 ，则哈雷彗星在近日点和远日点的加速度大小之比为 ，
2
1 2
2 2
= 2 = 1
故C项错误；由题知哈雷彗星的运行周期为75年。根据开普勒第三定律有 地
3
彗
3
，可求得哈雷彗星轨道的半长轴为 ，
地 彗 1+ 2
2 2
= 2
约为地球公转半径的18倍，故D项正确。
4. 【答案】C
【解析】小煤块传送到传送带 前的瞬间，相对传送带 的速度大小
2 2
，方向平 行于传送带N，斜向右下 ，故A、B项 错 = 误； 1小 + 煤 块0 在 =
2 2
传
0
送
.3
带
+
上
0.
滑
4
动
m
的
/s
过
=
程
0.5
中
m
，
/
其
s
所受滑动摩擦力大小 ，方向如图所示，相对于传送带N，
小煤块做
匀减速直线运动，故D项错误，C项正确
。
=
5. 【答案】C
【解析】设小球的密度为 ，油的密度为 ，对小球受力分析有 ，即 ，
1 2 浮
解得 ，由 上式可知，刚开始 − −， 随=着 速 度 的 增 大−，6 加 速 度− 减2 小 ，=直 到
6 2 6 2 2
加速度 =减 小−到0 ，速 − 度 达到=最 大−值 ，则 − A 1项错误；当加速度等于0时 ， = 速 度 − 最 1 大，有 ， ，
6 2 4 3
解得 则C项正确，B项错误；根据 ，解得 ，单 0 位 = 为 − − 1 = ， 1• D 3 项 错
2 −2
2 1− 2 kg•m•s −1 −1
误。 = 9 =6 =6 m•m•s −1 =kg•m •s
6. 【答案】C
【解析】根据变压器的等效 。当S断开时， ，故的 两端的电压为：
，A项正确；R 两端的电压 ，据功率 ，得
1
湖北省新高考联考协作体*物理答案(共 5 页)第 1 页
{#{QQABAQaQogAgQAJAAQgCUwHYCgOQkACCCKoOgBAMsAIAyRFABAA=}#}，故B项正确；当S闭合时， 与 并联后的电阻为 ， ，
，故电压之比为5：2，故C项错误；开关S从断开到闭合，相当于并联的用电器增多，ab
输入端输入功率增大，D项正确。
7. 【答案】C
【解析】由振动方程 cm知，波源的起振方向都沿y轴正方向，A项错误；左波源S 的第一个波峰到
1
达 的时刻是 =4sin(， 右) 波源S 的第一个波峰到达 的时刻是 ，B项错误；0~4.5s
2
10 12
内， =−1m 处的质点 1不=振2动s，=4.55ss~5.5s内，左波源S
1
的振动传播到 =−1m 处， 1 =质2点s运=动6s的路程为
， =5−.5s1~m10s内，两波源的振动都传播到 处， 质 = 点 − 为 1 振 m 动减 弱 = 点 − ， 1 其 m 运动的路程为0，因 此1 = ， 20 ~1=0s
8 内 cm ， 处的质点运动的路程为8cm， C= 项 − 正 1m 确；两波 源 =− 振 1 动 m 同步，振动加强点满足波程差 ，其中
、 、=−、1m、 ，又 ，解得 、、、、 、 、 、 、 （单位：m） ，1即−两 2波=源 间 （不含 波=
0源）1有29个3振动4加强 点1+， 坐2标=20m 、 1、=2 、4 6、8 、10、1、2 、14（1单6位1：8m）共9个质点，D项错误。
8. 【答案】AC =−8 −6 −4 −2 0 2 4 6 8
【解析】根据同一直线上三个点电荷能处于静止状态，三个电荷的电性关系具有“两同夹异”的特点，则A、B电性
相反，A、C电性相同，A、D电性相反，选项B错误；若小球C能保持静止，则小球A、B在C处形成的场强矢量和
为零， ，若小球D能保持静止，则小球A、B在D处形成的场强矢量和为零， ，结
9
2 2 2 2
合两式得 ： + x =L，= Q = ﹣4Q ，同理 ， ，得：Q =Q ，Q =﹣9Q ，选 项2 D =错误 ， +选2 项A、
A B C A D A
2 2 2 2
C正确。 = = +2
9. 【答案】BCD
【解析】根据楞次定律，在0～1s内线框中的感应电流方向为adcba，故A项错误；初始时刻磁通量为零，线框的
对角线与CD重合时磁通量也为零，故磁通量的变化量为零，B项正确；3s时，ab、cd边切割磁感线产生的感应电流
方向相同为abcda，5s时，只有ab边切割磁感线产生的感应电流方向相同为adcba，故电流方向相反，且大小之比为
2:1，C项正确；当线框的对角线与CD重合时，感应电动势 ，感应电流 ，每边的安培力
， 导 线 框 做 匀 速 直 线 运 动 ， 所 以 ， 代 入 数 值 得
，故D项正确。
10. 【答案】AC
湖北省新高考联考协作体*物理答案(共 5 页)第 2 页
{#{QQABAQaQogAgQAJAAQgCUwHYCgOQkACCCKoOgBAMsAIAyRFABAA=}#}【解析】弹簧从A点出发至第一次回到A点，根据能量守恒定律，得 ，解得 =0.9m，A
AD
1 2
项正确；物块从A到第一次运动到D点，由动能定理可得 2 0 =2 cos ， 解得v =
1
1 2 1 2 3 6
m/s，方向沿斜面向下；物块第一次返回D点时速度大小还 是sin m /s −， 方 向 c沿os斜 面 向 =上2， 可 1 得−物2块 动 0 量改变量 2
3 6
N﹒s，方向沿斜面向上，则合外力的冲量为 ﹒ ，2 B项错误；由物块从D到第一次弹簧压缩最短过Δ 程=，
3 6 3 6
2由 能 1量=守1恒0 定律，得 （ ） 10 N s ，得E =0.725J，C项正确；由于
p
0 1 2
，物块最终 在 sCinD 间往2复+运 动 ，最− 高 上 升co到s D 点 −， D 项=错0误−。2 1 sin >
cos
11. 【答案】 （3分） 丙 （2分） 不能（2分）
【解析】 ( （ 1)1B ） C 由实验原理可 ( 知 2) 、 长度不必 (3 相 ) 同，A项错误；实验中，甲图用来测量合力，乙图用来测量两
个分力，根据胡克定律，力的大小与弹簧的伸长量成正比，力的大小可用弹簧伸长量来表示，因此必须测量弹簧的伸
长量，因此要测量弹簧的原长和甲、乙中弹簧的长度，故BC项正确；由实验原理可知在本实验中重物重力是定值，
所以不必保证 点固定不变，D项错误。故选BC。
（2）根据
实验原理及操作可知， 表示重力方向，应竖直向下，故丙正确；
（3）设弹簧劲度系数为 ，矿泉水
瓶1 质量为m，根据图甲可知 ，再根据乙
图，对 点受力分析，设 中
弹力F
1
， 中弹力F
2
，受力分析如
下
图
−
所
0示
=
，
建
立直角坐标
系列方程
求解，可发现m
无
法求出。
12. 【答案】（1）黑（1分）；
（2）24（2分） 216（2分）；
（3）×100（1分）；
（4） （2分）， （2分）；
【解析】（1）多用电表的电流通过红表笔流进，黑表笔流出，故a为黑色，b为红色；（2）根据电流的改装
， 得： ， ；（3）欧姆表共用一个表
盘，倍率大，电流量程就小，故单刀双掷开关S接2时，欧姆表的量程是“×100”的倍率；（4）相当于“安阻法”测电源
的电动势和内阻，其闭合电路欧姆定律为： ，变形为 ，结合图像的斜率和纵截距
可知电源的电动势 ，该挡位欧姆表的内阻 。
13. 【答案】（1）0.375m3 （2）0.80
【解析】（1）以气闸舱内原有气体为研究对象，体积为V =1.5m3，压强为p =0.8×105Pa，降压后气体的压强为
1 1
p =0.6×105Pa，体积为V ，由玻意耳定律可得p V ＝p V （2分）
2 2 1 1 2 2
设抽出的气体在p =0.6×105Pa时的体积为 ，转换到压强为p =0.8×105Pa压强下的体积的V ，由玻意耳定律可
2 1 3
得 （2分） 2− 1
解得 2 2− 1 = 1 3 （1分）
3
3 =0.375m
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{#{QQABAQaQogAgQAJAAQgCUwHYCgOQkACCCKoOgBAMsAIAyRFABAA=}#}（2）以气闸舱内存留的气体为研究对象，压强为p =0.6×105Pa后，体积为V =1.5m3，温度为 ，转换到
2 1
压强为p 1 =0.8×105Pa，温度为 时的体积为V 4 2 =280K
由理想气体状态方程可得 ＝ 1 =300K （2分）
2 1 1 4
气闸舱内存留气体的质量与 2原气 闸1 舱内气体质量之比为 （2分）
4
解得 （1分） = 1
14. 【 答 = 案 0.8 】 0 （1） ；（2） ，方向水平向左；（3）
【解析】（1）小20物m/块s 做自由5N落⋅体s 运动则 0得.6m （1分）
1 2
小物块 沿水平面做匀减速 运动 ℎ=2 1 1 =1s (1分)
= 1
1 2
得v 0 1 = 0 1−2 1 1 （1分）
（ =22 ） 0m 对 / 两 s 物体相撞的过程，不计重力冲量。设 对 的冲量大小为 ，取向上为正，由动量定理有
（N 1分）
因N为 = 冲 0− 击 力 远 (− 大 于 1总 ) 重力，且摩擦力 （1分）
设摩擦力对A的冲量大小为 ，所以
=
（1分）
解得 ，方向水平向 左 = N （2分）
（ 3= ） 5 对 N 其 ⋅s 运动分析如图所示
设A与B碰撞瞬间前速度为v ，则有 ，得v =15m/s （1分）
1 1
取向右为正方向，设两物体相撞后共同 1速 = 度 为0− ，1 1
则有 ，得 2 （1分）
设A、 −B 碰 = 撞 ( 后 到 + 运 动 ) 到 2−G 点 时 1的速度 为2 =5 ， m 根 /s 据动能定理有
3
− 则 有 ( = + 2m / s ) ( − 1)−2( + ) = 1 ( + ) 3 2 − 1 ( （ + 1 分 ） ) 2 2
2 2
由于 3 ，粘合体能运动到G点 （1分）
2
3
粘合体 从<G 点 抛出落到ME上，设运动时间为 ，落点到E点的距离为
（1
分2 ）
= 3 2 （1分）
1 2
2解 得=2 2 （1分）
2 3
= 5 m
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{#{QQABAQaQogAgQAJAAQgCUwHYCgOQkACCCKoOgBAMsAIAyRFABAA=}#}15. 【答案】（1） ；（2） ；（3）当 时，粒子在匀强电场中运动的时间最长，最长
时间
【解析】（1）粒子在磁场中， （1分）
2
0
设电场线与x轴所成 的 0锐 角=为 ，则tanθk （1分）
如图，x方向上： （2分）
y方向上： （2分）
联立可得 （2分）
（2）当 时， （1分）
据 （2分）
得 （1分）
（3）据（1）有 （2分）
即 （1分）
当 时，取t极大值 （1分）
即 时， （2分）
（注：其他合理解答过程给等值分数）
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{#{QQABAQaQogAgQAJAAQgCUwHYCgOQkACCCKoOgBAMsAIAyRFABAA=}#}
