2025年5月浙江省温州市高三下学期三模物理答案_2025年5月_250512浙江省温州市普通高中2025届高三第三次适应性考试（温州三模）（全科）

温州市普通高中 2025 届高三第三次适应性考试 物理试题卷参考答案及评分标准（详细版） 2025.5 一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个 是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C D A B D B C D C 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个 符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 题号 11 12 13 答案 AB BD BC 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14．I （1）AB（2分）（注：漏选得1分，错选不给分） （2）①0.534（1分）1.98~2.02（注：有效数字不对不给分）（1分）②乙（1分） II （1）1.59（1分） 有（1分） （2）A（1分） A（1分） III（1）0-0.6或0.6（注：0-0.60、0.60、0-0.600、0.600均给分）（1分）（2） B（1分） （3）1.15-1.17 （1分）（4）1.44-1.46（1分）1.52-1.60（1分） 15．（8分）（1）对活塞棒，由平衡条件得： p S mg  p S （或 p S mg  p S  p 2S ） （2 分） 0 0 1 0 0 0 1 0 1 0 mg 解得： p  p  （1 分） 1 0 S 0 （注：若直接写出正确结果也得3分，角标错误或漏写不得分） （2）①不变（1 分）； <（写“小于”、“少于”等其他写法均不给分）（1 分） ②从T 升温至T 过程，由盖吕萨克定律可得 1 2 V 2S (H d)S h 15dS （1 分） 1 0 0 1 0 V 2S (H d)S h 2 0 0 2 （注：以上两式能写出其中一条即得1分） V V 1  2 （1 分） T T 1 2 得h 3.5d （1 分） 2 物理（选考试题）参考答案及评分标准 第 1 页（共 5 页）（注：②小问若只写出答案h 3.5d 没有过程给1分） 2 （注：以上各步用其他方法解题的，只要合理，得同样的分。） 1 1 16．（11分）（1）对滑块P，从C到D，由动能定理得：mg2R  mv2  mv2 （1 分） 2 D 2 C v  5m/s gR 1m/s 得： D v2 在D点，由牛顿第二定律：F mg  m D F 4N （1 分） D R 得： D hR(1cos) 1 从开始下滑到C，由动能定理：mghmgcos  mv2 （1 分） 1 sin 2 C 得：h2.17m （1分） （2）v  v 3m/s  v E C 若一直减速：v  v2 2gL  2m/s  v，滑块P在传送带上一直减速 （1 分） F E 2 1 1 1 1 滑块P与滑块1第1次碰撞： mv2  Mv2  mv2；mv  Mv mv 2 F 2 1 2 P F 1 P mM v 2m v 解得：v  v   F  1m/s；v  v  F 1m/s （1 分） P mM F 2 1 mM F 2 之后，通过滑块间的碰撞，速度依次传递：v  v 1m/s n 1 2H 对物块n，从J抛出到落到坑底：t  0.2s； g x  v t  0.2m （1 分） n x7L x0.01m （1 分） 得： 2 （3）滑块P与滑块1发生第一次碰撞后，每次进传送带和出传送带速度大小相等；滑块P 与滑块1每发生一次碰撞，速度反向，大小减半。 2v 所以 t  1 1s （1 分） 1 g 2 滑块P与滑块1发生第一次碰撞后的在传送带上总时间 1 1 1 t t (1   )  2s （1 分） 1 2 22 2n 物理（选考试题）参考答案及评分标准 第 2 页（共 5 页）1 2 （注：上式中，若n未带入无穷大，正确写出等比数列通式比如“ 2n-1 ”也得1分） 电动机多消耗电能：E mgvt 0.8J （1 分） 电 2 （注：1、以上各步用其他方法解题的，只要合理，得同样的分。2、单位未写或写错扣1分， 一个大题中单位扣分不要超过1分） 17．（12分）（1）进入磁场后，小球做匀加速运动，加速度 qv B a  0  2m/s2 （1 分） m 离开挡板时，沿挡板方向速度：v  2ad  5m/s （1分） x 离开挡板时，小球速度大小：v  v2 v2 3m/s （1分） 0 x （2）①由题意可知，无论d多大，小球都能垂直打在收集板上，则 mv2 qvB  r （1分） mv mv x  rcos cos 0  2m （1 分） 0 qB qB 2d ②球离开挡板前，时间：t  a 2d y  v t  v 2 d （1分） 1 0 0 a v 球离开挡板后， y  r(1sin)  r(1 x ) （1分） 2 v2 v2 x 0 所以，y与d的关系：y  y  y 2 d 1（0≤d≤2m）（注：定义域没写不扣分）（1分） 1 2 ③离开M端时的速度v  2v 。小球从离开挡板到距x轴最远距离处，由动能定理： 1 0 1 1 qEh  mv2  mv2 （1分） 2 2 2 1 水平方向，由动量定理：qv Bt qBhmv mv （1分） y 2 x 物理（选考试题）参考答案及评分标准 第 3 页（共 5 页）h 2m 2d 小球离开挡板前：h  v t  v  2m （1分） 0 0 a 最远距离：y hh4m （1分） m 第③小问解法2：（配速法评分标准如下） 小球离开挡板后，将其分解为水平匀速直线运动与匀速圆周运动。 x负方向匀速直线运动：qv BqE （1分） x mv 匀速圆周运动：h 0 2m （1分） qB 2d 离开挡板前：hv t v 2m （1分） 0 0 a 最远距离：y hh4m （1分） m （注：1、以上各步用其他方法解题的，只要合理，得同样的分。2、单位未写或写错扣1分， 一个大题中单位扣分不要超过1分） 18．（13分）（1） 金属杆a旋转切割产生的电动势 1 E  B r2 0.5V （1 分） 2 1 电容器充电完毕所带电量 Q CE  0.25C （1 分） 0 （2）①金属杆b到达稳定速度时，电容器两端电压 U  B Lv （1 分） 1 2 1 通过金属杆b的电荷量 q Q CU 0 1 此过程，对金属杆b，由动量定理 B Lq  mv （1 分） 2 1 v 0.05m/s （1 分） 1 ②设金属杆b距E点距离为x，则： 物理（选考试题）参考答案及评分标准 第 4 页（共 5 页）F  B 2xtan30I  4x  kx （1 分） A 3 m T  2π  2 2π； k T Q  I2R 0.4J （1 分） 4 恒流源输出能量 1 E Q mv 2 （1 分） 2 1 E  0.39J （1 分） ③金属棒第一次出MN时，电容器所剩电荷量 Q =CB Lv 1 2 1 Q =0.05C （1 分） 1 当金属棒返回II区后，再次达到稳定速度，这时电容器经历放电和反向充电过程。 Q CB Lv （1 分） 2 2 2 B L（Q Q）mv mv （1 分） 2 1 2 2 1 Q 0.03C （1 分） 2 （注：1、以上各步用其他方法解题的，只要合理，得同样的分。2、单位未写或写错扣1分， 一个大题中单位扣分不要超过1分） 物理（选考试题）参考答案及评分标准 第 5 页（共 5 页）