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浙江省绍兴市 2018 年中考科学（物理部分）试题
1. 下列有关家庭电路的说法正确的是（ ）
A. 家庭电路中的插座应与用电器串联
B. 家庭电路的电压对于人体是安全的
C. 测电笔可以辨别零线与地线
D. 电能表用来测量用户消耗的电能
【答案】D
【解析】
【分析】明确家庭电路的各用电器都是并联的；家庭电路的电压是220V，人体安全电压不高于36V；使用
测电笔可以辨别火线和零线．
【详解】A、为了使每个用电器都能正常工作，各用电器之间、用电器与插座、插座与插座之间都是并联
连接的，故A错误；
B、不高于36V的电压对人体是安全的，家庭电路的电压是220V，故B错误；
C、用测电笔不能辨别零线与地线，可以辨别火线和零线，故C错误；
D、电能表用来测量用户在一定时间内消耗的电能,并根据电能的多少来收取电费,故D正确．故选D．
2. 端午节是中华民族传统的节日，很多地方都会举行划龙舟比赛．下列有关说法中正确的是（ ）
A. 使龙舟前进的力的施力物体是桨
B. 以龙舟上的鼓为参照物龙舟是运动的
C. 龙舟漂浮时所受的浮力小于龙舟的重力
D. 停止划桨后龙舟还会继续前进是因为龙舟具有惯性
【答案】D
【解析】
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；（2）被研究的物体和参照物之间的相对位置是否发生了改变，
如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；（3）根据浮沉条件艇所受浮力和
重力的关系进行判断；（4）惯性是物体保持运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性．
【详解】A、桨往后划水，同时桨也受到水向前的作用力，龙舟前进，因此使龙舟前进的力的施力物体是
水，故A错误；
B、以龙舟上的鼓为参照物，龙舟和鼓的位置关系没有发生变化，所以龙舟是静止的，故B错误；
C、根据物体的浮沉条件，漂浮、悬浮的物体受平衡力的作用，而在液体中处于静止状态，即浮力等于重
力，所以龙舟漂浮时所受的浮力等于重力，故C错误；
D、惯性是物体保持运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性，龙舟是运动的，停止划桨后，由于惯性龙舟还会继续前进一段距离说法正确，故D正确．
故选D．
3. 归纳推理是一种重要的科学思维方法．下列归纳推理正确的是（ ）
A. 如图：向右移动滑片，若通过R 的电流增加a安，则通过R 的电流也增加a安
1 2
B. 如图：仍呈清晰的像，若物距增加b厘米，则像距也要增加b厘米
C. 如图：加水液面升高，若小铁球受到的浮力增加c牛，则大铁球受到的浮力也增加c
牛
D. 如图：保持杠杆平衡，若左侧增加d个钩码，则右侧也要增加d个钩码
【答案】A
【解析】
【分析】（1）串联电路中电流处处相等；（2）凸透镜成像中，物距增大，像距减小，所成的像就越小；
（3）由阿基米德原理知，浮力大小与液体密度和物体排开液体的体积有关；（4）当杠杆左端的力和力臂
的乘积等于杠杆右端的力和力臂的乘积时，杠杆平衡，否则杠杆不平衡．
【详解】A、两电阻串联，根据串联电路中电流特点，可知若通过 的电流增加a安，则通过 的电流
也增加a安，故A正确；
B、本图中物距等于像距等于2倍焦距，成倒立等大的实像，若物距增加b厘米，物距就大于2倍焦距了，
像距在一、二倍焦距之间，凸透镜成实像时，物远像近，若物距增加b厘米，则像距会减小，而不是要增
加b厘米，故B错误；
C、加水液面升高，图中大铁球排开水的体积增加量大于小铁球排开水的体积增加量，根据阿基米德原理
可知大铁球受到浮力的增加量大于c牛，故C错误；
D、杠杆原来平衡，两边力与力臂的乘积相等，由图知左侧力臂小于右侧的力臂；若左右两侧增加同样的
钩码，由于右侧的力臂较大，所以右侧力与力臂的乘积增加量较大，右侧下沉，杠杆不能平衡，故D错误．
故选A．4. 汤姆生在研究阴极射线时发现了电子，如图所示，一条向上射出的阴极射线可以看作是许多电子定向运
动形成的电子流，则通过这束电子流的运动方向推断电流及周围的磁场方向是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反；知道电流的方
向，根据用右手螺旋定则判断磁场的方向．
【详解】根据电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷移动方向相反可知电流的方向是向下的，
故BC错误，根据右手螺旋定则可知，磁场的方向是逆时针方向的，故A正确D错误．
故选A．
5. 如图，木块以一定的速度滑过A、B点，到C点滑出下落至D点．A和B、C和D之间的垂直距离均为
h，若空气阻力忽略不计，则对木块在运动过程中能量变化的分析，正确的是
A. D点与A点相比，动能增加，势能减少，机械能不变
B. A点到C点减少的重力势能大于C点到D点减少的重力势能
C. B点的动能可能等于A点的动能，但一定大于C点的动能
D. B点的动能可能等于D点的动能，但一定大于C点的动能
【答案】D
【解析】
【详解】A、由于是否存在摩擦并不知道，所以由A到D 的过程中机械能是否不变不能确定，故A错误；
B、 B与C等高，又因为A和B、C和D之间的垂直距离均为h，空气阻力忽略不计，所以A点到C
点减少的重力势能等于C点到D点减少的重力势能，故B错误；C、由于不知道是否是光滑的，故无法判定ABC三点的动能大小，故C错误；
D、由于不清楚是否光滑，故而从B到C处动能可能减小，也可能不变．又不记空气阻力，故从C到D，
由于忽略空气阻力，木块的重力势能减小，动能增加，故D点的动能可能等于B点的动能，但是一定大于
C点动能，故D正确．故选D．
【点睛】掌握影响动能重力势能和大小的影响因素．机械能＝动能+势能．物体没有发生弹性形变时，不
具有弹性势能，势能只考虑重力势能．不计空气阻力，机械能守恒；考虑空气阻力，机械能转化为内能，
机械能减小，内能增大．
6. 嫦娥任务是我国重要的绕月探月工程
（1）月球表面地形复杂，最引人注目的是随处可见的_____，即月坑．
（2）“玉兔号”的腿部是六个轮状的移动装置，目的是通过_____来减小对月面的压强，适合在松软的月
球表面行驶．
（3）2018年5月21日（农历四月初七），“鹊桥号”中继卫星发射升空，当天晚上的月相接近_____．
【答案】 (1). 环形山 (2). 增大受力面积 (3). 上弦月
【解析】
【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，
通过减小压力来减小压强．（2）上弦月是指每月的农历初七和初八，太阳跟地球的连线和地球跟月亮的
连线成直角．
【详解】（1）月球表面地形复杂，最引人注目的是随处可见的是环形山，即月坑；
（2）“玉兔号”的腿部是六个轮状的移动装置，目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对月面
的压强，适合在松软的月球表面行驶；
（3）由题中材料可知，2018年5月21日（农历四月初七），月相是上弦月．
7. 2018年5月14日，川航3U8633航班客机驾驶舱右侧风挡玻璃突然破裂，机长在低压、极寒、缺氧、巨
大噪声的恶劣条件下操纵飞机成功降落，被誉为一次“世界级”的备降．
（1）飞机玻璃破裂的瞬间，强大的气流损坏仪器面板，此时气流的方向是_____（选填“从外界到驾驶
舱”或“从驾驶舱到外界”）．
（2）此事件中的雷达观察员被媒体称为幕后英雄．太阳活动增强时会影响雷达等短波通讯，常见的太阳
活动有太阳黑子、_____、日珥等．
（3）高空中虽然气温极低，但飞机上的空调一般是制冷的，这是因为机外的冷空气吸入飞机后需要压缩，使空气的温度升到50℃以上，这种改变内能的途径属_____．
【答案】 (1). 从驾驶舱到外界 (2). 耀斑（或太阳风） (3). 做功
【解析】
【分析】（1）流速越大的地方，压强越小，据此分析；（2）常见的太阳活动有太阳黑子、耀斑、日珥等；
（3）改变内能的方法有两个：做功和热传递．
【详解】（1）玻璃破裂时，由于外界气体的流速大于飞机驾驶舱内部气体的流速，故外界气压要小于驾
驶舱内部的气压，此时气流的方向是从驾驶舱到外界；
（2）常见的太阳活动有太阳风、太阳黑子、耀斑、日珥等；
（3）机外的冷空气吸入飞机后需要压缩，对空气做功使空气的内能增加，温度升高．
8. 两个完全相同的物体A、B，重均为20牛．
（1）在10牛的水平推力作用下两者同时以2米/秒的速度作匀速直线运动，如图甲，当物体通过的距离为
3米时，推力所做的功为_____焦．
（2）若物体A、B在15牛的推力作用下以3米/秒的速度在另一水平面上作匀速直线运动，如图乙，则此
时A对B的推力为_____牛．
.
【答案】 (1) 30 (2). 7.5
【解析】
【分析】（1）根据W＝Fs求出功的大小；（2）影响滑动摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程
度；根据二力平衡求出摩擦力，然后求出A对B的推力．
【详解】（1）根据W＝Fs求出推力所做的功为：W＝Fs＝10N×3m＝30J；
（2）根据二力平衡可知，推力与摩擦力是一对平衡力，故AB整体的摩擦力为15N；由于A、B完全相同，
接触面相同、压力相同，故AB各自受到地面的摩擦力是相同的，总摩擦力为15N，则B受到的地面的摩
擦力为15N× ＝7.5N；B做匀速直线运动，故A对B的推力与B受到的摩擦力是一对平衡力，故A对B
的推力为7.5N．
9. 通过玻璃门（如图甲）可简单地验证平面镜成像的某些规律．（1）先在房间A的地砖拼接处放一标记物，然后到房间B，若实验者及标记物的位置如图乙所示，为了
让实验者所成的像落在标记物上，他应向_____（填序号）方向移动．
（2）为了让成像更清晰，房间B的亮度要比房间A_____．
（3）对本实验的相关评价，合理的有_____．
A．证明了平面镜所成的像是等大的虚像
B．利用地砖方便地确定像和物体 的位置关系
C．巧妙利用生活中的物体进行实验，感受到科学就在我们身边
【答案】 (1). ③ (2). 亮 (3). BC
【解析】
【分析】（1）根据平面镜成像特点：像与物关于镜面对称分析解答；（2）平面镜成像时，成像物体越亮，
环境越暗，物体成像越清晰；（3）根据此实验的现象总结．
【详解】（1）根据像与物关于镜面对称，所以为了让实验者所成的像落在标记物上，他应向③方向移动；
（2）标记物在A房间，为了让实验者所成的像落在标记物上，故为了使像更加清晰，房间B的亮度要比
房间A亮一些；
（3）对本实验，利用地砖方便地确定像和物体的位置关系，巧妙利用生活中的物体进行实验，感受到科
学就在我们身边，没有用光屏验证像的虚实，所以不能证明了平面镜所成的像是等大的虚像．故答案选
BC.
10. 小敏用图甲所示电路来测定某定值电阻的阻值实验次数 U/V I/A R/Ω
1 2.0 0.20 10.0
2 2.5
3 2.9 0.28 10.4
(1)闭合开关前，要将滑动交阻器滑片滑到________ (选填“A”或“B”)端．
(2)闭合开关后，发现只有一只电表的指针发生偏转，请结合图甲电路分析产生此现象的原因是_______．
(3)排除故障后，进行三次实验，测得数据如上表，表中第二次实验的电流可从图乙中读取，根据这三次测
得的数据求得此电阻的阻值为________欧(保留一位小数)
(4)下列实验电路图中，也能够得出定值电阻Rx阻值的电路有________．【答案】 (1). A (2). 电压表和电流表的位置互换了 (3). 10.3 (4). ACD
【解析】
【详解】解：（1）为了保护电路，闭合开关前滑片在阻值最大处即A端；（2）由电路图知：电压表串联
在电路中，电流表并联在电路中将定值电阻短路，由于电压表的电阻很大串联在电路中相当于断路，电路
中没有电流，电流表示数为零电压表与电源两端相连，有示数；（3）图乙中电流表选用的是小量程，分
度值为 0.02A，示数为 0.22A，此时的电阻 R ＝ ≈10.4Ω；三次的平均电阻为：R＝
2
≈10.3Ω；（4）A．两电阻串联，电压表测电源电压U，电流表测量
总电流I，总电阻为 ，R 的阻值为R ＝ ﹣R ，故A可以；B、两电阻并联，电压表测电源电压U，电
x x 0流表测量R的电流I，已知R的电阻，根据U＝IR算出R两端的电压也就是电源电压，无法知电流，不能
测出电阻，故B错误；C、两电阻并联，上面的电流表测量干路的总电流示数I，下面的电流表测量电阻R
的电流示数为I ，已知R的电阻和电流，根据欧姆定律求出R的电压U＝IR，R 的电流I ＝I﹣I ，则R ＝
1 1 x x 1 x
，故C可以测出；D、两电阻串联，分别利用电流表测出滑片位于最大阻值处和0Ω时电路中
的电流分别为I 和I ，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可
1 2
求出R 的阻值，故D可以测出．故选ACD．
x
点睛：电压表的特点是电阻很大，串联在电路中相当于断路，电流表无示数，电压表有示数；根据电流表
的量程和分度值读出电流，再根据R＝ 算出第二次电阻，最后求出平均电阻；要测量电阻阻值，需要测
出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路
特点与欧姆定律分析答题．
11. 2018年3月28日绍兴风情旅游新干线开通试运行，“鉴湖号”城际列车从绍兴站驶出开往上虞站，两
站相距40千米，列车运营速度120千米/小时
（1）列车从绍兴站出发至少需要_____分钟到达上虞站
（2）在图乙旅行箱和拉杆构成的杠杆中，能表示拉力F的力臂是_____．
（3）列车牵引总功率为5152千瓦，表示的意义是_____，并计算列车以运营速度匀速直线运行时所受水平
阻力大小_____（用科学计数法表示，保留两位小数）
【答案】 (1). 20 (2). L (3). 列车每秒做功5152千焦耳 (4). 1.55×105N
1
【解析】
【分析】（1）知道列车的运行速度和路程，利用速度公式求运行时间；（2）力臂是支点到力的作用线的
垂线；（3）物体在1s做的功叫功率，功率是描述物体做功快慢的物理量；根据 P＝Fv可求得列车以运营
速度匀速直线运行时所受水平阻力大小．
【详解】（1）由v＝ 可得， t＝ h＝20min；（2）根据力臂的概念：力臂是支点到力的作用线的垂线，可知拉力F的力臂是L；
1
（3）列车牵引总功率为5152千瓦，表示列车每秒做功5152焦耳，已知v＝120km/h≈33.33m/s，由P＝
＝Fv可得，F＝ ＝1.55×105N．因为列车以运营速度匀速直线运行，所以f＝F
＝1.55×105N．
12. 人们对自我保健越来越关注．图甲为某品牌足浴盆及相关参数．其内部电路可分为工作电路和控制电
路两部分（如图乙所示）．闭合总开关S，当足浴盆有水注人到一定量时压控开关S，S 就会自动闭合，
1 2
此时R 、R 会同时工作，加热至40℃时，控制电路中 的电磁铁会将衔铁吸合，自动进入保温模式．
1 2
（1）图乙的工作电路中，处于保温状态时，工作的电阻是_____．压控开关S 的作用是防止_____，达到
1
保护电路的目的．
（2）控制电路中电磁铁线圈的电阻为100欧，为电磁铁供电的电池电压为6伏，R 为热敏电阻，阻值随温
x
度变化关系可由图丙中的某条曲线表示．当线圈中的电流大于或等于20毫安时，控制电路中继电器的衔铁
被吸合，则R 阻值随温度变化的曲线为图丙中的_____．
x
（3）求R 的阻值___________
2
（4）在一次使用过程中，加热时间为5分钟，保温时间为20分钟，则整个过程中消耗了多少电能？
____--
.
【答案】 (1) R (2). 足浴盆中没有水也会闭合电路让电路处于工作状态 (3). D (4). 24.2Ω (5).
1
7.5×105J
【解析】
【分析】（1）分析电路图即可得出工作电阻，压控开关可起到保护电路的作用；（2）由题意知热敏电阻随温度升高而降低，由串联电路电阻特点求出某温度下的电阻，读图即可确定变化曲线（3）利用P
计算阻值；（4）根据W=Pt计算在一定时间内消耗的电能．
【详解】（1）由题知，加热至40℃时，控制电路中的电磁铁会将衔铁吸合，自动进入保温模式，由图乙
知，此时工作电路中只有R 接入电路中，即工作的电阻是 ；当足浴盆注入一定量水时压控开关S 才自
1 1
动闭合，这样可以防止足浴盆中没有水也会闭合电路，而让电路处于工作状态，即起到了保护作用；
（2）控制电路中线圈与热敏电阻R 串联，由题知，当足浴盆中水温加热至40℃时，线圈中的电流大于或
1
等于20毫安，电磁铁才会将衔铁吸合，说明温度升高，由欧姆定律知热敏电阻R 的阻值减小，故A、B
1
曲线不符合题意；由串联电路特点和欧姆定律可得，当线圈中的电流等于20mA＝0.02A时，控制电路的总
电阻：R ＝R +R ＝ ，即：R +100Ω＝ ，解得：R ＝200Ω，当水温达到40℃，由图丙中曲线
总 1 线圈 1 1
C对应电阻为300Ω、曲线D对应电阻为200Ω，故R 阻值随温度变化的曲线为图丙中D；
1
（3）在工作电路两电阻并联，同时工作时为加热模式，保温模式只有R 接入电路中，根据甲中参数知：P
1
＝2100W，P ＝100W，所以，R 的功率：P＝P ﹣P ═2100W﹣100W＝2000W，R 的阻值：R
加热 保温 2 2 加热 保温 2 2
＝ ＝24.2Ω；
（4）加热时间为5分钟，保温时间为20分钟消耗 的总电能：W＝W +W ＝P t +P t ＝
加热 保温 加热 加热 保温 保温
2100W×300s+100W×1200s＝7.5×105J．本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（http://zujuan.xkw.com）专业教师团队编校出品。
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