高一物理答案_2025年10月高一试卷_251017四川省成都市树德中学2025-2026学年高一上学期10月月考试题

树德中学高 2025 级高一上学期 10 月阶段性测试物理试题参考答案 1 可得，滑块上滑过程的初速度大小一定是下滑过程的末速度大小的 ，选项C错误； 2 一、单项选择题（每小题 4分，共 28分，每个小题只有一个选项符合题目要求） v 1．【答案】C D．因匀变速直线运动中间时刻的速度等于这段时间的平均速度，即v t  2 2 【详解】A．题中“50分22秒”指的是时间间隔，选项A错误； 可知滑块上滑过程的中间时刻和下滑过程的中间时刻的速度大小不相等，选项D错误。 B．题中“37.6公里”指的是路程，选项B错误； 7．【答案】B C．研究选手在比赛中的运动轨迹时，选手的大小形状可忽略不计，可以将选手看成质点，选项C正 【详解】A．小球A做自由落体运动，初速度为0，经过相等位移的时间比为 确； t :t :t 1（: 21）（: 3 2） D．冠军选手陈浩在比赛过程中运动8圈，则位移为零，可知平均速度为零，选项D错误。 1 2 3 2．【答案】B B．设小球A下落h所用时间为t ，有h 1 gt2 解得t  2h 3．【答案】D 1 2 1 1 g 4．【答案】C 小球A下落的总时间为t tt 总 1 【解析】 1 1 下落的总高度为h  gt 2 h gt2 2ght2 A．根据v2 v2  2ax 总 2 总 2 0 C．由于题目中实验时两球同时落地，但A球运动时间长，根据vgt v2 可知v2 x图像的斜率的绝对值等于2a，所以甲图中x ~ 2x 物体的加速度大小为a 0 故A错误； 可知，落地时，A球速度大，若两位同学均各上一层楼重做以上实验，假设两位同学不动，相当于地 1 1 2x 1 面下降了一层楼，两球同时到达原来的地面位置且A球速度大，所以可判断出A球先落地，C错误； B．乙图中所描述的物体在0~t 时段通过的位移为x x ，故B错误； D．若两位同学均各下一层楼重做以上实验，假设两位同学不动，相当于二楼就是地面，由于两球加 1 1 0 速度相同，原来落地时A球速度大，从二楼到一楼，根据2ghv2v2 C．a-t图像与t轴所围的面积表示速度的变化量，所以丙图中所描述的物体在t ~t 时段速度的变化 1 1 2 v v 可知，到二楼时A球速度大，根据h 1 t 量为a  t t  2 0 2 1 可知，A球从二楼到地面所用时间短，又因为两球同时落地，所以B球先落到二楼，D错误。 1 x 1 D．根据xv t at2 变形可得 v  at 二、多项选择题（每小题 6分，共 18分，每个小题有多个选项符合题目要求） 0 2 t 0 2 8．【答案】CD x a 所以 t图像的斜率等于 ，则该物体的加速度为a2k4m/s2 9．【答案】AD t 2 【详解】A．A、B之间的最大静摩擦为 5．【答案】C f mg 4Nt=1s时，A受到的拉力为2N，小于4N，所以A静止，则A受到的摩擦力大小等于拉 m 1 【详解】刹车后第一个3s内的位移x v t at2 力的大小为2N，故A正确； 1 0 2 B．也为4N，由于木板B始终保持静止，则地面给B的摩擦力也等于4N，方向与A给B的摩擦力方 1 刹车后最后一个3s内的位移x  at2 向相反，故D正确。 2 2 故选AD。 根据题意x：x 5：3 1 2 10．【答案】AB 解得a2m/s2 刹车时间为t  v 4s6s 【详解】A．A物体上升时，A的初速度大于B的初速度，且A先抛出，所以A的位移大于B的位 1 a 移，不可能在A上升的过程中相遇， 物体A、B相遇有两种可能：①A、B均在下降，A追上B； 则校车刹车后6s内通过的距离为x  v2 16m ②A在下降，B在上升，即只能在物体A下降过程中相遇，A正确； 3 2a 2v 4v 2v 6．【答案】 B BC．A在空中的总时间为t 1 2 g 0  g 0 B在空中的总时间为t 2  g 0 【解析】A．滑块上滑的位移大小等于下滑位移大小，而滑块上滑过程的时间是下滑过程时间的2倍， 2v 4v x 要使A、B能在空中相遇t t tt 即得 0 t  0 根据v 1 2 1 g g t 2v 则滑块上滑过程的平均速度大小一定是下滑过程的平均速度大小的0.5倍，选项A错误； D．分析可知，当t  0 时，两物体在落地点相遇；当两物体在B上升到最高点相遇时，则 g 2x B．将上滑过程的逆过程看做是向下的初速度为零的匀加速运动，根据a t2 2v   v 0 t   1 g   v 0 t   2  v 0 2 解得t   31  v 0 1 0  g  2  g  2g g 可知，滑块上滑过程的加速度大小一定是下滑过程的加速度大小的 ，选项B正确； 4  31  v C．将上滑过程的逆过程看做是向下的初速度为零的匀加速运动，根据v=at 则要使物体B在下落时与A相遇一定要满足的条件是 2v 0 t 0 g g 试卷第1页，共2页三、实验题：本题共 16分。 14．【答案】(1)45m 3分 (2)8s 4分 (3)6.25m 5分 （ 计算出加速度 给3分） 32 11．【答案】(1)C (2) 乙 3.38 9.71 (3)大于 15．【答案】(1)260m，160m（3分） (2)36.125s （6分） (3)见解析（7分） 9 12.【答案】(1)见解析(2) 98（96～100之间均可） 4.0 【详解】（1）当摩托车的速度和自行车队速度相等时，由v at v 得t20s 2 1 v v 【详解】（1）根据表格数据在mx图像中描点，作出对应图线如图所示 此时摩托车前进的位移x  0 t  260m 自行车队前进的位移x vt 160m 2 2 1 （2）摩托车与10号车相遇，则有x xx 2 1 0 1 18 则v t at2vt 19解得t 2s （t 38s 36s 舍去） 0 2 1 2 0.5 v2 则当摩托车停车时x  0 324m xvt 836288m 2 2a 1 17 此时两者相距3242881917m Δt  2.125s 8 故第二次相遇是在38.125s，两次相遇的时间间隔为 38.125236.125s Δv 08 （3）自行车爆胎后在2s内停下：有a   4m/s2 1 Δt 2  1  若以摩托车所在处为原点建立一维坐标系，则自行车的位置x x vt at2  0t  2s 自 0  2 1  得x 19  8t2t20t 2s 自 x 27t 2s 自 （2）设重物的质量为m 0 ，对重物有mg m 0 gkx 摩托车的位置x v t 1 at20t  0.5s 摩 0 2 k k 41 得x 18t0.25t20t0.5s t 0.5s时，x 8.9375m，此时v v at 17.75m s 即mm  x 结合作出的mx图像，可知m 4.0kg，  10 摩 3 摩0.5 0.5 0 3 0 g 0 g 30102 v 83 摩托车完全停下的时间t t  0.5  s 解得弹簧的劲度系数为 k 98N/m 总 3 a 24 2 1  83  四、简答题（本题3个小题，共38分） 则x 摩  x 摩0.5 v 0.5 tt 3   2 a 2 tt 3 2   0.5 st 24 s  13．【答案】 （1）5m/s2 （4分）  83  （2）不能够到达下一个路口（算25秒内通过位移小于400m也得分）（6分） 得x 摩 20.75t3t2 0.68750.5st s  24  【解析】（1） 小汽车匀速运动0.5s过程： x 1 vt80.5m 4m 综上 L ①在0t0.5s内，由于x x ，所以摩托车与10号车的距离表示为 自 摩 小汽车刹车过程汽车匀减速位移x 2 =d+ 2 –x 1 =6.4m xx x 1910t1.75t 20t 0.5s 自 摩 v2 ②在0.5t2s内，2s时x 自 x 摩 ，说明摩托车在此期间追上了自行车，追上时 2x a= 2 =5m/s2 x x 解得t 1.8s 自 摩 2  60   60  在0.5st1.8s 内 xx x 19.687512.75tt 2(0.5s t 1.8s)     自 摩 x  v2  3.6 m 250 m t  v  3.6 s 10s 在1.8st2s内 x x x 19.687512.75tt21.8st2s 2 2a 5 3 2 a 5 摩 自 2 83  83  （2） 小汽车匀加速运动过程 3 3 ③在2st s内 xx x 27.687520.75t3t2  2s t  s 摩 自 24  24  250 400 x 3 t   s19s 3 v 60 小汽车匀速运动到下一个路口的过程 3.6 到下一个路口总共需时间29s 所以小汽车不能够通过下一个路口。 第2页，共2页