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盐城 2018 年初中毕业与升学考试
一、选择题
1. 下列能源中，属于可再生能源的是
A. 石油 B. 风能 C. 煤炭 D. 天然气
【答案】B
【解析】
【详解】石油、煤炭和天然气都是不可再生的能源，用一次后就不能再生了，而风能是可再生的能源，是
可以持续使用的，故B是正确的．
2. 公共场所要“轻声”说话，课堂发言要“大声”回答问题．“轻声”和“大声”描述的是声音的
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 声速
【答案】B
【解析】
【详解】音调指声音的高低，在听觉上为声音的粗细，故A错误；响度是声音的大小，轻声和大声是声音
的大小，指响度，故B正确；音色是声音的特色，用来辨别，故C错误；声速是声音传播的快慢，与介质
的种类和温度有关，故D错误．
3. 甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果丙带正电荷，则甲
A. 一定带正电荷
B. 一定带负电荷
C. 可能带负电荷
D. 可能带正电荷
【答案】C
【解析】
【详解】如图乙、丙相互排斥，因为同种电荷排斥，已知丙带正电荷，所以乙也带正电；
如图甲、乙相互吸引，因为异种电荷相互吸引，所以甲可能带负电；
又因为带电体有吸引轻小物体的性质，所以甲也可能不带电．
故C正确，ABD错误．
【点睛】重点是电荷间的相互作用规律，解题不难，但容易出现错误，必要时可以将题目中的带电情况标在图上，则带电情况就很容易区分了．
4. 北斗卫星导航系统完成定位、导航和通信任务，传递信息利用的是
A. 微波 B. 次声波 C. 超声波 D. 红外线
【答案】A
【解析】
【分析】真空不能传声．北斗卫星在宇宙中，在真空条件下．
【详解】卫星传递信息利用的是电磁波，微波是电磁波的一种，故A正确；北斗卫星在宇宙中，在真空条
件下，声音不能在真空中传播，次声波是声，故B错误；超声波是声，不能在真空中传播，故C错误；红
外线的应用主要是红外线夜视仪，还有电视机遥控器，不包括北斗卫星导航系统完成定位、导航和通信任
务，故D错误．
5. 仅是由光的直线传播形成的现象是
.
A 沙漠出现海市蜃楼 B. 水面形成垂柳倒影
C. 天空挂出七色彩虹 D. 树荫映出太阳光斑
【答案】D
【解析】
【详解】海市蜃楼是光的折射，故A错误；倒影是平面镜成像，是光的反射，故B错误；七色彩虹是光的
折射，故C错误；太阳光斑类似于小孔成像，是光的直线传播，故D正确．
6. 下列四个选项可表示左边电动剃须刀工作原理的是
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】电动剃须刀的主要工作部分是电动机．
A图，导体切割磁感线运动产生电流，是电磁感应现象，故A不符合题意；
B图，线圈在磁场中切割磁感线运动产生电流，是发电机的原理，故B不符合题意；
C图，通电导体在磁场中受力而转动，是电动机的原理，故C符合题意；D图，是奥斯特实验，演示的是电流的磁效应，故D不符合题意；
故选C．
【点睛】注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个实验，两个实验从图看很相似，容易混
淆，区分的方法是，有电源的是研究磁场对通电导线作用力的实验，有灵敏电流计的是研究电磁感应的实
验．
7. 将地面上的一本物理课本捡起来放到课桌上，对物理课本所做的功最接近
A. 0.02J B. 0.2J C. 2J D. 20J
【答案】C
【解析】
【详解】一本物理课本的质量m=200g=0.2kg，
G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
课桌高度约为1m，
人对课本做的功：W=Gh=2N×1m=2J．
故选C．
8. 下列事例中的物态变化属于放热现象的是
A. 从水中出来的人感觉冷
B. 河水中的冰逐渐消融
C. 放在衣柜的樟脑丸逐渐变小
D. 从冰箱取出的鸡蛋出现水珠
【答案】D
【解析】
【详解】A．从水中出来的人感觉冷，是因为身体表面的水分蒸发，而蒸发是吸热过程，故A不符合题意；
B．河水中的冰逐渐消融，即熔化，熔化为吸热过程，故B不符合题意；
C．放在衣柜的樟脑丸逐渐变小，是升华现象，升华过程吸热，故C不符合题意；
D．从冰箱取出的鸡蛋出现水珠，是水蒸气遇冷而发生的液化现象，液化放热，故D符合题意；
故选D．
【点睛】重点是物态变化过程中的吸热和放热，除了要记清楚六个物态变化的过程谁吸热、谁放热，还要
多了解一些物态变化在生活生产中的应用，体会物理知识与生活的紧密联系．
9. 如图所示，将压强计的金属盒分别放进甲乙两种液体中，由观察到的现象得出的结论是A. 甲液体的密度大于乙液体的密度
B. 甲液体的密度等于乙液体的密度
C. 甲金属盒处的压强等于乙金属盒处的压强
D. 甲金属盒处的压强小于乙金属盒处的压强
【答案】A
【解析】
【分析】压强计中液柱液面高度差越大，液体压强越大．液体压强大小与液体密度和深度有关，液体深度
越大，密度越大，液体压强就越大．
【详解】相同深度，甲压强计示数明显大于乙，所以甲液体密度大于乙液体密度，故A正确，B错误；甲
压强计液柱差大于乙，所以甲金属盒处的压强大于乙金属盒处的压强，故CD错误．
10. 有一圆柱形敞口容器，从其左侧某一高度斜射一束激光，在容器底部产生一个光斑O，如图所示，下
列操作使光斑向左移动的是：（ ）
A. 保持水面高度不变使激光笔向右平移 B. 保持激光射入角度不变使水面上升
C. 保持激光射入角度不变使水面下降 D. 保持水面高度和入射点不变使激光入射角增大
【答案】B
【解析】
【详解】A．保持水面高度不变使激光笔向右平移，即入射光线向右平移，入射角不变，折射角也不变，
所以在容器底部产生一个光斑也向右平移，故A项不符合题意；
B．保持激光射入角度不变使水面上升，则入射点向左移动，入射角不变，折射角也不变，折射光线与原
光线平行向左平移，所以在容器底部产生一个光斑也向左平移，故B项符合题意；
C．保持激光射入角度不变使水面下降，则入射点向右移动，光线在容器底部产生一个光斑也向右平移，
故C项不符合题意；
D．保持水面高度和入射点不变使激光入射角增大，则折射角也增大，折射光线远离法线，光线在容器底部产生一个光斑也向右平移，故D项不符合题意。
故选B。
11. 如图所示，是探究串联电路电压特点的实验电路，闭合开关，发现两电压表指针偏转角度相同，用一
根检测导线寻找电路故障，将导线分别并联到灯L 和L 两端时，发现两电压表指针位置均没有任何变化，
1 2
由此可以推断（ ）
A. L 一定短路
1
B. L 一定断路
2
C. L 短路、L 断路
1 2
D. 检测导线一定断路
【答案】D
【解析】
【详解】ABC．闭合开关，发现两电压表指针偏转角度相同，两个电压表选择的量程相同，说明两电压表
测量的电压相同，无论L 、L 有任何故障左下角的电压表测量的都是电源电压，所以左下角的电压表示数
1 2
应该等于电源电压，两电压表示数相等，所以 L 处一定是通路；当L 处短路时，灯泡L 的电压等于电源
1 1 2
电压，当L 断路时，右上角的电压表串联在电路中，其示数也会等于电源电压，当 L 处短路、L 断路时，
2 1 2
两电压表示数都等于电源电压，所以这三种情况都有可能，故ABC不符合题意；
D．用一根检测导线寻找电路故障，如果检测导线是正常的，当检测导线并联到灯L 两端时，右上角的电
2
压表测的是这段导线的电压，电压表示数一定会发生变化，所以检测导线一定是断路，故D符合题意。
故选D。
12. 小明将两个相同的一次性塑料杯叠放在一起，用吹风机以恒定风速沿上杯口水平吹气，发现塑料杯被
吹出，如图，有人认为这是因为“上杯口流速大，压强小”使杯子飞出，也有人认为这是因为“吹气时有
气体进入下面的杯子中将上面的杯子顶上来”．为进一步验证以上两种解释，下列方案不可行的是A. 在上面的塑料杯底开一个孔，再次重复实验，观察杯子情况
B. 将下面的塑料杯的底剪去，再次重复实验，观察杯子情况
C. 将两塑料杯的底都剪去，再次重复实验，观察杯子情况
D. 将上面塑料杯的杯口剪去，使其低于下面塑料杯的杯口，再次重复实验，观察杯子情况
【答案】C
【解析】
【详解】A．在上面的塑料杯底开一个孔，再次重复实验，此时可以排除“吹气时有气体进入下面的杯子
中将上面的杯子顶上来”的说法，因为即使有气流进入下面的杯子，也会从此孔出来，所以再观察杯子情
况，可判断解释一正确，故A可行；
B．将下面的塑料杯的底剪去，再次重复实验，也可以排除“吹气时有气体进入下面的杯子中将上面的杯
子顶上来”的说法，观察杯子情况，可验证解释一正确，故B可行；
C．将两塑料杯的底都剪去，再次重复实验，此时解释一、二都不会成立，故也不能验证哪种说法正确，
故C不可行；
D．将上面塑料杯的杯口剪去，使其低于下面塑料杯的杯口，此时气流不会进入下面的杯子中，即排除了
第二种说法，再次重复实验，观察杯子情况，可验证说法一的正误，故D可行；
故选C．
【点睛】重点是流体压强与流速关系的应用，牢记流速大的地方压强小的规律，中考中也是常出现的题目
类型，要能用此特点解释生活中的有关现象．
二、填空题
13. 2018年5月20 日，中华龙舟大赛在盐城洋湾生态旅游景区开幕，一时间鼓声雷动、挠桨飞舞，鼓声是
由于鼓面______发声，通过______传播到观众耳朵，运动员使用的船桨是______ (省力/费力）杠杆．
【答案】 (1). 振动 (2). 空气 (3). 费力
【解析】
【详解】声音由振动产生，所以鼓声是由于鼓面振动而发声的；
声音的传播需要介质，鼓声是通过空气传播到观众耳朵的；
运动员使用的船桨，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．
【点睛】重点是声音的产生、传播特征，以及杠杆的分类，加深理解难度不大，但在考试中经常出现，要
多练习达到熟练的程度．
14. 将托盘天平放到_______桌面上，调节天平平衡，测量小石块的质量；图示为天平平衡时，右盘所加砝
码和游码的位置，则小石块的质量为_______g；接着测得小石块的体积为10cm3，则其密度为
_______kg/m3．【答案】 (1). 水平 (2). 26.0g (3). 2.6×103
【解析】
【详解】托盘天平应该保持水平，所以托盘天平应该放在水平桌面上；石块质量等于砝码质量和游码质量
之和，25g+1.0g=26.0g，注意估读到分度值那一位；
石块密度ρ=m/V=26.0g/10cm3=2.6g/ cm3=2.6×103 kg/m3
15. 中国首艘国产航母进行海试，航母甲板上黄色的线，是因线_______黄光；航母在海面上航行时，所受
浮力_______（选填“大于”、“等于”或“小于”）重力；舰载机从航母起飞时，以航母为参照物，舰
载机是_______的．
【答案】 (1). 反射 (2). 等于 (3). 运动
【解析】
【详解】非透明物体能够反射和它颜色一样的色光，故黄线反射黄光；航母处于漂浮状态，所以浮力等于
重力；舰载机从航母起飞时，舰载机相对航母发生了位置改变，所以舰载机是运动的．
16. 如图所示，探究通电螺线管外部磁场的方向，闭合开关，小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围有
_______，由小磁针静止时______极的指向确定磁场方向；调换电源正负极，小磁针偏转方向改变，说明
磁场方向与_______有关．
【答案】 (1). 磁场 (2). N (3). 电流方向
【解析】
【详解】小磁针在磁场中才会受到力的作用，所以小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围有力的作用；人
们规定磁场方向为小磁针静止时N极的指向，所以通过小磁针静止时N极的指向确定该点磁场的方向；调
换电源正负极电流方向改变，磁针偏转方向改变，所以说明磁场方向与电流方向有关．
17. 2018年2月，我国运动员武大靖打破世界记录夺得平昌冬奥会短道速滑金牌．在比赛中他用脚向后蹬
冰面，人向前运动且速度加快，这不仅说明力的作用______，还可以说明力可以改变物体的______，滑过
终点线后，由于______他仍向前滑行．
【答案】 (1). 相互的 (2). 运动状态 (3). 慢性【解析】
【详解】在比赛中他用脚向后蹬冰面，人向前运动且速度加快，说明人受到了向前的作用力，即说明力的
作用是相互的；
在力的作用下速度变快，还可以说明力可以改变物体的运动状态；
惯性是物体保持运动状态不变 的性质，所以滑过终点线后，他仍向前滑行是因为惯性．
【点睛】注意对惯性的理解，惯性即物体保持运动状态不变的性质，是物体最基本的属性之一，只与质量
有关，注意能用惯性解释生活中的现象．
18. 如图所示，探究凸透镜成像规律中，凸透镜的焦距为_______cm．移动蜡烛，观察到光屏上呈现出清晰
缩小的像，此像是_______（选填“实”或“虚”）像．继续移动蜡烛，观察到光屏上出现放大的像，说
明物体通过凸透镜成像的性质与_______有关．
【答案】 (1). 12.0cm (2). 实像 (3). 物距
【解析】
【详解】透镜在50.0cm处，焦点在62.0cm处，所以焦距为62.0cm-50.0cm=12.0cm，所以焦距是12.0cm；
凸透镜成像规律，物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像；移动蜡烛，物距发生改变，成像发生改变，所
以物体通过凸透镜成像的性质与物距有关．
19. 在“再探动滑轮”的实验中，小明用动滑轮将重3N的钩码匀速向上提升，拉力为1.8N， 2s钩码上升
0.2m，此过程中有用功为_____J，拉力做功的功率为_____W，动滑轮的机械效率为_____。
【答案】 (1). 0.6 (2). 0.36 (3). 83.3℅
【解析】
【详解】[1]重3N的钩码上升0.2m，所以有用功为
[2]拉力做的总功为
拉力的功率为[3]动滑轮的机械效率为
【点睛】涉及机械效率的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，特别要清楚额外功是对谁
做的功，弄清楚这些功后，求效率和功率就显得简单了。
20. 家用空调的功率远大于冰箱，空调插头线比冰箱_______（选填“粗”或“细”）；关掉空调，冰箱仍
在工作，则空调与冰箱是_______联的．空调标有“能效比”EER的值为3.4，查阅资料得知：能效比指空
调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，则制冷时消耗电功率为1000W的空调，制冷量为_______W．
【答案】 (1). 粗 (2). 并 (3). 3400
【解析】
【详解】空调功率大于冰箱，家庭电路电压一定，都是220V，由公式 ，得空调电阻小，冰箱电阻
大，电阻大小与横截面积有关，长度和材料一定时，横截面积越大，导体越粗，电阻越小，所以空调插头
线比冰箱粗．
空调冰箱互不影响，所以空调冰箱是并联．
能效比指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比为3.4，所以制冷量为1000W×3.4=3400W
三、解答题
21. 按照题目要求作图：
(1)在图甲中画出反射光线对应的入射光线．
(2)在图乙中画出施加在开关上力F的力臂l．
(3)在图丙用笔画线代替导线将灯泡、开关正确接入电路．【 答 案 】
【解析】
【详解】(1)根据反射定律作图：
光线反射时，反射角等于入射角，据此画出入射光线，如图：
(2)力臂是支点到力的作用线的距离．
如图，过支点O向动力F作垂线，则支点到垂足的长L为动力F的力臂，如图：(3)根据开关控制火线 的原则连接电路．
向上延长开关的右端到火线，节能灯的左侧向上延长连接零线，如图：
【点睛】先要理解清楚力臂的概念，再练习作图，画力臂是很常见的作图题，但有些同学总会出错，应牢
记力臂是支点到力的作用线的距离．另外注意家庭电路连接中的细节问题：开关控制火线，灯泡的螺旋套
连接零线，三孔插座的“左零、右火、上地”等，都是考查的重点．
22. 双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱．如图所示，质量为40kg的小红驾驶平衡车在平直的路而上匀
速行驶，5min通过的路程为900m，己知平衡车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为25cm2，g取
10N/kg．求：
(1)平衡车的速度；
(2)平衡车的重力；
(3)小红驾驶平衡车时，车对地面的压强。【答案】(1) 3m/s；(2) 100N；(3) 2×105Pa
【解析】
【详解】解：(1)5min通过的路程为900m，根据 得平衡车的速度为
(2)己知平衡车的质量为10kg，根据 得平衡车的重力
(3)小红的重为
总重即车对地面的压力为
车对地面的压强为
答：(1)平衡车的速度是3m/s；
(2)平衡车的重力是100N；
(3)小红驾驶平衡车时，车对地面的压强是2×105Pa。
【点睛】重点考查了速度、重力、压强的计算，注意公式应用时单位要统一，一般都要统一为主单位进行
计算，不要小看了单位换算，有很多同学会出现错误的，注意多练习。
23. 在综合实践活动中，小明设计了一种电热饮水机电路，如图甲所示，R 和R 均为电热丝，S 是自动控
1 2 2
制开关，可实现“低挡”、“高挡”之间的转换，饮水机工作时功率随时间的关系图像如图乙所示。求：
(1) 30min内电路消耗的总电能；
(2)饮水机工作时，通过电阻R 的电流；
1
(3)电阻R 的阻值。
2【答案】(1) ；(2) 1A；(3) 110Ω
【解析】
【详解】（1）由乙图知，以660W的功率工作了10min，根据 得，消耗的电能为
以220W的功率工作了20min，消耗的电能为
30min内电路消耗的总电能为
（2）由图知，当两开关都闭合时，两电阻并联，功率大为高档，当S 断开时，只有R 接入电路工作，为
2 1
低档，低档功率为220W，根据 得通过电阻R 的电流为：
1
（3）高档功率为660W，低档功率为220W，所以R 的功率为
2
根据 得电阻R 的阻值
2
24. 在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、
丙三个实验．
(l)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做______运动，此时木块受到的滑动摩
擦力大小等于弹簧测力计的示数．
(2)甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与______有关；______两个实验说明了滑动摩擦力的大小与接
触面粗糙程度有关．(3)小明认为滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，于是他在上述用实验的基础上，将木块沿竖直方
向切成两部分继续进行实验，将测得的数据记录在表格中，由表中数据验证了自己的猜想，这种做法
_____________(正确/错误），理由是________________．
【答案】 (1). 匀速直线 (2). 压力大小 (3). 甲丙 (4). 错误 (5). 没有控制压力不变
【解析】
【详解】(l)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，根据二力平衡的原理，应使木块做匀
速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数．
(2)甲、乙两个实验，接触面的粗糙程度相同，压力不同，弹簧测力计的示数不同，说明滑动摩擦力的大
小与压力有关；
甲、丙两个实验，压力相同，而接触面的粗糙程度不同，说明了滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关．
(3)小明这种做法不正确．
因为将木块沿竖直方向切成两部分时，虽然接触面积改变了，但同时压力也变小了，所以不符合控制变量
的思想，不能正确得出结论，即没有控制压力不变，做法错误．
【点睛】重点是研究滑动摩擦力的实验，注意实验中的细节问题，如必须匀速直线拉动木块运动，以及注
意控制变量法的应用，当一个结果受多个因素的影响时都使用此方法进行实验，实验时让一个因素变化，
而其它因素都控制相等或相同即控制变量．
25. 如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置，小华将初温和质量相等的色拉油和水分别装
在相同的烧杯中，用酒精灯加热并不断搅拌，每隔0.5min测量一次温度，数据记录在下表中．(l)选用相同的酒精灯，是为了使单位时间内色拉油和水______相同，不断搅拌的目的是使色拉油和水
______．
(2)图中已经画出色拉油温度随时间变化 的图像，开始部分并不是直线，导致此现象的原因是除色拉油外还
有______吸收热量，为尽量减小这种影响，写出一种改进方法：______．
(3)根据上表实验数据，在图中画出水的温度随时间变化的图像分析图像可知，当色拉油和水升高相同温度
时，______需要的时间短，______需要吸收的热量更多．
【答案】 (1). 吸收的热量 (2). 均匀受热 (3). 容器 (4). 提高容器的初温 (5). 色拉油
(6). 水
【解析】
【详解】(l)选用相同 的酒精灯，是为了使单位时间内色拉油和水吸收的热量相同，不断搅拌的目的是使色
拉油和水均匀受热．
(2)图中已经画出色拉油温度随时间变化的图像，开始部分并不是直线，导致此现象的原因是除色拉油外还
有容器吸收热量，即开始时先要将容器本身升温，然后热量才能传递给液体；
为尽量减小这种影响，可以提高容器的初温．
(3)由于水的比热容大，而色拉油的比热容小，所以当色拉油和水升高相同温度时，根据 知，色
拉油吸收的热量少，即色拉油需要的时间短，而水需要吸收的热量更多．
【点睛】重点是研究吸热能力的实验，注意实验中控制变量法的应用，另外要理解，相同的酒精灯可以保
证在相同时间内两液体吸收的热量相等．另外牢记水的比热容大的特点．
26. 如图所示，用两节干电池测小灯泡的电功率．小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为
“20Ω2A”．（1）用笔画线代替导线将电路连接完整___．
（2）连接电路时，开关应______，滑动变阻器的滑片应移到最____（选填“左”或“右”）端.
（3）图示为电压表示数2V时，电流表的示数，其读数为_____A，此时灯泡的电功率为______W；要使灯
泡正常发光，应将滑片向________（选填“左”或“右”）移动．
（4）电压表示数达到2.5V时，无论怎样调节变阻器滑片，都无法使电压表示数变大，要用此灯泡继续完
成实验，你的做法是________________．
（5）按照正确的方案测出电压略大于2.5V时灯泡的功率，为比较灯泡不同电压下功率关系，______（选
填“需要”或“不需要”）重新测量前两次的实验数据．
【答案】 (1). (2). 断开 (3). 左 (4). 0.24 (5). 0.48 (6). 右
(7). 换用两节新的干电池进行实验（使用三节电池完成实验） (8). 不需要
【解析】
【详解】（1）电压表并联在小灯泡两侧
（2）连接电路时开关应该断开，滑动变阻器应该在阻值最大的地方，即最左端
（3）量程是0-0.6A，所以示数是0.24A；此时灯泡电功率为P=UI=2V×0.24A=0.48W；增大灯泡电压，应
该减小滑动变阻器电阻，所以向右移动
（4）当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大，说明电源能够提供
的电压最大为2.5V，所以为了用该灯泡继续完成实验，做法是：换用两节新的干电池进行实验，或使用三
节电池完成实验．
（5）解决了（4）中问题后，测出电压略大于2.5V时的灯泡功率．为比较灯泡在不同电压下的功率关系，
不需要重新测量前两次实验数据．
因为灯泡的灯丝电阻是随温度而变化的，所以只要能得出电压越高，实际功率越大的结论即可，而多次测量时因为灯丝电阻的变化，意义不大．
27. 阅读短文，回答问题．
神奇的大力士——形状记忆合金起重机
形状记忆合金起重机具有动力大、噪声小等优点，广泛应用于能源、交通和日常生活等领域．形状合金起
重机的动力主要来自形状记忆合金．如图所示，常温下发生形变的记忆合金，受热超过一定温度时，完全
恢复到原来的形状过程中，能产生很大的力，将重物提起．依据不同记忆合金材料特性，可制成记忆压缩
弹簧和记忆拉伸弹簧．
如图所示为记忆压缩弹簧，常温时较小的外力即可使其处于压缩状态，高温时会自动恢复到原来的伸长状
态．记忆拉伸弹簧则不同，常温时较小的外力可使其处于伸长状态，高温时会自动恢复到原来的压缩状态．
记忆弹簧恢复原状时所产生的弹力远比普通弹簧大．
给记忆合金材料通上交替变化的脉冲电流，会使其温度升高．为控制加热快慢，通常采用改变一个周期内
通有电流的时间占总时间的比值的方法来实现．
（1）. 形状记忆合金起重机提升重物时，重物的重力势能________．
（2）. 由形状记忆合金材料制成的眼镜框被踩扁后，应________(选填“升温”或“降温”)使其恢复原状．
（3）. 对记忆拉伸弹簧来说，高温状态长度比低温状态________．
（4）. 图示电流能使相同的记忆合金弹簧升温最快的是________．
A. B. C. D.
（5）. 图中利用形状记忆合金材料设计的起重机，记忆弹簧通电后恢复原状提起重物，为让记忆弹簧回到
初始位置，装置中需要搭配普通弹簧．给出的四种组合中，提升力最大的是________．A. 普通弹簧、记忆拉伸弹簧、普通弹簧
B. 普通弹簧、记忆压缩弹簧、普通弹簧
C. 记忆压缩弹簧、普通弹簧、记忆压缩弹簧
D. 记忆拉伸弹簧、普通弹簧、记忆拉伸弹簧
【答案】 (1). 增大 (2). 升温 (3). 短 (4). B (5). C
【解析】
【详解】（1）重物被“提升”时，质量不变，高度增加，重力势能增加
（2）常温下发生形变的记忆合金，受热超过一定温度时，能完全恢复到原来的形状，所以形状记忆合金
材料制成的眼镜框被踩扁后应该升温，使其恢复原状．
（3）记忆拉伸弹簧常温时较小的外力可使其处于伸长状态，高温时会自动恢复到原来的压缩状态，所以
高温状态长度比低温状态短．
（4）由焦耳定律Q=I2Rt,得电流大小相同情况下，通电时间越长产生的热量越多，升温最快，从个选项的
图线中可以看出，B图线的电流在相同工作时间内，通电时间最长，故B正确．
（5）
从上图左侧悬挂重物的情景图变为上图右侧的情景，需要将记忆合金的中间部分向上提升，将记忆合金的
两端向下压低．
都用普通弹簧的话，不挂重物时，由于记忆合金和吊钩、吊索的重力作用，弹簧被拉伸，悬挂重物后，中
间的弹簧被进一步拉伸，可以提供向上的拉力，满足中间部分向上的要求；两侧的弹簧会收缩，如果没有
回复原长，提供的仍然是拉力，不能满足将两端压下的需求．
所以中间可以使用普通弹簧，两侧不能使用普通弹簧，故而AB不可行．
记忆拉伸弹簧常温时较小的外力可使其处于伸长状态，通电高温时会自动恢复到原来的压缩状态；产生的
是收缩的拉力，不能满足两端压低的需求，故而D不可行．
记忆压缩弹簧，常温时较小的外力即可使其处于压缩状态，通电高温时会自动恢复到原来的伸长状态；可
以产生伸长的推理，满足两端压低的需求，故C可行．故选C本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（http://zujuan.xkw.com）专业教师团队编校出品。
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