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2024 贵州卷点睛押题
一、单选题（每题4分，共28分）
1．下列说法正确的是（ ）
A．β衰变的电子来自原子核外
B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的重核裂变反应
C．原子核比结合能越大，表明原子核中核子结合得越牢固，原子核就越稳定
D．氢原子跃迁时核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道，电子的动能减
小，原子总能量减小
2．如图所示是一列简谐横波在
试卷第1页，共7页
t = 0 时刻的图像。经过 Δ t = 0 .4 s 时间，恰好第一次重复
出现图示的波形。根据以上信息，下列选项中不能确定的是（ ）
A．波的传播速度大小
B． Δ t = 1 .2 s 时间内质点P经过的路程
C．t=0.6s时刻质点P的速度方向
D． t = 0 .6 s 时刻的波形
3．近几年我国在航空航天工业上取得了长足的进步，既实现了载人的航天飞行，又实
现了航天员的出舱活动。如图所示，在某次航天飞行实验活动中，飞船先沿椭圆轨道1
飞行，后在远地点343千米的P处点火加速，由椭圆轨道1变成高度为343千米的圆轨
道2。下列判断正确的是（ ）
A．飞船在椭圆轨道1上的机械能比圆轨道2上的机械能大
B．飞船在圆轨道2上时航天员出舱前后都处于失重状态
C．飞船在此圆轨道2上运动的角速度小于同步卫星运动的角速度
D．飞船在椭圆轨道1上通过P的加速度小于沿圆轨道2运动的加速度
4．在第24届冬季奥林匹克运动会上，某运动员进行跳台滑雪比赛时，从跳台边缘的 O
点水平飞出，其运动轨迹为如图所示的实线，固定的照相机间隔相等的时间连续拍摄了
4张照片，运动员对应的位置为图中的A、B、C、D四点，忽略空气阻力，下列说法正
确的是（ ）
A． A 、 B 、 C 、 D 四点中每相邻两点间的距离相等
B．运动员在AB段与在CD段速率的变化量相同
C．运动员在A、B、C、D四点所受重力的功率相等
D．所受重力在AD段对运动员做的功等于在BC段做功的三倍5．在可控核聚变中用磁场来约束带电粒子的运动，叫磁约束。如图所示是一磁约束装
置的简化原理图，真空中有一匀强磁场，磁场边界为两个半径分别为 a 和 2a 的同轴
圆柱面，磁场的方向与圆柱轴线平行，其横截面如图所示。一速率为 v 的氘核从圆心
沿半径方向进入磁场。已知氘核质量为 m，电荷量为 e，忽略重力。为使该氘核的运动
被约束在图中实线圆所围成的区域内，磁场的磁感应强度最
小为（ ）
A．
试卷第2页，共7页
m
a
v
e
3mv
B．
2ae
C．
4
3
m
a
v
e
D．
5
3
m
a
v
e
6．如图所示，在倾角为37°的粗糙且足够长的斜面底端，一质量为 m = 2 k g 可视为质点
的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不拴连。t=0时刻解除锁定，计算机通过传感
器描绘出滑块的 v t − 图像，其中Ob段为曲线，bc段为直线，已知物块在0-0.2s内运动
的位移为0.8m，取g =10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8，则下列说法正确的是（ ）
A．滑块速度最大时，滑块与弹簧脱离 B．滑块在0.2s时机械能最大
C．滑块与斜面间的动摩擦因数为=0.2 D．t=0时刻弹簧的弹性势能为32J
二、多选题（每题5分，共15分）
7．“不经历风雨怎么见彩虹”，彩虹的产生原因是光的色散，如图所示为太阳光射到空
气中的小水珠发生色散形成彩虹的光路示意图， a 、b为两种折射出的单色光．以下说
法正确的是（ ）
A．在水珠中 a 光的传播速度大于b光的传播速度
B．如果b光能使某金属发生光电效应，则a光也一定能使该金属发生光电效应
C．以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后，b光侧移量大
D．b光比a光更容易发生明显衍射现象8．如图，理想变压器原线圈与定值电阻R 串联后接在电压恒定U =36V的交流电源上，
0 0
副线圈接理想电压表、电流表和滑动变阻器R，原、副线圈匝数比为1∶2。已知
试卷第3页，共7页
R
0
= 2 ，
R的最大阻值为20Ω。现将滑动变阻器R的滑片P从最上端开始向下滑动，下列说法正
确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电源的输出功率变大
C．当 R = 1 6 时，滑动变阻器消耗的功率最大
D．当R=16时，电压表示数为48V
9．在水平面上半径为r的圆上等间距放置三个等量点电荷， + Q 固定在 f 点， − Q 分别
固定在 b 和d点，俯视图如图所示， a d 、 b e 、 c f 是半径为r的圆的三条直径， O 为圆心。
以下说法正确的是（ ）
A． e 点的电势高于 O 点的电势
B． O
2kQ
点的电场强度大小为
r
C． − q 在 c 点的电势能等于在 a 点的电势能
D．沿 a O 、 O e 移动+q电场力先做正功后做负功
10．如图甲所示，半径为 r 带缺口的刚性金属圆环在纸面内固定放置，在圆环的缺口两
端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面正对固定放置的平行金属板连接，两板间距为
d。圆环内有垂直于纸面变化的磁场，变化规律如图乙所示（规定磁场方向垂直于纸面
q
向里为正方向）。在t=0时刻平板之间中心有一重力不计，电荷量为 的静止微粒，电
荷始终在两板间运动，则下列说法中正确的是（ ）
A．第3s内场强方向向下
B．第2s内两极板之间的电场强度大小为
0 .2
d
r 2
C．第2s末微粒回到了原来位置
D．第4s末微粒回到了原来位置三、实验题（16分）
11．某实验小组利用图甲的装置测量物块与水平桌面间的动摩擦因数。实验过程如下：
（1）用游标卡尺测量图甲中固定于物块上遮光片的宽度d，示数如图乙所示，d=
mm。在桌面上固定好轻弹簧和光电门，其中O为弹簧未压缩时物块的位置，将光电门
与数字计时器连接（图中未画出）。
（2）用物块将弹簧压缩至位置P，测量出物块到光电门的距离为
试卷第4页，共7页
1
x。将物块由静止释
放，测出物块上的遮光片通过光电门的时间为 t1 ，则物块通过光电门的速度
v
1
= 。（用题中测得的物理量符号表示）
（3）将光电门向右移动到某一合适位置，仍用物块将弹簧压缩至位置P，测量出物块
到光电门的距离为x。将物块由静止释放，测出物块通过光电门的速度
2
v
2
，则物块与桌
面之间的动摩擦因数= 。（用x、
1
v
1
、
2
x、 v
2
和重力加速度g表示）
12．在“测定金属的电阻率”实验中：
（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图甲所示，其示数为 mm；用刻
度尺测得金属丝的长度如图乙所示，其示数为 cm；用欧姆表粗略测量该金属丝的
电阻，选择“×1”欧姆挡测量，示数如图丙所示，其示数为 Ω。
（2）用伏安法进一步精确测金属丝的电阻R，实验所用器材如下：
a.电流表A (量程为0.2A，内阻为1Ω)
b.电压表V (量程为9V，内阻约3kΩ)
c.定值电阻R (阻值为2Ω)
0
d.滑动变阻器R(最大阻值为10Ω，额定电流为2A)
e.电池组(电动势为9V，内阻不计)
f.开关、导线若干①某小组同学利用以上器材设计电路，部分电路图如图丁所示，请把电路图补充完整。
(要保证滑动变阻器的滑片任意移动时，电表均不被烧坏)
②某次实验中，电压表的示数为4.5V，电流表的示数为0.1A，则金属丝电阻的值为
Ω；根据该测量值求得金属丝的电阻率为 Ω·m。(计算结果均保留三位有效数字)
四、解答题（41分）
13．如图，横截面积相同的A、
试卷第5页，共7页
B 汽缸长度均匀为 L ，中间通过细管（体积不计）连通．汽
缸 B 内中点处固定一卡环，体积不计的活塞C可在 B 内卡环左侧无摩擦地滑动． K
1
、 K
2
为阀门，整个装置由导热性能良好的材料制成．起初阀门均关闭， A 内有压强为 3 p
0
、 B
内有压强为 P
0
的理想气体，活塞在B的最左边，外界大气温度为 T
0
压强为P ，现打开
0
阀门 K
1
，求：
(1)活塞移动的距离及平衡后 B 内气体的压强；
(2)打开 K
2
，当温度升高为 2 T
0
时， A 内气体的压强．14．如图所示为一种质谱仪的工作原理示意图。静电分析器通道中心线半径为R，通道
内电场沿半径方向，在通道中心线处的电场强度大小为
试卷第6页，共7页
E 。由离子源发出的一个质量为
m 、带电荷量为 q 的正离子（初速度为零，重力不计），经加速电场加速后进入静电分
析器，沿中心线MN做匀速圆周运动，而后由 P 点垂直 0
2
P 进入长方形的收集区域，最
终经过 Q 点进入收集器。已知 O
2
P = O Q2 = d 。
（1）求加速电场的加速电压；
（2）如果收集区域分布着与纸面方向垂直的匀强磁场，离子经过磁场与 O
2
Q 边界垂直
进入收集器，求磁场的磁感应强度大小；
（3）如果收集区域分布着与纸面方向平行的匀强电场，离子经过电场与O Q边界垂直
2
进入收集器，其速度大小与刚进入收集区域时速度大小相等，求匀强电场的场强大小与
方向。15．如图所示，一个倾角θ=30°、长L=14.4m的光滑轨道固定在水平地面上，轨道底部
通过一段很小的光滑圆弧与静止在水平地面上、质量为m =1kg的薄木板B平滑连接（不
B
拴接），B左边某处静止着一质量为m =3kg的薄木板C，B、C上表面等高。现让质量
C
为m =1kg的小物块A（可以视为质点），从轨道顶端由静止滑下，A滑上B后，B开
A
始向左运动，当A滑到B的左端时，A、B速度刚好相等，而且B、C刚好碰撞，碰撞
过程中无机械能损失，A最终恰好不从C上滑下。已知A与B、C间的动摩擦因数均
为µ =0.4，B、C与地面间的动摩擦因数均为µ =0.1，重力加速度g=10m/s2，求：
1 2
（1）A到达斜轨道底部时速度的大小和在斜轨道上运动的时间；
（2）整个运动过程中，B和地面间因摩擦而产生的总热量；
（3）C的长度。
试卷第7页，共7页参考答案：
1．C
【详解】A．β衰变的电子来自原子核内的一个中子转化为一个质子并放出一个电子，故A
错误；
B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应，故B错误；
C．原子核比结合能越大，表明原子核中核子结合得越牢固，原子核就越稳定，故 C正确；
D．氢原子跃迁时核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道，放出能量，根据
答案第1页，共11页
k
e
r
2
2
= m
2 v
r
可知
ke2
E = r减小，电子的动能增大，但由于放出能量，原子总能量减小，故D错误。
k 2r
故选C。
2．C
【详解】A．由图可知，该横波的波长为8m，由题意可得
t=T =0.4s
则波的传播速度的大小为
v
T 0
8
.4
m /s 2 0 m /s
= = =
故A不符合题意；
B．根据题意可知，Δt=1.2s时间内，质点振动了3个周期，质点P经过的路程为
s = 3 4 A = 1 2 0 c m
故B不符合题意；
C．因为不清楚波的传播方向，所以无法确定P点的速度方向，故C符合题意；
D．当 t = 0 .6 s 时，波传播了
3
2
T ，则波形图与 t = 0 时刻关于x轴对称，即 t = 0 .6 s 时刻的波
形可以确定，故D不符合题意。
故选C。
3．B
【详解】A．在远地点343千米处点火加速，机械能增加，故飞船在椭圆轨道1上的机械能
比圆轨道2上的机械能小，A错误；
B．飞船在圆轨道上时，航天员出舱前后，航天员所受地球的万有引力提供航天员做圆周运
动的向心力，航天员此时的加速度就是万有引力加速度，即航天员出舱前后均处于完全失重状态，但都受重力，B正确；
C．圆轨道2高度为343千米，而同步卫星的轨道高度为3.6 × 104km，由万有引力提供向心
力可得
答案第2页，共11页
G M
r 2
m
m 2 r =
故r越大ω越小，C错误；
D．飞船变轨前后通过椭圆轨道远地点时的加速度均为万有引力加速度，据
a ＝
G M
2 r
可知，轨道半径一样则加速度一样，D错误。
故选B。
4．D
【详解】A.运动员做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，相同
时间内水平方向位移大小相同，但竖直方向位移不相同，所以A、B、C、D四点中每相邻
两点间的距离不相等，故A错误；
B．运动员做平抛运动，水平方向是匀速直线运动，竖直方向上是自由落体运动，相同时间
间隔内速率变化量不同，故B错误；
C.重力功率为
P = G v
y
运动员在A、B、C、D四点竖直方向的速度不相同，所以运动员在A、B、C、D四点所受
重力的功率不相等，故C错误；
D.设BC段的平均速度为v，即BC段的高度为
h
1
= v t
AD段的高度为
h =v3t=3h
2 1
重力做功公式为
W =mgh
可见所受重力在AD段对运动员做的功等于在BC段做功的三倍，故D正确。
故选D。
5．C
【详解】根据牛顿第二定律得答案第3页，共11页
e v B = m
2 v
r
解得
r =
m
e
v
B
磁感应强度越小时，半径越大，为使该氘核的运动被约束在图中实线圆所围成的区域内，最
大半径时与实线圆相内切，如图所示，有
r + a 2 + r 2 = 2 a
解得
r =
3 a
4
代入半径公式得
B =
4
3
m
a
v
e
6．D
【详解】A．当滑块速度最大时，满足
F =mgsin+mgcos
弹
此时弹力不为零，滑块与弹簧还没有脱离，选项A错误；
B．滑块机械能增量等于弹力做功与摩擦力做功的代数和，开始时弹力大于摩擦力，此过程
中弹力功大于摩擦力功，滑块的机械能增加；最后阶段弹力小于摩擦力，弹力功小于摩擦力
功，此过程中滑块的机械能减小，则滑块在0.2s时弹力为零，此时滑块的机械能不是最大，
选项B错误；
C．滑块脱离弹簧后向上减速运动的加速度
4.0−2.0
a= m/s2 =10m/s2
0.4−0.2
根据牛顿第二定律答案第4页，共11页
m g s in 3 7 m g c o s 3 7 m a + =
解得滑块与斜面间的动摩擦因数为
=0.5
选项C错误；
D．由能量关系可知， t = 0 时刻弹簧的弹性势能为
E
P
1
2
m v 21 m g s s in 3 7 m g s c o s 3 7 3 2 J = + + =
选项D正确。
故选D。
7．AC
c
【详解】A．根据光路图可知：太阳光进入水珠时b光的折射角小，b光的折射率大，根据n=
v
可知折射率大的传播速度小，所以b光在水珠中的传播速度小于 a 光在水珠中的传播速度，
故A正确
B．b光的折射率大，b光频率大，所以b光能使某金属发生光电效应，b光频率大于截止频
率，但a光的频率不一定大于截止频率，故B错误
C．因为b光的折射率大，b光的折射角小，所以以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表
面后，b光侧移量大，故C正确
D．根据 c f = 结合上述分析可知 a 光波长大，则a光比 b 光更容易发生明显衍射现象，故
D错误。
故选AC。
8．BD
【详解】A．依题意，理想变压器原副线圈电压之比为
U −I R 1
0 1 0 =
I R 2
2
又
I 2
1 =
I 1
2
联立，解得
2U
I = 0
2 4R +R
0
可知滑动变阻器R的滑片P从最上端开始向下滑动时，R减小，I 增大，即电流表示数变
2大，
答案第5页，共11页
I
1
也增大，由
U
1
= U
0
− I
1
R
0
可知原线圈电压减小，所以副线圈电压减小，即电压表示数变小。故A错误；
B．电源的输出功率
P = U
0
I
1
随I 的增大而增大。故B正确；
1
C．滑动变阻器消耗的功率为
P
R
= I 22 R = (
4
2
R
U
0
0+
R
) 2 R =
4 R
R
4
0
U
+
20
R
2
当满足
4 R
R
0 = R
即 R = 8 Ω 时，滑动变阻器消耗的功率最大。故C错误；
D．当 R = 1 6 时，有
I
2
=
4
2
R
U
0
0+
R
= 3 A
电压表示数为
U =I R=48V
2 2
故D正确。
故选BD。
9．AD
【详解】A．电势是标量， e 点的电势
e
k
Q
r
k
Q
r
k
Q
2 r
k
Q
2 r
= − − = − O 点的电势
O
k
Q
r
k
Q
r
k
Q
r
k
Q
r
= − − = − e点的电势高于O点的电势，故A正确；
B． + Q 激发的电场在O点的电场强度
E = k
Q
r 2
方向由O指向C，两个 − Q 激发的电场在O点的电场强度的合场强方向由O指向C，大小为
Q
E =k
r2
则O点的电场强度大小为2kQ
E =2E=
1 r2
故B错误；
C．根据离正电荷越近（负电荷越远）电势越高可知，c点的电势不等于a点的电势，
答案第6页，共11页
− q 在
c点的电势能不等于在a点的电势能，故C错误；
D．根据离正电荷越近（负电荷越远）电势越高可知，a点的电势高于 O 点的电势， e 点的电
势高于 O 点的电势，沿 a O 、 O e 移动 + q 电场力先做正功后做负功，故D正确。
故选AD。
10．AD
【详解】A．由图乙可知，在第3s内，磁场垂直纸面外均匀增大，根据楞次定律判断知线
圈中产生感应电流的方向为顺时针方向，则平行金属板上极板带正电，下极板带负电，所以
场强方向向下，故A正确；
B．根据图乙，结合法拉第电磁感应定律可得，第2s内两极板之间的电场强度大小为
E
U
d
B
t
r 2 1
d
0 .1
1
r 2
1
d
0 .1
d
r 2
= =
= =
故B错误；
CD．由选项B可知，极板间的电场强度为
E
U
d
B
t
r
d
2 B
t
= =
即极板间的电场强度与 B − t 图像的斜率成正比，由图乙可知0~1s内与 3 ~ 4 s 内极板间的电
场强度相同，与 1 ~ 3 s 内极板间的电场强度大小相等，但方向相反，所以可知微粒在0~1s内
匀加速， 1 ~ 2 s 内匀减速，根据对称性可知，微粒在第2s末速度减为零，但微粒并未回到了
原来位置；接着 2 s ~ 3 s 微粒反向匀加速， 3 s ~ 4 s 匀减速，根据对称性可知，在第4s末微粒
回到了原来位置，故C错误，D正确。
故选AD。
d
11． 5.30
t
1
2 g
2 v
1(
x
−
2
v
−
22x
1
)
【详解】（1）[1]游标卡尺示数如图乙所示，有
d =5mm+60.05mm=5.30mm
（2）[2]物块通过光电门的速度为
d
v =
1 t
1（3）[3]用物块将弹簧压缩至位置P，测量出物块到光电门的距离为
答案第7页，共11页
1
x，通过光电门的速度
为v ，由能量守恒有
1
E
P
m g x
1
1
2
m v 21 = +
将光电门向右移动到某一合适位置，仍用物块将弹簧压缩至位置P，测量出物块到光电门的
距离为
2
x，通过光电门的速度为 v
2
，则
E
P
m g x
2
1
2
m v 22 = +
解得
2 g
v 21(
x
2
v 22x
1
)
=
−
−
12． 2.210 30. 50 30. 0 29. 3
3 .6 8 1 0 − 4
【详解】(1)[1]螺旋测微器的示数为
2 m m + 2 1 .0 0 .0 1 m m = 2 .2 1 0 m m
[2] 刻度尺示数为
405.0mm−100.0mm=305.0mm=30.50cm
[3] 欧姆表选择“×1”欧姆挡测量，示数为
3 0 .0 1 Ω = 3 0 .0 Ω
(2)[4]当电压表满偏时，通过 R
x
的电流约为0.3A，可利用R 与电流表并联分流，因电流表
0
内阻已知，故电流表采用内接法。[5]通过
答案第8页，共11页
R
x
的电流为
I = I
A
+
I
A
R
R
A = 0 .1 5 A
R
x
两端的电压
U =U −I R =4.4V
V A A
故
R
x
=
U
I
=
4 .4
0 .1 5
Ω = 2 9 .3 Ω
[6]由 R
l
S
= 知金属丝的电阻率
R xl S
R
x
l
(
d
2
) 2
3 .6 8 1 0 4 Ω m
= =
= −
13．(1)
L
2
(2) 4 p
0
【详解】（1）设平衡后活塞未到达卡环处，活塞移动的距离为 x ，汽缸的横截面积为 S ，平
衡后压强为 p ．对于A内气体有 3 p
0
L S = p ( L + x ) S
对于 B 内气体有 p
0
L S = p ( L − x ) S
解得p=2p ，
0
x =
L
2
，即活塞恰好到达卡环处；
（2）打开 K
2
后，B内气体与大气连通，压强恒为p ，活塞受卡环限制不再移动，A内气体
0
做等容变化
2
p
T
0
=
2
T
p
0
0
P = 4 p
0
，即 A 内压强增大为 4 p
0
ER 1 mER 2ER
14．（1） ；（2） ；（3） ，方向斜向左下方与O Q边界成
2 d q 2d 2
4 5 o
【详解】（1）离子在加速电场中加速的过程中，由动能定理可得1
qU = mv2−0
2
离子在静电分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定得
答案第9页，共11页
q E = m
v
R
2
联立解得
ER
U =
2
（2）离子在磁分析器中做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力得
q v B = m
2 v
r
又
r = d
解得
B =
1
d
m E
q
R
（3）根据题意设水平向右方向为正，匀强电场的场强为E，与水平方向夹角为，如图所
示
水平方向的分运动做匀减速直线运动
v 2 2
q E ' c
m
o s
d
=
竖直方向的分运动做匀加速直线运动
qE'sin
v2 =2 d
m
联立解得
tan=1
得
=45o由（1）中式子联立解得
答案第10页，共11页
v =
2 q
m
U
=
q E
m
R
场强大小为
E ' = E 2x + E 2y =
2
2
E
d
R
方向斜向左下方与 O
2
Q 边界成 4 5 o 。
15．（1）v =12m/s，t=2.4s；（2）
A
Q = 1 0 J ；（3）L =0.5m
C
【详解】（1）物块A在斜坡上滑动时，机械能守恒，设物块A到达轨道底部的速度为v ，
A
有
1
m gLsin30 = m v2
A 2 A A
设物块A运动时间为t，有
L =
1
2
v
A
t
联立解得
v =12m/s，t=2.4s
A
（2）A滑上B后，A做加速度大小为a 的匀减速运动B做加速度为a 的匀加速运动，则
1 2
有
对物块A
m g =m a
1 A A 1
对木板B
1
m
A
g
2
( m
A
m
B
) g m
B
a
2
− + =
设经时间t ，A、B共同速度为v ，则有
1 AB
v =v －a t
AB A 11
v =a t
AB 21
联立解得
a =4m/s2，a =2m/s2，v =4m/s，t =2s
1 2 AB 1
碰前B、C之间的距离s为
1
s= v t
2 AB1
代入数据得s=4m
由题意，选向左为正，B、C两板碰撞过程中无机械能损失，有
𝑚 𝑣 =𝑚 𝑣 +𝑚 𝑣
𝐵 𝐴𝐵 𝐵 𝐵 𝐶 𝐶
1 1 1
𝑚 𝑣2 = 𝑚 𝑣2+ 𝑚 𝑣2
2 𝐵 𝐴𝐵 2 𝐵 𝐵 2 𝐶 𝐶
所以，碰撞后B、C的速度分别为v =－2m/s，v =2m/s，
B C
碰撞完成后B向右运动最后停下，由能量守恒定律可知，木板B和地面间因摩擦而产生的
热量为
答案第11页，共11页
Q
1
2
m
B
v 2B
2
( m
A
m
B
) g s = + +
代入数据得
Q=10J
（3）B、C两板碰后A滑到C上运动，A、C相对滑动过程，A的加速度保持不变，由于
1
m
A
g
2
( m
A
m
C
) g = +
则碰后C匀速运动，经时间t ，A滑到C的左端，A、C速度相等，由于
2 1 2
，共速后
AC一起减速直到停下，则有
v =v −at
C AB 12
C匀速位移
x
2
= v
C
t
2
A的位移
x
3
=
1
2
( v
A B
+ v
C
) t
2
木板C长度
L =x －x
C 3 2
代入数据得
L =0.5m
C
