物理（上海卷）（全解全析）_8、物理总复习_2024中考模拟题物理_一模_物理（上海卷，考试范围：九年级第6-8章）-2024年中考第一次模拟考试

2024 年中考第一次模拟考试（上海卷） 物理·全解全析 一、选择题 1．判别电灯亮度的主要依据是（ ） A．电压 B．电流强度 C．电功 D．电功率 【答案】D 【详解】灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大灯泡越亮。故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 2．下列选项中能影响导体电阻大小的因素是（ ） A．导体两端的电压 B．导体中的电流 C．通过导体的电荷量 D．导体的材料 【答案】D 【详解】ABC．导体的电阻大小与导体两端的电压和通过导体的电流、电荷量无关，故ABC不符合题意； D．导体电阻的大小与导体材料、导体的长度、导体横截面积有关，故D符合题意。 故选D。 3．以下说法中正确的是（ ） A．由密度公式 可知，物质的密度与质量成正比，与体积成反比 B．铁的质量可能比泡沫塑料的质量小 C．将某种液体倒掉一半，该液体的密度会变为原先的一半 D．密度是物体的一种属性 【答案】B 【详解】A．密度是物质本身的一种特性，对于同种物质，密度一定，密度不随质量或体积的变化而变化， 故A错误。 B．密度不同的两个物体，其质量的大小不能确定，铁的质量可能比泡沫塑料的质量小，故B正确； CD．密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积无关，将某种液体倒掉一半，该液体的密度不变， 故CD错误。 故选B。 4．“海中断崖”是由海水密度异常变化而导致浮力急剧变化的现象。若某潜艇在同一片海水由上层密度 大的海水进入下层密度小的海水过程中，该潜艇受到的浮力将（ ） A．变小 B．变大 C．不变 D．无法确定 【答案】A 【详解】潜艇在同一片海水由上层密度大的海水进入下层密度小的海水过程中，潜艇排开海水的体积不变， 海水的密度变小，由 可知，潜艇受到的浮力变小，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。 5．某自动扶梯无人乘坐时，运行速度缓慢；有人乘坐时，感应开关自动闭合，速度增大。自动扶梯的动 力由电动机M提供，扶梯出、入口处各有一个紧急制动开关，断开任何一个，都能使其停止工作，模拟电 路如图所示。下列说法中正确的是（ ） A． 是感应开关，S、S 是紧急制动开关 2 3 B． 是感应开关，S、S 是紧急制动开关 1 3 C．通过电阻的电流，无人乘坐时比有人乘坐时大 D．通过电动机的电流，有人乘坐时比无人乘坐时小 【答案】C 【详解】AB．分析电路中开关S、S，在干路中，断开其中任何一个，都可以断开整个电路，电动机不工 1 2 作，所以 S、S 是紧急制动开关；S 与电阻R并联，S 闭合会把电阻R短路，使电路中电阻变小，电流变 1 2 3 3 大，电动机的转速变大，则S 是感应开关，故AB错误； 3 C．有人乘坐时，S、S、S 都闭合，电阻R被短路，自动扶梯高速运行，所以通过R的电流为0，无人乘 1 2 3 坐时通过R的电流大于有人乘坐时，故C正确； D．无人乘坐时，S、S 闭合，S 断开，电阻R串联在电路中，电路中电流较小，故D错误。 1 2 3 故选C。 6．如图所示，薄壁圆柱形容器A、B放在水平面上（S >S ），其中分别盛有质量为m 、m 的两种等高 A B 甲 乙 液体，它们对容器底部的压强为p 、p 。现在两容器中分别倒入体积相同的原有液体后（容器足够高）， 甲 乙 此时它们对容器底部的压强相等，倒入液体质量分别为Δm 、Δm ，液体压强变化量分别为Δp 、Δp 。 甲 乙 甲 乙 则下列判断正确的是（ ） A．m >m ，p

p 甲 乙 甲 乙 C．Δm >Δm ，Δp <Δp 甲 乙 甲 乙 D．Δm <Δm ，Δp >Δp 甲 乙 甲 乙【答案】C 【详解】A．由题意可知，刚开始时两容器中液面相平，S >S ，当加入的液体体积相同时，两容器中液面 A B 的高度变化Δh <Δh ，此时h 'p ，故A错误； 甲 乙 D．刚开始时p >p ，加入的液体体积相同时，它们对容器底部的压强相等，所以Δp <Δp ，故D错误； 甲 乙 甲 乙 B．甲液体的密度大于乙液体的密度，由图可知，刚开始时容器中甲液体的体积大于乙液体的体积，根据 密度公式可知，甲液体的质量大于乙液体的质量，故B错误； C．加入液体的体积相同，甲液体的密度大于乙液体的密度，所以Δm >Δm ，故C正确。 甲 乙 故选C。 二、填空题 7．上海地区家用照明电路的电压为 伏；额定功率1000瓦的电饭锅正常工作2小时，耗电 度。我国在远距离输电过程中，通常采用高压输电的方式，其目的是 。 【答案】 220 2 减小输送过程中在输电线上电能的损耗 【详解】[1]我国家庭电路的电压为220V，所以上海地区家用照明电路的电压为220V。 [2]额定功率1000W的电饭锅正常工作2小时消耗的电能 W=Pt=1kW×2h=2 kW·h =2度 [3]根据P=UI可知，在输送功率一定时，电压越高，电流越小，输电线的电阻一定，由Q=I2Rt可知，可以 减小输送过程中在输电线上电能的损耗。 8．重力为600牛的某同学躺在床上时，他对床的压力为 牛；若此时他对床面的压强为3000帕，其 物理意义表示 ，这时他与床面的接触面积为 m2。 【答案】 600 1m2的床面受到的压力为3000N 0.2 【详解】[1]对该同学进行受力分析，该同学在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，这两 个力是一对平衡力，大小相等，即 由于他对床面的压力与床面对他的支持力是作用力与反作用力，则支持力和压力的大小是相等的，即 [2] 若此时他对床面的压强为3000帕，可以表示为 根据压强的物理意义可知，1m2的床面受到的压力为3000N。 [3]根据 得 这时他与床面的接触面积0.2m2。 9．图（a）中的电热水壶，通过壶外透明玻璃管的液面就可知道水壶内的水位，这是利用了原理；图（b）中茶壶的盖上有一个小孔，是为了壶内的气压与外界 相等，更容易把水倒 出；图（c）中拦河大坝建成上窄下宽的主要原因是水的压强随 的增加而增大。 【答案】 连通器 大气压强 深度 【详解】[1]图（a）中的电热水壶，壶内水位的玻璃管是根据连通器的原理来工作的，根据连通器的原理 可知，壶内水位的玻璃管与壶内的水位是相平的，因此通过观察玻璃管内水位的高低就可判断壶内水位的 高低。 [2]图（b）中茶壶的盖上有一个小孔，使茶壶内外相通，所以茶壶内外气压相同，故壶内的气压与外界大 气压强相等。 [3]图（c）中拦河大坝要受到水对它一个向外的压强，根据液体压强的特点可知，液体压强随着深度的增 加而增大，为了防止大坝被冲毁，所以修的上窄下宽。 10．如图所示，通电螺线管的右端是 极；磁体周围的曲线可以用来描述磁场的 和方向。用“北斗导航”进行导航时，卫星与导航设备之间是通过 来进行通信的（选填 “无线电波”或“声波”）。 【答案】 N 强弱 无线电波 【详解】[1]由图知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据螺线管的线圈绕向，用右手握住螺线管， 使四指指向电流方向，则大拇指所指的右端为螺线管的N极，左端为S极。 [2]磁体周围的曲线是磁感线，是用来描述磁场的强弱和方向的。 [3]因为卫星处于真空环境，所以卫星与导航设备之间是只能通过电磁波，即用无线电波来进行通信。 11．某导体两端电压为6伏，通过该导体的电流为0.5安，则10秒内通过导体横截面的电荷量 库，电流所做的功为 焦；当该导体两端电压为0时，导体的电阻为 欧。 【答案】 5 30 12 【详解】[1]10秒内通过该导体横截面的电荷量 Q=It=0.5A×10s=5C [2]电流做功 W=QU=5C×6V=30J [3]导体的电阻电阻与导体两端的电压大小无关，故当该导体两端电压为0时，导体的电阻仍为12Ω。 12．一重为20牛的形状不规则的物体浸没在水中，受到水向下的压力为10牛，水向上的压力为19.8牛， 则该物体受到的浮力为 牛，体积为 米3。当该物体在水底静止时受到的重力和浮力的合力为 牛。 【答案】 9.8 1×10-3 10.2 【详解】[1]物体浸没在水中受到的浮力为 F =F -F =19.8N-10N=9.8N 浮 向上 向下 [2]物体完全浸没，物体体积等于排开液体的体积，物体的体积 [3]物体在水底静止时受到的重力和浮力的合力为 F =G-F =20N-9.8N=10.2N 合 浮 13．在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。一段时间后观察到电压表示数 变大。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻 或 上。 （1）电路中可能存在的故障是 ； （2）现用完好的变阻器 替换电阻 ，闭合开关，移动滑片使变阻器阻值减小。请指出不同故障下，移 动滑片时电压表示数的变化情况。 【答案】 R 短路或R 断路 见解析 1 2 【详解】（1）[1]由图知道，两电阻串联，电压表测量电阻R 两端的电压。根据题意知道，工作一段时间 2 后，电压表的示数变大，则电压表测量的是电源电压，此时的故障可能为R 短路或R 断路。 1 2 （2）[2]现用完好的变阻器 替换电阻 ，闭合开关，移动滑片使变阻器阻值减小。若原来故障为R 短路， 1 则替换之后R 与R 串联。移动滑片使变阻器阻值减小，电路总电阻减小，由欧姆定律知道，电路电流增 0 2 大，由U=IR可知，则R 两端电压增大，即电压表示数变大；若原来故障为R 断路，则替换之后，电压表 2 2 与R 串联，此时电压表测电源电压，移动滑片使变阻器阻值减小过程中，不影响电压表示数，电压表示数 0 不变。 三、作图题 14．在图中，根据磁感线方向，标出小磁针的N、S极及电源的正、负极。【答案】 【详解】磁体外部的磁感线总是从磁体的N即出发，所以螺线管的左端为N极，右端为S极，由磁极间的 相互作用可知小磁针的右端为S极，左端是N极，根据安培定则可以判断出电源的右端是正极，左端是负 极，如图所示： 15．在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S，滑片P 向左移动的过程中，电流表示数变小，小灯L亮度不变。【答案】 【详解】闭合开关S后，小灯泡L发光，说明开关能控制小灯泡；向左移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡 L亮度不变，故灯泡与变阻器并联；根据电流表的示数变小，可让电流表与变阻器串联；向左移动滑片， 电流表的示数变小，说明变阻器接入电路的电阻变大，故将滑动变阻器右下接线柱接入电路中，如图所示： 四、综合题 16．浸没在水中的合金块排开水的体积为2×10-3米3，求合金块受到浮力的大小。 【答案】19.6N 【详解】解：合金块受到的浮力 答：合金块受到的浮力为19.6N。 17．在图所示的电路中，电源电压为9伏且保持不变，电阻R 为10欧。闭合开关S后，电流表的示数为 2 1.2安，求： （1）通过电阻R 的电流I。 2 2 （2）电阻R 的阻值。 1 （3）根据并联电路电流、电压的特点及欧姆定律，推导出并联电路电阻的规律： = + 。【答案】（1）0.9安；（2）30欧；（3）见解析 【详解】解：（1）电路为R、R 并联，R 两端电压为9V，通过电阻R 的电流 1 2 2 2 （2）电阻R 的电流 1 电阻R 的阻值 1 （3）根据欧姆定律 因为并联电路电流关系 所以 又因为 所以 = + 答：（1）通过电阻R 的电流0.9A； 2 （2）电阻R 的阻值30欧。 1 18．如图所示，棱长分别为0.2米和0.1米的实心立方体A、B放置在水平地面上，物体A、B的质量均为 5千克。求： （1）物体的密度ρ ； A （2）物体B对水平地面的压强p ； B（3）小明在A、B两物体中选择某一物体沿水平方向截取一定质量 ，并将截取的那一部分 置于对 方的上表面，使此时它们对水平地面的压强相等。请写出满足p ′、p ′的截取和放置情况，并计算出 。 A B 【答案】（1）0.625×103千克/米3；（2）49000帕；（3）3千克 【详解】（1）由 知道，物体A的密度 （2）因物体B对水平地面的压力和自身的重力相等，所以，物体B对水平地面的压强 （3）物体A对水平地面的压强 由p ＜p 知道，应从B上截取，若沿水平方向截取，则 A B 由 知道， 即 解得Δm＝3kg； 若沿竖直方向截取，由 知道，B剩余部分对水平地面的压强不变，由 知道， 即解得Δm＝15kg>5kg，所以不可行。 答：（1）物体A的密度ρ 为1×103kg/m3； A （2）物体B对水平地面的压强p 为49000Pa； B （3）小明在B物体上方沿水平方向截取3kg，并将截取部分置于A的上表面时，它们对水平地面的压强 p ′=p ′。 A B 19．在如图（a）所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，滑动变阻器R 是规格为“20Ω 2A”和“50Ω 2 1.5A”中的一个。 （1）若电阻R 的阻值10欧，求电键闭合后： 1 ①通过R 的电流I； 1 1 ②电阻R 消耗的电功率P。 1 1 （2）若在电路中正确串联两个电流表，闭合电键后，当变阻器连入电路的阻值为其最大阻值的一半时， 电流表示数如图（b）、（c）所示。请通过计算判断所用变阻器的规格，并求出R 可能的阻值。 1 【答案】（1）①0.6A；②3.6W；（2）“20Ω 2A”； 20Ω、6.7Ω 【详解】解：（1）①由电路图可知，R 与R 并联，因并联电路中各支路电流的电压相等，所以，通过R 1 2 1 的电流为 ②电阻R 消耗的电功率 1 （2）由图b可知，电流表的量程为0～0.6A时示数为0.18A，电流表量程为0～3A时示数为0.9A；由图c 可知，电流表的量程为0～0.6A时示数为0.3A，电流表的量程为0～3A时示数为1.5A。当变阻器连入电路 的阻值为其最大阻值的一半时，通过两滑动变阻器的电流分别为 或 据此可知，电流表不可能接在滑动变阻器支路上，应一个串联在R 支路，另一个位于干路，①若R 的规 1 2 格为“20Ω 2A”，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流应大于0.6A，则干路电流可能为0.9A、1.5A， a．若干路电流为0.9A，则通过R 的电流为 1 与b电流表的示数相符；此时R 的阻值 1 b．若干路电流为1.5A，则通过R 的电流为 1 与c电流表的示数相符；此时R 的阻值 1 ②若R 的规格为“50Ω 1.5A”，干路电流应大于0.24A，可能为0.3A、0.9A、1.5A， 2 答：（1）①通过R 的电流为0.6A；②电阻R 消耗的电功率为3.6W； 1 1 （2）变阻器的规格为“20Ω2A”，R 的阻值可能为20Ω、6.7Ω。 1 20．在测定“灯泡电功率”实验中，已知电源电压是6V，小灯泡的额定电压是3.8V。 （1）实验的原理是 ； （2）若刚连接完最后一根导线，立即看到灯泡发出明亮的光。请你找出实验中两个操作不当之处：① ；② 。检查无误后，闭合开关，并调节滑片P，虽然两表示数能够发生变化，但发现灯泡电压无法 降低到3.8V，其原因可能是 ； （3）如表为实验记录 实验序号 电压（V） 电流（A） 电功率（W） 功率平均值（W） 1 3.0 0.24 2 3.8 0.30 3 4.5 0.34 由表可知，该小组的错误是： 。灯泡的额定功率为 W； （4）同学们根据测量灯泡实际功率的多组实验数据，分析出灯泡的电流与电压不成正比。请你推算当灯 泡电压为2V时，它的实际功率将 0.5W（填“大于”“小于”或“等于”）。 【答案】 连接电路时开关没有断开 开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片移至阻 值最大处 滑动变阻器的最大阻值太小 求功率的平均值 1.14 小于 【详解】（1）[1]测灯泡电功率时，用电压表测出灯泡两端的电压，用电流表测出通过灯泡的电流，利用 求出灯泡的电功率，因此测灯泡电功率的实验原理是 。 [2] [3]连接完最后一根导线，立即看到灯泡发出明亮的光，说明连接电路时开关没有断开；灯泡放出明亮 的光，说明通过灯泡的电流较大，由串联电路的电阻规律和欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路的电 阻较小，说明开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。[4]灯泡电压无法降低到3.8V，由串联电路的电压规律可知，此时变阻器两端的电压太小，由串联电路的分 压原理可知，滑动变阻器能接入电路的电阻太小，即滑动变阻器的最大阻值太小。 （2）[5] 由表中数据结合 可知，灯泡在不同电压下的电功率不同，求灯泡的平均功率没有意义，因 此该小组的错误是：求功率的平均值。 [6]由表中数据可知，当灯泡两端的电压等于额定电压3.8V时，通过灯泡的电流为0.30A，则灯泡的额定功 率为 （3）[7]由表中数据可知，当灯泡两端的电压减小时，通过灯泡的电流也变小，因此当灯泡两端的电压为 2V时，通过灯泡实际的电流小于电压为3.0V时通过灯泡的电流0.24A，即 ，此时灯泡的实际功 率为