2008年高考物理真题（四川）（解析卷）_物理历年高考真题_新·PDF版2008-2025·高考物理真题_物理（按省份分类）2008-2025_2008-2025·（四川）物理高考真题

绝密★启用前 2008年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷） 理科综合能力测试 第Ⅰ卷 二、选择题（本题共8小题。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有 多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 14．下列说法正确的是 A．物体吸收热量，其温度一定升高 B．热量只能从高温物体向低温物体传递 C．遵守热力学第一定律的过程一定能实现 D．做功和热传递是改变物体内能的两种方式 15．下列说法正确的是 A．γ射线在电场和磁场中都不会发生偏转 B．β射线比α射线更容易使气体电离 C．太阳辐射的能量主要来源于重核裂变 D．核反应堆产生的能量来自轻核聚变 16．如图，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电 路中R 1 、R 2 、R 3 和R 4 均为固定电阻，开关S是闭合的V。 1 V 2 和 为理想电压表，读数分别为U 1 和U 2 ； A 1 A 2 、A 3 和 为理想电流表，读数分别为I 、I 和I 。现断开S，U 数值不 1 2 3 1 变，下列推断中正确的是 A．U 变小、I 变小 B．U 不变、I 变大 2 3 2 3 C．I 变小、I 变小 D．I 变大、I 变大 1 2 1 2 17．在沿水平方向的匀强磁场中，有一圆形金属线圈可绕沿其直径的竖直轴自由转动。开 始时线圈静止，线圈平面与磁场方向既不平行也不垂直，所成的锐角为α。在磁场开始增 强后的一个极短时间内，线圈平面 A．维持不动 B．将向使α减小的方向转动 C．将向使α增大的方向转动 D．将转动，因不知磁场方向，不能确定α会增大还是会减小 18．一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t 滑至斜面底端。已知在物体运动 0 过程中物体所受的摩擦力恒定。若用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度 、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是 F v s E O t 0 t O t 0 t O t 0 t O t 0 t A B 第1页 | 共7页 C D ． ． ． ．19．一列简谐横波沿直线传播，该直线上的a、b两点 相距4.42 m。图中实、虚两条曲线分别表示平衡位置在a、b两点 处质点的振动曲线。从图示可知 A．此列波的频率一定是10Hz B．此列波的波长一定是0.1m C．此列波的传播速度可能是34 m/s D．a点一定比b点距波源近 20．1990年4月25日，科学家将哈勃天文望远镜送上距地球表面约600 km的高空，使得 人类对宇宙中星体的观测与研究有了极大的进展。假设哈勃望远镜沿圆轨道绕地球运行。 已知地球半径为6.4×106m，利用地球同步卫星与地球表面的距离为3.6×107m这一事实可得 到哈勃望远镜绕地球运行的周期。以下数据中最接近其运行周期的是 A．0.6小时 B．1.6小时 C．4.0小时 D．24小时 21．如图，一束单色光射入一玻璃球体，入射角为60°。己知光线 在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行 。此玻璃的折射率为 A． 2 B．1.5 C． 3 D．2 第Ⅱ卷 本卷共10题，共174分。 22．（17分） I．（9分）一水平放置的圆盘绕过其圆心的竖直轴匀速转动。盘边缘上固定一竖直的挡光 片。盘转动时挡光片从一光电数字计时器的光电门的狭缝中经过，如图1 所示。图2为光电数字计时器的示意图。光源A中射出的光可照到B中的接收器上。若A、B 间的光路被遮断，显示器C上可显示出光线被遮住的时间。 挡光片的宽度用螺旋测微器测得，结果如图3所示。圆盘直径用游标卡尺测得，结果如图4 所示。由图可知， （l）挡光片的宽度为_____________mm。 （2）圆盘的直径为_______________cm。 第2页 | 共7页（3）若光电数字计时器所显示的时间为50.0 ms，则圆盘转动的角速度为_______弧度/秒（保留3位有效数字）。 Ⅱ．（8分）图为用伏安法测量电阻的原理图。图中， V 为电压表，内阻为400m0AΩ； 为电流表，内阻为50Ω。E为电源，R为电阻箱，R 为待测电阻 x ，S为开关。 （l）当开关闭合后电压表读数U＝l.6V，电流表读数I＝2.0mA U 。若将R  作为测量值，所得结果的百分误差是____________。 x I （2）若将电流表改为内接。开关闭合后，重新测得屯压表读数和电流表读数，仍将电压表 读数与电流表读数之比作为测量值，这时结果的百分误差是______________。 实际值测量值 (百分误差  100%) 实际值 23．（16分） A、B两辆汽车在笔直的公路上同向行驶。当 B车在A车前84 m处时，B车速度为4 m/s，且正以2 m/s2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B车加速度突然变为零。A车一直以20 m/s的速度做匀速运动。经过12 s后两车相遇。问B车加速行驶的时间是多少？ 24．（19分） 如图，一半径为R的光滑绝缘半球面开口向下，固定在水平面上。整个空间存在匀强磁场 ，磁感应强度方向竖直向下。一电荷量为q（q＞0）、质量为m的小球P在球面上做水平的 匀速圆周运动，圆心为O’。球心O到该圆周上任一点的连线与竖直方向的夹角为θ（0＜θ  ＜ )。为了使小球能够在该圆周上运动，求磁感应强度大小的最小值及小球P相应的速率 2 。重力加速度为g。 25．（20分） 一倾角为θ＝45°的斜血固定于地面，斜面顶端离地面的高度h ＝1m，斜面底端有一 0 第3页 | 共7页垂直于斜而的固定挡板。在斜面顶端自由释放一质量m＝0.09kg的小物块（视为质点）。小 物块与斜面之间的动摩擦因数μ＝0.2。当小物块与挡板碰撞后，将以原速返回。重力加速 度g＝10 m/s2。在小物块与挡板的前4次碰撞过程中，挡板给予小物块的总冲量是多少？ 理科综合能力测试参考答案 二、选择题： 14．D 15．A 16．BC 17．B 18．AD 19．AC 20．B 21．C 第Ⅱ卷共10题，共174分。 22．（ 7分） Ⅰ．（1）10.243 （2）24.220 （3）1.69 Ⅱ．（1）20％ （2）5％ 23．（ 6分） 设A车的速度为v ，B车加速行驶时间为t，两车在t 时相遇。则有 A 0 s v t ① A A 0 1 s v t at2 (v at)(t t) ② B B 2 B 0 式中，t =12s，s 、s 分别为 A、B两车相遇前行驶的路程。依题意有 0 A B s s s ③ A B 式中 s＝84 m。由①②③式得   2(v v )t s t2 2t t B A 0 0 ④ 0 a 代入题给数据 v =20m/s，v =4m/s，a =2m/s2， A B 有 t2 24t1080 ⑤ 式中矿的单位为s。解得 t =6 s，t =18 s ⑥ 1 2 t ＝18s不合题意，舍去。因此，B车加速行驶的时间为 6 s。 2 24．（l9分） 据题意，小球P在球面上做水平的匀速圆周运动，该圆周的圆心为O’。P受到向下的重 力mg、球面对它沿OP方向的支持力N和磁场的洛仑兹力 f＝qvB ① 式中v为小球运动的速率。洛仑兹力f的方向指向O’。根据牛顿第二定律 Ncosmg 0 ② 第4页 | 共7页v2 f Nsinm ③ Rsin 由①②③式得 qBRsin qRsin2 v2  v 0 ④ m cos 由于v是实数，必须满足 qBRsin 2 4gRsin2    ≥0 ⑤  m  cos 由此得 2m g B≥ ⑥ q Rcos 可见，为了使小球能够在该圆周上运动，磁感应强度大小的最小值为 2m g B  ⑦ min q Rcos 此时，带电小球做匀速圆周运动的速率为 qB Rsin v min ⑧ 2m 由⑦⑧式得 gR v sin ⑨ cos 25．（20分） 解法一：设小物块从高为h处由静止开始沿斜面向下运动，到达斜面底端时速度为v。 由功能关系得 1 h mgh mv2 mgcos ① 2 sin 以沿斜面向上为动量的正方向。按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量 I mvm(v) ② 设碰撞后小物块所能达到的最大高度为h’，则 1 h mv2 mghmgcos ③ 2 sin 同理，有 1 h mgh mv2 mgcos ④ 2 sin Imvm(v) ⑤ 式中，v’为小物块再次到达斜面底端时的速度，I’为再次碰撞过程中挡板给小物块的冲 量。由①②③④⑤式得 IkI ⑥ tan 式中 k  ⑦ tan 由此可知，小物块前4次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为 I 2m 2gh (1cot) ⑧ 1 0 总冲量为 I I I I I I (1kk2 k3) ⑨ 1 2 3 4 1 第5页 | 共7页1kn 由 1kk2 kn1  ) ⑩ 1k 1k4 得 I  2m 2gh (1cot) ⑾ 1k 0 代入数据得 I 0.43(3 6)N·s ⑿ 解法二：设小物块从高为h处由静止开始沿斜面向下运动，小物块受到重力，斜面对它 的摩擦力和支持力，小物块向下运动的加速度为a，依牛顿第二定律得 mgsinmgcosma ① 设小物块与挡板碰撞前的速度为v，则 h v2 2a ② sin 以沿斜面向上为动量的正方向。按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量为 I mvm(v) ③ 由①②③式得 I 2m 2gh(1cot) ④ 1 设小物块碰撞后沿斜面向上运动的加速度大小为a’， 依牛顿第二定律有 mgsinmgcosma ⑤ 小物块沿斜面向上运动的最大高度为 v2 h sin ⑥ 2a 由②⑤⑥式得 hk2h ⑦ tan 式中 k  ⑧ tan 同理，小物块再次与挡板碰撞所获得的冲量 I2m 2gh(1cot) ⑨ 由④⑦⑨式得 IkI ⑩ 由此可知，小物块前4次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为 I 2m 2gh (1cot) ⑾ 1 0 总冲量为 I I I I I I (1kk2 k3) ⑿ 1 2 3 4 1 1kn 由 1kk2 kn1  ) ⒀ 1k 1k4 得 I  2m 2gh (1cot) ⒁ 1k 0 代入数据得 I 0.43(3 6)N·s ⒂ 第6页 | 共7页选择填空解析 二、选择题（本题bai共8小题．在每个小题给出的du四个选项中，有的只有一个选项 正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 14、D 解析：由热力学第一定律可知，做功与热传递可以改变物体的内能，D正确；故物体吸收 热量时，其内能不一定增大，A错；由热力学第二定律可知，宏观的热现象有方向性，但 若通过外界做功，热量也可以从低温物体传到高温物体，B、C错． 15、A 解析：γ射线中的γ光子不带电，故在电场与磁场中都不会发生偏转，A正确；α粒子的特点 是电离能力很强，B错；太阳辐射的能量主要来源于轻核的聚变，C错；核反应堆产生的能 量是来自于重核的裂变，D错． 16、BC 解析：因为变压器的匝数与U1不变，所以U2与两电压表的示数均不变．当S断开时，因为 负载电阻增大，故次级线圈中的电流I2减小，由于输入功率等于输出功率，所以I1也将减 小，C正确；因为R1的电压减小，故R2、R3两端的电压将增大，I3变大，B正确． 17、B 解析：由楞次定律可知，当磁场开始增强时，线圈平面转动的效果是为了减小线圈磁通量 的增加，而线圈平面与磁场间的夹角越小时，通过的磁通量越小，所以将向使 减小的方向转动． 18、AD 解析：物体在沿斜面向下滑动过程中，所受的合力为重力沿斜面向下的分力及摩擦力，故 大小不变，A正确；而物体在此合力作用下作匀加速运动， ， ，所以B、C错；物体受摩擦力作用，总的机械能将减小，D正确． 19、AC 解析：由振动图象可知，振动周期为0.1s，故此列波的频率一定是10Hz，A正确；因为波速 为 ，当n=2时，波速为34m/s，故C正确；由图不能断定波长一定是0.1m，也无法确定哪一点 距波源近一些． 20、B 解析：由开普勒行星运动定律可知， 恒量，所以 ，r为地球的半径，h1、t1、h2、t2分别表示望远镜到地表的距离，望远镜的周期、同步卫 星距地表的距离、同步卫星的周期（24h），代入数据得：t1=1.6h． 21、C 解析：如图，为光线在玻璃球内的光路图．A、C为折射点，B为反射点，作OD平行于入射 光线，故 ，所以 ，玻璃的折射率 ． 22、I （1）10.243 （2）24.220 （3）1.69 II （1）20% （2）5% 解析：I 由螺旋测微器与游标卡尺的读数规则可得两者的读数． mm， mm=24.220cm． 圆盘转动的角速度为 ，而 ，综合两式并代入数据可得： rad/s． II （1）测量值为 ，因电流表外接，所以 ，故真实值为 ，对应的百分误差 ． （2）电流表内接时，百分误差 ． 第7页 | 共7页