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第 37 讲 磁场的描述、磁场对电流的作用
——划重点之精细讲义系列
一．磁场、磁感应强度
1．磁场
(1)基本性质：磁场对处于其中的磁体、电流和运动电荷有磁力的作用．
(2)方向：小磁针的N极所受磁场力的方向．
2．磁感应强度
(1)物理意义：描述磁场强弱和方向．
(2)定义式：B＝(通电导线垂直于磁场)．
(3)方向：小磁针静止时 N 极 的指向．
(4)单位：特斯拉，符号T.
二．磁感线及几种常见的磁场分布
1．磁感线
在磁场中画出一些曲线，使曲线上每一点的切线方向都跟这点的磁感应强度的方
向一致．
2．几种常见的磁场
(1) 条形磁铁和蹄形磁铁的磁场(如图所示)
(2)几种电流周围的磁场分布
直线电流的磁场 通电螺线管的磁场 环形电流的磁场
与条形磁铁的磁场相
环形电流的两侧是N
无磁极、非匀强且距 似，管内为匀强磁场
特点 极和S极且离圆环中
导线越远处磁场越弱 且磁场最强，管外为
心越远，磁场越弱
非匀强磁场
安培定则
立体图
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】横截面图
纵截面图
(3)磁感线的特点
①磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向．
②磁感线的疏密程度表示磁场强弱．
③磁感线是闭合曲线，没有起点和终点．在磁体外部，从 N极指向S极，在磁体
内部，从S极指向N极．
④磁感线是假想的曲线，不相交、不中断、不相切．
三．安培力的大小和方向
1．大小
(1)F＝BILsin θ(其中θ为B与I之间的夹角)
(2)磁场和电流垂直时F＝BIL.
(3)磁场和电流平行时F＝0.
2．方向
(1)用左手定则判定：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同
一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向
就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．
(2)安培力的方向特点：F⊥B，F⊥I，即F垂直于B和I决定的平面．(注意：B和
I可以有任意夹角)
考点一 磁场的理解及安培定则
1．磁感应强度的三点理解
(1)磁感应强度由磁场本身决定，因此不能根据定义式B＝认为B与F成正比，与
IL成反比．
(2)测量磁感应强度时小段通电导线必须垂直磁场放入，如果平行磁场放入，则所
受安培力为零，但不能说该点的磁感应强度为零．
(3)磁感应强度是矢量，其方向为放入其中的小磁针N极的受力方向，也是小磁针
静止时N极的指向．
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】2．安培定则的应用
在运用安培定则判定直线电流和环形电流的磁场时应分清“因”和“果”.
原因(电流方向) 结果(磁场绕向)
直线电流的磁场 大拇指 四指
环形电流的磁场 四指 大拇指
3．磁场的叠加
磁感应强度是矢量，计算时与力的计算方法相同，利用平行四边形定则或正交分
解法进行合成与分解．
◆特别提醒：两个电流附近的磁场的磁感应强度是由两个电流分别独立存在时产
生的磁场在该处的磁感应强度叠加而成的．
【典例1】(多选)无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度 B的大
小与电流大小成正比，与导线到这一点的距离成反比，即B＝(式中k为常数)．如图所
示，两根相距L的无限长直导线分别通有电流I和3I.在两根导线的连线上有a、b两点，
a点为两根直导线连线的中点，b点距电流为I的导线的距离为L.下列说法正确的是(
)
A．a点和b点的磁感应强度方向相同
B．a点和b点的磁感应强度方向相反
C．a点和b点的磁感应强度大小比为8∶1
D．a点和b点的磁感应强度大小比为16∶1
解析：选AD.根据右手螺旋定则，导线周围的磁场的磁感线，是围绕导线形成的
同心圆，两导线在a处的磁感应强度方向都向下，则合磁感应强度方向向下；根据 B
＝，电流为3I导线在b处的磁感应强度方向向下，而电流为I导线在b处的磁感应强
度方向向上，因电流为3I导线在b处产生的磁场较大，则合磁感应强度方向向下，因
此a点和b点的磁感应强度方向相同，故A正确，B错误．
两导线在a处的磁感应强度大小B ＝＋＝k；两导线在b处的磁感应强度大小B ＝
1 2
－＝，则a点和b点的磁感应强度大小之比为16∶1，故C错误，D正确．
【典例2】如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧
的圆心，∠MOP＝60°，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小
相等的恒定电流，方向如图所示，这时 O点的磁感应强度大小为B.若将M处长直导
1
线移至P处，则O点的磁感应强度大小为B，那么B 与B 之比为( )
2 2 1
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A.∶1 B．∶2
C．1∶1 D．1∶2
解析：选B.如图所示，当通有电流的长直导线在M、N两处时，根据安培定则，
可知：二者在圆心O处产生的磁感应强度都为B/2；当将M处长直导线移到P处时，
1
两直导线在圆心O处产生的磁感应强度也为B/2，做平行四边形，由图中的几何关系，
1
可得＝＝cos 30°＝，故选项B正确．
【典例3】如图甲所示，无限长导线均通以恒定电流I.直线部分和坐标轴接近重合，
弯曲部分是以坐标原点O为圆心的相同半径的一段圆弧，已知直线部分在原点O处不
形成磁场，则图乙中O处磁感应强度和图甲中O处磁感应强度相同的是( )
解析：选A.由题意可知，图甲中O处磁感应强度的大小是其中一段在O点产生的
磁感应强度大小的2倍，方向垂直纸面向里；图A中，根据安培定则可知，左上段与
右下段的通电导线产生的磁场叠加为零，则剩余的两段通电导线产生的磁感应强度大
小是其中一段在O点的磁感应强度的2倍，且方向垂直纸面向里，故A正确；同理，
图B中，四段通电导线在O点产生的磁感应强度是其中一段在O点产生的磁感应强度
的4倍，方向垂直纸面向里，故B错误；图C中，右上段与左下段产生磁场叠加为零，
则剩余两段产生磁感应强度大小是其中一段在 O点产生磁感应强度的2倍，方向垂直
纸面向外，故C错误；图D中，四段在O点产生的磁感应强度是其中一段在O点产生
磁感应强度的2倍，方向垂直纸面向外，故D错误．
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】磁感应强度叠加三步骤
空间中的磁场通常会是多个磁场的叠加，磁感应强度是矢量，可以通过平行四边
形定则进行计算或判断．其步骤如下：
(1)确定场源，如通电导线．
(2)定位空间中需求解磁场的点，利用安培定则判定各个场源在这一点上产生的磁
场的大小和方向．如图中M、N在c点产生的磁场．
(3)应用平行四边形定则进行合成，如图中的合磁场B.
考点二 安培力作用下的平衡与加速问题
1.安培力常用公式F＝BIL，要求两两垂直，应用时要满足：
（1）B与L垂直．
图1
（2）L是有效长度，即垂直磁感应强度方向的长度．如弯曲导线的有效长度 L等
于两端点所连直线的长度(如图1所示)，相应的电流方向沿L由始端流向末端．因为任
意形状的闭合线圈，其有效长度为零，所以闭合线圈通电后在匀强磁场中，受到的安
培力的矢量和为零．
2．分析导体在磁场中平衡和加速问题的思路
(1)确定要研究的导体．
(2)按照已知力→重力→安培力→弹力→摩擦力的顺序，对导体受力分析．
(3)分析导体的运动情况．
(4)根据平衡条件或牛顿第二定律列式求解．
3.解决安培力作用下导体平衡问题的一般思路
考向1：安培力作用下静态平衡问题
通电导体在磁场中受安培力和其它力作用而处于静止状态，可根据磁场方向、电
流方向结合左手定则判断安培力方向．
【典例1】(多选)如图所示，质量为m、长度为L的直导线用两绝缘细线悬挂于
O、O′，并处于匀强磁场中，当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时
悬线与竖直方向夹角为θ.磁感应强度方向和大小可能为( )
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A．z正向，tan θ
B．y正向，
C．z负向，tan θ
D．沿悬线向上，sin θ
解析 本题要注意在受力分析时把立体图变成侧视平面图，然后通过平衡状态的
受力分析来确定B的方向和大小．若B沿z正向，则从O向O′看，导线受到的安培
力F＝ILB，方向水平向左，如图甲所示，导线无法平衡，A错误．
若B沿y正向，导线受到的安培力竖直向上，如图乙所示．当 F ＝0，且满足ILB
T
＝mg，即B＝时，导线可以平衡，B正确．
若B沿z负向，导线受到的安培力水平向右，如图丙所示．若满足F sin θ＝ILB，
T
F cos θ＝mg，即B＝，导线可以平衡，C正确．若B沿悬线向上，导线受到的安培力
T
左斜下方向，如图丁所示，导线无法平衡，D错误．
答案 BC
考向2：安培力作用下动态平衡问题
此类题目是平衡问题，只是由于磁场大小或方向、电流大小或方向的变化造成安
培力变化，与力学中某个力的变化类似的情景．
【典例2】如图所示，长为L的通电直导体棒放在光滑水平绝缘轨道上，劲度系数
为k的水平轻弹簧一端固定，另一端拴在棒的中点，且与棒垂直，整个装置处于方向
竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中，弹簧伸长x时，棒处于静止状态．则( )
A．导体棒中的电流方向从b流向a
B．导体棒中的电流大小为
C．若只将磁场方向缓慢顺时针转过一小角度，x变大
D．若只将磁场方向缓慢逆时针转过一小角度，x变大
解析 由受力平衡可知安培力方向水平向右，由左手定则可知，导体棒中的电流
方向从a流向b，故A错误；由于弹簧伸长为x，根据胡克定律有kx＝BIL，可得I＝，
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】故B正确；若只将磁场方向缓慢顺时针或逆时针转过一小角度，则安培力在水平方向
上的分力减小，根据力的平衡可得，弹簧弹力变小，导致x变小，故C、D错误．
答案 B
考向3：安培力作用下加速问题
此类题目是导体棒在安培力和其它力作用下合力不再为零，而使导体棒产生加速
度，根据受力特点结合牛顿第二定律解题是常用方法．
【典例3】如图所示，PQ和MN为水平平行放置的金属导轨，相距1 m，导体棒
ab跨放在导轨上，棒的质量为m＝0.2 kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体的
质量M＝0.3 kg，棒与导轨的动摩擦因数为μ＝0.5，匀强磁场的磁感应强度B＝2 T，方
向竖直向下，为了使物体以加速度a＝3 m/s2加速上升，应在棒中通入多大的电流？方
向如何？(g＝10 m/s2)
解析 导体棒所受的最大静摩擦力大小为
f ＝0.5mg＝1 N
m
M的重力为G＝Mg＝3 N
要使物体加速上升，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断得知棒中
电流的方向为由a到b.
根据受力分析，由牛顿第二定律有
F －G－f ＝(m＋M)a
安 m
F ＝BIL
安
联立得I＝2.75 A
答案 2.75 A 方向由a→b
安培力作用下导体的分析技巧
(1)安培力作用下导体的平衡问题与力学中的平衡问题分析方法相同，只不过多了
安培力，解题的关键是画出受力分析示意图．
(2)安培力作用下导体的加速问题与动力学问题分析方法相同，关键是做好受力分
析，然后根据牛顿第二定律求出加速度．
考点三 磁场中导体运动方向的判断
1．判定通电导体运动或运动趋势的思路
――→――→
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】――→
2．几种判定方法
分割为电流元――→安培力方向―→整段导体所受合力方
电流元法
向―→运动方向
特殊位置法 在特殊位置―→安培力方向―→运动方向
环形电流小磁针
等效法
条形磁铁通电螺线管多个环形电流
同向电流互相吸引，异向电流互相排斥；两不平行的直
结论法
线电流相互作用时，有转到平行且电流方向相同的趋势
定性分析磁体在电流磁场作用下如何运动或运动趋势的
问题，可先分析电流在磁体磁场中所受的安培力，然后
转换研究对象法
由牛顿第三定律，确定磁体所受电流磁场的作用力，从
而确定磁体所受合力及运动方向
【典例1】一个可以自由运动的线圈L 和一个固定的线圈L 互相绝缘垂直放置，
1 2
且两个线圈的圆心重合，如图所示．当两线圈中通以图示方向的电流时，从左向右看，
线圈L 将( )
1
A．不动
B．顺时针转动
C．逆时针转动
D．在纸面内平动
解析：选B.方法一(电流元法) 把线圈L 沿水平转动轴分成上下两部分，每一部
1
分又可以看成无数段直线电流元，电流元处在L 产生的磁场中，根据安培定则可知各
2
电流元所在处的磁场方向向上，由左手定则可得，上半部分电流元所受安培力均指向
纸外，下半部分电流元所受安培力均指向纸内，因此从左向右看线圈L 将顺时针转动．
1
方法二(等效法) 把线圈L 等效为小磁针，该小磁针刚好处于环形电流I 的中心，
1 2
小磁针的N极应指向该点环形电流I 的磁场方向，由安培定则知I 产生的磁场方向在
2 2
其中心处竖直向上，而L 等效成小磁针后，转动前，N极指向纸内，因此小磁针的N
1
极应由指向纸内转为向上，所以从左向右看，线圈L 将顺时针转动．
1
方法三(结论法) 环形电流I 、I 之间不平行，则必有相对转动，直到两环形电流
1 2
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】同向平行为止．据此可得，从左向右看，线圈L 将顺时针转动．
1
【典例2】如图所示，蹄形磁铁用柔软的细绳悬吊在天花板上，在磁铁两极的正
下方固定着一根水平直导线，当直导线中通以向右的电流时( )
A．磁铁的N极向纸外、S极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力减小
B．磁铁的S极向纸外、N极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力减小
C．磁铁的N极向纸外、S极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力增大
D．磁铁的S极向纸外、N极向纸内转动，绳子对磁铁的拉力增大
解析：选C.假设磁铁不动，导线运动，根据安培定则可知，通电导线左边的磁场
斜向下，而右边的磁场斜向上，那么在导线两侧取两小段，根据左手定则可知，左边
一小段所受安培力的方向垂直纸面向里，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向外，
从上往下看，导线顺时针转动．如今导线不动，磁铁运动，根据相对运动，则知磁铁
逆时针转动(从上向下看)，即N极向纸外转动，S极向纸内转动．当转动90°时，导线
所受的安培力方向竖直向上，根据牛顿第三定律可得磁铁受到导线向下的作用力，故
绳子对磁铁的拉力增大，C正确．
判断磁场中导体运动趋势的两点注意
(1)应用左手定则判定安培力方向时，磁感线穿入手心，大拇指一定要与磁感线方
向垂直，四指与电流方向一致但不一定与磁感线方向垂直，这是因为：F一定与B垂
直，I不一定与B垂直．
(2)导体与导体之间、磁体与磁体之间、磁体与导体之间的作用力和其他作用力一
样具有相互性，满足牛顿第三定律．
1．（2021·浙江·统考高考真题）如图所示是通有恒定电流的环形线圈和螺线管的磁感
线分布图。若通电螺线管是密绕的，下列说法正确的是（ ）
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A．电流越大，内部的磁场越接近匀强磁场
B．螺线管越长，内部的磁场越接近匀强磁场
C．螺线管直径越大，内部的磁场越接近匀强磁场
D．磁感线画得越密，内部的磁场越接近匀强磁场
【答案】B
【详解】根据螺线管内部的磁感线分布可知，在螺线管的内部，越接近于中心位置，
磁感线分布越均匀，越接近两端，磁感线越不均匀，可知螺线管越长，内部的磁场越
接近匀强磁场。
故选B。
2．（2020·北京·统考高考真题）如图所示，在带负电荷的橡胶圆盘附近悬挂一个小磁
针。现驱动圆盘绕中心轴高速旋转，小磁针发生偏转。下列说法正确的是（ ）
A．偏转原因是圆盘周围存在电场
B．偏转原因是圆盘周围产生了磁场
C．仅改变圆盘的转动方向，偏转方向不变
D．仅改变圆盘所带电荷的电性，偏转方向不变
【答案】B
【详解】AB．小磁针发生偏转是因为带负电荷的橡胶圆盘高速旋转形成电流，而电流
周围有磁场，磁场会对放入其中的小磁针有力的作用，故A错误，B正确；
C．仅改变圆盘的转动方向，形成的电流的方向与初始相反，小磁针的偏转方向也与之
前相反，故C错误；
D．仅改变圆盘所带电荷的电性，形成的电流的方向与初始相反，小磁针的偏转方向也
与之前相反，故D错误。
故选B。
3．（2021·全国·高考真题）两足够长直导线均折成直角，按图示方式放置在同一平面
内，EO与 在一条直线上， 与OF在一条直线上，两导线相互绝缘，通有相等
的电流I，电流方向如图所示。若一根无限长直导线通过电流I时，所产生的磁场在距
离导线d处的磁感应强度大小为B，则图中与导线距离均为d的M、N两点处的磁感应
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】强度大小分别为（ ）
A．B、0 B．0、2B C．2B、2B D．B、B
【答案】B
【详解】两直角导线可以等效为如图所示的两直导线，由安培定则可知，两直导线分
别在M处的磁感应强度方向为垂直纸面向里、垂直纸面向外，故M处的磁感应强度为
零；两直导线在N处的磁感应强度方向均垂直纸面向里，故N处的磁感应强度为2B；
综上分析B正确。
故选B。
4．（2020·浙江·统考高考真题）特高压直流输电是国家重点能源工程。如图所示，两
根等高、相互平行的水平长直导线分别通有方向相同的电流 和 ， 。a、b、c
三点连线与两根导线等高并垂直，b点位于两根导线间的中点，a、c两点与b点距离
相等，d点位于b点正下方。不考虑地磁场的影响，则（ ）
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A．b点处的磁感应强度大小为0
B．d点处的磁感应强度大小为0
C．a点处的磁感应强度方向竖直向下
D．c点处的磁感应强度方向竖直向下
【答案】C
【详解】A．通电直导线周围产生磁场方向由右手螺旋定则判断， 在b点产生的磁场
方向向上， 在b点产生的磁场方向向下，因为
即
则在b点的磁感应强度不为零，故A错误；
B．由于
可知电流 产生的磁场在d处的磁感应强度大，则d点处的磁场磁感应强度不可能为
零，故B错误；
C．由右手螺旋定则可知，两电流产生的磁场在a处都是竖直向下，则两电流的合磁场
在a处方向竖直向下，故C正确；
D．由右手螺旋定则可知，两电流产生的磁场在c处都是竖直向上，则两电流的合磁场
在c处方向竖直向上，故D错误。
故选C。
5．（多选）（2021·福建·统考高考真题）如图，四条相互平行的细长直导线垂直坐标
系xOy平面，导线与坐标平面的交点为a、b、c、d四点。已知a、b、c、d为正方形
的四个顶点，正方形中心位于坐标原点O，e为 的中点且在y轴上；四条导线中的
电流大小相等，其中过a点的导线的电流方向垂直坐标平面向里，其余导线电流方向
垂直坐标平面向外。则（ ）
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A．O点的磁感应强度为0
B．O点的磁感应强度方向由O指向c
C．e点的磁感应强度方向沿y轴正方向
D．e点的磁感应强度方向沿y轴负方向
【答案】BD
【详解】AB．由题知，四条导线中的电流大小相等，且到O点的距离相等，故四条导
线在O点的磁感应强度大小相等，根据右手螺旋定则可知，四条导线中在O点产生的
磁感应强度方向，如图所示
由图可知， 与 相互抵消， 与 合成，根据平行四边形定则，可知O点的磁感
应强度方向由O指向c，其大小不为零，故A错误，B正确；
CD．由题知，四条导线中的电流大小相等，a、b到e点的距离相等，故a、b在e点的
磁感应强度大小相等，c、d到e点的距离相等，故c、d在e点的磁感应强度大小相等，
根据右手螺旋定则可知，四条导线中在O点产生的磁感应强度方向，如图所示
由图可知 与 大小相等，方向相反，互相抵消；而 与 大小相等，方向如图所
示，根据平行四边形定则，可知两个磁感应强度的合磁感应强度沿y轴负方向，故C
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】错误，D正确。
故选BD。
1．中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，
则能指南，然常微偏东，不全南也．”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分
布示意如图．结合上述材料，下列说法不正确的是( )
A．地理南、北极与地磁场的南、北极不重合
B．地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近
C．地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行
D．地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用
解析：选C.由题意可知，地理南、北极与地磁场的南、北极不重合，存在磁偏角，
A正确．磁感线是闭合的，再由图可推知地球内部存在磁场，地磁南极在地理北极附
近，故B正确．只有赤道上方附近的磁感线与地面平行，故C错误．射向地球赤道的
带电宇宙射线粒子的运动方向与地磁场方向不平行，故地磁场对其有力的作用，这是
磁场的基本性质，故D正确．
2．三根平行的长直导体棒分别过正三角形 ABC的三个顶点，并与该三角形所在
平面垂直，各导体棒中均通有大小相等的电流，方向如图所示．则三角形的中心 O处
的合磁场方向为( )
A．平行于AB，由A指向B
B．平行于BC，由B指向C
C．平行于CA，由C指向A
D．由O指向C
解析：选A.如图所示，由右手螺旋定则可知，导体A中电流在O点产生的磁场的
磁感应强度方向平行BC，同理，可知导线B、C中电流在O点产生的磁场的磁感应强
度的方向分别平行于AC、AB，又由于三根导线中电流大小相等，到O点的距离相等，
则它们在O点处产生的磁场的磁感应强度大小相等，再由平行四边形定则，可得 O处
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】的合磁场方向为平行于AB，由A指向B，故选项A正确．
3．如图所示，AC是一个用长为L的导线弯成的、以O为圆心的四分之一圆弧，
将其放置在与平面AOC垂直的磁感应强度为B的匀强磁场中．当在该导线中通以由C
到A，大小为I的恒定电流时，该导线受到的安培力的大小和方向是( )
A．BIL，平行于OC向左
B.，垂直于AC的连线指向左下方
C.，平行于OC向右
D．2BIL，垂直于AC的连线指向左下方
解析：选B.直导线折成半径为R的圆弧形状，在磁场中的有效长度为R，又因为
L＝×2πR，则安培力F＝BI·R＝.安培力的方向与有效长度的直线AC垂直，根据左手定
则可知，安培力的方向垂直于AC的连线指向左下方，B正确．
4．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架abcd.其中ab、cd边与ad边
夹角均为60°，ab＝bc＝cd＝L，长度为L的电阻丝电阻为R ，框架与一电动势为E、
0
内阻r＝R 的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则梯形框架
0
abcd受到的安培力的大小为( )
A．0 B．
C. D.
解析：选C.并联部分的总电阻为R ＝＝R ，电路中的总电流I＝，所以线框受到
并 0
的合外力F＝BI·2L＝，C正确．
5．如图所示，接通开关S的瞬间，用丝线悬挂于一点、可自由转动的通电直导线
AB将( )
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A．A端向上，B端向下，悬线张力不变
B．A端向下，B端向上，悬线张力不变
C．A端向纸外，B端向纸内，悬线张力变小
D．A端向纸内，B端向纸外，悬线张力变大
解析：选D.当开关S接通时，由安培定则知导线附近磁感线分布如图，由左手定
则判断出通电直导线此时左部受力指向纸内，右部受力指向纸外，导线将转动，转到
与磁感线接近垂直时，导线转动的同时，相当于具有向里的电流，则导线受安培力将
竖直向下，可知悬线张力变大，故选项D正确．
6．电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图所示，利用这种装置可以把质量
为m＝2.0 g的弹体(包括金属杆EF的质量)加速到6 km/s.若这种装置的轨道宽d＝2
m、长L＝100 m、电流I＝10 A、轨道摩擦不计且金属杆EF与轨道始终垂直并接触良
好，则下列有关轨道间所加匀强磁场的磁感应强度和磁场力的最大功率结果正确的是(
)
A．B＝18 T，P ＝1.08×108 W
m
B．B＝0.6 T，P ＝7.2×104 W
m
C．B＝0.6 T，P ＝3.6×106 W
m
D．B＝18 T，P ＝2.16×106 W
m
解析：选D.通电金属杆在磁场中受安培力的作用而对弹体加速，由功能关系得
BIdL＝mv，代入数值解得B＝18 T；当速度最大时磁场力的功率也最大，即 P ＝
m
BIdv ，代入数值得P ＝2.16×106 W，故选项D正确．
m m
7．质量为m、长为L的直导体棒放置于四分之一光滑圆弧轨道上，整个装置处于
竖直向上磁感应强度为B的匀强磁场中，直导体棒中通有恒定电流，平衡时导体棒与
圆弧圆心的连线与竖直方向成60°角，其截面图如图所示．则下列关于导体棒中电流的
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】分析正确的是( )
A．导体棒中电流垂直纸面向外，大小为I＝
B．导体棒中电流垂直纸面向外，大小为I＝
C．导体棒中电流垂直纸面向里，大小为I＝
D．导体棒中电流垂直纸面向里，大小为I＝
解析：选C.根据左手定则可知，不管电流方向向里还是向外，安培力的方向只能
沿水平方向，再结合导体棒的平衡条件可知，安培力只能水平向右，据此可判断出，
导体棒中的电流垂直纸面向里，对导体棒受力分析如图所示，并根据平衡条件可知，F
＝mgtan 60°，又安培力为F＝BIL，联立可解得I＝，故选项C正确．
8．如图所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘斜面上，导轨间距为 L，劲度系数
为k的轻质弹簧上端固定，下端与水平直导体棒ab相连，弹簧与导轨平面平行并与ab
垂直，直导体棒垂直跨接在两导轨上，空间存在垂直导轨平面斜向上的匀强磁场．闭
合开关K后导体棒中的电流为I，导体棒平衡时，弹簧伸长量为x；调转图中电源极性，
1
使导体棒中电流反向，导体棒中电流仍为I，导体棒平衡时弹簧伸长量为x.忽略回路
2
中电流产生的磁场，则匀强磁场的磁感应强度B的大小为( )
A.(x＋x) B.(x－x)
1 2 2 1
C.(x＋x) D.(x－x)
2 1 2 1
解析：选D.由平衡条件可得mgsin α＝kx ＋BIL；调转图中电源极性使导体棒中电
1
流反向，由平衡条件可得mgsin α＋BIL＝kx，联立解得B＝(x－x)．选项D正确．
2 2 1
9．(多选)如右图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为 L、质
量为m的直导体棒，当通以图示方向电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，可加一平
行于纸面的匀强磁场，当外加匀强磁场的磁感应强度 B的方向由垂直斜面向上沿逆时
针方向转至水平向左的过程中，下列说法中正确的是( )
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】A．此过程中磁感应强度B逐渐增大
B．此过程中磁感应强度B先减小后增大
C．此过程中磁感应强度B的最小值为
D．此过程中磁感应强度B的最大值为
解析：选AC. 导体棒受重力、支持力、安培力作用而处于平衡状态，当外加匀强
磁场的磁感应强度B的方向由垂直斜面向上沿逆时针方向转至水平向左的过程中，安
培力由沿斜面向上转至竖直向上，导体棒受力的动态变化如图所示，则由图知安培力
逐渐增大，即此过程中磁感应强度B逐渐增大，A对、B错；刚开始安培力F最小，
有sin α＝，所以此过程中磁感应强度B的最小值为，C对；最后安培力最大，有F＝
mg，即此过程中磁感应强度B的最大值为，D错．
10．如图所示，一长为10 cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀
强磁场中；磁场的磁感应强度大小为0.1 T，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下
端与金属棒绝缘，金属棒通过开关与一电动势为12 V的电池相连，电路总电阻为2 Ω.
已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5 cm；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的
伸长量与开关断开时相比均改变了0.3 cm.重力加速度的大小取10 m/s2.判断开关闭合后
金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量．
解析：金属棒通电后，闭合回路电流I＝＝ A＝6 A
导体棒受到的安培力大小为F＝BIL＝0.06 N.
开关闭合后，电流方向为从b到a，由左手定则可判断知金属棒受到的安培力方向
竖直向下
由平衡条件知：开关闭合前：
2kx＝mg
开关闭合后：2k(x＋Δx)＝mg＋F
代入数值解得m＝0.01 kg.
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】答案：方向竖直向下 0.01 kg
11．某同学用图中所给器材进行与安培力有关的实验．两根金属导轨 ab和ab 固
1 1
定在同一水平面内且相互平行，足够大的电磁铁(未画出)的N极位于两导轨的正上方
S极位于两导轨的正下方，一金属棒置于导轨上且与两导轨垂直．
(1)在图中画出连线，完成实验电路．要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在
开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动．
(2)为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：
A．适当增加两导轨间的距离
B．换一根更长的金属棒
C．适当增大金属棒中的电流
其中正确的是________(填入正确选项前的标号)．
解析：(1)由于磁场方向竖直向下，要使金属棒的运动如图所示，则金属棒中电流
由里向外，滑动变阻器用限流接法，实物图连接如图所示．
(2)为使金属棒离开时速度较大，由动能定理知BILx＝mv2，v＝ ，适当增大两导
轨间的距离，可以增大v，适当增大金属棒的电流可以增大v，换一根更长的金属棒，
增大了质量，v变小，因此A、C正确．
答案：(1)图见解析 (2)AC
12．载流长直导线周围磁场的磁感应强度大小为B＝kI/r，式中常量k>0，I为电流
强度，r为距导线的距离．在水平长直导线MN正下方，矩形线圈abcd通以逆时针方
向的恒定电流，被两根等长的轻质绝缘细线静止地悬挂，如图所示．开始时 MN内不
通电流，此时两细线内的张力均为T.当MN通以强度为I 的电流时，两细线内的张力
0 1
均减小为T；当MN内的电流强度变为I 时，两细线的张力均大于T.
1 2 0
(1)分别指出强度为I、I 的电流的方向；
1 2
资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】(2)求MN分别通以强度为I 和I 电流时，线框受到的安培力F 与F 大小之比；
1 2 1 2
(3)当MN内的电流强度为I 时两细线恰好断裂，在此瞬间线圈的加速度大小为
3
a，求I.
3
解析：(1)由题意知，当MN通以电流I 时，线圈受到的安培力向上，根据左手定
1
则、安培定则可以判断I 的方向向左，当MN通以电流I 时，线圈受到的安培力应向
1 2
下，同理，可以判断I 的方向向右．
2
(2)当MN中的电流为I时，线圈受到的安培力大小为
F＝kIiL
式中r、r 分别为ab、cd与MN的间距，i为线圈中的电流，L为ab、cd的长度．
1 2
所以＝
(3)设MN中电流为I 时，线圈所受安培力为F ，由题设条件有2T ＝mg,2T ＋F ＝
3 3 0 1 1
mg，F＋mg＝ma，＝，由以上各式得I＝I
3 3 1
答案：(1)I 方向向左，I 方向向右 (2)＝
1 2
(3)I
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