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镇江市 2018 年中考物理试卷
一、单选题
1. 功的单位是正确的
A. 焦耳 B. 赫兹 C. 牛顿 D. 欧姆
【答案】A
【解析】
【详解】A、焦耳是功和能量的基本单位．故A正确；
B、赫兹是频率的基本单位．故B不正确；
C、牛顿是力的基本单位．故C不正确；
D、欧姆是电阻的基本单位．故D不正确．
故选A．
【点睛】重点是各物理量及其单位的掌握情况，物理学中为了记住物理学家，常用他们的名字作为物理学
单位，是基本知识，要牢记．
2. 下列各种粒子，不带电的是（ ）
A. 原子核 B. 质子 C. 中子 D. 电子
【答案】C
【解析】
【详解】A．原子核带正电荷，故A不符合题意；
B．质子带正电荷，故B不符合题意；
C．中子不带电，故C符合题意；
D．电子带负电荷，故D不符合题意．
3. 关于声现象，下列说法正确的是
A. 声音可在真空中传播
B. 声音是由于物体振动产生的
C. 通过声音的音调可辨别乐器的种类
D. 考场附近安装噪声监测仪可减弱噪声
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音的传播需要介质，真空不能传声；故A错误；
B．发声体在振动，声音由物体振动产生的，故B正确；C．不同乐器发出声音的音色不同，故通过声音的音色可辨别乐器的种类，故C错误；
D．噪声监测仪只能监测噪声的级别，不能减弱噪声，故D错误．
4. 下列物态变化属于凝固的是
A. 雾的形成 B. 河道结冰
C. 冰冻衣服晾干 D. 露珠的形成
【答案】B
【解析】
【详解】 雾是空气中的水蒸气由气态变成液体发生的液化现象，故A不合题意；
B.结冰是水由液态变成固态发生的凝固现象，故B符合题意；
C.冰冻衣服变干，是冰由固态直接变成气态发生的升华现象，故C不合题意；
D.露珠是空气中的水蒸气由气态变成液态发生的液化现象，故D不合题意．
故选B．
【点睛】物质通常存在三种状态，物质由一种状态变为另一种状态的过程，叫物态变化，总共有六种变化
过程，像这类的题目，只要记清楚物态变化过程即可正确解题．
5. 一位初中生用30s从坡底爬上了9m高的山坡．他爬坡时的功率与下列哪一个最接近
A. 几瓦 B. 十几瓦 C. 一百多瓦 D. 一千多瓦
【答案】C
【解析】
【详解】中学生的质量约50kg，体重约 左右，山坡的高度为9m．登楼的功率：
，
可见，他爬坡时的功率与C选项最接近；
故选C。
6. 下列表示四冲程汽油机处于压缩冲程的是A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．进气门开启，排气门关闭，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程，故A不符合题意；
B．两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，故B不符合题意；
C．两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，故C符合题意；
D．进气门关闭，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程，故D不符合题意．
故选C．
【点睛】考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断．
7. 下列说法正确的是
A. 太阳光是由多种色光混合而成的 B. 一切物体都具有热量
C. 电磁波的传播速度为 D. 核能属于可再生能源
【答案】A
【解析】
【详解】A、由光的色散现象知，太阳光是由红橙黄绿蓝靛紫七种色光组成的．故A正确；
B、物体传递能量的多少叫热量，热量是一个过程量，一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以应
说一切物体都有内能，故B错误；
C、电磁波在真空中的传播速度约为 ，在其他介质中速度要小一些，故C错误；
D、核能与其它化石类能源一样，不能短期内从自然界得到补充，是不可再生能源，故D错误；
故选A．
【点睛】不可再生能源在自然界中经过亿万年形成，短期内无法恢复，称之为非再生能源．非再生能源包
括：煤、原油、天然气、油页岩、核能等，它们是不能再生的，用掉一点，便少一点．
8. 小明设计了一种停车位是否被占用的模拟提醒装置：用指示灯L发光的亮和暗分别表示车位被占用和未被占用，车位被占用时控制开关S闭合，下列能实现此功能的电路是
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】由题知，车位被占用时控制开关S闭合，此时指示灯L发光较亮；车位未被占用时开关S断开，
指示灯L发光较暗．
A．由图知，当开关S闭合时，此时R被短路，只有L接入电路，L两端的电压为电源电压，指示灯发光
较亮；开关S断开时，L与R串联，总电阻较大，电流较小，指示灯发光较暗，故A符合题意；
B．由图知，当开关S闭合时，此时L被短路，指示灯不会发光，故B不符合题意；
C．由图知，当开关S闭合时，此时L与R串联，此时灯的亮度较暗；开关S断开时，灯泡不发光；故C
不符合题意；
D．由图知，L与R并联，当开关S闭合或断开，L始终接入电路中，L两端的电压始终为电源电压，则灯
泡发光的亮度不变，故D不符合题意．
故选A．
【点睛】注意熟练应用串、并联电路的电压和电流特点，都是电路的最基本规律，是分析电路的基础，一
定要熟练掌握．
9. 如图所示，将纸片从易拉罐和水平桌面间快速水平抽出，易拉罐几乎不动．则将纸片抽出的过程中，易
拉罐
A. 不具有惯性 B. 在水平方向上受力平衡
C. 相对纸片水平向右运动 D. 受到水平向右的摩擦力
【答案】D
【解析】
【详解】A、易拉罐原来处于静止状态，当猛地将纸片拉走时，由于惯性易拉罐还要保持原来的静止状态
不变，故A错误；
BC、在拉动纸片的瞬间，易拉罐静止，纸片向右运动，所以此时易拉罐相对于纸片向左运动，所以易拉罐由静止变为运动，所受力不平衡，故BC错误；
D、在拉动纸片的瞬间，易拉罐静止，纸片向右运动，所以此时易拉罐相对于纸片向左运动，将受到纸片
向右的摩擦力，故D正确．
故选D．
【点睛】关键是惯性的理解，惯性即物体保持运动状态不变的性质，惯性大小只与质量有关，是物体最基
本的属性之一，注意能用惯性解释生活中的现象．
10. 如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小， 为定值电阻，当光
照减弱时
A. V与 示数的比值减小 B. V与 示数的比值不变
C. 与 示数之差变大 D. 电路消耗的总功率减小
【答案】D
【解析】
【详解】如图，光敏电阻R与定值电阻 并联，电压表测量的是R两端的电压 即电源的电压 ，保持不
变；电流表 测量的是通过R的电流，电流表 测量的是干路中的电流；
已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通
过R的电流变小，即电流表 示数变小；通过 的电流不变，而通过R的电流变小，所以干路中的电流
变小，即电流表 示数变小；
A、由欧姆定律可知，V与 示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该比值变大，故A错
误；B、电压表示数不变， 示数变小，则V与 示数的比值变大，故B错误；
C、由并联电路的特点可知， 与 示数之差为通过 的电流，保持不变，故C错误；
D、电源电压不变，总电流变小，根据 可知，总功率减小，故D正确．
故选D．
11. 烛焰和光屏的中心在凸透镜主光轴上，它们的初位置如图所示，凸透镜的焦距为10cm，下列操作不可
能使烛焰在光屏上成清晰像的是
A. 仅将蜡烛移至刻度线M的左侧某处
B. 仅将光屏移至刻度线P的右侧某处
C. 仅将凸透镜向左移至刻度N处
D. 将透镜右移3cm，且光屏移至刻度线Q的右侧某处
【答案】C
【解析】
【详解】凸透镜的焦距为10cm，由图可知此时的物距等于15cm，在一倍和2倍焦距之间，像到光屏的距
离也为15cm，像距也在一倍和2倍焦距之间。
A．要想使烛焰在光屏上成清晰的像，如果只移动蜡烛就要移到二倍焦距以外，即将蜡烛移至刻度线M的
左侧某处，故A能成清晰的像，不符合题意；
B．物距在一倍和2倍焦距之间，如果只移动光屏，需要将光屏移至二倍焦距以外，故B能成清晰的像，
不符合题意；
C．如果只将透镜移到N点，此时的物距等于12cm，蜡烛处在一倍焦距和二倍焦距之间，物体成像在二倍
焦距以外的位置，此时光屏到透镜间的距离只有18cm，故不能在光屏上成清晰的像，故C不可能成清晰
的像，符合题意；
D．如果将凸透镜右移3cm，此时物距为18cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，则物体成像在二倍焦距
以外的位置，此时光屏移到Q点右侧某个位置能成清晰的像，故D可能成清晰的像，不符合题意；故选C。
【点睛】凸透镜成像规律是常考试的内容，应牢记凸透镜的成像规律，有些同学总是记不住，要下点功夫，
可以结合成像光路图进行练习、记忆．
12. 如图所示，水平路面由三段长度相等的粗糙区域组成。在2N水平拉力F的作用下，物块 体积忽略不
计 从区域 的最左端由静止开始运动，在刚进入区域 时撤去拉力，物块最终停在区域 的最右端。
如图为物块在区域 和 上运动的 图像，则
A. 区域 路面的粗糙程度比 的大
B. 拉力在区域 中做功的功率比 的小
C. 物块在区域 上所受的摩擦力等于2N
D. 物块在区域 上运动的时间可能为1s
【答案】B
【解析】
【详解】由图知：物体在 内做加速运动，在 内做匀速运动，且物体在 内图像与
内图像与坐标轴围成的面积相同，说明物体运动的路程相同。
物体在 内在区域 上做加速运动，在 内在区域 上做匀速直线运动，区域 表面上受到
的摩擦力小于拉力F，在区域 表面上受到的摩擦力等于拉力F。A．压力相等，所以区域 路面的粗糙程度比区域 的粗糙程度小，故A错误；
B．拉力在 区域运动的距离相等，做功相等，在区域 上运动时间长，根据 知，在区域
上功率小。故B正确；
C．物体在区域 上受到的摩擦力小2N，故C错误；
D．当物体进入区域 时，撤去外力，物体受到向左的摩擦力作用，做减速运动，最后停在区域 的最
右端，其运动形式与区域 正好相反，所以物体在区域 上运动的时间也是2s。故D错误。
故选B。
【点睛】重点是力和运动的关系的应用，结合运动图像和速度 时间图像得到有价值的信息，是解答此题
的关键。
二、填空题
13. 图中，物块 长度为______cm．
【答案】
【解析】
【详解】图中刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；
它的起始刻度从零刻度线开始，右侧对应的刻度为2.85cm，则物块的长度为 ．
【点睛】考查了刻度尺的使用，关键是一定要记住长度的记录结果必须有一位估计值，这是很多同学容易
忘记的地方，多加练习形成习惯．
14. 图中，电压表的示数为________ V．
【答案】2.2
【解析】【详解】电压表使用的0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V．
故答案为2.2V．
【点睛】注意电压表接线柱接法，先确定电压表量程，在确定分度值．
15. 图中，弹簧测力计的示数为______N．
【答案】
【解析】
【详解】弹簧测力计上每一个大格是1N，每一个小格是 ，即分度值为0.2N；
从数值小的往数值大的顺序读数，所以弹簧测力计的示数为 ．
【点睛】注意弹簧测力计读数时看清楚单位和量程，弄清楚分度值再读数，不要小看了读数，在考试中是
经常出现的．
16. 如图所示，向盒中滴入几滴酒精后就闻到了酒精的气味，酒精发生的物态变化是______，将盒盖盖紧
后启动电火花发生器，盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物体的______，盒盖的机械能是由燃气的
______能转化而来的。
【答案】 (1). 汽化 (2). 运动状态 (3). 内
【解析】
【详解】[1]我们能够闻到酒精味，是因为液态的酒精发生汽化变成了气态扩散到了空气中；
[2]将盒盖盖紧后启动电火花发生器，酒精瞬间剧烈燃烧，化学能转化为内能，产生高温高压的燃气，使盒
盖向外飞出，这说明了力可以改变物体的运动状态；
[3]盒盖的机械能是由燃气的内能转化而来的，即内能对外做功。
17. 如图所示，回形针处于静止状态，通电螺线管 电流方向见图 的下端为______极。回形针因处在通电
螺线管所产生的______中而被磁化，它的上端为______极。【答案】 (1). S (2). 磁场 (3). N
【解析】
【详解】[1]由安培定则可知，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的上端为通电螺
线管的N极，其下端为S极；
[2]回形针因处在通电螺线管所产生的磁场中被磁化，所以回形针被通电螺线管吸引；
[3]根据异名磁极相互吸引可知回形针的上端为N极。
18. 小明通过机械将重100N的重物在5s内竖直向上匀速提升了2m，机械效率为 则此过程中有用功
______J，额外功 ______J，小明做功的功功率 ______W．
【答案】 (1). 200 (2). 50 (3). 50
【解析】
【详解】此过程中有用功： ；
根据 可知，
总功为： ；
额外功为： ；
小明做功的功率： ．
【点睛】涉及机械做功的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，特别要清楚额外功是对谁
做的功，弄清楚这些功后，求效率和功率就显得简单了．19. 图是研究“相同时间内导体产生的热量与______的关系”的装置．每只烧瓶中煤油质量均为200g，电
阻丝 ，电路中电流 通电5min后，左侧烧瓶中的煤油温度升高了 ，煤油吸收的热量
为______J， 产生的电热为______J.
【答案】 (1). 电阻 (2). 840 (3). 1500
【解析】
【详解】由图可知，设计成串联电路，可以控制电流和通电时间相同，可以探究电流通过导体产生的热量
与电阻大小的关系；
煤油吸收 热量：
；
电阻丝电阻丝 在5min内产生的热量为：
．
【点睛】重点是吸热公式和焦耳定律公式的应用，注意公式应用时单位要统一，一般都使用主单位进行计
算，而实验中利用了控制变量法，根据此方法进行分析．
20. 如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动， ，物块G重30N， ，在B点作用一
个竖直向上的拉力F使杠杆在水平位置平衡，F的大小为______N；保持杠杆在水平位置平衡，仅将拉力F
沿顺时针方向转动，则在转至虚线 所示位置的过程中，拉力大小将______，在转至虚线 所示位置时，
拉力与物重的大小关系为F______G．
【答案】 (1). 15 (2). 变大 (3).
【解析】【详解】(1)[1]由杠杆平衡条件得：
，
因为
；
(2)[2]保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F沿顺时针方向转动，在转至①位置时，拉力的力臂变小，因为阻
力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大；
(3)[3]转至②位置时，由三角函数可知，动力F的力臂为：
，
由杠杆平衡条件得：
，
，
可得： ．
【点睛】关键是杠杆平衡条件的应用，要理解当拉力倾斜时，力臂会变小，所以拉力会变大，最后一问根
据，直角三角形的各边关系分析解答．
21. 某同学设计的具有保温、加热两挡调节功能的电加热器电路如图所示，已知电源电压为220V，电热丝
的阻值为 ，电加热器处于保温挡时的功率为484W，则电热丝 的阻值为______ ，电加热器处
于加热挡时的功率为______ 若该同学选用了熔断电流为5A的熔丝，则你认为该电加热器在实际使用中
会出现的状况是：______．
【答案】 (1). 40 (2). 1210 (3). 电路中的熔丝会熔断
【解析】【详解】 根据公式 可知，S断开时，两电阻串联，电路电阻最大，电功率最小；
所以根据 可得：电加热器处于保温挡时总电阻：
；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以， 的阻值：
．
闭合时，电路为 的简单电路，则电加热器处于加热状态，则电流为：
加热功率：
；
选用了熔断电流为5A的熔丝时，实际使用时， ，所以，电路中的熔丝会熔断．
【点睛】重点是电功率公式的灵活应用，关键是读懂电路图，清楚两种状态下电阻的连接方式，注意牢记
和 ，在纯电阻电路中两公式可以直接使用，计算稍显简单．
22. 如图所示，水平桌面上有两个相同的圆柱形容器A和B，置于其中的圆台形实心铁块甲和乙完全相同，
它们的上表面均与容器中水面相平，则甲、乙受到的浮力 ______ ，当从两容器中分别取出相等质量
的水后（未取完），A、B底部受到水的压强 ______ ，甲、乙受到的浮力 ______ （均选填“
”“ ”或“ ”）。【答案】 (1). (2). (3).
【解析】
【分析】
【详解】[1]圆台形实心铁块甲和乙完全相同，将它们完全浸没在水中，排开液体的体积相同，根据
可知，甲乙所受浮力的大小相等，即 。
[2]由图知，当从容器中取出相同质量的水，因为甲铁块上细下粗，则甲容器中剩余水的深度较大，根据
可知，水对甲容器底部的压强较大，即 。
[3]甲中液面较深，且甲铁块下部粗，所以甲浸没在水中 体积较大，根据 可知，甲受到的
浮力大，即 。
【点睛】重点是阿基米德原理和液体压强公式的应用，根据两铁块相同，结合基米德原理判断出浮力相等，
取出相等的水后，关键是根据横截面积的大小，判断出液面的变化情况，则压强和浮力可比较大小。
23. 如图所示，电压U=12V，灯泡L的额定电压为9V，其电流与电压的关系如图所示，滑动变阻器R的最
大阻值为10Ω．则灯泡L正常发光时的功率为_____W．阻值为_____Ω．在调节滑动变阻器的过程中，灯
泡L消耗电功率的最小值是_____W．在某次正常调节中，R的阻值变化量比L的阻值变化量大，则滑片P
的移动方向是_____（选填“一定向左”“一定向右”或“向左、向右均可”）．
【答案】 (1). 13.5 (2). 6 (3). 2 (4). 向左、向右均可
【解析】
【详解】 灯泡正常发光时的电压为9V，由图象可知，灯泡正常发光时的电流
，灯泡L正常发光时的功率：
；
由 可得，此时灯丝的电阻：
；
由电路图可知，R与L串联，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电流最小，灯泡L消耗电功率的
最小，变阻器接入的最大阻值
；
由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压
，
分析右图得，当电路中的电流为1A，此时灯泡两端电压为2V，电阻两端的电压为10V，总电压为12V；
则灯泡的最小功率：
；
根据物理意义分析：
滑动变阻器的滑片移动时，能调节电路中的电流大小，灯泡的亮度即功率会发生变化；
若滑片向左移动，电流变大，灯变亮，灯丝温度升高，此时滑动变阻器电阻减小，灯丝电阻会变大，电流
为： ，由电流变大可知，灯丝增大的电阻小于滑动变阻器减小的电阻，否则电路中的电流不会
变大，灯不会变亮；
若滑片向右移动时，电流变小，灯会变暗，此时滑动变阻器的电阻变大，灯丝温度降低，电阻变小，但总
电阻一定变大了，即灯丝减小的电阻小于滑动变阻器增大的电阻，否则电流不会减小，灯不会变暗．
所以滑片P的移动方向是：向向左、向右均可．
【点睛】重点是欧姆定律和电功率的计算，关键是能利用好图像中中的条件进行计算，最后一问简单理解
为：灯丝电阻的变化最终是由滑动变阻器的阻值变化而引起的，直接原因是灯丝温度的变化，所以灯丝电
阻的变化量是不可能大于滑动变阻器的阻值变化量的．
三、解答题24. 铁球用细绳悬挂在倾斜杆上处于静止状态，O为重心。请画出铁球所受力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】重力的方向竖直向下，所以从重心竖直向下画，标出符号G；铁球处于静止状态，受平衡力，所
以拉力从重心竖直向上沿着绳画，标出符号F，拉力长度与重力长度相等，如图所示：
【点睛】注意理解重力的方向始终竖直向下，与物体所处的位置及运动状态无关，不可描述为垂直向下。
且要注意球处于静止，为平衡状态，则拉力与重力平衡。
25. 如图所示，用平面镜成像特点画出线段AB经平面镜所成的像．【答案】
【解析】
【详解】根据平面镜成像的规律画图．
分别作出物体AB的端点A、B关于平面镜的对称点 、 ，用虚线连接 、 即为AB在平面镜中的
像；如图所示：
【点睛】重点是平面镜成像特征的掌握，牢记平面镜成等大的虚像，像与物到镜面的距离相等，像与物的
连线与镜面垂直，即像和物关于平面镜对称．
26. 请用笔画线代替导线将三孔插座、电灯和开关正确连入家庭电路．
【答案】
【解析】
【详解】根据开关控制火线的要求连接灯泡：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．
三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线．如图所示：
【点睛】重点是家庭电路的连接，注意连接中的细节问题：开关控制火线，灯泡的螺旋套连接零线，三孔
插座的“左零、右火、上地”等，都是考查的重点．
27. 为了测量物块A和B的密度，某同学进行了如下实验：
(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______（选
填“左”或“右”）端调节；
(2)如图乙是正确测量A的质量时使用砝码情况和游码的位置，其质量为______g；如图丙是用量筒测量物
块A体积时的场景，则它的体积是______cm3，密度为______kg/m3；
(3)另一物块B的密度大于酒精而小于水，请将该同学测量其密度的下列实验步骤补充完整：
①将物块B放入装有适量水的烧杯中，然后向烧杯中缓慢注入酒精并充分搅拌，直至物块B______在混合
液中；
②取出物块B后，测出烧杯及杯内混合液的总质量为 ；
③将烧杯中的部分混合液倒入空量筒中，测出它的体积为V，同时测出烧杯及杯内剩余混合液的总质量为
；
④由测量结果得到物块B的密度表达式为 ______（用步骤中的字母表示）。
【答案】 (1). 左 (2). 39 (3). 5 (4). (5). 悬浮 (6).
【解析】
【分析】(1)根据指针偏向分度盘的右侧可知右侧质量大，所以把平衡螺母向左调节，才能使天平平衡。(2)物体的质量等于砝码的质量加上游码的示数；体积可从量筒中放入物体后，体积变化读出；再由密度公
式 算出物体的密度。
(3)悬浮时物体的密度等于液体的密度；根据 算出液体的密度即为物B的密度。
【详解】(1)[1]在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，为了使天平平衡，此时应该把平衡
螺母向左调节。
(2)[2]图乙中看出，砝码的质量为20g、10g、5g，游码所对刻度值为4g，物体的质量为砝码质量加上游码
指示的质量，因此石块的质量为
[3]图丙量筒中水 体积为10mL，放入物体A后水的体积变为15mL，则物体A的体积为
[4]则物体A的密度
(3)①[5]物块B的密度大于酒精而小于水，实验过程采用悬浮法测量液体的密度，即将物体B悬浮在液体中，
然后测量出液体的密度即为物体B的密度。
④[6]实验过程中倒出部分的液体质量为 ，倒出部分液体的体积V，则液体的密度
即物体B的密度 。
【点睛】重点是测量固体密度的实验，注意实验中的细节问题，如调节天平的平衡、质量的读数，特别是
游码读数应以左侧为准、量筒中液面的读数方法等，都是常考到的内容，注意多练习，多总结。
28. 如图所示，将透明的薄壁 厚度可忽略不计 方形水槽水平放置，固定在水槽底部的激光笔沿图示方向
发出一细光束，小彬通过缓慢改变水槽中的水量来探究光的传播现象．（1）如图水槽中未注水时可在侧壁上A处得到一个光点，注入一定量的水后，光点移至B处，这是由于
光在水面处发生了光的______现象，此时入射角______角 选填“大于”“等于”或“小于” ；
（2）为使B处的光点移至C处，则应使水槽中的水量______，若BC间距离为2cm，则水面高度的变化量
______ 选填“ ”“ ”或“ ” ；
（3）如图所示，小彬将激光笔移至虚线框内向水槽底部照射，为使光束第一次从水面射出后沿DE方向传
播，则激光笔照射的方向应满足的条件是______，且激光笔照射在水槽底部的位置必须在区______ 选填
“①”②”或“③” 内．
【答案】 (1). 折射 (2). 小于 (3). 增加 (4). (5). 平行于DE (6). ②
【解析】
【详解】（1）[1][2]水槽中未加水水时，由于光的直线传播，激光射到侧壁上的 A点；当水槽中加水时，
光点下移到B点位置，这是由于光的折射现象引起的，当光从水中射入空气中时，折射角大于入射角，此
时入射角小于角Q；
（2）[3]入射角和折射角都不变，所以要使B处的光点移到C处，则应使水槽中的水量增加；
[4]若BC间距离为2cm，因为两次的折射光线是平行的，光斑移动的竖直高度小于水面上升的高度，故水
面高度的变化量大于2cm；
（3）[5]光从空气中进入水中，再从水中射出到空气中，发生折射时，折射角一次减小，一次增大，最终
的入射光线与折射光线是平行的，即激光笔照射的方向应满足的条件是：平行于DE；
[6]且因为第一次折射进入水中时，折射角小于入射角，则激光笔应该与激光笔照射在水槽底部的位置必须
在区②内．
【点睛】重点是根据光的折射定律的应用，关键是记清楚光由空气斜射入水或玻璃中时，折射角小于入射
角，反之折射角大于入射角，可根据光路可逆的特征进行记忆．
29. 小军利用如图电路探究电流与电阻的关系，所用器材规格已在图中标明．请用笔画线代替导线将电路连接完整，使滑片P向左移动时，滑动图变阻器接入电路的阻值增大____；
完成连接后进行实验．闭合开关前，滑片P应置于最______ 选填“左”或“右” 端；
实验中，若无论如何调节滑动变阻器，电流表的示数为零，电压表示数始终为 经检查发现是某根
导线出现了断路，该导线是______ 选填导线编号 ；
测量结束后，应先______，拆除______两端导线后，再拆除其他导线并整理好器材；
将电流表示数记为I，电阻箱和滑动变阻器接入电路的阻值分别记为 和 小军根据实验数据绘制的
I与 之间关系的图线如图所示．
根据如图可得出“在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______的实验结论；
在如图的选项中，能正确反映I与 之间关系的是______，你的理由是：______．
【答案】 (1). (2). 左 (3). (4). 断开开关 (5). 电源(6). 反比 (7). A (8). 滑动变阻器两端的电压保持不变
【解析】
【详解】 滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，故变阻器滑片以右的电阻丝连入电路中，
如下所示：
为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处，即最左端；
电流表无示数，电路断路．电压表示数为3V，则电压表与电源连通，所以电压表并联的那部分断路，
则只能是导线 断路．
为了保护电路，实验结束后，应先断开开关，先拆除电源两端导线后，再拆除其他导线并整理好器材；
根据图2描出的图象，电流与导体电阻的倒数成正比，则电压一定时，通过导体的电流与导体的电
阻成反比；
由图2知电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，即 ，
根据串联电路电压的特点知，滑动变阻器两端的电压保持不变，为 ；
由以上分析可知，电流与滑动变阻器的阻值成反比关系，I与 成正比关系，故BD错误；
A图所示图线，可得： ，故A正确；
C图可得： ，故C错误．故能正确反映I与 之间关系的是A图，你的理由是：滑动变阻器两端的电压保持不变．
【点睛】研究欧姆定律的实验中注意控制变量法的应用，即分别控制电阻不变和电压不变，据此分析滑动
变阻器滑片的调整方向，最后一问要理解电压不变时，电流与电阻成反比，则电流与电阻的倒数成正比．
30. 消防员趴在淤泥地上，受困者伏在其背部用力即可从淤泥里成功脱离，这与压强的知识有关，如图模
拟受困者双脚站立时的场景，他对水平地面的压强为15000Pa；如图模拟消防员趴在淤泥地上的场景，当
受困者完全伏在消防员背上后，消防员与水平地面的接触面积为 ，受困者与消防员的质量分别为
60kg和50kg，g取 。
（1）求受困者所受的重力；
（2）求如图中受困者双脚与地面的接触面积；
（3）当受困者完全伏在如图中消防员背上后，求消防员对地面的压强。
【答案】（1）600N；（2） ；（3）
【解析】
【分析】
【详解】解：（1）受困者所受的重力
（2）受困者对地面的压力为
根据 可知，受困者双脚与地面的接触面积为（3）消防员对地面的压力
消防员对地面的压强
答：（1）受困者所受的重力是600N；
（2）受困者双脚与地面的接触面积是0.04m2；
（3）当受困者完全伏在如图中消防员背上后，消防员对地面的压强是2200Pa。
【点睛】重点是压强公式及其变形公式的应用，注意压力人的重，不可将人的质量直接代入公式计算，有
些同学质量和重力容易混淆，要加强理解。
31. 如图中叶片转动时，电动机发电使LED小灯发光电梯运行有时也会发电，产生的电能一般通过电阻发
热而消耗掉．如图中电梯安装的电能回收装置，能将产生的电能回收利用．已知电梯空载时轿厢的质量比
配重的小且钢缆的质量可忽略不计．
如图发电的原理是 ______ ；当如图轿厢处于空载 ______ 选填“上行”或“下行” 时，电梯将会发
电；
如图中电梯在空载匀速下行的某段时间内，电机消耗的电能 ，其转化为电梯机械能的效
率 ，配重的重力势能增加了 J.则此段时间内，配重的动能 ______ 选填“增加”“减小”或“不变” ，并求出轿厢重力势能的变化量 ______ ；
若镇江拥有电梯数 台，每台电梯平均每天消耗的电能 ，在全部安装了电能回
收装置后，可节约 的电能．则这些电梯每天节约的电能相当于完全燃烧多少千克煤所放出的热量
_____ ？煤的热值取 ．
【答案】 (1) 电磁感应现象 (2). 上行 (3). 不变 (4). (5). 9000kg．
【解析】
【详解】 发电机是利用电磁感应现象制成的，将机械能转化为电能；
由图知轿厢处于空载上行时，配重下降做功，将机械能转化为电能，电梯将会发电；
电梯在空载匀速下行时，质量不变，速度不变，所以动能不变；
在此过程中，消耗了电能 ，转化为电梯的机械能的效率为 ，则为电梯有效利用的能力是 ，
电梯的配重和轿厢组成一个整体，能量守恒，配重的重力势能增加了 ，轿厢重力势能的变化为 ；
则
，
变形得：
；
每天回收的电能：
；
由 得燃烧煤的质量：
．
【点睛】重点是电磁感应现象的应用、热量的计算和能量的相互转化，其中第二问有一定的难度，要能从
能量守恒进行理解，即轿厢下行时，重力做的功（减小的势能）加上电能做的功等于配重增加的重力势能．32. 国家规定燃气灶须安装熄火自动保护装置，在意外熄火 如汤水溢出 时，装置能自动关闭气路．如图
为小华设计的模拟装置示意图：电源电压 ；当电磁铁线圈中的电流 时，衔铁K被释放
从而关闭气路 未画出 启动保护，反之打开气路；线圈电阻不计；热敏电阻 的阻值与温度的关系如图
中图线 所示．
停止加热 意外熄火 后，随着 温度降低，线圈中电流将变 ______ ；
在调试装置时，需满足以下两个条件：
装置启动保护时 的温度不高于 ；
为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护时 的电功率应不超过 ；为满足上述条
件，求电阻箱 R接入电路阻值的范围 ____________ ；
调试完成后，若仅将 更换为图线 所示的热敏电阻 两只热敏电阻的吸、放热本领相同 ，小华发
现装置启动保护的灵敏度会降低，你认为其中的原由是： ______ ．
【答案】 (1). 小 (2). 见解析所示 (3). 随着熄火后 温度降低，图线 所对应的热敏电阻要比
图线 所对应的热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护，因此灵敏度降低【解析】
【详解】 停止加热 意外熄火 后，随着 温度降低，由图2中图线 知， 的阻值增大，根据
知，线圈中电流将变小；
装置启动保护功能时，电路中的电流 ，设此时电阻箱接入电路的阻值为 ， 的温度为
，由图2中图线 可知，热敏电阻的阻值 ，此时电路的总电阻为：
；
由电阻的串联可得， 的最大电阻为：
；
为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护时 的电功率应不超过 ，设此时电阻箱的
阻值为 ，此时电路中 ， 的最大电功率为 ，可知：
，
即：
，
解得:
，
此时电阻箱的最小阻值：
，
所以，电阻箱R接入电路阻值的范围：
；
若仅将 更换为图线 所示的热敏电阻，由图可知，相当温度时图线 的对应的电阻小，所以随着熄火后 温度降低，热敏电阻需降温至更低的温度才能启动保护，即灵敏度降低．
【点睛】注意理解最后一问中，装置启动熄火保护功能时，回路中的电流及回路的总电阻是确定的，图线
的热敏电阻在相同温度时，电阻更小，所以启动保护功能时，延迟时间长，不灵敏．本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（http://zujuan.xkw.com）专业教师团队编校出品。
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