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备战2025 年高考化学【二轮·突破提升】专题复习讲义
专题06 氧化还原反应概念、规律及应用
讲义包含四部分：把握命题方向►精选高考真题►高效解题策略►各地最新模拟
氧化还原反应是高考的必考内容，从考查内容上看：
（1）借助STSE 型试题判断指定反应是否是氧化还原反应；
（2）氧化还原反应中电子的转移数目在NA题目中是命题的热点；
（3）物质氧化性、还原性的强弱常与离子方程式正误判断融合考查；
（4）在工艺流程题中常常涉及陌生氧化还原方程式的书写；
（5）在工艺流程题、综合实验题中涉及氧化还原反应的综合计算；
预测2025 年高考仍可能在选择题中结合生产、生活，考查氧化还原反应的判断、氧化还原反应的概念
及相互关系、简单计算等，应予以关注。
1．（2024·北京·高考真题）可采用
催化氧化法将工业副产物
制成
，实现氯资源的再利用。
反应的热化学方程式：
。下图所示为该法的一种
催化机理。
下列说法不正确的是
A．Y 为反应物
，W 为生成物
B．反应制得
，须投入
C．升高反应温度，
被
氧化制
的反应平衡常数减小
D．图中转化涉及的反应中有两个属于氧化还原反应
【答案】B
【分析】由该反应的热化学方程式可知，该反应涉及的主要物质有HCl、O2、CuO、Cl2、H2O；CuO 与Y
1
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反应生成Cu(OH)Cl，则Y 为HCl；Cu(OH)Cl 分解生成W 和Cu2OCl2，则W 为H2O；CuCl2分解为X 和
CuCl，则X 为Cl2；CuCl 和Z 反应生成Cu2OCl2，则Z 为O2；综上所述，X、Y、Z、W 依次是
、
、
、
。
A．由分析可知，Y 为反应物
，W 为生成物
，A 正确；
B．
在反应中作催化剂，会不断循环，适量即可，B 错误；
C．总反应为放热反应，其他条件一定，升温平衡逆向移动，平衡常数减小，C 正确；
D．图中涉及的两个氧化还原反应是
和
，D 正确；
故选B。
2．（2024·浙江·高考真题）利用
可将废水中的
转化为对环境无害的物质后排放。反应原理
为：
(未配平)。下列说法正确的是
A．X 表示
B．可用
替换
C．氧化剂与还原剂物质的量之比为
D．若生成标准状况下的
气体
，则反应转移的电子数为
(
表示阿伏加德罗常数的值)
【答案】C
【详解】A．由题中信息可知，利用
可将废水中的
转化为对环境无害的物质X 后排放，则X
表示
，
仍然是大气污染物，A 不正确；
B．
中C 元素的化合价由-2 价升高到+4 价，
是该反应的还原剂，
有强氧化性，通常不能
用作还原剂，故不可用
替换
，B 不正确；
C．该反应中，还原剂
中C 元素的化合价由-2 价升高到+4 价，升高了6 个价位，氧化剂
中N
元素的化合价由+5 价降低到0 价，降低了5 个价位，由电子转移守恒可知，氧化剂与还原剂的物质的量之
比为
，C 正确；
D．
中C 元素的化合价由-2 价升高到+4 价，升高了6 个价位，若生成标准状况下的
气体
，即生成0.5mol
，反应转移的电子数为0.5×6=
，D 不正确；
综上所述，本题选C。
3．（2024·河北·高考真题）超氧化钾
可用作潜水或宇航装置的
吸收剂和供氧剂，反应为
，
为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
2
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A．
中
键的数目为
B．
晶体中离子的数目为
C．
溶液中
的数目为
D．该反应中每转移
电子生成
的数目为
【答案】A
【详解】A．
(即
)
中
键的数目为
，A 正确；
B．
由
和
构成，
晶体中离子的数目为
，B 错误；
C．
在水溶液中会发生水解：
，故
溶液中
的数目小于
，C 错误；
D．该反应中部分氧元素化合价由
价升至0 价，部分氧元素化合价由
价降至
价，则每
参加反应转移
电子，每转移
电子生成
的数目为
，D 错误；
故选A。
4．（2024·吉林·高考真题）某工厂利用铜屑脱除锌浸出液中的
并制备
，流程如下“脱氯”步骤仅
元素化合价发生改变。下列说法正确的是
锌浸出液中相关成分(其他成分无干扰)
离子
浓度
145
0.03
1
A．“浸铜”时应加入足量
，确保铜屑溶解完全
B．“浸铜”反应：
C．“脱氯”反应：
D．脱氯液净化后电解，可在阳极得到
【答案】C
3
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【分析】铜屑中加入H2SO4和H2O2得到Cu2+，反应的离子方程式为：
，再
加入锌浸出液进行“脱氯”，“脱氯”步骤中仅Cu 元素的化合价发生改变，得到CuCl 固体，可知“脱
氯”步骤发生反应的化学方程式为：
，过滤得到脱氯液，脱氯液净化后电解，
Zn2+可在阴极得到电子生成Zn。
A．由分析得，“浸铜”时，铜屑不能溶解完全，Cu 在“脱氯”步骤还需要充当还原剂，故A 错误；
B．“浸铜”时，铜屑中加入H2SO4和H2O2得到Cu2+，反应的离子方程式为：
，故B 错误；
C．“脱氯”步骤中仅Cu 元素的化合价发生改变，得到CuCl 固体，即Cu 的化合价升高，Cu2+的化合价降
低，发生归中反应，化学方程式为：
，故C 正确；
D．脱氯液净化后电解，Zn2+应在阴极得到电子变为Zn，故D 错误；
故选C。
5．（2024·吉林·高考真题）
分解的“碘钟”反应美轮美奂。将一定浓度的三种溶液(①
溶液；②
淀粉、丙二酸和
混合溶液；③
、稀硫酸混合溶液)混合，溶液颜色在无色和蓝色之间来回振
荡，周期性变色；几分钟后，稳定为蓝色。下列说法错误的是
A．无色→蓝色：生成
B．蓝色→无色：
转化为化合态
C．
起漂白作用
D．淀粉作指示剂
【答案】C
【分析】分析该“碘钟”反应的原理：①在Mn2+的催化下H2O2与IO 反应生成I2，在淀粉指示剂的作用下
溶液变蓝色；②生成的I2又会与H2O2反应生成IO ，使溶液变回无色；③生成的I2可以与丙二酸反应生成
琥珀色的ICH(COOH)2，溶液最终会变成蓝色。
A．根据分析，溶液由无色变为蓝色说明有I2生成，A 正确；
B．根据分析，溶液由蓝色变为无色，是将I2转化为IO ，I2转化为为化合态，B 正确；
C．根据分析，H2O2在此过程中参加反应，不起到漂白作用，C 错误；
D．在此过程中，因为有I2的生成与消耗，淀粉在这个过程中起到指示剂的作用，D 正确；
故答案选C。
6．（2024·浙江·高考真题）汽车尾气中的
和
在催化剂作用下发生反应：
，下列说法不正确的是(
为阿伏加德罗常数的值)
A．生成
转移电子的数目为
B．催化剂降低
与
反应的活化能
4
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C．
是氧化剂，
是还原剂
D．
既是氧化产物又是还原产物
【答案】D
【分析】NO 中N 的化合价为+2 价，降低为0 价的N2，1 个NO 得2 个电子，作氧化剂，发生还原反应，
CO 中C 为+2 价，化合价升高为+4 价的CO2，失去2 个电子，作还原剂发生氧化反应；
A．根据分析，1molCO2转移2NA的电子，A 正确；
B．催化剂通过降低活化能，提高反应速率，B 正确；
C．根据分析，NO 是氧化剂，CO 是还原剂，C 正确；
D．根据分析，N2为还原产物，CO2为氧化产物，D 错误；
故选D。
7．（2023·福建·高考真题）稀有气体氙的氟化物
与
溶液反应剧烈，与水反应则较为温和，反
应式如下：
与水反应
与
溶液反应
i．
ii．
iii．
iv．
下列说法错误的是
A．
具有平面三角形结构
B．
的还原性比
强
C．反应i～iv 中有3 个氧化还原反应
D．反应iv 每生成
，转移
电子
【答案】A
【详解】A．Xe 原子以sp3 杂化轨道成键，
分子为三角锥形分子，A 错误；
B．由iii、iv 两组实验对比可知，在氢氧化钠溶液中，
可以发生还原反应，而在水中则发生非氧化还
原反应，故可知：
的还原性比
强，B 正确；
C．i、ii、iv 三组化学反应均为氧化还原反应，C 正确；
D．分析iv 可知，每生成一个
，整个反应转移6 个电子，故每生成
，转移
电子，D 正确；
故选A。
8．（2023·重庆·高考真题）已知反应：
，
为阿伏加德罗常数的值，若
消耗
(标准状况)
，下列叙述错误的是
5
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A．转移的电子数为
B．生成的
质量为
C．生成的氧化产物分子数为
D．生成的
含有孤电子对数为
【答案】C
【详解】A．反应
中F 的化合价由0 价转化为-1 价，O 的化合价由-2 价变
为+2 价，转移电子数为4e-，若消耗
(标准状况)
即
=2mol，故转移的电子数为
，A
正确；
B．根据反应
，每消耗2molF2生成的
质量为2mol
=
，B
正确；
C．根据反应
可知反应生成的氧化产物为OF2，每消耗2molF2生成的氧化
产物OF2分子数为
，C 错误；
D．根据反应
可知，每消耗2molF2生成H2O 的物质的量为2mol，又知1
个H2O 中含有2 对孤电子对，即生成的
含有孤电子对数为
，D 正确；
故答案为C。
9．（2023·北京·高考真题）离子化合物
和
与水的反应分别为①
；②
。下列说法正确的是
A．
中均有非极性共价键
B．①中水发生氧化反应，②中水发生还原反应
C．
中阴、阳离子个数比为
，
中阴、阳离子个数比为
D．当反应①和②中转移的电子数相同时，产生的
和
的物质的量相同
【答案】C
【详解】A．Na2O2中有离子键和非极性键，CaH2中只有离子键而不含非极性键，A 错误；
B．①中水的化合价不发生变化，不涉及氧化还原反应，②中水发生还原反应，B 错误；
C．Na2O2由Na+和
组成．阴、阳离子个数之比为1 2∶，CaH2由Ca2+和H-组成，阴、阳离子个数之比为
2 1∶，C 正确；
D．①中每生成1 个氧气分子转移2 个电子，②中每生成1 个氢气分子转移1 个电子，转移电子数相同时，
生成氧气和氢气的物质的量之比为1 2∶，D 错误；
故选C。
10．（2023·湖南·高考真题）油画创作通常需要用到多种无机颜料。研究发现，在不同的空气湿度和光照
6
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条件下，颜料雌黄
褪色的主要原因是发生了以下两种化学反应：
下列说法正确的是
A．
和
的空间结构都是正四面体形
B．反应Ⅰ和Ⅱ中，元素
和S 都被氧化
C．反应Ⅰ和Ⅱ中，参加反应的
：Ⅰ<Ⅱ
D．反应Ⅰ和Ⅱ中，氧化
转移的电子数之比为3 7∶
【答案】D
【详解】A．
的中心原子S 形成的4 个σ 键的键长不一样，故其空间结构不是正四面体形，A 错误；
B．
中As 的化合价为+3 价，反应Ⅰ产物
中As 的化合价为+3 价，故该过程中As 没有被氧化，
B 错误；
C．根据题给信息可知，反应I 的方程式为：
，反应Ⅱ的方程
式为：
，则反应Ⅰ和Ⅱ中，参加反应的
：Ⅰ>Ⅱ，C 错
误；
D．
中As 为+3 价，S 为-2 价，在经过反应Ⅰ后，As 的化合价没有变，S 变为+2 价，则1mol
失
电子3×4mol=12mol；在经过反应Ⅱ后，As 变为+5 价，S 变为+6 价，则1mol
失电子
2×2mol+3×8mol=28mol，则反应Ⅰ和Ⅱ中，氧化
转移的电子数之比为3 7∶，D 正确；
故选D。
11．（2023·辽宁·高考真题）某工厂采用如下工艺制备
，已知焙烧后
元素以
价形式存在，下
列说法错误的是
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A．“焙烧”中产生
B．滤渣的主要成分为
C．滤液①中
元素的主要存在形式为
D．淀粉水解液中的葡萄糖起还原作用
【答案】B
【分析】焙烧过程中铁转化为三氧化铁、铬元素被氧化转化为对应钠盐，水浸中氧化铁不溶转化为滤渣，
滤液中存在铬酸钠，与淀粉的水解产物葡萄糖发生氧化还原得到氢氧化铬沉淀。
A．铁、铬氧化物与碳酸钠和氧气反应时生成氧化铁、铬酸钠和二氧化碳，A 正确；
B．焙烧过程铁元素被氧化，滤渣的主要成分为氧化铁，B 错误；
C．滤液①中
元素的化合价是+6 价，铁酸钠遇水水解生成氢氧化铁沉淀溶液显碱性，所以Cr 元素主要
存在形式为
，C 正确；
D．由分析知淀粉水解液中的葡萄糖起还原作用，D 正确；
故选B。
12．（2023·新疆内蒙古·高考真题）下列应用中涉及到氧化还原反应的是
A．使用明矾对水进行净化
B．雪天道路上撒盐融雪
C．暖贴中的铁粉遇空气放热
D．荧光指示牌被照发光
【答案】C
【详解】A．使用明矾对水进行净化过程中，明矾电离出的铝离子发生水解生成氢氧化铝胶体，氢氧化铝
胶体粒子吸附水中的悬浮颗粒并沉降下来而水变得澄清，该过程中没有任何一种元素的化合价发生变化，
因此没有涉及到氧化还原反应，A 不符合题意；
B．雪天道路上撒盐融雪，是因为雪遇到盐而使其熔点降低并熔化，该过程中没有任何一种元素的化合价
发生变化，因此没有涉及到氧化还原反应，B 不符合题意；
C．暖贴中的铁粉遇空气放热，是因为暖贴中含有的铁粉、碳粉、氯化钠、水等物质，形成当这些物质遇
到空气后形成无数微小原电池并开始工作，化学能转化为电能，无数微小原电池堆积在一起使得电能又转
化为热能，该过程中铁元素和氧元素的化合价发生变化，因此，该过程涉及到氧化还原反应，C 符合题
意；
D．荧光指示牌被照发光，是因为光被指示牌发生了反射，该过程中没有任何一种元素的化合价发生变
化，因此没有涉及到氧化还原反应，D 不符合题意；
综上所述，本题选C。
13．（2022·江苏·高考真题）室温下，下列实验探究方案不能达到探究目的的是
选项
探究方案
探究目的
8
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A
向盛有
溶液的试管中滴加几滴
溶液，振荡，再滴加几滴新
制氯水，观察溶液颜色变化
具有还原性
B
向盛有
水溶液的试管中滴加几滴品红溶液，振荡，加热试管，观察
溶液颜色变化
具有漂白性
C
向盛有淀粉-KI 溶液的试管中滴加几滴溴水，振荡，观察溶液颜色变化
的氧化性比
的强
D
用pH 计测量醋酸、盐酸的pH，比较溶液pH 大小
是弱电解质
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】D
【详解】A．向盛有
溶液的试管中滴加几滴
溶液，无现象，振荡，再滴加几滴新制氯水，溶
液变为红色，亚铁离子被新制氯水氧化，说明
具有还原性，A 正确；
B．向盛有
水溶液的试管中滴加几滴品红溶液，品红溶液褪色，振荡，加热试管，溶液又恢复红色，
说明
具有漂白性， B 正确；
C．向盛有淀粉-KI 溶液的试管中滴加几滴溴水，振荡，溶液变为蓝色，说明
的氧化性比
的强，C 正
确；
D．用pH 计测量醋酸、盐酸的pH 用以证明
是弱电解质时，一定要注明醋酸和盐酸的物质的量
浓度相同，D 错误。
故选D。
14．（2022·山东·高考真题）实验室制备
过程为：①高温下在熔融强碱性介质中用
氧化
制备
；②水溶后冷却，调溶液
至弱碱性，
歧化生成
和
；③减压
过滤，将滤液蒸发浓缩、冷却结晶，再减压过滤得
。下列说法正确的是
A．①中用瓷坩埚作反应器
B．①中用
作强碱性介质
C．②中
只体现氧化性
D．
转化为
的理论转化率约为66.7%
【答案】D
【分析】由题中信息可知，高温下在熔融强碱性介质中用KClO3氧化 MnO2制备K2MnO4，然后水溶后冷
却调溶液pH 至弱碱性使K2MnO4歧化生成KMnO4和MnO2，Mn 元素的化合价由+6 变为+7 和+4。
9
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A．①中高温下在熔融强碱性介质中用KClO3氧化 MnO2制备K2MnO4，由于瓷坩埚易被强碱腐蚀，故不能
用瓷坩埚作反应器，A 说法不正确；
B．制备KMnO4时为防止引入杂质离子，①中用KOH 作强碱性介质，不能用
，B 说法不正确；
C．②中K2MnO4歧化生成KMnO4和MnO2，故其既体现氧化性又体现还原性，C 说法不正确；
D．根据化合价的变化分析，K2MnO4歧化生成KMnO4和MnO2的物质的量之比为2:1，根据Mn 元素守恒
可知，MnO2中的Mn 元素只有
转化为KMnO4，因此，MnO2转化为KMnO4的理论转化率约为66.7%，D
说法正确；
综上所述，本题选D。
15．（2022·山东·高考真题）古医典富载化学知识，下述之物见其氧化性者为
A．金(Au)：“虽被火亦未熟"
B．石灰(CaO)：“以水沃之，即热蒸而解”
C．石硫黄(S)：“能化……银、铜、铁，奇物”
D．石钟乳(
)：“色黄，以苦酒(醋)洗刷则白”
【答案】C
【详解】A．金“虽被火亦未熟”是指金单质在空气中被火灼烧也不反应，反应金的化学性质很稳定，与
其氧化性无关，A 不合题意；
B．石灰(CaO):“以水沃之，即热蒸而解”是指CaO+H2O=Ca(OH)2，反应放热，产生大量的水汽，而CaO
由块状变为粉末状，未发生氧化还原反应，与其氧化性无关，B 不合题意；
C．石硫黄即S：“能化……银、铜、铁，奇物”是指2Ag+S
Ag2S、Fe+S
FeS、2Cu+S
Cu2S，反应中
S 作氧化剂，与其氧化性有关，C 符合题意；
D．石钟乳(CaCO3)：“色黄，以苦酒(醋)洗刷则白”是指CaCO3+2CH3COOH=(CH3COO)2Ca+H2O+CO2↑，
未发生氧化还原反应，与其氧化性无关，D 不合题意；
故答案为：C。
16．（2022·浙江·高考真题）关于反应
，下列说法正确的是
A．
发生还原反应
B．
既是氧化剂又是还原剂
C．氧化产物与还原产物的物质的量之比为2 1∶
D．
发生反应，转移
电子
【答案】B
10
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【分析】Na2S2O3+H2SO4=Na2SO4+S ↓+SO2↑ +H2O，该反应的本质是硫代硫酸根离子在酸性条件下发生歧化
反应生成硫和二氧化硫，化合价发生变化的只有S 元素一种，硫酸的作用是提供酸性环境。
A．H2SO4转化为硫酸钠和水，其中所含元素的化合价均未发生变化，故其没有发生还原反应，A 说法不正
确；
B．Na2S2O3中的S 的化合价为+2，其发生歧化反应生成S(0 价)和SO2(+4 价)，故其既是氧化剂又是还原
剂，B 说法正确；
C．该反应的氧化产物是SO2，还原产物为S，氧化产物与还原产物的物质的量之比为1:1，C 说法不正
确；
D．根据其中S 元素的化合价变化情况可知，1mol Na2S2O3发生反应，要转移2 mol 电子，D 说法不正确。
综上所述，本题选B。
17．（2022·湖南·高考真题）为探究
的性质，进行了如下实验(
和
溶液浓度均为
)。
实
验
操作与现象
①
在
水中滴加2 滴
溶液，呈棕黄色；煮沸，溶液变红褐色。
②
在
溶液中滴加2 滴
溶液，变红褐色；
再滴加
溶液，产生蓝色沉淀。
③
在
溶液中滴加2 滴
溶液，变红褐色；
将上述混合液分成两份，一份滴加
溶液，无蓝色沉淀生成；
另一份煮沸，产生红褐色沉淀。
依据上述实验现象，结论不合理的是
A．实验①说明加热促进
水解反应
B．实验②说明
既发生了水解反应，又发生了还原反应
C．实验③说明
发生了水解反应，但没有发生还原反应
D．整个实验说明
对
的水解反应无影响，但对还原反应有影响
【答案】D
【分析】铁离子水解显酸性，亚硫酸根离子水解显碱性，两者之间存在相互促进的水解反应，同时铁离子
具有氧化性，亚硫酸根离子具有还原性，两者还会发生氧化还原反应，在同一反应体系中，铁离子的水解
11
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反应与还原反应共存并相互竞争，结合实验分析如下：实验①为对照实验，说明铁离子在水溶液中显棕黄
色，存在水解反应Fe3++3H2O
Fe(OH)3+3H+，煮沸，促进水解平衡正向移动，得到红褐色的氢氧化铁胶
体；实验②说明少量亚硫酸根离子加入铁离子后，两者发生水解反应得到红褐色的氢氧化铁胶体；根据铁
氰化钾检测结果可知，同时发生氧化还原反应，使铁离子被还原为亚铁离子，而出现特征蓝色沉淀；实验
③通过反滴操作，根据现象描述可知，溶液仍存在铁离子的水解反应，但由于铁离子少量，没检测出亚铁
离子的存在，说明铁离子的水解反应速率快，铁离子的还原反应未来得及发生。
A．铁离子的水解反应为吸热反应，加热煮沸可促进水解平衡正向移动，使水解程度加深，生成较多的氢
氧化铁，从而使溶液显红褐色，故A 正确；
B．在5mLFeCl3溶液中滴加2 滴同浓度的Na2SO3溶液，根据现象和分析可知，Fe3+既发生了水解反应，生
成红褐色的氢氧化铁，又被亚硫酸根离子还原，得到亚铁离子，加入铁氰化钾溶液后，出现特征蓝色沉
淀，故B 正确；
C．实验③中在5mL Na2SO3溶液中滴加2 滴同浓度少量FeCl3溶液，根据现象和分析可知，仍发生铁离子
的水解反应，但未来得及发生铁离子的还原反应，即水解反应比氧化还原反应速率快，故C 正确；
D．结合三组实验，说明铁离子与亚硫酸根离子混合时，铁离子的水解反应占主导作用，比氧化还原反应
的速率快，因证据不足，不能说明亚硫酸离子对铁离子的水解作用无影响，事实上，亚硫酸根离子水解显
碱性，可促进铁离子的水解反应，故D 错误。
综上所述，答案为D。
18．（2022·湖南·高考真题）科学家发现某些生物酶体系可以促进
和
的转移(如a、b 和c)，能将海洋
中的
转化为
进入大气层，反应过程如图所示。
下列说法正确的是
A．过程Ⅰ中
发生氧化反应
B．a 和b 中转移的
数目相等
C．过程Ⅱ中参与反应的
D．过程Ⅰ→Ⅲ的总反应为
【答案】D
【详解】A．由图示可知，过程I 中NO 转化为NO，氮元素化合价由+3 价降低到+2 价，NO 作氧化剂，
被还原，发生还原反应，A 错误；
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B．由图示可知，过程I 为NO 在酶1 的作用下转化为NO 和H2O，依据得失电子守恒、电荷守恒和原子守
恒可知，反应的离子方程式为：NO +2H++e-
NO+H2O，生成1molNO，a 过程转移1mole-，过程II 为NO
和NH 在酶2 的作用下发生氧化还原反应生成H2O 和N2H4，依据得失电子守恒、电荷守恒和原子守恒可
知，反应的离子方程式为：NO+NH +3e-+2H+
H2O+N2H4，消耗1molNO，b 过程转移3mol e-，转移电子
数目不相等，B 错误；
C．由图示可知，过程II 发生反应的参与反应的离子方程式为：NO+NH +3e-+2H+
H2O+N2H4，
n(NO):n(NH )=1:1，C 错误；
D．由图示可知，过程I 的离子方程式为NO +2H++e-
NO+H2O，过程II 的离子方程式为NO+NH +3e-
+2H+
H2O+N2H4，过程III 的离子方程式为N2H4
N2↑+4H++4e-，则过程Ⅰ→Ⅲ的总反应为NO + NH =
N2↑+2H2O，D 正确；
答案选D。
【策略1】理顺氧化还原反应的基本概念及相互关系
1．相关概念
概括为“升失氧、降得还，剂性一致、其他相反”。
2．氧化还原反应与四种基本反应类型间的关系
①有单质参加或者生成的反应不一定是氧化还
原反应
如：同素异形体之间的转化，3O2=====2O3
②没有单质参加的化合反应和没有单质生成的
分解反应有可能是氧化还原反应
如：Na2O2＋SO2===Na2SO4
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H2O2＋SO2===H2SO4
NH4NO3
△
N2O↑＋2H2O
【策略2】掌握氧化还原反应电子转移的表示方法
（1）双线桥法：①标变价、②画箭头(反应物指向生成物)、③算数目、④说变化。
。
（2）单线桥法：箭头由失电子原子指向得电子原子，线桥上只标电子转移的数目，不标“得”“失”字
样。
。
【策略3】掌握氧化还原反应的基本规律
价态律
元素处于最高价，只有氧化性(如KMnO4中的Mn)；
元素处于最低价，只有还原性(如S2－、I－)；
元素处于中间价态，既有氧化性，又有还原性(如Fe2＋、S、Cl2等)
强弱律
氧化性：氧化剂>氧化产物；
还原性：还原剂>还原产物。
在适宜的条件下，用氧化性(还原性)较强的物质可制备氧化性(还原性)较弱的物质，用
于比较物质的氧化性或还原性的强弱；
优先律
①同时含有几种还原剂时将按照还原性由强到弱的顺序依次反应。如：在FeBr2溶液
中通入少量Cl2时，因为还原性：Fe2＋＞Br－，所以Fe2＋先与Cl2反应。
②同时含有几种氧化剂时将按照氧化性由强到弱的顺序依次反应。如：在含有Fe3＋、
Cu2＋、H＋的溶液中加入铁粉，因为氧化性：Fe3＋＞Cu2＋＞H＋，所以铁粉先与Fe3＋反
应，然后再依次与Cu2＋、H＋反应。
③常见的强弱顺序
氧化性：MnO(H＋)>Cl2>Br2>Fe3＋>I2>稀H2SO4>S，
还原性：Mn2＋<Cl－<Br－<Fe2＋<I－<SO2(SO)<S2－。
转化律
（1）同一元素不同价态间发生的氧化还原反应，化合价的变化规律遵循：高价＋低
价→中间价态，中间价态可相同、可不同，但只能靠近不能相互交叉(即价态向中看
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齐)。
例如，不同价态的硫之间可以发生的氧化还原反应是
注：不会出现⑤中H2S 转化为SO2而H2SO4转化为S 的情况。
（2）歧化反应规律思维模型
“中间价―→高价＋低价”。
具有多种价态的元素(如氯、硫、氮和磷元素等)均可发生歧化反应，如：Cl2＋
2NaOH===NaCl＋NaClO＋H2O。
守恒律
化合价升高总数与降低总数相等，实质是反应中失电子总数与得电子总数相等。该规
律可应用于氧化还原反应方程式的配平及相关计算。
n(氧化剂)×变价原子个数×化合价变化值＝n(还原剂)×变价原子个数×化合价变化值
【策略4】常见的氧化剂和还原剂
1、常见氧化剂：常见氧化剂包括某些非金属单质、含有高价态元素的化合物、过氧化物等。
①活泼的非金属单质，如X2(X 指卤素Cl、Br)、O2、O3等；
②高价态的离子，如H＋、Cu2＋、Fe3＋、Hg2＋、Ag＋等；
③含高价态元素的物质，如H2SO4(浓)、HClO4、HNO3、PbO2、MnO2、KClO3、KMnO4等；
④含O 的物质，如H2O2、Na2O2等。
下面是常见的氧化剂和对应的还原产物：
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2、常见还原剂：常见还原剂包括活泼的金属单质、非金属阴离子及含低价态元素的化合物、低价金属阳
离子、某些非金属单质及其氢化物等。
①活泼的金属单质，如Na、Mg、Al、Fe、Cu 等；
②某些非金属单质，如H2、C、S 等；
③低价态离子，如S2－、I－、Fe2＋、Br－等；
④含较低价态元素的物质，如CO、NH3、H2S、HI、SO2、H2SO3、Na2SO3、NO 等。
下面是常见的还原剂和对应的氧化产物：
3、既可作氧化剂，又可作还原剂的物质或粒子
具有中间价态的物质或粒子既具有氧化性，又具有还原性，当与强还原剂反应时，作氧化剂，表现氧
化性；当与强氧化剂反应时，作还原剂，表现还原性。常考物质或粒子归纳如下：
Fe3＋
Fe2＋
Fe
SO
SO
S
O2
H2O2
H2O
说明：Fe2＋、SO 主要表现还原性，H2O2主要表现氧化性
4．重要的还原剂——金属氢化物、NaBH4
(1)金属氢化物
①结构特点：电子式可表示为M＋[H]－(M 为碱金属)。
②强还原性
a．遇水强烈反应放出氢气，使溶液呈强碱性，如：NaH＋H2O===NaOH＋H2↑。
b．高温还原金属
如固态NaH 在673 K 时能将TiCl4还原为金属钛：TiCl4＋4NaH=====Ti＋4NaCl＋2H2↑。
(2)万能还原剂——硼氢化钠(NaBH4)
硼氢化钠是一种无机物，化学式为NaBH4，白色至灰白色细结晶粉末或块状，吸湿性强，其碱性溶液
呈棕黄色，是最常用的还原剂之一。
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通常用作醛类、酮类、酰氯类的还原剂，塑料工业的发泡剂，造纸漂白剂，以及医药工业制造双氢链霉素
的氢化剂。
【策略5】熟练氧化还原反应配平的基本技能
（1）全变从左边配：氧化剂、还原剂中某元素化合价是全变的，一般从左边反应物着手配平。
（2）自变从右边配：自身氧化还原反应(包括分解、歧化)一般从右边着手配平。
（3）缺项配平法：先将得失电子数配平，再观察两边电荷。
补项原则：
条件
补项原则
酸性条件下
缺H 或多O 补H＋，少O 补H2O
碱性条件下
缺H 或多O 补H2O，少O 补OH－
组合方式：
反应物
生成物
使用条件
组合一
H＋
H2O
酸性溶液
组合二
H2O
H＋
酸性溶液或酸碱性未知
组合三
OH－
H2O
碱性溶液
组合四
H2O
OH－
碱性溶液或酸碱性未知
（4）当方程式中有多个缺项时，应根据化合价的变化找准氧化剂、还原剂、氧化产物、还原产物。
（5）在有机化合物参与的氧化还原反应方程式的配平中，一般有机化合物中H 显＋1 价，O 显－2 价，根
据物质中元素化合价代数和为零的原则，确定碳元素的平均价态，然后进行配平。
【策略6】掌握得失电子守恒思想在化学计算中的应用
（1）一找各物质：找出氧化剂、还原剂及相应的还原产物和氧化产物。
（2）二定得失数：确定一个原子或离子得失电子数(注意化学式中的原子个数)。
（3）三列关系式：根据题中物质的物质的量和得失电子守恒列出关系式。
n(氧化剂)×变价原子个数×化合价变化值(高价－低价)＝
n(还原剂)×变价原子个数×化合价变化值(高价－低价)。
1．（2025·广西柳州·模拟预测）氧化还原反应是一类重要的化学反应，广泛存在于生产和生活中，下列变
化中不涉及氧化还原反应的是
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A．钢铁的锈蚀
B．溶洞的形成
C．钠块切开后，切面很快变暗
D．食物的腐败
【答案】B
【详解】A．钢铁的锈蚀是铁在空气中生成铁的氧化物，发生氧化还原反应，A 错误；
B．溶洞的形成发生
，元素化合价没有发生变化，没有发生氧化还原反应，
B 正确；
C．钠块切开后，表面被氧化为
，切面很快变暗，发生氧化还原反应，C 错误；
D．食物的腐败是食物发生缓慢氧化，涉及氧化还原反应，D 错误；
故选B。
2．（2024·辽宁·二模）将
和空气的混合气体通入
、
和HCl 的混合溶液中反应回收S，其物
质转化历程如图所示。下列说法正确的是
A．历程①发生反应
B．历程②中CuS 作氧化剂
C．历程③中
D．若要吸收34g
，则至少要通入56L 空气(空气中氧气体积按20%计)
【答案】A
【详解】A．硫化氢为弱电解质，离子方程式应保留化学式，故A 正确；
B．CuS 反应过程中S 元素化合价由-2 升高至0，化合价升高，作还原剂，故B 错误；
C．历程③中
，Fe 元素化合价由+2 升高至+3，
，O 元素化合价由0 降低至-2，根据
化合价升降守恒可知
，故C 错误；
D．未指明标准状况，气体体积不可知，故D 错误；
故选：A。
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3．（2024·山东滨州·一模）反应①②分别是从海藻灰和某种矿石中提取碘的主要反应：
①
；
②
。
下列说法正确的是
A．两个反应中硫元素均被氧化
B．碘元素在反应①中被还原，在反应②中被氧化
C．氧化性：
D．反应①②中生成等量的
时，转移电子数之比为
【答案】D
【详解】A．根据反应前后元素化合价变化可知，①中I 元素被氧化，②中S 元素被氧化，A 错误；
B．同理，①中I 元素被氧化，②中I 元素被还原，B 错误；
C．氧化还原反应中，氧化剂氧化性大于氧化产物，故①中氧化性：MnO2> I2，②中氧化性：
>
，
无法得出C 结论，C 错误；
D．①中生成1mol I2时，转移电子数为2mol，②中生成1mol I2时，转移电子数为
mol，两者
之比为1:5，D 正确；
本题选D。
4．（2024·浙江杭州·一模）六氟合铂酸氙(
，其中
为
价)是人类发现的第一个稀有气体化合物，
与水反应方程式为：
(未配平)，下列说法不正确的是
A．六氟合铂酸氙中
的化合价为
价
B．
有强氧化性
C．每生成1mol
，转移4mol 电子
D．
是还原产物
【答案】D
【分析】由方程式可知，反应中氙元素、铂元素的化合价降低被还原，六氟合铂酸氙是氧化剂，氧元素的
化合价升高被氧化，水是还原剂，反应的化学方程式为
。
A．六氟合铂酸氙分子中铂元素的化合价为+5 价、氧元素的化合价为—2 价，由化合价代数和为0 可知，
氙元素的化合价为
价，故A 正确；
B．由六氟合铂酸氙能与水反应生成氧气可知，六氟合铂酸氙具有强氧化性，故B 正确；
C．由方程式可知，反应生成1mol 氧气时，转移电子的物质的量为4mol，故C 正确；
D．由分析可知，反应中氟元素和氢元素的化合价没有发生变化，氟化氢既不是氧化产物也不是还原产
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物，故D 错误；
故选D。
5．（2024·山东·模拟预测）雄黄(
)在古代曾用于入药，但雄黄具大毒。东晋葛洪所著的《抱朴子·内
篇》中记载：“雄黄或先以硝石化为水乃凝之…或以松脂和之。”即雄黄可与硝石(主要成分为
)反
应，后再借富碳物质如松脂等还原得到单质砷以去毒性。其中与硝石反应的方程式为：
。下列说法错误的是
A．去毒过程中，硝石作为还原剂
B．气体X 为大气主要污染物之一
C．
完全参与反应，转移电子数为
D．富碳物质在还原过程中的产物可能是
【答案】A
【详解】A．
去毒过程中，硝石中氮化合价降低，作氧化剂，A
错误；
B．根据质量守恒可得X 为
，为大气主要污染物之一，B 正确；
C．
，
完全参与反应，就有12mol KNO3反应，N 的
化合价由+5 降低为+2，共转移电子数为
，C 正确；
D．借富碳物质如松脂等还原得到单质砷，则富碳物质被氧化，在还原过程中的产物可能是
，D 正
确；
故选A。
6．（2024·广东韶关·一模）氯及其化合物的转化关系如图所示，
为阿伏加德罗常数的值，下列说法正
确的是
A．标准状况下，
中含有的质子数为
B．
溶液中，含有的
数为
C．反应①中每消耗
，生成的
分子数为
D．反应②中每有
参与反应，转移电子数为
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【答案】A
【分析】反应①的化学方程式为：4HCl+Ca(ClO)2=2Cl2↑+ CaCl2+2H2O，反应②的化学方程式为：
3Cl2+6KOH
KClO3+5KCl+3H2O，据此解答。
A．标况下Cl2为气体，11.2L Cl2为0.5mol，含有的Cl 原子数为NA，则质子数为17NA，A 正确；
B．ClO-为弱酸阴离子，在水溶液中会发生水解，因此，200mL 0.1mol· L-1 Ca(ClO)2溶液中ClO-数目小于
0.04NA，B 错误；
C．反应①的化学方程式为：4HCl+Ca(ClO)2=2Cl2↑+ CaCl2+2H2O，反应中每生成2molCl2消耗4molHCl，则
每消耗7.3g HCl，生成的Cl2分子数为0.1NA，C 错误；
D．反应②的化学方程式为：3Cl2+6KOH
KClO3+5KCl+3H2O，每消耗3mol 氯气，转移5mol 电子，故每
有
参与反应，转移电子数为
，D 错误；
答案选A。
7．（2024·海南·一模）利用软锰矿(主要成分为MnO2)吸收SO2，并制备高纯度Mn3O4 (Mn 元素显+2、+3
价)，其原理为①MnO2+SO2＝MnSO4；②Mn2++O2+H2O→Mn3O4↓+H+ (未配平)。下列说法正确的是
A．反应①中SO2得到电子
B．反应①中MnO2发生氧化反应
C．反应②中Mn3O4既是氧化产物又是还原产物
D．利用软锰矿，每制得1mol Mn3O4共转移4mol 电子
【答案】C
【详解】A．反应①中的S 元素化合价由+4 价变为+6 价，化合价升高，SO2失去电子，被氧化，A 项错
误；
B．反应①中Mn 元素的化合价由+4 价变为+2 价，化合价降低，说明MnO2发生还原反应，B 项错误；
C．反应②中Mn 元素化合价升高，O2中的O 元素化合价降低，产物Mn3O4既是氧化产物又是还原产物，C
项正确；
D．配平反应②，可得：6Mn2++O2+6H2O＝2Mn3O4↓+12H+，根据反应方程式可知，利用软锰矿，每制得
1mol Mn3O4共转移2mol 电子，D 项错误；
答案选C。
8．（2024·山东威海·一模）下图所示的实验操作及描述均正确，且能达到实验目的的是
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A．NaOH 溶液滴定盐酸
B．制备NaHCO3
C．比较KMnO4、Cl2、S 的氧化性强弱
D．配制一定物质的量浓度的NaCl 溶液
【答案】C
【详解】A．滴定操作时，左手无名指和小手指向手心弯曲，轻轻地贴着出口管，用其余三指控制活塞的
转动，故A 错误；
B．制备NaHCO3时，为增大二氧化碳的溶解量，应先向食盐水中通入氨气，后通入二氧化碳，故B 错
误；
C．锥形瓶中高锰酸钾和浓盐酸反应放出黄绿色氯气，可知氧化性KMnO4>Cl2，氯气通入Na2S 溶液中生成
淡黄色S 沉淀，证明氧化性Cl2>S，故C 正确；
D．配制一定物质的量浓度的NaCl 溶液，用玻璃棒引流时，玻璃棒末端应伸到刻度线以下，故D 错误；
选C。
9．（2024·海南·一模）某学习小组制备KClO3并探究其部分性质，过程如图所示：
。下列说法正确的是
A．可用NaOH 溶液除去黄绿色气体中的HCl
B．过程Ⅰ的离子方程式为
C．过程Ⅱ中浓盐酸仅表现了还原性
D．上述过程说明Cl2的氧化性一定强于KClO3
【答案】B
【分析】氯气与KOH 在加热条件下反应生成KCl、KClO3和水，方程式为
。KClO3与浓盐酸反应生成氯气，方程式为
。
A．氯气和HCl 都会与NaOH 溶液反应，不能用NaOH 溶液除去氯气中的HCl，可用饱和食盐水除去氯气
中的HCl 气体，A 错误；
B．氯气与KOH 在加热条件下反应生成KCl、KClO3和水，方程式为
，B
正确；
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C．KClO3与浓盐酸反应生成氯气，方程式为
。浓盐酸中的Cl-化合价升高
转化为氯气，体现出还原性；也转化为KCl，生成盐，体现出酸性；因此过程Ⅱ中浓盐酸表现出还原性和
酸性，C 错误；
D．在氧化还原反应中，氧化剂的氧化性强于氧化产物。过程Ⅰ中，氯气转化为KClO3，则氧化性：氯气
＞KClO3；过程Ⅱ中，KClO3转化为氯气，则氧化性：KClO3＞氯气。可知氯气的氧化性不一定强于
KClO3，物质的酸碱性和溶液的酸碱性有关，D 错误；
答案选B。
10．（2024·江苏·模拟预测）
是一种安全稳定、高效低毒的广谱型消毒剂，它易溶于水，难溶于有机
溶剂，高浓度的
气体易爆炸。制备
并吸收
的原理及装置如下：
已知装置A 中发生的反应：
(主反应)
(副反应)
下列说法正确的是
A．反应
中氧化剂和还原剂的物质的量之比为1：2
B．装置A 中产生
，可以用湿润的淀粉碘化评试纸检验
C．装置B 中发生的主要反应的化学方程式为
D．实验过程中不断缓慢通入
的目的只是为加快装置A 中的反应速率
【答案】C
【分析】A 装置中
与盐酸发生氧化还原反应生成
和
，生成的
进入B 装置与
反
应生成
，根据题干信息，
易溶于水，可用C 装置进行吸收。
A．反应物
中Cl 元素化合价从+5 价降至+4 价，为氧化剂，
中部分Cl 元素化合价从-1 价升高
至0 价，为还原剂，根据得失电子守恒，氧化剂和还原剂的物质的量之比为1：1，A 错误；
B．装置A 中生成
的同时也生成具有氧化性的
，也可使湿润的淀粉碘化评试纸变蓝，B 错误；
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C．装置B 中
中Cl 元素为+3 价，通入氯气可生成
，发生反应：
，C 正确；
D．实验过程中不断缓慢通入
的目的是为了避免
浓度过高导致爆炸，D 错误；
答案选C。
11．（2024·全国·模拟预测）冶炼黄铜矿(主要成分为CuFeS2，含少量SiO2)的流程如下：
下列说法错误的是
A．煅烧过程中，SO2既是氧化产物也是还原产物
B．氧化1 中，氧化剂与还原剂的物质的量之比为1：4
C．氧化2 反应的化学方程式为
D．工业制H2SO4时可将尾气先水化、后氧化
【答案】D
【分析】黄铜矿煅烧后得到粗铜和FeSiO3，尾气中含SO2，粗铜与HCl、O2反应得到CuCl，CuCl 与HCl、
O2反应得到
。
A．煅烧过程中，S 的化合价升高，O 的化合价降低，SO2既是氧化产物也是还原产物，A 正确；
B．氧化1 中，氧化剂为O2，还原剂为Cu，氧元素的化合价从0 降低为-2 价，Cu 元素的化合价从0 升高至
+1 价，根据得失电子守恒可得，氧化剂与还原剂的物质的量之比为1：4，B 正确；
C．根据元素质量守恒和得失电子守恒可以写出氧化2 反应的化学方程式
，C 正确；
D．工业制H2SO4时，需要将尾气(主要含有SO2)先氧化，后水化，D 错误；
故选D。
12．（2024·浙江·模拟预测）用Cu2S、FeS 处理酸性废水中的Cr2O
，发生的反应如下：
反应①：Cu2S＋Cr2O
＋H+=Cu2+＋
＋Cr3+＋H2O(未配平)
反应②： FeS＋Cr2O
＋H+=Fe3+＋
＋Cr3+＋H2O(未配平)
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下列判断错误的是
A．处理等物质的量的Cr2O
时，反应①和②中消耗H+的物质的量相等
B．用相同物质的量的Cu2S 和FeS 处理Cr2O
时，Cu2S 消耗更多Cr2O
C．反应①中还原剂与氧化剂的物质的量之比为3 5∶
D．用FeS 处理废水不仅可以除去Cr2O
，还可吸附悬浮杂质
【答案】A
【分析】根据得失电子守恒、电荷守恒、质量守恒配平两个离子方程式如下：①
；②
，由此分析回答。
A．由分析可知，处理等物质的量的
时，反应①和②中消耗
的物质的量不相等，A 错误；
B．由分析可知，用相同物质的量的
和
处理
时，
消耗更多
，B 正确；
C．由分析知，还原剂所含元素化合价升高，失电子，氧化剂所含元素化合价降低，得电子，则
为还
原剂，
为氧化剂，则反应①中还原剂与氧化剂的物质的量之比为3 5∶，C 正确；
D．用FeS 处理废水不仅可以除去
，生成的
在水中形成胶体还可吸附悬浮杂质，D 正确；
故选A。
13．（2024·河南郑州·一模）室温下，探究
溶液的性质。下列实验方案能达到探究目的
的是
选项
探究目的
实验方案
A
溶液中是否含有
用洁净铁丝蘸取溶液在煤气灯上灼烧，观察火焰颜色
B
是否具有漂白性
向
溶液中滴加
滴高锰酸钾溶液，观察溶液颜色变化
C
是否具有氧化性
向
溶液中通入足量
，观察实验现象
D
溶液中是否含有
向
溶液中加入足量硝酸后滴加
滴
溶液，观察
实验现象
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】C
【详解】A．黄色光会掩盖紫色光，检验钾离子时，应用铂丝蘸取少量含钾离了溶液，在酒精灯火焰上灼
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烧，透过蓝色钴玻璃片观察火焰是否呈紫色，否则无法判断是否含有钾离子，A 错误；
B．向具有还原性的
的溶液中滴加具有氧化性的锰酸钾溶液，两者可发生氧化还原反应，
体现的
是还原性而非漂白性，离子方程式为
，B 错误；
C．将足量的H2S 通入
溶液中，混合后溶液中出现浑浊，说明有S 生成，对应的离子方程式为
，
被还原为S，则
为氧化剂，C 正确；
D．足量硝酸会将
氧化成
，滴加
溶液后，溶液中产生白色沉淀
，但若原溶液中本就
有
，也会出现相同的现象，该实验方案不能达到探究目的，D 错误；
故选C。
14．（2024·河南郑州·一模）某工厂拟综合处理含
废水和工业废气(主要含
，
不考虑其他成分)，设计了如下流程，下列有关说法错误的是
A．固体2 中含有
和
B．捕获剂所捕获的气体可用作冶炼金属的还原剂
C．X 可以是空气或是氧气，且需过量
D．处理含
废水时，氧化剂和还原剂物质的量之比为
【答案】C
【分析】工业废气中CO2、SO2可被石灰乳吸收，生成的固体2 为CaCO3、CaSO3及过量的Ca(OH)2，气体
1 是不能被过量石灰乳吸收的N2、NO、CO；气体1 通入气体X，用氢氧化钠溶液处理后到的NaNO2，X
可以为空气，但不能过量，否则得到硝酸钠；NaNO2与含有
的溶液反应生成无污染的N2，则气体2 含
有CO、N2，捕获剂所捕获的气体主要是CO，以此解答该题。
A．废气中的
与石灰乳反应生成更难溶的
和
，
微溶于水，则固体2 中含有
和
，A 正确；
B．由分析知，捕获剂捕获的气体主要为
，CO 可用作冶炼金属的还原剂，B 正确；
C．气体1 中含有NO、CO 和
，若用过量空气，则
被全部氧化为
，
与
反应生成
和
，与流程图中
不符，故通入的空气不能过量，
与
气体按照1：1 混合与
完全反应生成
，C 错误；
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D．
具有氧化性，为氧化剂，
具有还原性，为还原剂，二者发生氧化还原反应生成无污染的
，由于
，
，则氧化剂与还原剂的物质的量之比为1:1，D 正确；
故选C。
15．（2025·宁夏陕西·模拟预测）某团队合成了一种铁掺杂二氧化钛的新型催化剂，用于转化
为单质
S，提出的催化历程示意图如下。
是阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．
使
转化成
，恢复催化剂活性
B．过程①和④均发生了非极性键的断裂
C．过程②和③均发生了氧化还原反应
D．理论上，每转化
，转移的电子数目为
【答案】A
【详解】A．根据图示③④两步历程，可知
使
转化成
，恢复催化剂活性，A 正确；
B．过程①中没有发生非极性键的断裂，过程④中发生了
非极性键的断裂，B 错误；
C．过程②中铁元素化合价发生变化，发生氧化还原反应，过程③中元素化合价没有变化，没有发生氧化
还原反应，C 错误；
D．根据图示，该催化历程的总反应为
，可知
，理论上，每转化
即
，转移的电子数目为
，D 错误；
故选A。
16．（2024·江苏南京·一模）硫代硫酸钠(Na2S2O3)的制备和应用相关流程如图所示。
已知：
。下列离子方程式书写正确的是
A．反应①：
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B．用Na2S2O3测定碘单质的含量时生成Na2S4O6的离子反应方程式为：
C．反应③：
D．向Na2S2O3溶液中加入稀硫酸：
【答案】B
【分析】复分解反应发生时，强酸与弱酸盐反应制取弱酸。NaHSO3和Na2CO3发生反应①生成Na2SO3、
NaHCO3，Na2SO3和S 发生反应②生成Na2S2O3，Na2S2O3和AgBr 发生反应③生成Na3[Ag(S2O3)2]、NaBr。
A．根据
，可知NaHSO3和Na2CO3发生反应①生成
Na2SO3、NaHCO3，该反应的离子方程式应该为：
，A 错误；
B．用Na2S2O3测定碘单质的含量时生成Na2S4O6，同时I2得到电子被还原为I-，该反应的离子反应方程式
为：
，B 正确；
C．反应③Na2S2O3和AgBr 发生反应③生成Na3[Ag(S2O3)2]、NaBr。由于AgBr 难溶于水，因此不能写成离
子形式，应该写化学式，离子方程式应该为：
，C 错误；
D．向Na2S2O3溶液中加入稀硫酸，反应产生S、SO2、H2O，该反应的离子方程式应该为：
+2H+=S↓+SO2↑+H2O，D 错误；
故合理选项是B。
17．（2024·甘肃武威·一模）高铁酸钾是一种重要的绿色净水剂，具有净水和消毒双重功能。某课外学习
小组如下方案制备高铁酸钾：
(1)高铁酸钾中铁元素的化合价为 ，推测它具有的化学性质是 。
(2)在次氯酸钠(NaClO，84 消毒液的主要成分)溶液中加入烧碱固体形成碱性环境，将研磨的硝酸铁少量多
次地加入到上述溶液中，冰浴中反应1h，发生的离子反应为2Fe3＋＋3ClO-＋10OH-=2FeO
＋3Cl-＋5H2O，
氧化剂是 ；将KOH 加入到反应后的溶液搅拌半小时，静置，抽滤粗产品，该反应的化学方程式为
2KOH＋Na2FeO4=K2FeO4＋2NaOH，根据复分解反应原理，高铁酸钠的溶解度 (填大于、小于或等于)
高铁酸钾的溶解度。
(3)在强碱性溶液中，高铁酸钾能将亚铬酸钾(KCrO2)氧化为铬酸钾(K2CrO4)，生成的铬酸盐溶解酸化后，得
到的重铬酸钾(K2Cr2O7)用(NH4)2Fe(SO4)2的标准溶液滴定，以二苯胺磺酸钠为指示剂。到达滴定终点时，溶
液由紫色变为淡绿色(＋6 价铬转化成＋3 价铬)，有关离子方程式为 ； 。
(4)明矾、硫酸铁、高铁酸钾都能净水，简述高铁酸钾净水原理： 。
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【答案】
(1)＋6 强氧化性
(2)NaClO 大于
(3)FeO
＋CrO ＋2H2O=CrO
＋Fe(OH)3↓＋OH-、2CrO
＋2H＋=
＋H2O
＋6Fe2＋＋14H＋
=2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O
(4)高铁酸钾能杀菌消毒，其还原产物Fe3＋水解生成氢氧化铁胶体粒子能吸附悬浮物，起净水作用
【详解】（1）高铁酸钾中钾元素的化合价为+1 价，氧元素元素的化合价为-2 价，由化合价代数和为0 可
知，铁元素的化合价为+6 价；铁元素处于最高价态应具有强氧化性，故答案：＋6 ；强氧化性；
（2）由方程式可知，反应中氯元素的化合价降低被还原，次氯酸根离子是反应的氧化剂；由复分解反应
的规律可知，高铁酸钾的溶解度小于高铁酸钠的溶解度，故答案为：NaClO；大于；
（3）由题意可知，向亚铬酸钾溶液中加入高铁酸钾溶液发生的反应为在强碱性溶液中，高铁酸钾与亚铬
酸钾溶液反应生成铬酸钾、氢氧化铁沉淀和水，反应的离子方程式为FeO
＋CrO ＋2H2O=CrO
＋
Fe(OH)3↓＋OH-；向反应后的溶液中加入稀硫酸发生的反应为铬酸钾与与稀硫酸反应生成硫酸钾、重铬酸
钾和水，反应的离子方程式为2CrO
＋2H＋=
＋H2O；滴定时发生的反应为重铬酸钾溶液与硫酸亚铁
铵溶液酸性条件下反应生成硫酸铵、硫酸铁、硫酸铬和水，反应的离子方程式为
＋6Fe2＋＋14H＋
=2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O，故答案为：FeO
＋CrO ＋2H2O=CrO
＋Fe(OH)3↓＋OH-、2CrO
＋2H＋=
＋
H2O；
＋6Fe2＋＋14H＋=2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O；
（4）高铁酸钾净水原理是高铁酸钾能杀菌消毒，其还原产物Fe3＋水解生成氢氧化铁胶体粒子能吸附悬浮
物，起净水作用，故答案为：高铁酸钾能杀菌消毒，其还原产物Fe3＋水解生成氢氧化铁胶体粒子能吸附悬
浮物，起净水作用。
18．（2024·安徽·一模）分类是学习化学的一种重要方法，科学合理的分类对于系统掌握知识、解决问题
有重要的意义。现有下列物质：
①
溶液；②硝酸钾溶液；③铜；④二氧化氯；⑤
固体；⑥
固体；⑦
；⑧熔融
KCl；⑨氨水；⑩胆矾。
回答下列问题：
(1)能导电的是 (填序号，下同)，属于电解质的是 。若将⑥的稀溶液往⑤的稀溶液
中滴加至
恰好完全沉淀，此过程中反应的离子方程式为 。请按顺序写出检验某溶液中是
否含有
所需要的试剂： 。
(2)如图所示为离子反应、氧化还原反应、复分解反应和置换反应之间的关系，其中表示离子反应的是(填
字母) 。
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(3)砷有多种化合物，其中
溶于水缓慢化合生成一种三元酸(
)。某工业废渣中含有
、
和MgO 三种物质，现要分离提取出砷元素，有同学建议用NaOH 溶液，写出反应的离子方程式：
。
(4)次磷酸的一种制备方法如下：
其中
是 (填“正盐”“酸式盐”或“碱式盐”)。
(5)二氧化氯(
)是国际上公认的高效消毒灭菌剂。一种制备
的反应原理为
。请用双线桥表示上述反应的电子转移情况： 。
【答案】
(1)
①②③⑧⑨
⑤⑥⑧⑩
稀盐酸、
溶液
(2)C
(3)
(4)正盐
(5)
【详解】（1）①
溶液是混合物，能导电；
②硝酸钾溶液是混合物，能导电；
③铜是单质，能导电；
④二氧化氯是非金属氧化物，是非电解质；
⑤
固体是强碱，是电解质；
⑥
固体是酸式盐，是强电解质；
⑦
是氧化物，是非电解质；
⑧熔融KCl 是盐，是电解质能导电；
⑨氨水是混合物，能导电，既不是电解质也不是非电解质；
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⑩胆矾是盐，是电解质；
综上有能导电的是①②③⑧⑨，属于电解质的是⑤⑥⑧⑩。将
溶液滴加
溶液中至
恰
好完全沉淀，此过程中反应的离子方程式为
；检验
是先加入
稀盐酸无明显现象，再加氯化钡，产生白色沉淀；
（2）置换反应一定属于氧化还原反应，属包含关系，复分解反应一定不是氧化还原反应，则A 是氧化还
原反应，B 是置换反应，C 是离子反应，D 是复分解反应。故其中表示离子反应的是C；
（3）根据As2O5溶于水缓慢化合生成一种三元酸(H3AsO4)，说明As2O5是酸性氧化物，As2O5可以和NaOH
溶液反应生成Na3AsO4和H2O，反应方程式为：As2O5+6NaOH=2Na3AsO4+3H2O，而Fe2O3和MgO 是碱性氧
化物，不与NaOH 溶液反应，所以可用NaOH 溶液分离提取砷元素；
（4）H3PO2(次磷酸)与足量的NaOH 反应只生成NaH2PO2一种盐，说明H3PO2是一元弱酸，NaH2PO2为正
盐；
（5）反应中NaClO2中Cl 发生歧化反应，充+3 价到+4 价和-1 价，用双线桥表示为：
。
19．（2024·吉林·一模）氮和氯是重要的非金属元素，研究它们的性质对生产、生活和科研有重要意义。
(1)氮的单质常用作保护气(如填充灯泡、焊接保护等)，原因是 。
(2)化工厂用浓氨水检验输送Cl2的管道时，有漏气的地方有白烟生成，发生反应的化学方程式为 。
(3)①实验室中浓HNO3盛放在棕色试剂瓶中，请用化学方程式说明其原因 。
②实验室中足量的浓H2SO4和Cu 充分反应，发生反应的氧化剂和还原剂的物质的量之比是 。
③上面两个反应都有污染性气体生成，下列哪些试剂在处理两种污染性气体中均可以使用 (填
标号)。
a．H2O b．NaOH c．NaHSO3 d．Na2CO3
(4)自来水安全问题关系民生。我国开始用ClO2替代Cl2对自来水消毒，优点之一是 ，可用
NaClO2在酸性条件下制得ClO2，同时得到中性钠盐，发生反应的离子方程式是 。
【答案】
(1)
的化学性质很稳定
(2)
(3)
bd
(4)消毒效率高，避免生成有机氯化物对人体有害
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【详解】（1）氮的单质常用作保护气(如填充灯泡、焊接保护等)，原因是氮气分子中两个氮原子均满足8
电子稳定结构，因此
的化学性质很稳定；
（2）用浓氨水检验输送Cl2的管道时，有漏气的地方有白烟生成，即生成了氯化铵，化学方程式为
；
（3）①浓硝酸见光易分解，化学方程式为
，因此需要盛放在棕色试剂瓶中；
②实验室中足量的浓H2SO4和Cu 充分反应，生成硫酸铜、二氧化硫和水，Cu 化合价由0 价升高到+2 价，
做还原剂，浓H2SO4中的S 由+6 价降低到+4 价，做氧化剂，根据转移电子守恒可知，氧化剂和还原剂的物
质的量之比为1：1；
③上面两个反应分别生成NO2、SO2两种污染性气体；
a．NO2与水反应会生成硝酸和NO，NO 还是污染性气体，a 不选；
b．两种气体均能被氢氧化钠溶液吸收，b 选；
c．SO2不能和NaHSO3溶液反应，c 不选；
d．碳酸钠溶液呈碱性，可以吸收NO2、SO2两种污染性气体，d 选；
故选bd；
（4）自来水安全问题关系民生。我国开始用二氧化氯替代氯气对自来水消毒，优点之一是消毒效率更
高，避免生成有机氯化物对人体有害；可用亚氯酸钠在酸性条件下制得二氧化氯，同时得到中性钠盐
NaCl，发生反应的离子方程式是
。
20．（2024·河南·模拟预测）铁及其化合物在生产、生活中有着重要作用。回答下列问题。
(1)从物质类别和元素价态角度分析，下列说法错误的是_______(填选项字母)。
A．高温下，
与水蒸气反应生成
B．
在潮湿空气中放置一段时间，会转化为
C．可以向
溶液中放入少量
粉，以防止溶液变质
D．
胶体可以用滤纸过滤分离出纳米
颗粒
(2)利用
溶液和覆铜板制作图案：取一小块覆铜板，用油性笔在覆铜板上画上设计好的图案，然后浸
入盛有
溶液的烧杯中。过一段时间后，取出覆铜板并用水清洗干净。
①该过程发生反应的离子方程式为 。
②检验反应后溶液中生成
的化学试剂为 (填化学式)。
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(3)工业上常利用
溶液浸取黄铁矿
制备绿矾
，浸取过程中，黄铁矿中的硫元
素最终以
形式进入溶液中，则该反应中氧化剂与还原剂的化学计量数之比为 。
(4)高铁酸钠
是一种新型污水处理剂。以次氯酸钠和氯化铁为原料，在
溶液中反应可制备
高铁酸钠。
①写出制备高铁酸钠的离子方程式： 。
②若反应过程中转移了
电子，则还原产物的物质的量为
。
(5)某小组在探究氯水与
溶液反应生成
的实验中，加入
检验
时，观察到溶液先变红，
片刻红色褪去。将褪色后的溶液均分成两份，向其中一份褪色后的溶液中滴加
溶液，无明显现象。
向另一份褪色后的溶液中滴加
溶液，又观察到溶液先变红，片刻红色褪去的现象，继续滴加
溶液至过量，最终溶液变为红色。则开始时红色褪去的原因是 。
【答案】
(1)AD
(2)2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+ K3[Fe(CN)6]
(3)7:1
(4)2Fe3++3ClO-+10OH-=2Fe
+3Cl-+5H2O 0.45
(5)SCN-[或 Fe(SCN)3]被氧化
【详解】（1）高温下，Fe 与水蒸气反应生成的是 Fe3O4，A 错误 ；
Fe(OH)2在潮湿空气中放置一段时间，会转化为Fe(OH)3，发生反应4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3，B 正
确；
可以向 FeCl2溶液中放入少量 Fe 粉，以防止溶液变质，C 正确 ；
Fe(OH)3胶体可以透过滤纸，不能用滤纸过滤分离出纳米Fe(OH)3颗粒，D 错误；
故选 AD。
（2）FeCl3溶液与铜反应的离子方程式为2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+
检验 Fe2+的化学试剂为K3 [Fe(CN)6]；
（3）工业上利用 Fe2 (SO4)3溶液浸取黄铁矿(FeS2)制备绿矾(FeSO4·7H2O)过 程中，黄铁矿中的硫元素最终
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以
形式进入溶液中，发生的反应为7Fe2 (SO4)3+FeS2+8H2O=15FeSO4+8H2SO4，Fe2 (SO4)3中Fe 元素化
合价降低，作氧化剂 ，FeS2 中S 元素化合价升高，作还原剂， 因此氧化剂与还原剂的化学计量数之比为
7:1；
（4）①NaC1O 具有氧化性，将Fe(OH)3氧化为Na₂FeO，反应的离子方程式为2Fe3++3ClO-+10OH-=2Fe
+3Cl-+5H2O；
②若反应过程中转移了0.9mol 电子，则还原产物的物质的量为0.45mol；
（5）开始时红色褪去的原因是 SCN-或Fe(SCN)3 被氧化。
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